1.5 弹性碰撞和非弹性碰撞 同步练习（Word版含答案）
文档属性
| 名称 | 1.5 弹性碰撞和非弹性碰撞 同步练习（Word版含答案） |  | |
| 格式 | doc | ||
| 文件大小 | 229.5KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版（2019） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2021-09-25 16:33:39 | ||
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文档简介
第一章 动量守恒定律
5 弹性碰撞和非弹性碰撞
1．(多选)在两个物体碰撞前后，下列说法中可以成立的是( )
A．作用后的总机械能比作用前小，但总动量守恒
B．作用前后总动量均为零，但总动能守恒
C．作用前后总动能为零，而总动量不为零
D．作用前后总动量守恒，而系统内各物体的动量增量的总和不为零
2．短道速滑接力赛中，质量为60
kg的甲以大小为10
m/s的速度在前面滑行，质量为50
kg的乙以大小为12
m/s的速度从后面追上，并迅速将甲向前推出，之后乙的速度大小变为4
m/s，乙的方向与原速度方向相反(整个过程均在同一条直线上)，则推后瞬间甲的速度大小为( )
A．
m/s B．
m/s
C．30
m/s D．33
m/s
3．甲、乙两球在光滑水平地面上同向运动，动量分别为p1＝5
kg·m/s，p2＝7
kg·m/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10
kg·m/s，则二球质量关系可能是
( )
A．m1＝m2
B．2m1＝m2
C．4m1＝m2
D．6m1＝m2
4．质量相等的三个物块在一光滑水平面上排成一直线，且彼此隔开了一定的距离，如图所示．具有动能E0的第1个物块向右运动，依次与其余两个静止物块发生碰撞，最后这三个物块粘在一起，这个整体的动能为( )
A．E0
B．
C．
D．
5．质量为ma＝1
kg，mb＝2
kg的小球在光滑的水平面上发生碰撞，碰撞前后两球的位移—时间图像如图所示，则可知碰撞属于
( )
A．弹性碰撞
B．非弹性碰撞
C．完全非弹性碰撞
D．条件不足，不能判断
6．质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正碰，碰撞后两者的动量正好相等，两者质量之比可能为( )
A．0.8
B．3
C．4
D．5
7．质量为m的小球A在光滑的水平面上以速度v与静止在光滑水平面上的质量为3m的小球B发生正碰，碰撞后，A球的动能变为原来的，那么碰撞后B球的速度大小可能是( )
A．v
B．v
C．v
D．v
8．(多选)如图所示，与轻弹簧相连的物体A停放在光滑的水平面上．物体B沿水平方向向右运动，跟与A相连的轻弹簧相碰．在B跟弹簧相碰后，对于A、B和轻弹簧组成的系统，下列说法中正确的是( )
A．弹簧压缩量最大时，A、B的速度相同
B．弹簧压缩量最大时，A、B的动能之和最小
C．弹簧被压缩的过程中系统的总动量不断减小
D．物体A的速度最大时，弹簧的弹性势能为零
9．子弹在射入木块前的动能为E1，动量大小为p1；射穿木块后子弹的动能为E2，动量大小为p2．若木块对子弹的阻力大小恒定，则子弹在射穿木块的过程中的平均速度大小为( )
A．
B．
C．＋
D．－
10．如图所示，在光滑水平面上，有A、B两个小球沿同一直线向右运动，若取向右为正方向，两球的动量分别是pA＝5.0
kg·m/s，pB＝7.0
kg·m/s.已知二者发生正碰，则碰后两球动量的增量ΔpA和ΔpB可能是( )
A．ΔpA＝－3.0
kg·m/s；ΔpB＝3.0
kg·m/s
B．ΔpA＝3.0
kg·m/s；ΔpB＝3.0
kg·m/s
C．ΔpA＝3.0
kg·m/s；ΔpB＝－3.0
kg·m/s
D．ΔpA＝－10
kg·m/s；ΔpB＝10
kg·m/s
11．如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视为质点，质量相等．Q与水平轻弹簧相连，设Q静止，P以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞．在整个过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于( )
A．P的初动能
B．P的初动能的
C．P的初动能的
D．P的初动能的
12．如图所示，一个质量为m的物体A与另一个质量为2m的静止物块B发生正碰，碰后B物块刚好能落入正前方的沙坑中．假如碰撞过程中无机械能损失，已知物块B与地面间的动摩擦因数为0.1，与沙坑的距离x＝0.5
m，g取10
m/s2．物块可视为质点，则碰撞前瞬间A的速度大小为( )
A．0.5
m/s
B．1.0
m/s
C．1.5
m/s
D．2.0
m/s
13．在光滑水平地面上有两个相同的木块
A、B，质量都为m.现
B
静止，A
向
B
运动，发生正碰并黏合在一起运动．两木块组成的系统损失的机械能为ΔE，则碰前A
球的速度等于( )
A．
B．
C．2
D．2
14．如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动．两球质量关系为mB＝2mA，规定向右为正方向，A、B两球的动量均为6
kg·m/s，运动中两球发生碰撞，碰撞后A球的动量增量为－4
kg·m/s，则( )
A．左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为2∶5
B．左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1∶10
C．右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为2∶5
D．右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1∶10
15．如图所示，光滑水平轨道上有三个木块A、B、C，质量分别为mA＝3m，mB＝mC＝m，开始时B、C均静止，A以初速度v0向右运动，A与B碰撞后分开，B又与C发生碰撞并粘在一起，此后A与B间的距离保持不变．求B与C碰撞前B的速度大小．
16．如图是“牛顿摆”装置，5个完全相同的小钢球用轻绳悬挂在水平支架上，5根轻绳互相平行，5个钢球彼此紧密排列，球心等高．用1、2、3、4、5分别标记5个小钢球．当把小球1向左拉起一定高度，如图甲所示，然后由静止释放，在极短时间内经过小球间的相互碰撞，可观察到球5向右摆起，且达到的最大高度与球1的释放高度相同，如图乙所示．关于此实验，下列说法中正确的是( )
A．上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能守恒，动量守恒
B．上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能不守恒，动量不守恒
C．如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度(如图丙所示)，同时由静止释放，经碰撞后，小球4、5一起向右摆起，且上升的最大高度高于小球1、2、3的释放高度
D．如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度(如图丙所示)，同时由静止释放，经碰撞后，小球3、4、5一起向右摆起，且上升的最大高度与小球1、2、3的释放高度相同
17．(多选)如图所示，质量均为M的物体A和B静止在光滑水平地面上并紧靠在一起(不粘连)，A的ab部分是四分之一光滑圆弧，bc部分是粗糙的水平面．现让质量为m的小物块C(可视为质点)自a点静止释放，最终刚好能到达c点而不从A上滑下．则下列说法中正确的是( )
A．小物块C到b点时，A的速度最大
B．小物块C到c点时，A的速度最大
C．小物块C到b点时，C的速度最大
D．小物块C到c点时，A的速率大于B的速率
18．如图所示，三辆完全相同的平板小车a、b、c成一直线排列，质量均为M，静止在光滑水平面上．c车上有一静止的质量为m的小孩．现跳到b车上，接着又立即从b车跳到a车上．小孩跳离c车和b车时对地的水平速度均为v.小孩跳到a车上后相对a车保持静止，则( )
A．a、b、c、小孩四者组成的系统水平方向动量不守恒
B．b、c两车运动速率相等
C．b的速率为v
D．a的速率为v
如图所示，在光滑水平面上有A，B，C三个大小相同的弹性小球静止地排成一直线．已知A球质量是为m，B球质量为3m，C球质量为2m.现使A球沿三球球心连线以速度v0冲向B球．假设三球间的相互作用都是弹性碰撞．试求三球不再发生相互作用时每个球的速度．
参考解析
1【答案】AB 【解析】A为非弹性碰撞，成立；B为完全弹性碰撞，成立；总动能为零时，其总动量一定为零，故C错误；总动量守恒，系统内各物体动量的增量的总和不为零，则系统一定受到合外力作用，D错误．
2【答案】B
【解析】由题知m甲＝60
kg，m乙＝50
kg，以甲、乙组成的系统为研究对象，以甲的初速度方向为正方向，推前甲的速度v甲＝10
m/s，乙的速度v乙＝12
m/s，推后乙的速度v乙′＝－4
m/s，由动量守恒定律，有m甲v甲＋m乙v乙＝m甲v甲′＋m乙v乙′，代入数据解得推后瞬间甲的速度大小为v甲′＝
m/s，故A、C、D错误，B正确．
3【答案】C
【解析】根据动量守恒定律得p1＋p2＝p1′＋p2′，解得p1′＝2
kg·m/s，碰撞过程系统的总动能不增加，则有＋≤＋，解得≤，碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有≤，解得≥，故≥≥，故选C．
4【答案】C 【解析】由碰撞中动量守恒mv0＝3mv1，得v1＝，第1个物块具有的动能E0＝mv，则整块的动能为Ek′＝×3mv＝×3m2＝×mv＝，故C正确．
5【答案】A
【解析】根据x－t图像可知a球的初速度为va＝3
m/s，b球的初的速度为vb＝0，碰撞后a球的速度为va′＝－1
m/s，碰撞后b球的速度为vb′＝2
m/s.两球碰撞过程中，动能变化量为ΔEk＝mav＋0－mava′2－mbvb′2＝
J＝0，则知碰撞前后系统的总动能不变，此碰撞是弹性碰撞，A正确．
6【答案】B 【解析】设碰撞后两者的动量都为p，由于题意可知，碰撞前后总动量为2p，根据动量和动能的关系有p2＝2mEk，碰撞过程动能不增加，有≥＋，解得≤3，且碰后m的速度v1大于M的速度v2，则M＞m，即1＜≤3，故选B．
7【答案】D
【解析】根据碰后A球的动能变为原来的，得
mv＝×mv2，解得v1＝±v，碰撞过程中AB动量守恒，则有mv＝mv1＋3mvB，当v1＝v，解得vB＝v＜v1，不符合题意舍去；当v1＝－v，解得vB＝v，A、B、C错误
，D正确．
8【答案】ABD 【解析】滑块B与弹簧接触后，弹簧发生形变，产生弹力，B做减速运动，A做加速运动，当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，故A正确；A、B和轻弹簧组成的系统能量守恒，弹簧压缩量最大时，弹性势能最大，A、B的动能之和最小，故B正确；A、B和轻弹簧组成的系统所受合外力等于0，系统的动量守恒，故C错误；当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，然后A继续做加速运动，B继续做减速运动，当弹簧恢复原长时，A的速度最大，此时弹簧的弹性势能为零，故D正确．
9【答案】C
【解析】设子弹射入木块前的速度为v1，射穿木块后的速度为v2，因为木块对子弹阻力恒定，故子弹在木块中穿过时做匀减速直线运动，故＝＝＋＝＋＝＋，故选C．
10【答案】A 【解析】根据碰撞过程动量守恒，如果ΔpA＝－3
kg·m/s、ΔpB＝3
kg·m/s，则碰后两球的动量分别为pA′＝2
kg·m/s、pB′＝10
kg·m/s，根据碰撞过程总动能不增加，是可能发生的，故A正确．两球碰撞过程，系统的动量守恒，两球动量变化量应大小相等，方向相反，若ΔpA＝3
kg·m/s，则ΔpB＝－3
kg·m/s，B选项违反了动量守恒定律，不可能，故B错误．根据碰撞过程动量守恒定律，如果ΔpA＝3
kg·m/s、ΔpB＝－3
kg·m/s，所以碰后两球的动量分别为pA′＝8
kg·m/s、pB′＝4
kg·m/s，由题，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，与实际运动不符，故C错误．如果ΔpA＝－10
kg·m/s、ΔpB＝10
kg·m/s，则碰后两球的动量分别为pA′＝－5
kg·m/s、pB′＝17
kg·m/s，可以看出，碰撞后A的动能不变，而B的动能增大，违反了能量守恒定律，不可能，故D错误．
11【答案】B 【解析】在整个过程中，弹簧具有最大弹性势能时，P和Q的速度相同；根据动量守恒定律mv0＝2mv；根据机械能守恒定律，有Ep＝mv－2×mv2＝mv＝Ek0
，故最大弹性势能等于P的初动能的，故B正确．
12【答案】C 【解析】碰撞后B做匀减速运动，由动能定理得－μ·2mgx＝0－×2mv2，代入数据得v＝1
m/s，A与B碰撞的过程中，A与B组成的系统在水平方向的动量守恒，选取向右为正方向，则有mv0＝mv1＋2mv，由于没有机械能的损失，则有mv＝mv＋×2mv2，联立解得v0＝1.5
m/s，C正确．
13【答案】C 【解析】由动量守恒mv＝2mv′，损失的机械能ΔE＝mv2－×2mv′2
，解得碰前A
球的速度v＝2，故A、B、D错误，C正确．
14【答案】A 【解析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒．同时考虑实际情况，碰撞前、后面的球速度大于前面球的速度．规定向右为正方向，碰撞前A、B两球的动量均为6
kg·m/s，说明A、B两球的速度方向向右，两球质量关系为mB＝2mA，所以碰撞前vA>vB，所以左方是A球．碰撞后A球的动量增量为－4
kg·m/s，所以碰撞后A球的动量是2
kg·m/s，碰撞过程系统总动量守恒mAvA＋mBvB＝－mAvA′＋mBvB′，所以碰撞后B球的动量是10
kg·m/s，根据mB＝2mA，所以碰撞后A、B两球速度大小之比为2∶5，A正确．
15【答案】v0 【解析】A与B碰撞时动量守恒，设A与B碰撞后，A的速度为vA，B与C碰撞前B的速度为vB，则
mAv0＝mAvA＋mBvB，①
B与C碰撞时动量守恒，设粘在一起的速度为v，则
mBvB＝(mB＋mC)v，②
由A与B间的距离保持不变可知vA＝v，③
联立①②③式，代入数据得vB＝v0．
16【答案】D 【解析】5个小球组成的系统发生的是弹性正碰，系统的机械能守恒，系统在水平方向的动量守恒，总动量并不守恒，A、B错误；同时向左拉起小球1、2、3到相同的高度，同时由静止释放并与4、5碰撞后，由机械能守恒和水平方向的动量守恒知，小球3、4、5一起向右摆起，且上升的最大高度与小球1、2、3的释放高度相同，C错误，D正确．
17【答案】AC 【解析】C下滑的到b点的过程中，A、B及C组成的系统动量守恒，C从a到b的过程中，速度逐渐增大，所以A、B系统速度向左，速度逐渐增大，C从b到c滑动时，C做匀减速运动，所以在b点C的速度最大，A在C运动到b点时速度最大，故A、C正确，B错误；C下滑到b点时，A和B的速度相等，此后B做匀速运动，A先做匀减速运动，后反向做匀加速运动，到达C点时A、C速度恰好相等，此时A、C的总动量与B的动量大小相等，但A、C的总质量比B的质量大，所以A的速率小于B的速率，D错误．
18【答案】D 【解析】小车a、b、c与小孩四者组成的系统，水平方向的外力之和为零，水平方向动量守恒，故A错误；对小孩跳离c车的过程，取向右为正方向，对小孩和c的系统，由水平方向动量守恒定律，有0＝mv＋Mvc，解得c车的速度为vc＝－，负号表示方向向左；对小孩跳上b车再跳离b车的过程，由小孩和b的系统水平方向动量守恒，有mv＋0＝Mvb＋mv，解得b车最终的速度为vb＝0，故B、C错误．对小孩跳上a车的过程，由动量守恒定律，有mv＋0＝(M＋m)va，解得a车的最终速度为va＝，故D正确．
19【答案】－v0 v0 v0
【解析】设小球A与B发生碰撞后速度分别为vA、vB，由于是弹性碰撞mv0＝mvA＋3mvB，mv＝mv＋×3mv，解得vA＝－v0，方向向左；vB＝v0，方向向右．此后B球以速度vB与C球发生碰撞，设碰撞后速度分别为vB′、vC，由于是弹性碰撞3mvB＝3mvB′＋2mvC，×3mv＝×3mvB′2＋×2mv，代入数据得vB′＝vB＝v0，方向向右；vC＝vB＝v0，方向向右；此后三球不会再碰撞，故三球不再发生相互作用时速度分别为－v0、v0、v0．
5 弹性碰撞和非弹性碰撞
1．(多选)在两个物体碰撞前后，下列说法中可以成立的是( )
A．作用后的总机械能比作用前小，但总动量守恒
B．作用前后总动量均为零，但总动能守恒
C．作用前后总动能为零，而总动量不为零
D．作用前后总动量守恒，而系统内各物体的动量增量的总和不为零
2．短道速滑接力赛中，质量为60
kg的甲以大小为10
m/s的速度在前面滑行，质量为50
kg的乙以大小为12
m/s的速度从后面追上，并迅速将甲向前推出，之后乙的速度大小变为4
m/s，乙的方向与原速度方向相反(整个过程均在同一条直线上)，则推后瞬间甲的速度大小为( )
A．
m/s B．
m/s
C．30
m/s D．33
m/s
3．甲、乙两球在光滑水平地面上同向运动，动量分别为p1＝5
kg·m/s，p2＝7
kg·m/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10
kg·m/s，则二球质量关系可能是
( )
A．m1＝m2
B．2m1＝m2
C．4m1＝m2
D．6m1＝m2
4．质量相等的三个物块在一光滑水平面上排成一直线，且彼此隔开了一定的距离，如图所示．具有动能E0的第1个物块向右运动，依次与其余两个静止物块发生碰撞，最后这三个物块粘在一起，这个整体的动能为( )
A．E0
B．
C．
D．
5．质量为ma＝1
kg，mb＝2
kg的小球在光滑的水平面上发生碰撞，碰撞前后两球的位移—时间图像如图所示，则可知碰撞属于
( )
A．弹性碰撞
B．非弹性碰撞
C．完全非弹性碰撞
D．条件不足，不能判断
6．质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正碰，碰撞后两者的动量正好相等，两者质量之比可能为( )
A．0.8
B．3
C．4
D．5
7．质量为m的小球A在光滑的水平面上以速度v与静止在光滑水平面上的质量为3m的小球B发生正碰，碰撞后，A球的动能变为原来的，那么碰撞后B球的速度大小可能是( )
A．v
B．v
C．v
D．v
8．(多选)如图所示，与轻弹簧相连的物体A停放在光滑的水平面上．物体B沿水平方向向右运动，跟与A相连的轻弹簧相碰．在B跟弹簧相碰后，对于A、B和轻弹簧组成的系统，下列说法中正确的是( )
A．弹簧压缩量最大时，A、B的速度相同
B．弹簧压缩量最大时，A、B的动能之和最小
C．弹簧被压缩的过程中系统的总动量不断减小
D．物体A的速度最大时，弹簧的弹性势能为零
9．子弹在射入木块前的动能为E1，动量大小为p1；射穿木块后子弹的动能为E2，动量大小为p2．若木块对子弹的阻力大小恒定，则子弹在射穿木块的过程中的平均速度大小为( )
A．
B．
C．＋
D．－
10．如图所示，在光滑水平面上，有A、B两个小球沿同一直线向右运动，若取向右为正方向，两球的动量分别是pA＝5.0
kg·m/s，pB＝7.0
kg·m/s.已知二者发生正碰，则碰后两球动量的增量ΔpA和ΔpB可能是( )
A．ΔpA＝－3.0
kg·m/s；ΔpB＝3.0
kg·m/s
B．ΔpA＝3.0
kg·m/s；ΔpB＝3.0
kg·m/s
C．ΔpA＝3.0
kg·m/s；ΔpB＝－3.0
kg·m/s
D．ΔpA＝－10
kg·m/s；ΔpB＝10
kg·m/s
11．如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视为质点，质量相等．Q与水平轻弹簧相连，设Q静止，P以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞．在整个过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于( )
A．P的初动能
B．P的初动能的
C．P的初动能的
D．P的初动能的
12．如图所示，一个质量为m的物体A与另一个质量为2m的静止物块B发生正碰，碰后B物块刚好能落入正前方的沙坑中．假如碰撞过程中无机械能损失，已知物块B与地面间的动摩擦因数为0.1，与沙坑的距离x＝0.5
m，g取10
m/s2．物块可视为质点，则碰撞前瞬间A的速度大小为( )
A．0.5
m/s
B．1.0
m/s
C．1.5
m/s
D．2.0
m/s
13．在光滑水平地面上有两个相同的木块
A、B，质量都为m.现
B
静止，A
向
B
运动，发生正碰并黏合在一起运动．两木块组成的系统损失的机械能为ΔE，则碰前A
球的速度等于( )
A．
B．
C．2
D．2
14．如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动．两球质量关系为mB＝2mA，规定向右为正方向，A、B两球的动量均为6
kg·m/s，运动中两球发生碰撞，碰撞后A球的动量增量为－4
kg·m/s，则( )
A．左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为2∶5
B．左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1∶10
C．右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为2∶5
D．右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1∶10
15．如图所示，光滑水平轨道上有三个木块A、B、C，质量分别为mA＝3m，mB＝mC＝m，开始时B、C均静止，A以初速度v0向右运动，A与B碰撞后分开，B又与C发生碰撞并粘在一起，此后A与B间的距离保持不变．求B与C碰撞前B的速度大小．
16．如图是“牛顿摆”装置，5个完全相同的小钢球用轻绳悬挂在水平支架上，5根轻绳互相平行，5个钢球彼此紧密排列，球心等高．用1、2、3、4、5分别标记5个小钢球．当把小球1向左拉起一定高度，如图甲所示，然后由静止释放，在极短时间内经过小球间的相互碰撞，可观察到球5向右摆起，且达到的最大高度与球1的释放高度相同，如图乙所示．关于此实验，下列说法中正确的是( )
A．上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能守恒，动量守恒
B．上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能不守恒，动量不守恒
C．如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度(如图丙所示)，同时由静止释放，经碰撞后，小球4、5一起向右摆起，且上升的最大高度高于小球1、2、3的释放高度
D．如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度(如图丙所示)，同时由静止释放，经碰撞后，小球3、4、5一起向右摆起，且上升的最大高度与小球1、2、3的释放高度相同
17．(多选)如图所示，质量均为M的物体A和B静止在光滑水平地面上并紧靠在一起(不粘连)，A的ab部分是四分之一光滑圆弧，bc部分是粗糙的水平面．现让质量为m的小物块C(可视为质点)自a点静止释放，最终刚好能到达c点而不从A上滑下．则下列说法中正确的是( )
A．小物块C到b点时，A的速度最大
B．小物块C到c点时，A的速度最大
C．小物块C到b点时，C的速度最大
D．小物块C到c点时，A的速率大于B的速率
18．如图所示，三辆完全相同的平板小车a、b、c成一直线排列，质量均为M，静止在光滑水平面上．c车上有一静止的质量为m的小孩．现跳到b车上，接着又立即从b车跳到a车上．小孩跳离c车和b车时对地的水平速度均为v.小孩跳到a车上后相对a车保持静止，则( )
A．a、b、c、小孩四者组成的系统水平方向动量不守恒
B．b、c两车运动速率相等
C．b的速率为v
D．a的速率为v
如图所示，在光滑水平面上有A，B，C三个大小相同的弹性小球静止地排成一直线．已知A球质量是为m，B球质量为3m，C球质量为2m.现使A球沿三球球心连线以速度v0冲向B球．假设三球间的相互作用都是弹性碰撞．试求三球不再发生相互作用时每个球的速度．
参考解析
1【答案】AB 【解析】A为非弹性碰撞，成立；B为完全弹性碰撞，成立；总动能为零时，其总动量一定为零，故C错误；总动量守恒，系统内各物体动量的增量的总和不为零，则系统一定受到合外力作用，D错误．
2【答案】B
【解析】由题知m甲＝60
kg，m乙＝50
kg，以甲、乙组成的系统为研究对象，以甲的初速度方向为正方向，推前甲的速度v甲＝10
m/s，乙的速度v乙＝12
m/s，推后乙的速度v乙′＝－4
m/s，由动量守恒定律，有m甲v甲＋m乙v乙＝m甲v甲′＋m乙v乙′，代入数据解得推后瞬间甲的速度大小为v甲′＝
m/s，故A、C、D错误，B正确．
3【答案】C
【解析】根据动量守恒定律得p1＋p2＝p1′＋p2′，解得p1′＝2
kg·m/s，碰撞过程系统的总动能不增加，则有＋≤＋，解得≤，碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有≤，解得≥，故≥≥，故选C．
4【答案】C 【解析】由碰撞中动量守恒mv0＝3mv1，得v1＝，第1个物块具有的动能E0＝mv，则整块的动能为Ek′＝×3mv＝×3m2＝×mv＝，故C正确．
5【答案】A
【解析】根据x－t图像可知a球的初速度为va＝3
m/s，b球的初的速度为vb＝0，碰撞后a球的速度为va′＝－1
m/s，碰撞后b球的速度为vb′＝2
m/s.两球碰撞过程中，动能变化量为ΔEk＝mav＋0－mava′2－mbvb′2＝
J＝0，则知碰撞前后系统的总动能不变，此碰撞是弹性碰撞，A正确．
6【答案】B 【解析】设碰撞后两者的动量都为p，由于题意可知，碰撞前后总动量为2p，根据动量和动能的关系有p2＝2mEk，碰撞过程动能不增加，有≥＋，解得≤3，且碰后m的速度v1大于M的速度v2，则M＞m，即1＜≤3，故选B．
7【答案】D
【解析】根据碰后A球的动能变为原来的，得
mv＝×mv2，解得v1＝±v，碰撞过程中AB动量守恒，则有mv＝mv1＋3mvB，当v1＝v，解得vB＝v＜v1，不符合题意舍去；当v1＝－v，解得vB＝v，A、B、C错误
，D正确．
8【答案】ABD 【解析】滑块B与弹簧接触后，弹簧发生形变，产生弹力，B做减速运动，A做加速运动，当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，故A正确；A、B和轻弹簧组成的系统能量守恒，弹簧压缩量最大时，弹性势能最大，A、B的动能之和最小，故B正确；A、B和轻弹簧组成的系统所受合外力等于0，系统的动量守恒，故C错误；当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，然后A继续做加速运动，B继续做减速运动，当弹簧恢复原长时，A的速度最大，此时弹簧的弹性势能为零，故D正确．
9【答案】C
【解析】设子弹射入木块前的速度为v1，射穿木块后的速度为v2，因为木块对子弹阻力恒定，故子弹在木块中穿过时做匀减速直线运动，故＝＝＋＝＋＝＋，故选C．
10【答案】A 【解析】根据碰撞过程动量守恒，如果ΔpA＝－3
kg·m/s、ΔpB＝3
kg·m/s，则碰后两球的动量分别为pA′＝2
kg·m/s、pB′＝10
kg·m/s，根据碰撞过程总动能不增加，是可能发生的，故A正确．两球碰撞过程，系统的动量守恒，两球动量变化量应大小相等，方向相反，若ΔpA＝3
kg·m/s，则ΔpB＝－3
kg·m/s，B选项违反了动量守恒定律，不可能，故B错误．根据碰撞过程动量守恒定律，如果ΔpA＝3
kg·m/s、ΔpB＝－3
kg·m/s，所以碰后两球的动量分别为pA′＝8
kg·m/s、pB′＝4
kg·m/s，由题，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，与实际运动不符，故C错误．如果ΔpA＝－10
kg·m/s、ΔpB＝10
kg·m/s，则碰后两球的动量分别为pA′＝－5
kg·m/s、pB′＝17
kg·m/s，可以看出，碰撞后A的动能不变，而B的动能增大，违反了能量守恒定律，不可能，故D错误．
11【答案】B 【解析】在整个过程中，弹簧具有最大弹性势能时，P和Q的速度相同；根据动量守恒定律mv0＝2mv；根据机械能守恒定律，有Ep＝mv－2×mv2＝mv＝Ek0
，故最大弹性势能等于P的初动能的，故B正确．
12【答案】C 【解析】碰撞后B做匀减速运动，由动能定理得－μ·2mgx＝0－×2mv2，代入数据得v＝1
m/s，A与B碰撞的过程中，A与B组成的系统在水平方向的动量守恒，选取向右为正方向，则有mv0＝mv1＋2mv，由于没有机械能的损失，则有mv＝mv＋×2mv2，联立解得v0＝1.5
m/s，C正确．
13【答案】C 【解析】由动量守恒mv＝2mv′，损失的机械能ΔE＝mv2－×2mv′2
，解得碰前A
球的速度v＝2，故A、B、D错误，C正确．
14【答案】A 【解析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒．同时考虑实际情况，碰撞前、后面的球速度大于前面球的速度．规定向右为正方向，碰撞前A、B两球的动量均为6
kg·m/s，说明A、B两球的速度方向向右，两球质量关系为mB＝2mA，所以碰撞前vA>vB，所以左方是A球．碰撞后A球的动量增量为－4
kg·m/s，所以碰撞后A球的动量是2
kg·m/s，碰撞过程系统总动量守恒mAvA＋mBvB＝－mAvA′＋mBvB′，所以碰撞后B球的动量是10
kg·m/s，根据mB＝2mA，所以碰撞后A、B两球速度大小之比为2∶5，A正确．
15【答案】v0 【解析】A与B碰撞时动量守恒，设A与B碰撞后，A的速度为vA，B与C碰撞前B的速度为vB，则
mAv0＝mAvA＋mBvB，①
B与C碰撞时动量守恒，设粘在一起的速度为v，则
mBvB＝(mB＋mC)v，②
由A与B间的距离保持不变可知vA＝v，③
联立①②③式，代入数据得vB＝v0．
16【答案】D 【解析】5个小球组成的系统发生的是弹性正碰，系统的机械能守恒，系统在水平方向的动量守恒，总动量并不守恒，A、B错误；同时向左拉起小球1、2、3到相同的高度，同时由静止释放并与4、5碰撞后，由机械能守恒和水平方向的动量守恒知，小球3、4、5一起向右摆起，且上升的最大高度与小球1、2、3的释放高度相同，C错误，D正确．
17【答案】AC 【解析】C下滑的到b点的过程中，A、B及C组成的系统动量守恒，C从a到b的过程中，速度逐渐增大，所以A、B系统速度向左，速度逐渐增大，C从b到c滑动时，C做匀减速运动，所以在b点C的速度最大，A在C运动到b点时速度最大，故A、C正确，B错误；C下滑到b点时，A和B的速度相等，此后B做匀速运动，A先做匀减速运动，后反向做匀加速运动，到达C点时A、C速度恰好相等，此时A、C的总动量与B的动量大小相等，但A、C的总质量比B的质量大，所以A的速率小于B的速率，D错误．
18【答案】D 【解析】小车a、b、c与小孩四者组成的系统，水平方向的外力之和为零，水平方向动量守恒，故A错误；对小孩跳离c车的过程，取向右为正方向，对小孩和c的系统，由水平方向动量守恒定律，有0＝mv＋Mvc，解得c车的速度为vc＝－，负号表示方向向左；对小孩跳上b车再跳离b车的过程，由小孩和b的系统水平方向动量守恒，有mv＋0＝Mvb＋mv，解得b车最终的速度为vb＝0，故B、C错误．对小孩跳上a车的过程，由动量守恒定律，有mv＋0＝(M＋m)va，解得a车的最终速度为va＝，故D正确．
19【答案】－v0 v0 v0
【解析】设小球A与B发生碰撞后速度分别为vA、vB，由于是弹性碰撞mv0＝mvA＋3mvB，mv＝mv＋×3mv，解得vA＝－v0，方向向左；vB＝v0，方向向右．此后B球以速度vB与C球发生碰撞，设碰撞后速度分别为vB′、vC，由于是弹性碰撞3mvB＝3mvB′＋2mvC，×3mv＝×3mvB′2＋×2mv，代入数据得vB′＝vB＝v0，方向向右；vC＝vB＝v0，方向向右；此后三球不会再碰撞，故三球不再发生相互作用时速度分别为－v0、v0、v0．