13.3比热容同步练习题2021-2022学年人教版九年级物理（含解析）

13.3比热容同步练习题2021-2022学年人教版九年级物理
一、单选题
用如图所示的装置，先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体比热容的大小，多次实验表明：要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，以下关于该实验的操作及分析错误的是
A. 水比煤油的比热容大
B. 加热时用玻璃棒不断搅拌，是为了水和煤油受热均匀
C. 实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间
D. 相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后。煤油比水升高的温度大
如图为探究“比较不同物质吸热情况”的实验装置，使用相同规格的电加热器分别对水和食用油加热，得到温度随时间变化的图象如图所示。下列说法正确的是
A. 甲的吸热能力比乙的吸热能力强
B. 在两个相同的烧杯中应加入体积相同的水和食用油
C. 实验中物质吸热的多少是通过升高的温度来衡量的
D. 图图象中甲对应食用油，乙对应水
将一高温物体与一低温物体接触达到相同温度两物体与外界没有热量交换，则有
A. 高温物体放出的热量一定大于低温物体吸收的热量
B. 高温物体放出的热量一定等于低温物体吸收的热量
C. 高温物体降低的温度一定大于低温物体升高的温度
D. 高温物体降低的温度一定等于低温物体升高的温度
甲、乙两物体质量都为，丙物体质量为，三个物体温度都升高，吸收热量如图，以下说法正确的是
A. 乙的比热容与丙的相等
B. 甲的比热容比乙的大
C. 甲的温度升高，需吸收的热量
D. 甲、乙的温度都降低，乙比甲放出的热量多
某实验小组利用酒精灯对冰均匀加热，他们每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。如图是他们根据记录的数据绘制的“温度时间”图象，已知，，由图象可知
A. 水升温比冰慢，说明水的比热容比冰小
B. 冰在熔化过程中温度保持不变，内能不变
C. 冰在熔化前内能增加
D. 在段，水吸收的热量是
冷水的温度为，热水的温度为，现要把冷水和热水混合成温度为的温水，若不计热量损失，冷水和热水的质量比应为
A. B. C. D.
学习了比热容的知识后，某物理课外兴趣小组绘制了如图所示的海陆风成因及流动情况示意图，其中正确的是
A. B.
C. D. ．
图是根据某沿海城市和某内陆城市一年内气温随月份变化的图线。下列说法正确的是
A. 实线是内陆城市的气温图线，因为砂石的比热容较小
B. 实线是内陆城市的气温图线，因为砂石的比热容较大
C. 实线是沿海城市的气温图线，因为水的比热容较小
D. 实线是沿海城市的气温图线，因为水的比热容较大
，两物体质量相等，温度均为；甲、乙两杯水质量相等，温度均为现将放入甲杯，放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了，乙杯水温降低了，不考虑热量的损耗，则、两物体的比热容之比为
A. ： B. ： C. ： D. ：
将质量、初温分别相等的铁块和铝块 放在沸水中煮较长一段时间，则它们吸收的热量
A. 铝块比铁块吸收的热量多 B. 铁块和铝块吸收的热量一样多
C. 铁块比铝块吸收的热量多 D. 条件不足，无法确定
二、填空题
“卡路里”简称“卡”，是热量的另一个单位，现在仍被广泛使用在营养计量中。“卡”是这样规定的：卡等于在一标准大气压下，水温度升高吸收的热量。那么卡等于______焦耳。已知
如图所示，是某液体的凝固图像，当该液体凝固后，它是________选填“晶体”或“非晶体”；第分钟的内能________选填“大于”、“小于”或“等于”第分钟的内能；若该液体从点降温到点，共放出________________的热量．
在“母亲节”这天，小唐同学为妈妈炖了一碗排骨汤，然后用盆子装了的水，将装汤的碗放在水中进行冷却。小唐同学用水进行冷却主要是利用了水的______大。过了一会儿，水温由升高到，水吸收的热量为______。
三、实验探究题
如图所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，取质量和初温都相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的易拉罐中，用相同的装置加热，实验数据记录如下表：
温度
加热时间 甲
乙
实验中，可以通过______；选填“升高的温度”或“加热时间”来比较两种液体吸收热量的多少。
分析实验数据可知：当它们升高相同温度时，______选填“甲”或“乙”，下同液体需要吸收的热量更多；当它们吸收相同热量时，______液体升温更高。
若在这两种液体中选择一种作为汽车发动机的冷却剂，______液体冷却效果更好。
在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：
在两个完全相同的烧杯中分别装入______、初温都相同的水和煤油选填“质量”或“体积”。
实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和煤油______相同，然后比较______的方法来完成探究实验的。
根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图所示，则______的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容______选填：“较大”或“较小”。
由图象可得煤油的比热容为______
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸热加热时间多少，吸热多加热时间长的吸热能力强，比热容大，故水的比热容大于煤油的比热容，故A正确；
B、实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀，故B正确；
C、水和煤油的沸点不同，加热时间也不同，无法比较比热容的大小，故C错误；
D、由于煤油的比热容小，根据，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，煤油的温度比水的温度升高得大，故D正确。
故选：。
相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸热加热时间多少，吸热多加热时间长的吸热能力强，比热容大；
用搅拌器搅拌，目的是使得液体受热均匀；
水和煤油的沸点不同，加热时间也不同，无法比较比热容的大小；
根据，相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后。煤油比水升高的温度大
本题考查控制变量法的运用、搅拌器的作用、比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
2.【答案】
【解析】
【分析】
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
比较物质吸热能力的种方法：
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强；
使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】
A.使用相同规格的电加热器分别对水和食用油加热，根据转换法，相同时间两种物质吸热相同，由图知，升高相同的温度，乙加热时间长，故乙的吸热能力比甲的吸热能力强，故A错误；
B.根据控制不同物质吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，由有，因水和食用油的密度不同，故体积相同的两种物质质量不同，故B错误；
C.根据转换法，实验中物质吸热的多少是加热时间来衡量的，故C错误；
D.由知，乙的吸热能力大，甲的吸热能力弱，故图图象中甲对应食用油，乙对应水，故D正确。
故选D。
3.【答案】
【解析】
【分析】
热量是指在热传递过程中传递的能量，只有在热传递过程中才能提到热量。
区分温度、热量、内能，要从宏观和微观两个角度的表现来认识：宏观的温度的升高是指微观的分子运动更剧烈；宏观的物态变化是指微观的分子间作用力变化；内能是指二者之和。
【解答】
将一高温物体与一低温物体接触达到相同温度，由于不知它们的比热容大小，故无法判定温度的高低，故CD错误；则高温物体放出热量，低温物体吸收热量，与外界没有热交换，放出的热量等于吸收的热量，故B正确，A错误。
故选B。
4.【答案】
【解析】
【分析】
根据图判定物质在升高时吸热的多少，根据得出结论。
由表中数据找出各物质比热容的关系，应用热量公式即可正确解题。
【解答】
由题意和图可知：甲、乙两物体质量都为，丙物体质量为，三个物体温度都升高，则甲吸收的热量多，乙丙吸热相同；
A、乙丙吸热相同，升高温度相同，质量不同，根据可知，比热容不同，故A错误；
B、甲乙质量相同，升高温度相同，甲吸热多，根据可知，甲的比热容大于乙的比热容，故B正确；
C、由图可知，甲的温度升高，需吸收的热量，故C错误；
D、甲、乙的温度都降低，甲放热多，故D错误。
故选：。
5.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了比热容的概念、晶体熔化特点和吸热公式的应用，能从晶体熔化图象得出相关信息是关键。
利用酒精灯对冰均匀加热，即在相同时间内冰吸热相同，分析图象得出，冰和水温度都升高吸热多少关系，进而得出吸收相同的热量，温度变化大小关系；而冰化水质量不变，利用得出比热容大小关系；
晶体在熔化过程中，吸收热量、内能增加，但温度不变；
知道冰的质量，由图得出熔化前温度变化，则在熔化前内能增加；
冰化水，质量不变，由图得出在段温度变化，利用求水吸收的热量。
【解答】
A.由题知，利用酒精灯对冰均匀加热，即在相同时间内冰吸热相同，由图可知，冰在前内温度升高了，水在后内升高了，可见升高相同的温度，水吸热多；则吸收相同的热量，水温度变化慢，而冰化水质量不变，所以由可知水的比热容比冰的比热容大，故A错误；
B.冰在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度保持不变，故B错误；
C.冰的质量为，温度变化，在熔化前内能增加：，故C错误；
D.冰化水，质量不变，还是，在段温度变化，水吸收的热量，故D正确。
故选D。
6.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了学生对吸热公式、放热公式、热平衡方程的掌握和运用，因为是求比值，要细心，防止因颠倒而出错
冷水和热水混合，冷水吸收热量、温度升高，热水放出热量、温度降低，不考虑热损失，则，根据热平衡方程求冷水和热水的质量比。
【解答】
冷水吸收的热量：
，
热水放出的热量：
，
由题知，，
，
解得：
。
故选项D符合题意，选项ABC不符合题意。
故选D。
7.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了水的比热容较大知识点的应用，还涉及到了风的形成原因，综合性较强，需要学生有综合各学科知识的能力，有一定难度。
水的比热容比土壤或砂石的比热容大，质量相同的水和土壤或砂石在同样受热情况下，水升高的温度低；
一般来说，温度越高，大气受热膨胀上升越快，气压越低，因此多数情况下，热的地区为低压，冷的为高压；风从高气压带流向低气压带。
【解答】
白天，地表受太阳辐射而增温，由于陆地土壤比热容比海水比热容小，且土壤容量比海水容量小得多，陆地升温比海洋快得多，因此陆地上的气温显著地比附近海洋上的气温高，陆地上空气气压低于海洋表面气压，风由海洋吹向陆地，故A正确，C错误；
夜间，由于陆地土壤比热容比海水比热容小，且土壤容量比海水容量小得多，陆地降温比海洋快，海上气温高于陆地，陆地上空气压比海洋上空气压高，就出现与白天相反的风向，风由陆地吹向海洋，故BD错误。
故选A。
8.【答案】
【解析】
【分析】
本题主要考查了学生对水的比热容大的特点在生活中应用的了解和掌握，从图象得出相关信息是本题的关键，找出温差大的就是内陆。
沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；
而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大；
根据气温变化曲线提供的信息进行判断。
【解答】
由一年的气温变化曲线得出，实线所示的城市最高、最低气温差比虚线所示的城市的大；
水的比热容比沙石大，质量相等的水和沙石，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化值比较小，所以实线表示的是内陆城市的年气温变化曲线，虚线表示的是沿海城市的年气温变化曲线。故A正确，BCD错误。
故选A。
9.【答案】
【解析】
【分析】
本题解题的关键在于学生能否正确写出高温物体放热和低温物体吸热的表达式，利用方程的思想可以解决许多物理问题，在学习中注意运用。
物体放入甲杯水后，水的温度由降低了，变成，的温度由升高到，水放出的热量等于吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出的比热容；
物体放入乙杯水后，水的温度由降低了，变成，的温度由升高到，水放出的热量等于吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出的比热容。求出和的比热容后，就可以解决问题。
【解答】
物体放入甲杯水后，，则它们的共同温度为，物体的温度由升高到，则，水放出的热量，吸收的热量，不考虑热量的损耗，根据热平衡方程得：，代入相关数据得：；物体放入乙杯水后，
，它们的共同温度为，的温度由升高到，则，水放出的热量，吸收的热量，根据热平衡方程：，即代入相关数据得：；因为、两物体质量相等，即，所以，故A正确，BCD错误。
故选A。
10.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，知道将铁块和铝块放在沸水中煮到温度不再升高，二者的末温相同是本题的突破口。
由公式可以知道，在温度变化和质量相同时，铝的比热容大，所以吸收热量就会更多。
【解答】
将铁块和铝块放在沸水中煮一段较长的时间，二者的末温相同，由于初温相同，所以升高的温度相同；
因为铝的比热容比铁的比热容大，在铁块和铝块的初温和末温、质量都相同时，由可以知道，比热容大的吸收的热量多，因此铝块比铁块吸收的热量多，故A正确。
故选A。
11.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了热量单位卡与焦耳的换算关系，要利用好条件：的水温度升高所吸收的热量为卡。
利用求的水温度升高所吸收的热量，即卡的大小。
【解答】
由题知，的水温度升高所吸收的热量为卡，
的水温度升高所吸收的热量：
，
所以卡。
故答案为：。
12.【答案】晶体；小于；
【解析】
【分析】
此题考查了对晶体、非晶体凝固图象的区别，关键是搞清晶体和非晶体在凝固过程中的特点。明确晶体与非晶体熔化时的根本区别，抓住图象中的关键特征，就能顺利解决此题。
晶体和非晶体最大的区别就在于，晶体有一定的熔点或凝固点，而非晶体没有一定的熔点或凝固点，表现在图象上，晶体凝固有一段图象是水平的，而非晶体是一直下降的；物体放出热量，内能减少；已知液体的质量和比热容，利用可求得放出的热量。
【解答】
无论是晶体还是非晶体，凝固都是要放热的，只是在凝固的过程中，晶体温度不变，非晶体一边放热、一边降温、一边凝固；图象中变化曲线呈水平方向的段，就是晶体的凝固过程，它对应的纵坐标的值，就是晶体的凝固点，由于晶体在凝固过程中，不断放热，故第分钟的内能小于第分钟的内能；该液体从点降温到点，共放出热量：
。
故答案为：晶体；小于；。
13.【答案】比热容
【解析】解：由于水的比热容大，质量相同的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多，冷却效果好，所以，将装汤的碗放在水中进行冷却就是利用水的比热容大这一特性；
水吸收的热量：
。
故答案为：比热容；。
与其它液体相比，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多。
已知水的比热、质量和升高的温度，利用计算水吸收的热量。
本题主要考查学生对：水的比热容大的特点在生活中的应用的了解和掌握及吸热公式的应用，是一道基础题。
14.【答案】加热时间；甲；乙；甲
【解析】解：用相同的装置加热，加热相同的时间，放出的热量就是相等的，甲和乙吸收的热量也就是相等的，所以物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；
由表中实验数据可知，甲升高时需要的时间为，乙升高需要的时间为，甲需要的加热时间长、吸收的热量多；
当它们加热相同的时间，甲升高，乙升高，则它们吸收相同热量时，乙温度升高的多；
根据，吸收相同的热量，吸热能力强的，温度升高的就小，就更适合做冷却液。故甲做冷却液更好。
故答案为：加热时间；甲；乙；甲。
相同的热源对液体加热，液体在相等时间内吸收的热量相等；
分析表中数据，得出升高相同温度哪个加热时间长，则吸热多；加热相同的时间，看哪个升高温度多；
根据吸收热量的公式，质量相等的甲、乙液体，吸收相同的热量，温度升高的就小，比热容大的，就更适合做冷却液。
本题考查了实验注意事项、实验数据分析，应用控制变量法是正确解题的关键，熟练应用控制变量法、分析表中实验数据即可解题。
15.【答案】质量 吸收的热量； 升高温度 水； 较大
【解析】解：根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的水和煤油；
实验中选择相同规格的电加热器，根据转换法，可以认为在相同时间内水和煤油吸热相同，根据比较吸热能力的第种方法，然后比较升高温度的方法来完成探究实验的；
根据水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象知，加热相同时间，水升温慢，根据比较吸热能力的第种方法，则水的吸热能力更强；
根据，质量相同的不同液体降低相同的温度，比热容大的液体放热多，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容较大；
如果质量和初始温度均相同的两种液体，加热分钟，水升温，煤油升温：，根据，在质量和吸热相同的情况下，比热容与成反比，故煤油的比热容是：。
故答案为：质量；吸收的热量；升高温度；水；较大；。
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的种方法：
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强；
使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
根据比较吸热能力的第种方法分析水的吸热能力更强；根据分析回答；
质量和初始温度均相同的两种液体，加热分钟，分别求出水和煤油升高的温度，根据，在质量和吸热相同的情况下，比热容与成反比，求出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及水的比热容大的运用，为热学中的重要实验。
第2页，共2页
第1页，共1页