安徽省淮南市西部2019-2020学年九年级上学期期末物理试卷（Word解析版）

2019-2020学年安徽省淮南市西部九年级（上）期末物理试卷
一、填空：每空2分，共26分）
1．（2分）2019年11月28日，我国成功发射高分十二号卫星。在卫星随着运载火箭一起加速上升的时候，卫星的机械能　 　（填“增大”，“减小”或“不变”）
2．（2分）在四川的凉山有个“悬崖村”，孩子们上学要爬落差800米的天梯。一个质为45kg的学生背着3kg的书包上天梯，所用时间为80min，则他对书包做功的平均功率为　 　。
3．（2分）小林用如图所示的动滑轮先将重3N的钩码匀速向上提升0.2m，再用此动滑轮将重5N的钩码匀速向上提升0.1m，则动滑轮的机械效率　 　（填“增大”、“减小”或“不变”）（不计绳重和摩擦）
4．（2分）茶文化在我国源远流长，沏茶时，先在壶中放入适量茶叶，然后将热水倒入壶中，很快能闻到浓浓的茶香味，这说明分子　 　。
5．（2分）随着社会的发展，汽车已走进寻常百姓家，但汽车造成的污染问题日趋严重。我国第六阶段机动车污染物排放标准的实施，限制燃油机动车在　 　冲程中污染物的排放。
6．（4分）天气变冷人体向外散热，人体以红外线的方式不断向外辐射热量，每小时人体释放的热量，能使相当于自身质量的水的温度升高2℃，小东同学的质量是50kg，每小时向外释放的热量等于 　 　J；相当于完全燃烧 　 　g酒精放出的热量，（）
7．（2分）家用电吹风工作时，可以单独吹冷风，也可以吹热风，电吹风中的电动机和电热丝之间的连接方式是　 　（填“串联”或“并联”）
8．（4分）某同学按如图方式测量Rx的电阻，实验中他读出电流表示数为0.2A，电压表示数为2.9V，则他测量Rx的值为　 　，实验时，若考虑电压表电阻对测量结果的影响，则测量的值比Rx的真实值　 　（填“偏大”、“偏小”或“一样大”）。
9．（4分）如图所示的电路中，灯L标有“6V，0.6A”的字样，R＝5Ω．当灯泡L正常发光时，AB两端电压U是　 　V，R的功率为　 　W
10．（2分）短路时，电路中的电流很大，电源和导线会因发热过多而烧坏。现将根导线直接接到一节干电池的两极，电池的电压为1.5V，已知电源和导线的总电阻为0.5Ω，则在1min内电路中电流产生的热量是　 　J。
二、选择题：每题只有一个正确选项，每题3分，共21分）
11．（3分）下列物体的功率最接近1000W的是（　　）
A．人正常骑自行车时的功率
B．家用电热水壶正常工作时的功率
C．数室里一日光灯正常发光时的功率
D．一个中学生正常上楼时克服重力做功的功率
12．（3分）某学校的校园足球比赛正在火热地进行中，如图是运动员将球抛出后，足球在空中运动的轨迹，则当足球从A点运动到最高点的过程中，（　　）
A．足球的重力势能一直小，机械能不变
B．足球的动能一直增大，机械能不变
C．足球的重力势能增大，动能减小
D．足球运动到最高点时动能为零
13．（3分）下列现象中，通过热传递改变物体内能的是（　　）
A．天冷时，两手相互搓揉，手掌发热
B．快速行驶的火车经过后，铁轨的温度升高
C．天宫二号返回地球进入大气层发热、发光
D．作鲜美的牛肉汤时，把牛肉等食材放入汤中烫热
14．（3分）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（　　）
A．物体运动越快，内能越大
B．物体温度越高，含有的热量越多
C．冰熔化时吸收热量，内能增加
D．物体的温度为0℃时，其内能为零
15．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从最右向左滑动中点的过程中，下列判断正确的是（　　）
A．电流表A1示数变大 B．电流表A2示数变大
C．电压表V示数变大 D．电阻R1的电功率变大
16．（3分）将“3V，3W”和“6V，6W”的两只灯泡L1和L2并联接在电压为3V的电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则下列判断中正确的是（　　）
A．两灯泡都正常发光
B．两灯泡都不能正常发光
C．灯泡L2比灯泡L1亮
D．L1正常发光，L2不能正常发光
17．（3分）如图是家庭常用的两只“电表”，下列有关说法中不正确的是（　　）
A．这两只“电表”是用来测量电功率的
B．这两只“电表”的示数差值为2000kW h
C．甲表所测用电器正常工作的最大功率为2200W
D．两表转过相同的圈数，乙表所测用电器消耗电能多
三、实验题：（第186分，第19题8分，第206分，共20分）
18．（6分）小强同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率，实验时，他先后将钩码放置在图中A、B位置，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码缓慢地上升，得到下表实验数据。
实验次数 钩码悬挂点 钩码重G/N 钩码移动距离h/m 拉力F/N 测力计移动距离s/m 机械效率n/%
1 A点 1.5 0.10 0.7 0.30 71.4
2 B点 2.0 0.15 1.2 0.30
（1）实验中，小强应在物体处于 　 　（填“静止”或“匀速运动”）状态时，读取弹簧测力计示数。
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为 　 　（保留1位小数）。
（3）实验后小强认真地思考，发现实验数据无法得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论。这是因为 　 　。
19．（8分）在测定额定电压为3V的小灯泡（电阻约为10Ω）额定功率的实验中，洋洋同学连接了如图所示的电路。
（1）请你用笔画线代导线将实物电路连接完（要求：电压表测小灯泡两端电压）。
（2）开关闭合前，要将滑动变阻器的滑片P移到　 　（填“C”或“D）端。
20．（6分）如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝，瓶中插入温度计a、b
（1）利用此装置探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关时，在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油。闭合开关一段时间，可以通过温度计　 　情况，判断电阻丝产生热量的多少。此方案是探究　 　和时间相同时，电流通过电阻丝产生的热量与　 　大小的关系。
（2）在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值R甲　 　R乙时，可以比较不同物质的吸热能量。若温度计a比温度计b温度升高得快，则甲、乙两瓶内液体的比热容关系是c甲　 　c乙。
四、计算题（第21小题6分，第2小题8分，第23小题9分，共21分；解答要有必要的公式，步骤、解答过程，包括必要的文字说明，只有最后答案的不能得分．）
21．（6分）2019年12月1日，高铁淮南站正式启用，标志着淮南市即将迈入双高铁时代。当高铁从淮南站出发以180km/h的时速匀速行驶10min，在此过程中发动机的输出功率为6000kW并保持不变，试求下列问题：
（1）这段时间内，高铁发动机牵引力对外做功多少？
（2）高铁在此路段行驶时所受阻力f多大？
22．（8分）常用的电压表和电流表都是由小量程的电流表改装而成的，如图甲中的电流表G也可看作一个电阻器，电阻值为Rg＝100Ω，满偏电流为Ig＝3mA，如图乙所示，与电流表G串联一个电阻Rx，使通过G的电流为3mA时，电路A、B两的电压为15V，这样A、B之间就相当于一个量程为0～15V的电压表（图丙）。试求
（1）当这个电流表G两端电压为多大时，通过它的电流值达到3mA；
（2）图中电阻Rx的阻值是多大？
23．（9分）实验室常用的滑动变阻器。有时也可按如图甲所示的方法，将它的3个接线柱同时接入电路，物理上把这种接法叫分压式接法，图中灯L与滑动变阻器的右半部分并联（如图乙所示）滑动变阻器的滑片P移动时，灯L两端电压也随之改变，如图甲所示的电路中，电源电压为U＝6V，灯L的规格为“6V，3.6W“，滑动变阻器R的规格为“20Ω，2A“，若不考虑小灯泡电阻的变化，试完成下列问题。
（1）灯泡L的电阻是多大？
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，电阻R的功率PR多大？
（3）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.4A．则此时灯L的实际功率P实是多大？
2019-2020学年安徽省淮南市西部九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、填空：每空2分，共26分）
1．（2分）2019年11月28日，我国成功发射高分十二号卫星。在卫星随着运载火箭一起加速上升的时候，卫星的机械能　增大　（填“增大”，“减小”或“不变”）
【分析】①动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
②重力势能大跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大。
③机械能＝动能+势能。
【解答】解：在卫星随着运载火箭一起加速上升的时候，卫星的质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；卫星上升时没有发生弹性形变，不具有弹性势能；机械能＝动能+重力势能，故机械能增大。
故答案为：增大。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，能利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
2．（2分）在四川的凉山有个“悬崖村”，孩子们上学要爬落差800米的天梯。一个质为45kg的学生背着3kg的书包上天梯，所用时间为80min，则他对书包做功的平均功率为　5W　。
【分析】已知书包的质量，可利用公式G＝mg计算重力，利用公式W＝Gh计算功，可利用公式P＝计算功率。
【解答】解：书包的重力：G包＝m包g＝3kg×10N/kg＝30N，
天梯高度h＝800m，所用时间t＝80min＝4800s，
上天梯时，对书包做功：W＝Gh＝30N×800m＝24000J，
他对书包做功的平均功率：P＝＝＝5W，
故答案为：5W。
【点评】本题考查了利用重力的公式、功的公式和功率的公式进行分析和计算，是一道综合性题目。
3．（2分）小林用如图所示的动滑轮先将重3N的钩码匀速向上提升0.2m，再用此动滑轮将重5N的钩码匀速向上提升0.1m，则动滑轮的机械效率　增大　（填“增大”、“减小”或“不变”）（不计绳重和摩擦）
【分析】提高滑轮（滑轮组）机械效率的方法：一是减轻动滑轮重力，二是增大提升的物重。由η＝＝＝＝可知增大提升重物的高度不会影响滑轮（滑轮组）的机械效率。
【解答】解：
由η＝＝＝＝可知，增大提升重物的高度，不会影响动滑轮的机械效率，所以将钩码匀速向上提升0.2m变为0.1m不会影响动滑轮的机械效率；
不计绳重和摩擦，动滑轮重不变，若提升的物重增大（由3N变为5N），额外功不变，有用功变大，使得有用功占总功的比值变大，机械效率增大。
故答案为：增大。
【点评】本题考查了动滑轮机械效率的影响因素，注意：增大提升重物的高度不会影响滑轮（滑轮组）的机械效率。
4．（2分）茶文化在我国源远流长，沏茶时，先在壶中放入适量茶叶，然后将热水倒入壶中，很快能闻到浓浓的茶香味，这说明分子　在不停地做无规则运动　。
【分析】不同的物体相互接触后，彼此进入对方的现象叫做扩散现象，扩散现象不但说明了分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：将热水倒入壶中能闻到浓浓的茶香味这说明了分子在不停地做无规则运动，是扩散现象。
故答案为：在不停地做无规则运动。
【点评】本题考查分子的运动，属于基础题。
5．（2分）随着社会的发展，汽车已走进寻常百姓家，但汽车造成的污染问题日趋严重。我国第六阶段机动车污染物排放标准的实施，限制燃油机动车在　排气　冲程中污染物的排放。
【分析】内燃机的四个冲程分别是：吸气、压缩、做功、排气冲程，此四个冲程为一个工作循环。
【解答】解：内燃机在排气冲程中会排出废气，废气能污染环境。
故答案为：排气。
【点评】本题考查了内燃机的工作特点，属于基础题目。
6．（4分）天气变冷人体向外散热，人体以红外线的方式不断向外辐射热量，每小时人体释放的热量，能使相当于自身质量的水的温度升高2℃，小东同学的质量是50kg，每小时向外释放的热量等于 　4.2×105　J；相当于完全燃烧 　14　g酒精放出的热量，（）
【分析】（1）根据吸热公式求出50kg水温度升高2℃吸收的热量，即一个质量为50kg的学生每小时向外释放的热量；
（2）若这些热量用酒精作燃料完全燃烧提供，Q放＝Q吸，再利用Q放＝mq求需要完全燃烧酒精的质量。
【解答】解：
（1）由题意可得，小东同学每小时向外释放的热量：
Q＝Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg ℃）×50kg×2℃＝4.2×105J；
（2）由题意知，酒精完全燃烧放出的热量Q放＝Q吸＝4.2×105J，
由Q吸＝mq可得，需要完全燃烧酒精的质量：
m′＝＝＝0.014kg＝14g。
故答案为：4.2×105；14。
【点评】本题考查了吸热公式和燃料完全燃烧放热公式的应用，计算时要养成准确无误的好习惯，提高做题的准确性。
7．（2分）家用电吹风工作时，可以单独吹冷风，也可以吹热风，电吹风中的电动机和电热丝之间的连接方式是　并联　（填“串联”或“并联”）
【分析】串联电路的电流只有一条路径，各用电器的工作互相影响；并联电路电流有两条或两条以上的路径，各支路中的用电器的工作互不影响。
【解答】解：
家用电吹风工作时，可以单独吹冷风，也可以吹热风，说明电动机和电吹风可以独立工作、互不影响即为并联。
故答案为：并联。
【点评】本题考查对串联和并联电路的认识和理解，属于一道基础题。
8．（4分）某同学按如图方式测量Rx的电阻，实验中他读出电流表示数为0.2A，电压表示数为2.9V，则他测量Rx的值为　14.5Ω　，实验时，若考虑电压表电阻对测量结果的影响，则测量的值比Rx的真实值　偏小　（填“偏大”、“偏小”或“一样大”）。
【分析】（1）由欧姆定律求出未知电阻；
（2）电压表与电阻并联，电压表测量值准确，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于通过电阻的电流，由欧姆定律分析。
【解答】解：电流表示数为0.2A，电压表示数为2.9V，
由欧姆定律I＝得，
则未知电阻：Rx＝＝＝14.5Ω。
电压表与电阻并联，电压表测量值准确，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于通过电阻的电流，由欧姆定律I＝知，测量值比真实值偏小。
故答案为：14.5Ω；偏小。
【点评】本题用“伏安法”测量未知电阻，电阻计算及误差分析的能力，最后一空难度较大。
9．（4分）如图所示的电路中，灯L标有“6V，0.6A”的字样，R＝5Ω．当灯泡L正常发光时，AB两端电压U是　9　V，R的功率为　1.8　W
【分析】（1）根据欧姆定律求灯泡L的电阻，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律求出AB两端电压U；
（2）根据P＝UI算出R的功率。
【解答】解：
（1）图中电阻R与灯L串联，因灯正常发光，所以通过灯的电流为0.6A，
灯泡L的电阻为：RL＝＝＝10Ω；
电路的总电阻为：R总＝R+RL＝5Ω+10Ω＝15Ω；
根据串联电路电流的规律，通过R的电流I＝IL＝0.6A，
所以AB两端的电压为：U＝IR总＝0.6A×15Ω＝9V；
（2）R的功率为：P＝I2R＝（0.6A）2×5Ω＝1.8W。
故答案为：9；1.8。
【点评】本题 考查串联电路电压、电流的规律、欧姆定律及电功率公式的应用，属于基础题。
10．（2分）短路时，电路中的电流很大，电源和导线会因发热过多而烧坏。现将根导线直接接到一节干电池的两极，电池的电压为1.5V，已知电源和导线的总电阻为0.5Ω，则在1min内电路中电流产生的热量是　270　J。
【分析】知道电池的电压以及电源和导线的总电阻，根据Q＝W＝t求出在1min内电路中电流产生的热量。
【解答】解：在1min内电路中电流产生的热量：
Q＝W＝t＝×60s＝270J。
故答案为：270。
【点评】本题考查了电热公式Q＝W＝t的灵活应用，是一道基础题目。
二、选择题：每题只有一个正确选项，每题3分，共21分）
11．（3分）下列物体的功率最接近1000W的是（　　）
A．人正常骑自行车时的功率
B．家用电热水壶正常工作时的功率
C．数室里一日光灯正常发光时的功率
D．一个中学生正常上楼时克服重力做功的功率
【分析】根据根据生活经验结合我们对生活中常用家用电器额定功率的了解去选择。
【解答】解：
A、人正常骑自行车时的功率在90W左右，故A不符合题意；
B、家用电热水壶属于大功率用电器，功率约为1000W，故B符合题意；
C、数室里一日光灯的额定功率在40W左右，故C不符合题意；
D、中学生的体重G＝500N，一层楼的高度h＝3m，上楼的时间约为t＝10s，上一层楼时克服自己重力做的功W＝Gh＝500N×3m＝1500J，
克服重力做功的功率约为P＝＝＝150W，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】熟悉常见家用电器的额定功率，注意平时在学习和生活中的知识积累。
12．（3分）某学校的校园足球比赛正在火热地进行中，如图是运动员将球抛出后，足球在空中运动的轨迹，则当足球从A点运动到最高点的过程中，（　　）
A．足球的重力势能一直小，机械能不变
B．足球的动能一直增大，机械能不变
C．足球的重力势能增大，动能减小
D．足球运动到最高点时动能为零
【分析】影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
【解答】解：
（1）足球从A点运动到最高点的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大；同时速度减小，动能减小，
在此过程中，足球需要克服空气阻力做功，一部分机械能会转化为内能，所以机械能减小，故AB错误、C正确；
（2）当足球运动至最高点时，速度不为零，所以动能不为零。故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对动能、势能的变化以及转化的掌握，把握住影响它们大小的因素是解决此类问题的关键。
13．（3分）下列现象中，通过热传递改变物体内能的是（　　）
A．天冷时，两手相互搓揉，手掌发热
B．快速行驶的火车经过后，铁轨的温度升高
C．天宫二号返回地球进入大气层发热、发光
D．作鲜美的牛肉汤时，把牛肉等食材放入汤中烫热
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功与热传递，这两种方式在改变物体内能的效果上是等效的；热传递是能量的转移过程，热传递的实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从物体的高温部分转移到低温部分；做功的实质是能量的转化过程，在做功过程中能量的形式发生变化。
【解答】解：
A、搓手时，双手相互摩擦，克服摩擦力做功，将机械能转化成内能，从而使手发热，是通过做功的方式改变物体的内能，故A不合题意；
B、火车经过时，车轮与铁轨之间存在摩擦，车轮克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体的内能，故B不合题意；
C、“天宫二号”进入大气层时，要克服空气阻力做功，将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体的内能，故C不合题意；
D、制作鲜美的牛肉汤时，把牛肉等食材放入汤中烫热，热量由汤转移到牛肉等食材，是通过热传递来改变物体内能的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题是考查了改变物体内能的两种方式，即做功和热传递；判断哪种方式改变了物体的内能，关键是看是能量的转化还是能量的转移，发生能量转化的是做功的方式，发生能量转移的是热传递的方式。
14．（3分）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（　　）
A．物体运动越快，内能越大
B．物体温度越高，含有的热量越多
C．冰熔化时吸收热量，内能增加
D．物体的温度为0℃时，其内能为零
【分析】（1）机械能的大小与物体的内能的大小无关；
（2）热量是一个过程量，不能说含有多少热量；
（3）内能的大小与物体的质量、温度以及状态有关；
（4）一切物体都是由分子组成的，分子在任何情况下都具有内能。
【解答】解：A、内能的大小与物体运动速度没有关系，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故B错误；
C、冰熔化时吸收热量，温度不变，内能增加，故C正确；
D、一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，即一切物体都有内能，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了热量的理解、内能的影响因素、内能的改变与温度的变化等知识点，是一道综合题。
15．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从最右向左滑动中点的过程中，下列判断正确的是（　　）
A．电流表A1示数变大 B．电流表A2示数变大
C．电压表V示数变大 D．电阻R1的电功率变大
【分析】从图可知，R1和R2组成的是一个并联电路，电流表A1测量的是干路电路中的总电流，电流表A2测量的是通过定值电阻R2的电流，首先分析电路中电阻的变化，再利用公式I＝来分析电流表示数的变化，电压表测量的是R2两端的电压，可利用并联电路的特点进行分析。
【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量的是R2两端的电压，故U1＝U2＝U，
而电源两端电压保持不变，所以电压表示数保持不变；
电流表A2测量的是通过定值电阻R2的电流，U2不变，R2不变，由公式I＝可知，电流表A2的示数保持不变；
电流表A1测量的是干路电路中的总电流，滑动变阻器滑片P由右端向左移时，其连入电路中的电阻变小，因此电路中的总电阻在变小，
而U不变，由公式I＝可知，电流表A1的示数变大；电阻R1的电压和电流都不变，功率不变；
综上所述，A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。
16．（3分）将“3V，3W”和“6V，6W”的两只灯泡L1和L2并联接在电压为3V的电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则下列判断中正确的是（　　）
A．两灯泡都正常发光
B．两灯泡都不能正常发光
C．灯泡L2比灯泡L1亮
D．L1正常发光，L2不能正常发光
【分析】（1）两灯泡并联时它们两端的电压相等，实际电压等于额定电压时灯泡正常工作，否则不能正常工作；
（2）根据P＝UI＝求出两灯泡的电阻，两灯泡两端的电压相等时，根据P＝UI＝可知，灯泡电阻较小的实际功率大，实际功率大的灯泡较亮。
【解答】解：（1）两只灯泡L1和L2并联接在电压为3V的电源两端时，它们两端的电压均为3V，
所以，灯泡L1的实际电压等于额定电压，灯泡L2的实际电压小于额定电压，
则L1正常发光，L2不能正常发光，故D正确，AB错误；
（2）由P＝UI＝可得，两灯泡的电阻分别为：
R1＝＝＝3Ω，R2＝＝＝6Ω，
两只灯泡L1和L2并联接在电压为3V的电源两端后，
由P＝UI＝可得，L1的电阻较小，其实际功率较大，灯泡L1比灯泡L2亮，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用，关键是知道两灯泡并联时各支路电压相同，灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
17．（3分）如图是家庭常用的两只“电表”，下列有关说法中不正确的是（　　）
A．这两只“电表”是用来测量电功率的
B．这两只“电表”的示数差值为2000kW h
C．甲表所测用电器正常工作的最大功率为2200W
D．两表转过相同的圈数，乙表所测用电器消耗电能多
【分析】（1）电能表是用来测量电路消耗电能的仪表；
（2）读出两个电能表的示数，求出示数差，注意最后一位是小数，单位kW h；
（3）甲表中“10A”表示该电能表平时工作允许通过的最大电流，“220V”是指电能表的工作电压，利用P＝UI求甲电表所接用电器的最大电功率；
（4）甲表中“3000r/kW h”表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转3000r；乙表中“2500r/kW h”表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转2500r，据此判断得出两表转过相同的圈数哪个电表所测用电器消耗电能多。
【解答】解：
A、这两只“电表”都是电能表，都是用来测量电路消耗电能的，不是用来测量电功率，故A错；
B、甲电能表的示数为592.8kW h，乙电能表的示数为2592.8kW h，示数之差为2000kW h，故B正确；
C、甲电能表平时工作允许通过的最大电流为10A，工作电压为220V，甲电表所接用电器的最大电功率P＝UI＝220V×10A＝2200W，故C正确；
D、甲表中“3000r/kW h”表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转3000r，转动1圈消耗的电能为kW h；
乙表中“2500r/kW h”表示电路中每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转2500r，转动1圈消耗的电能为kW h。
若两表转过相同的圈数，乙表所测用电器消耗电能多，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了电能表的作用和读数、电功率公式的应用，明确电能表相关参数的意义是关键。
三、实验题：（第186分，第19题8分，第206分，共20分）
18．（6分）小强同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率，实验时，他先后将钩码放置在图中A、B位置，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码缓慢地上升，得到下表实验数据。
实验次数 钩码悬挂点 钩码重G/N 钩码移动距离h/m 拉力F/N 测力计移动距离s/m 机械效率n/%
1 A点 1.5 0.10 0.7 0.30 71.4
2 B点 2.0 0.15 1.2 0.30
（1）实验中，小强应在物体处于 　匀速运动　（填“静止”或“匀速运动”）状态时，读取弹簧测力计示数。
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为 　83.3%　（保留1位小数）。
（3）实验后小强认真地思考，发现实验数据无法得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论。这是因为 　钩码悬挂点位置不同　。
【分析】（1）实验中，小强应在物体处于匀速运动状态时，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于动力大小，若静止读数，则没有测量杠杆与支点的摩擦力，测量值偏小；
（2）根据表格第2次实验数据，由η＝＝×100%求出所测杠杆的机械效率；
（3）分析机械效率的影响因素应采取控制变量法，据此分析。
【解答】解：（1）实验中，小强应在物体处于匀速运动状态时，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于动力大小；
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为：
η＝＝＝×100%≈83.3%；
（3）分析机械效率的影响因素应采取控制变量法，研究提起的物重和机械效率的关系时，应保持钩码悬挂点位置不变，故本实验中，发现实验数据无法得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论，这是因为钩码悬挂点位置不同。
故答案为：（1）匀速运动；（2）83.3%；（3）钩码悬挂点位置不同。
【点评】本题测量杠杆的机械效率，考查注意事项、机械效率计算和控制变量法的运用。
19．（8分）在测定额定电压为3V的小灯泡（电阻约为10Ω）额定功率的实验中，洋洋同学连接了如图所示的电路。
（1）请你用笔画线代导线将实物电路连接完（要求：电压表测小灯泡两端电压）。
（2）开关闭合前，要将滑动变阻器的滑片P移到　D　（填“C”或“D）端。
【分析】（1）电压表与灯泡并联，且正进负出；滑动变阻器一上一下的串联在电路中；
（2）为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处。
【解答】解：（1）电压表与灯泡并联，且正进负出，滑动变阻器按“一上一下”的接法与灯泡串联，见下图：
（2）为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处，即D端。
故答案为：（1）见上图；（2）D。
【点评】本题考查了电路的连接和连接的注意事项等知识，是一道基础题。
20．（6分）如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝，瓶中插入温度计a、b
（1）利用此装置探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关时，在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油。闭合开关一段时间，可以通过温度计　升高　情况，判断电阻丝产生热量的多少。此方案是探究　电流　和时间相同时，电流通过电阻丝产生的热量与　电阻　大小的关系。
（2）在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值R甲　＝　R乙时，可以比较不同物质的吸热能量。若温度计a比温度计b温度升高得快，则甲、乙两瓶内液体的比热容关系是c甲　小于　c乙。
【分析】（1）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少。
（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生的热量跟电流大小关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电阻的关系时，控制电流和通电时间不变；探究电流产生的热量跟通电时间的关系时，控制电流和电阻不变。
（3）相同质量的物质吸收相等的热量，温度升高越快，吸热能力越弱，比热容越小。
【解答】解：（1）电流通过导体产生的热量不易直接观察，本实验中通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少。探究电流产生的热量多少与电阻的关系时，应控制通过甲乙两电阻的电流和通电时间不变。故据图可知，此时两电阻串联，所以电流相同，通电时间相同，故该装置可以探究电热和电阻的关系；
（2）在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值R甲＝R乙时，即相同的时间两电阻丝上产生的热量相同，故温度计a比温度计b温度升高得快，则说明甲的比热容小于乙的比热容。
故答案为：（1）升高；电流；电阻；（2）＝；小于；
【点评】掌握电流产生热量多少的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系。
四、计算题（第21小题6分，第2小题8分，第23小题9分，共21分；解答要有必要的公式，步骤、解答过程，包括必要的文字说明，只有最后答案的不能得分．）
21．（6分）2019年12月1日，高铁淮南站正式启用，标志着淮南市即将迈入双高铁时代。当高铁从淮南站出发以180km/h的时速匀速行驶10min，在此过程中发动机的输出功率为6000kW并保持不变，试求下列问题：
（1）这段时间内，高铁发动机牵引力对外做功多少？
（2）高铁在此路段行驶时所受阻力f多大？
【分析】（1）知道发动机的输出功率，利用P＝求高铁发动机牵引力对外做的功；
（2）利用s＝vt求高铁行驶的距离，再利用W＝Fs求牵引力，由于高铁在此路段匀速行驶，受到的阻力和牵引力为一对平衡力，大小相等，据此求出高铁在此路段行驶时所受阻力f。
【解答】解：
（1）由P＝得，牵引力做功：
W＝Pt＝6000×103W×10×60s＝3.6×109J。
（2）由v＝得，高铁行驶的距离：
s＝vt＝180×m/s×10×60s＝30000m，
由W＝Fs可得，高铁受到的牵引力：
F＝＝＝1.2×105N，
因为高铁在此路段匀速行驶，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，
所以受到的阻力：f＝F＝1.2×105N。
答：（1）这段时间内，高铁发动机牵引力对外做功为3.6×109J；
（2）高铁在此路段行驶时所受阻力为1.2×105N。
【点评】本题考查了速度公式、功的公式、功率公式以及二力平衡条件的应用，属于基础题目。
22．（8分）常用的电压表和电流表都是由小量程的电流表改装而成的，如图甲中的电流表G也可看作一个电阻器，电阻值为Rg＝100Ω，满偏电流为Ig＝3mA，如图乙所示，与电流表G串联一个电阻Rx，使通过G的电流为3mA时，电路A、B两的电压为15V，这样A、B之间就相当于一个量程为0～15V的电压表（图丙）。试求
（1）当这个电流表G两端电压为多大时，通过它的电流值达到3mA；
（2）图中电阻Rx的阻值是多大？
【分析】（1）知道电流表G的电阻值和满偏电流，根据U＝IR求出通过电流表G的电流达到3mA时其两端的电压；
（2）电流表G串联一个电阻Rx，使通过G的电流为3mA时，电路A、B两的电压为15V，根据欧姆定律求出此时A、B间的总电阻，利用电阻的串联求出图中电阻Rx的阻值。
【解答】解：（1）由I＝可得，当通过电流表G的电流达到3mA时其两端的电压：
Ug＝IgRg＝3×10﹣3A×100Ω＝0.3V，
所以，当这个电流表G两端电压为0.3V时，通过它的电流值达到3mA；
（2）电流表G串联一个电阻Rx，使通过G的电流为3mA时，电路A、B两的电压为15V，
此时A、B间的总电阻：
RV＝＝＝5000Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，图中电阻Rx的阻值：
Rx＝RV﹣Rg＝5000Ω﹣100Ω＝4900Ω。
答：（1）当这个电流表G两端电压为0.3V时，通过它的电流值达到3mA；
（2）图中电阻Rx的阻值是4900Ω。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，明白电压表改装的原理是关键。
23．（9分）实验室常用的滑动变阻器。有时也可按如图甲所示的方法，将它的3个接线柱同时接入电路，物理上把这种接法叫分压式接法，图中灯L与滑动变阻器的右半部分并联（如图乙所示）滑动变阻器的滑片P移动时，灯L两端电压也随之改变，如图甲所示的电路中，电源电压为U＝6V，灯L的规格为“6V，3.6W“，滑动变阻器R的规格为“20Ω，2A“，若不考虑小灯泡电阻的变化，试完成下列问题。
（1）灯泡L的电阻是多大？
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，电阻R的功率PR多大？
（3）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.4A．则此时灯L的实际功率P实是多大？
【分析】（1）根据P＝的变形公式算出灯泡L的电阻；
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，小灯泡被短路，只有电阻R工作，根据PR＝算出电阻R的功率；
（3）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在中点时，小灯泡与滑动变阻器的右半段并联后再与滑动变阻器的左半部分串联，此时电流表的示数为0.4A，
此时滑动变阻器的右半段的电阻为10Ω，小灯泡的电阻也为10Ω，根据并联电路电流的规律算出通过小灯泡的电流，根据P实＝I2RL算出此时灯L的实际功率。
【解答】解：（1）根据P＝知，灯泡L的电阻：
RL＝＝＝10Ω；
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，小灯泡被短路，只有电阻R工作，
电阻R的功率：PR＝＝＝1.8W；
（3）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在中点时，小灯泡与滑动变阻器的右半段并联后再与滑动变阻器的左半部分串联，此时电流表的示数为0.4A，
此时滑动变阻器的右半段的电阻为10Ω，小灯泡的电阻也为10Ω，
根据并联电路电流的规律知，
通过小灯泡的电流为×0.4A＝0.2A；
此时灯L的实际功率为：P实＝I2RL＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W。
答：（1）灯泡L的电阻是10Ω；
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，电阻R的功率PR为1.8W；
（3）当开关S合，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.4A．则此时灯L的实际功率P实是0.4W。
【点评】本题考查了并联电路的特点以及电功率公式的应用，关键是滑片在中点时电路的连接。