【教科版 (2019) 】４.６牛顿运动定律的应用 高中物理必修一 同步课时练（含解析）

中小学教育资源及组卷应用平台
绝密★启用前
6.4牛顿运动定律的应用同步练习教科版（ 2019）高中物理必修第一册
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两 ( http: / / www.21cnjy.com )卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。21教育网
一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）
1. 放在水平地面上的一物块，受到方向不变 ( http: / / www.21cnjy.com )的水平推力的作用，的大小与时间的关系如图甲所示，物块速度与时间的关系如图乙所示．取重力加速度由这两个图象可以求得物块的质量和物块与地面之间的动摩擦因数分别为 2·1·c·n·j·y
A. ， B. ， C. ， D. ，
2. 如图所示，小车静止在光滑水平地面上，小车 ( http: / / www.21cnjy.com )的上表面由光滑的斜面和粗糙的平面组成它们在处由极短的光滑圆弧平滑连接，小车右侧与竖直墙壁之间连着一个力传感器，当传感器受压力时，其示数为正值；当传感器受拉力时，其示数为负值。一个小滑块可视为质点从点由静止开始下滑，经至点的过程中，小车始终保持静止，传感器记录到的力随时间变化的关系如下面四图所示，其中可能正确的是 【来源：21·世纪·教育·网】
A. ( http: / / www.21cnjy.com ) B. ( http: / / www.21cnjy.com )
C. ( http: / / www.21cnjy.com ) D. ( http: / / www.21cnjy.com )
3. 一固定杆与水平方向夹角为，将一质量为的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为若滑块与小球保持相对静止以相同的加速度一起向上做匀减速直线运动，则此时小球的位置可能是下图中的哪一个 2-1-c-n-j-y
A. ( http: / / www.21cnjy.com ) B. ( http: / / www.21cnjy.com )
C. ( http: / / www.21cnjy.com ) D. ( http: / / www.21cnjy.com )
4. 、两物体的质量分别为质弹簧相连。当用恒力竖直向上拉着，使、一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为；当用大小仍为的恒力沿水平方向拉着，使、一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为，如图所示。则 21*cnjy*com
A. 若 B. 若，则
C. 一定大于 D. 一定等于
5. 如图所示，木块、静止叠放在光滑水平面上，的质量为，的质量为现用水平力拉，、刚好不发生相对滑动，一起沿水平面运动．若改为水平力拉，使、也保持相对静止，一起沿水平面运动，则不得超过
www.21-cn-jy.com
A. B. C. D.
6. 如图，水平桌面上放置着质量为、的、两物体，与、与水平面间的动摩擦因数均为。现用水平拉力拉，使、以相同的加速度运动。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则拉力的最大值为
A. B. C. D.
7. 如图所示，质量为的物体放在斜面体上， ( http: / / www.21cnjy.com )在斜面体以加速度水平向右做匀加速直线运动的过程中，物体始终与斜面体保持相对静止，则斜面体对物体的摩擦力和支持力分别为重力加速度为 www-2-1-cnjy-com
A. ，
B. ，
C. ，
D. ，
8. 如图，质量为的物块与质量为的木板叠放在水平地面上，与之间的动摩擦因数为，与地面之间的动摩擦因数为，重力加速度取作用在上的水平拉力由逐渐增大，则的最大加速度的大小为
A. B.
C. D.
9. 如图甲所示，静止在光滑水平 ( http: / / www.21cnjy.com )面上的长木板长木板足够长的左端放着小物块某时刻，受到水平向右的外力作用，随时间的变化规律如图乙所示，即，其中为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力的大小等于最大静摩擦力，且、的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板运动的图象的是
A. ( http: / / www.21cnjy.com ) B. ( http: / / www.21cnjy.com )
C. ( http: / / www.21cnjy.com ) D. ( http: / / www.21cnjy.com )
10. 一物块在时刻滑上一固定斜面，其运 ( http: / / www.21cnjy.com )动的图线如图所示，若重力加速度及图中的、、均为已知量，则不可求出
A. 斜面的倾角
B. 物块的质量
C. 物块与斜面间的动摩擦因数
D. 物块沿斜面向上滑行的最大高度
21·cn·jy·com
二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）
11. 如图甲所示，一质量为的长木板静置于光 ( http: / / www.21cnjy.com )滑水平面上，其上放置一质量为的小滑块。木板受到水平拉力作用时，用传感器测出长木板的加速度与水平拉力的关系如图乙所示，重力加速度，下列说法正确的是：
A. 小滑块的质量
B. 小滑块与长木板之间的动摩擦因数为
C. 当水平拉力时，长木板的加速度大小为
D. 当水平拉力增大时，小滑块的加速度一定增大
12. 如图甲所示，足够长的木板静置于光滑水平 ( http: / / www.21cnjy.com )面上，其上放置小滑块小滑块受到随时间变化的水平拉力作用时，用传感器测出小滑块的加速度，得到如图乙所示的图象，已知取，则
A. 小滑块的质量为
B. 木板的质量为
C. 当 时木板加速度为
D. 小滑块与木板间动摩擦因数为
13. 如图所示，在倾角的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块、，它们的质量均为，弹簧的劲度系数为，为一固定挡板，系统处于静止状态．现开始用一沿斜面方向的力拉物块使之以加速度向上做匀加速运动，当物块刚要离开时的大小恰为则
A. 物块刚要离开时为
B. 加速度
C. 以、整体为研究对象可以计算出加速度
D. 从开始作用到刚要离开，的位移为
14. 如图所示，在倾角斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块、，它们的质量均为，弹簧的劲度系数为，为一固定挡板，系统处于静止状态．现开始用一沿斜面方向的力拉物块使之以加速度向上做匀加速运动，当物块刚要离开时的大小恰为则
A. 物块时的加速度也为
B. 加速度
C. 以、整体为研究对象可以计算出加速度
D. 从开始作用到刚要离开，的位移为
三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）
15. 如图，质量为的物体的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着与小车，与滑轮间的细绳平行于斜面，小车以速率水平向右做匀速直线运动。当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角时，绳的拉力______填写，，，的速率为______。
16. “探究力的平行四边形定则” ( http: / / www.21cnjy.com )的实验如图甲所示，其中为固定橡皮筋的图钉，为橡皮筋与细线的结点，与为细绳
多选在做“互成角度的两个力的合成”实验时，以下说法中错误的有______
A、用两只弹簧秤拉橡皮筋时，应使两细绳套之间的夹角为，以便算出合力的大小
B、用两只弹簧秤拉橡皮筋时，结点的位移必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合，
C、若用两只弹簧秤拉时合力的图乙示与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，说明“力的合成”的平行四边形定则不一定普遍成立
D、若和的方向不变，而大小各增加，则合力的方向不变，大小也增加
实验作出图中______填或是用一根弹簧测力计拉橡皮条的力，若由于的误差使与的合力方向略向左偏，如图乙所示，但大于等于，引起这一结果的原因可能是的大小比真实值偏______，的方向使它与的夹角比真实值偏______．
四、综合题（本大题共3小题，共36.0分）
17. 下列说法正确的是_________填正确答案标号。。
A.古希腊思想家亚里士多德在对待“力与运动的关系”问题上，认为“物体运动不需要力维持”
B.在推导匀变速直线运动位移公 ( http: / / www.21cnjy.com )式时，把整个运动过程等分成很多很小的段，每个小段视为匀速运动，算出各小段位移，然后将各小段位移相加得出公式，运用了微积分的方法
C.质点、点电荷、元电荷都没有大小，都是一种理想化模型
D.电场中某点的电场强度的方向即为正电荷在该点受到的电场力的方向
E.牛顿进行了“月地检验”，得出天上和地下的物体间的引力作用都遵从同样的规律，从而得出万有引力定律
如图所示，轨道，其中水平轨道长，斜面轨道与水平轨道倾角，物块静止放在离点的处，物块静止放到斜面某位置上，从斜面下滑后经过点无机械能损失滑上平面，然后和物块发生弹性正碰，若碰后物块恰好滑停在点。已知，，物块与段的动摩擦因数，段足够长，与段动摩擦因数为，两滑块与水平段的动摩擦因数均为，长，，。求：
( http: / / www.21cnjy.com )
碰撞后物块获得多大的速度可恰好滑停在点；
将物块放在斜面上距离点多远的距离可恰好使碰后滑停在点。
18. 一个质量为的小孩站在电 ( http: / / www.21cnjy.com )梯内的体重计上，电梯从时刻由静止开始上升，时刚好停止运动，在到内体重计示数的变化如图所示．试求：在这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度．
19. 如图所示．对用细绳悬挂与静止车厢内的小球 ( http: / / www.21cnjy.com )质量为施加一个水平向右的力，使细绳偏离竖直方向处小球静止，重力加速度大小为求：
的大小；
撤去，使车向左做匀加速直线运动，要使悬挂的小球对车厢静止时细绳仍偏离竖直方向则车的加速度是多大？
20. 【版权所有：21教育】
答案和解析
1.【答案】
【解析】
【分析】
根据图和图象可知，在 ( http: / / www.21cnjy.com )，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在根据在内物块做匀加速运动，由牛顿第二定律可以求得物体的质量的大小。
本题考查学生对于图象的解读能力，根据两个图象对比可以确定物体的运动的状态，再由牛顿第二定律来求解。
【解答】
由图可知，物块匀速运动，有。
在内物块做匀加速运动，加速度，由牛顿第二定律得，
将、及代入解得。
由动摩擦力公式得，故A正确，BCD错误。
故选A。

2.【答案】
【解析】
【分析】
滑块先匀加速下 ( http: / / www.21cnjy.com )滑后匀减速向左滑动，分两个阶段对小车受力分析即可求解。
本题关键是对斜面体受力分析，确定受力方向，注意滑块加速下滑时，滑块对斜面体的压力恒定，滑块匀减速运动时，滑块对小车的摩擦力大小恒定。
【解答】
滑块先匀加速下滑后匀减速向左滑动；
滑块加速下滑时，受重力和支持力，故对斜面体有向右下方的恒定压力，故传感器示数为正且恒定不变；
滑块匀减速向左滑动时，对小车有向左的摩擦力，故传感器受到拉力且恒定；
故BCD错误，A正确；
故选A。
3.【答案】
【解析】
【分析】
本题主要考查了动力学中的连接体模型，掌握重力、弹力、摩擦力及力的合成与分解等基本知识是解决此题的基础，会用正确运用牛顿第二定律进行综合分析是解决此类问题的关键：“滑块与小球保持相对静止以相同的加速度一起向上做匀减速直线运动”是此题的突破口，由此可知滑块与小球的加速度方向都为平行于杆斜向下，大小都为，从而可以定性分析得出悬挂小球的轻绳方向，即可敲定此题的正确答案。
【解答】
滑块与小球保持相对静止，以相同的加速度一起向上做匀减速直线运动，而滑块只能沿杆运动。
滑块和小球的加速度方向都为平行于杆斜向下。又，故小球所受的合力方向平行于杆斜向下，合力大小为
A.当悬挂小球的轻绳方向处于该状态时，小球的合力方向必为竖直方向，加速度方向必为竖直方向，而不是平行于杆斜向下，故A错误；
B.当悬挂小球的轻绳方向处于该状态时，小球的合力方向不可能平行于杆斜向下，加速度方向不可能平行于杆斜向下，故B错误；
C.当悬挂小球的轻绳方向处于该状态时，小球的合力方向平行于杆斜向下，加速度方向平行于杆斜向下，但此时，，故C错误；
D.当悬挂小球的轻绳方向处于该状态时，小球的合力方向可能平行于杆斜向下，加速度方向方向可能平行于杆斜向下，但，可能成立，而且以滑块和小球的整体为研究对象，杆不光滑且杆与滑块之间的动摩擦因数为，整体的加速度也可能为，故D正确。
故选D。
4.【答案】
【解析】
【分析】
本题注意应用整体与隔离法，一般在用 ( http: / / www.21cnjy.com )隔离法时优先从受力最少的物体开始分析，如果不能得出答案再分析其他物体。
先对整体进行分析，可以得出整体运动的加速度；再隔离出受力最少的一个进行受力分析，由牛顿第二定律可得出弹簧弹力，则可得出弹簧的形变量。
【解答】
在竖直面内，对整体有：；
对分析有；
解得：
水平面上，对整体有：；
对有：
解得：
所以，故D正确，ABC错误。
故选：。 【出处：21教育名师】
5.【答案】
【解析】
【分析】
物体与刚好不发生相对 ( http: / / www.21cnjy.com )滑动的临界条件是、间的静摩擦力达到最大值，可以先对或受力分析，再对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解。
本题关键抓住恰好不滑动的临界条件，然后灵活地选择研究对象，运用牛顿第二定律列式求解。
【解答】
力拉物体时，、恰好不滑动，故A、间的静摩擦力达到最大值，对物体受力分析，受重力、支持力、向前的静摩擦力，
根据牛顿第二定律，有：
对、整体受力分析，受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有：
由解得：，
当作用在物体上时，、恰好不滑动时，、间的静摩擦力达到最大值，
对物体，有：
对整体，有：
由上述各式联立解得：，即的最大值是，故B正确，、、D错误。
故选B。

6.【答案】
【解析】
【分析】
当间的静摩擦力达到最 ( http: / / www.21cnjy.com )大时拉力达到最大，根据牛顿第二定律分析研究物体和整体，求出拉力。
当两个物体刚要发生相对滑动时，它们之间的静摩擦力达到最大值，灵活的选取研究对象根据牛顿第二定律列方程是关键。
【解答】
当、之间恰好不发生相对滑动时力最大，此时，物体所受的合力为，由牛顿第二定律知，对于、整体，加速度，由牛顿第二定律得，解得：。
故选A。 21cnjy.com
7.【答案】
【解析】
【分析】
隔离对物体分析，结合物体的加速度，采用正交分解，通过牛顿第二定律求出摩擦力和支持力的大小．
解决本题的关键能够正确地受力分析，抓住物体与斜面的加速度相等，结合牛顿第二定律进行求解．
【解答】
解：对物体受力分析，受重力、支持力、摩擦力沿斜面向上，向右匀加速，故合力大小为，方向水平向右；
( http: / / www.21cnjy.com )
采用正交分解法，在平行斜面方向，有：，
在垂直斜面方向，有：，
联立解得：，；
故A正确，BCD错误；
故选：
8.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查板块模型的临界问题， ( http: / / www.21cnjy.com )解决本题的关键是找到临界状态，分析临界条件，根据牛顿第二定律求解。
当两物体刚好处于相对静止时，、物体的加速度相等，之间的摩擦力达到最大静摩擦力，分别对、整体应用牛顿第二定律求解。
【解答】
恰好不发生相对滑动，对整体有：，对有：
解得：，
此后再增大，发生相对滑动，的加速度增大，的加速度不变，所以的最大加速度的大小为，故B正确。
9.【答案】
【解析】
【分析】
当较小时，同的加速度，二者相对静止，当较大时，二者加速度不同，将会发生相对运动，此后做变加速直线，匀加速直线运动，为了求出两物体开始分离的时刻，必须知道分离时的大小，此时采用整体法和隔离法分别列牛顿第二定律的方程即可。
当两者相对运动后，将受恒力作用，做匀加速运动；、选项的差别在于恰好相对运动的时刻，就需分别采用隔离法和整体法分别列方程了。
【解答】
选AB整体为研究对象，整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律得：，对应用牛顿第二定律：，经历时间：，由以上解得：，此后将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线，故B正确，ACD错误。
故选B。

10.【答案】
【解析】
【分析】
由图可求得物体运 ( http: / / www.21cnjy.com )动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出。
本题考查牛顿第二定律及图象的应用，要注意图象中的斜率表示加速度，面积表示位移；同时注意正确的受力分析，根据牛顿第二定律明确力和运动的关系。
【解答】
由图可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速度；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；
图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：；
下降过程有：；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；
但由于均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；
本题选择不能求出的；故选B。
11.【答案】
【解析】
【分析】
当力较小时，和一起做加速运动， ( http: / / www.21cnjy.com )当拉力增大使整体产生的加速度刚好等于最大静摩擦力即滑动摩擦力提供的加速度时，二者达到了共同运动的最大加速度，接着，的加速度不变由滑动摩擦力提供，的加速度由拉力和向前的滑动摩擦力提供。
本题主要考查的是利用牛顿第二定律分析物体的运动状态，结合图象求解。
【解答】
由图象知和运动的最大加速度为，此时的摩擦力达到了最大静摩擦，即，故；
由牛顿第二定律得：
当拉力大于时，：，由图象得：，故
代入式解得：
此后的加速度由滑动摩擦力提供，加速度不变，
当水平拉力时，长木板的加速度大小由式结合和的值得：，故AC正确，BD错误。
故选AC。

12.【答案】
【解析】
【分析】
当拉力较小时，和保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，和发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析．
本题考查牛顿第二定律与图象的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析．
【解答】
A、对滑块：
当等于时，滑块的加速度为：，即：
当等于时，滑块的加速度为：，即：
联立可得滑块的质量：，与之间的摩擦力故A错误；
B、对进行受力分析，当拉力为时，加速度等于，则：
代入数据得：，即可木板的质量是故B正确；
C、由图可知，当拉力大于后二者即发生相对运动，所以当时木板加速度仍然为 故C正确；
D、与之间的摩擦力：
所以：故D错误．
故选：。 21世纪教育网版权所有
13.【答案】
【解析】
【分析】
当物块刚要离开时，对挡板的 ( http: / / www.21cnjy.com )压力为零，根据平衡求出弹簧的弹力，结合胡克定律求出弹簧的形变量；
根据的运动状态，隔离对分析，运用牛顿第二定律求出物体的加速度；
弹簧开始压缩，根据平衡求出压缩量的大小，抓住的位移等于弹簧长度的形变量求出物块的位移。
本题综合考查了共点力平衡、 ( http: / / www.21cnjy.com )牛顿第二定律、胡克定律和机械能守恒定律，综合性较强，关键理清初末状态，结合动力学知识求解，对学生的能力要求较高，需加强训练。
【解答】
当物块刚要离开时，此时对挡板的压力为零，加速度为零，故A错误；
由分析可知刚要离开时重力的分力和弹簧的拉力二力平衡有，解得弹簧的形变量，
对分析根据牛顿第二定律得，解得，故B正确；
此时两物体的加速度不同，不能根据整体法求解，故C错误；
系统开始处于静止，弹簧处于压缩状态，根据平衡得，解得，
的位移等于弹簧长度的形变量，，故D正确。
故选BD。

14.【答案】
【解析】
【分析】
当物块刚要离开时，对挡板的压力为零，根据平衡求出弹簧的弹力，结合胡克定律求出弹簧的形变量；
根据的运动状态，隔离对分析，运用牛顿第二定律求出物体的加速度；
弹簧开始压缩，根据平衡求出压缩量的大小，抓住的位移等于弹簧长度的形变量求出物块的位移。
本题综合考查了共点力平衡、牛顿第二定律、胡 ( http: / / www.21cnjy.com )克定律和机械能守恒定律，综合性较强，关键理清初末状态，结合动力学知识求解，对学生的能力要求较高，需加强训练。
【解答】
当物块刚要离开时，此时对挡板的压力为零，加速度为零，故A错误；
由分析可知刚要离开时重力的分力和弹簧的拉力二力平衡有，解得弹簧的形变量，
对分析根据牛顿第二定律得，解得，故B正确；
此时两物体的加速度不同，不能根据整体法求解，故C错误；
系统开始处于静止，弹簧处于压缩状态，根据平衡得，解得，
的位移等于弹簧长度的形变量，，故D正确。
故选BD。

15.【答案】；
【解析】解：将小车的速度进行分解如图所示，则，
( http: / / www.21cnjy.com )
小车向右运动，减小，不变，则逐渐增大，说明物体沿斜面向上做加速运动，由牛顿第二定律，可知绳子对的拉力，
故答案为：；
将小车的速度的进行分解，得到两个物体速度的关系式，分析物体做什么运动，判断绳子拉力始终与物体所受重力的关系。
解决本题的关键得出、的速度关系，由牛顿第二定律分析绳子的拉力与重力的大小关系。
21·世纪*教育网
16.【答案】；；偏大；偏大
【解析】解：、探究力的平行四 ( http: / / www.21cnjy.com )边形定则知，两拉力的方向不一定为度，故A错误．
B、为了保证一根弹簧秤的拉力效果与两根弹簧秤的拉力效果相同，两次拉的结点位置需相同，故B正确．
C、用两只弹簧秤拉时合力的图乙示与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，只要在允许范围内，就能说明力的合成遵循平行四边形定则，故C错误．
D、若和的方向不变，而大小各增加，合力的方向可能改变，大小不一定是增加，故D错误．
本题选错误的，故选：．
一根弹簧秤的拉力方向与在同一条直线上，可知是用一根弹簧测力计拉橡皮条的力．
根据和为平行四边形的邻边和对角线，作平行四边形，如图所示，根据图象知，的大小比真实值偏大，的方向使它与的夹角比真实值偏大．
故答案为：，，偏大，偏大．
根据实验的原理以及操作中的注意事项，确定错误的步骤．
以和为平行四边形的邻边和对角线，作平行四边形，从而确定大小和方向的误差．
解决本题的关键知道力的合成遵循平行四边形定则，会根据平行四边形定则进行误差分析．以及知道实验中的注意事项，难度中等．
21*cnjy*com
17.【答案】
解：设碰后的速度为，则
解得
设物块运动到点的速度为，碰后的速度为，
物块与碰撞为弹性碰撞，
由动量守恒和能量守恒得：
解得：
物块从减速滑行到点，，解得
若从点下滑，，，
得
因此物块在点上方，设物块所放位置离点距离为，则：
解得：
因此，物块所放位置距点的距离为：
【来源：21cnj*y.co*m】
【解析】
【分析】
根据物 ( http: / / www.21cnjy.com )理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。21教育名师原创作品
【解答】
A.亚里士多德认为力是维持物体运动 ( http: / / www.21cnjy.com )的原因，故A错误；
B.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多很小的段，每个小段视为匀速运动，算出各小段位移，然后将各小段位移相加得出公式，运用了微积分的方法，故B正确；
C.理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如质点、点电荷等都是理想化模型，而元电荷是最小的电荷量，不是物理模型。故C错误；
D.电场中某点的电场强度的方向即为正电荷在该点受到的电场力的方向，故D正确；
E.牛顿进行了“月地检验”，得出天上和地下的物体间的引力作用都遵从同样的规律，从而得出万有引力定律，故E正确。
故选BDE。
本题是弹性碰撞动量守恒和机械能守恒及牛顿第二定律及运动学公式的综合题目。过程较多。
碰后，再根据牛顿第二定律得出加速度，根据运动学公式求解；
物块与碰撞为弹性碰撞，动量守恒机械能守恒，再根据牛顿第二定律得出加速度，再根据运动学公式综合求解即可。

18.【答案】解：在梯做匀加速运动，加速度为：
根据匀变速直线运动公式可得，第一阶段位移：
第一阶段末速度：
内向上以速度做匀速直线运动，根据匀速直线运动公式可得，第二阶段位移：

在内以加速度向上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律可得，加速度大小：
第三阶段位移：
则在这段时间内小孩上升的高度，即电梯上升的高度：
答：在这段时间内电梯上升的高度是为．
【解析】对小孩受力分析，受重力和支持 ( http: / / www.21cnjy.com )力，体重计示数等于支持力大小，求出各段时间内加速、匀速、减速物体的加速度，结合运动学规律求上升的总高度．
本题要能从图象中看出力的变化规律，受力分析后得出物体的运动规律，结合运动学公式求解，必要时可以画出运动草图．
19.【答案】解：对小球进行受力分析如图，由共点力平衡可得：
所以水平拉力：
( http: / / www.21cnjy.com )
当小球随车一起做加速运动时，受力如图，根据牛顿第二定律可得：
所以：
答：的大小是；
撤去，使车向左做匀加速直线运动，要使悬挂的小球对车厢静止时细绳仍偏离竖直方向则车的加速度是．
【解析】行受力分析，由共点力平衡即可求出拉力；
对小球受力分析，根据牛顿第二定律即可求得整体的加速度．
本题主要考查了牛顿第二定律及力的合成与分解原则，要注意正确小球的受力情况，根据牛顿第二定律可求得整体的加速度．
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
HYPERLINK "http://21世纪教育网(www.21cnjy.com)
" 21世纪教育网(www.21cnjy.com)