人教版九年级物理18.2电功率同步练习（word版 含答案）

人教版九年级物理18.2电功率同步练习
一、单选题
1．下列四种家用电器中，正常工作时电流大约为10A的是（　　）
A．电暖气 B．电冰箱 C．电视机 D．日光灯
2．我国“华为”公司是当今世界通讯领域的龙头企业，在手机及其它通讯设备的设计制造方面掌握了诸多高新科技成果。以手机为例，华为“Mate 40pro”不仅采用4400mAh超大容量电池，并且采用“超级快充”技术，不到十分钟可把电池充达一半以上，极大方便了人们的使用，已知该电池的部分参数如表1所示。如图2所示的两个充电器，一个标注“输出5V 4.5A” 另一个标注“输出11V 6A”，其中有一个是快速充电器，假设充电效率为90%，以下说法错误的是（　　）
A．当电池充满电时，储存的电能是58608J
B．标注“输出11V 6A”的是快速充电器
C．选用快速充电器将电池从零充满需要 13.3min
D．超级快充的充电线比普通手机充电线要粗一些，目的是使充电过程中产生的热量少一些
3．下图是小明家里用的电能表，电能表的部分参数及上月末的示数如图所示。表盘上1600imp/（kW·h）表示电能表所在电路用电器每消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁1600次。下列有关说法正确的是（　　）
A．小明家上月消耗的电能为32386.1kW·h
B．电能表的额定电流为40A
C．指示灯闪烁得越快，电能表所在电路正在使用的用电器的电功率大
D．小明家同时使用的用电器总功率不应超过2200W
4．如图甲所示电路，闭合开关S后，当滑片P从中点滑到最右端的过程中，电压表的示数 U与电流表的示数 Ⅰ 的关系图线如图乙所示。图乙中U1、U2、I1、I2已知，电源的电压保持不变，灯泡的额定电压为 U2，则由此不能求得的物理量是（　　）
A．电源电压 B．滑动变阻器的最大电阻
C．滑片P在中点时电路消耗的功率 D．电路消耗的最小功率
5．如图所示，用铅笔制成的滑动变阻器来改变电路中的电流及灯泡的亮度，当右端固定，左端的铜环向右滑动时，下列判断正确的是（　　）
A．电流表示数变大，灯变暗 B．电流表示数变小，灯变暗
C．电流表示数变小，灯变亮 D．电流表示数变大，灯变亮
6．关于如图所示的电能表，下列说法正确的是（　　）
A．电能表是测量消耗电功率的仪表
B．从表中可以看出，它所测量的电路消耗了200kW·h的电能
C．只将一盏标有“220V，100W”的电灯接在电路中，正常工作1h，转盘转72圈
D．该电能表的单位为焦耳
二、填空题
7．如图甲所示的电路中，电源电压为3V，当开关S闭合时，灯泡L1、L2正常发光。电流表A1、A2的示数分别如图乙所示。求：灯泡L1的电流是___________A，灯泡L2的电功率是___________W。
8．已知甲灯标有“6V 3W”字样，乙灯的额定电压是3V，甲、乙两灯的U﹣I关系如图所示，确保电路安全的前提下，两灯串联使用，电路两端的最大电压是________V，两灯并联使用，电路最大电流是________A。
9．图为长方体电阻，将其按_____（选填“AB”“CD”或“EF”）方向接入电路，电流最大：若将分别标有“8V 8W”和“8V 4W”的甲、乙两个灯泡串联在电路中。保证电路安全的情况下，较亮的是_____灯。
10．图是某同学家的电能表，从电能表可以获得很多信息，从信息中可知，电能表每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转过______转，电能表工作时的功率不能超过______W。
11．家用电饭锅中自动开关一般由感温铁氧体组成，将电饭锅的自动开关S按下，电饭锅处于加热状态，当感温铁氧体温度达到103℃时失去磁性，被吸铁块由弹簧弹开，使电饭锅进入保温状态。某家用电饭锅内部电路简化示意图如图甲，某次使用该电饭锅在220V的电压下煮饭30分钟过程中，通过的电流随时间变化的图象如图乙。
（1）当锅内温度为100℃时，自动开关S与_______（选填“1”或“2”）连接，此时电饭锅处于_______（选填“加热“或“保温”）状态。
（2）该电饭锅此次工作中在保温阶段的功率_______和消耗的电能_______。
三、实验题
12．如图是“探究并联电路电流特点”的实验电路图，同学们进行了如下实验。
（1）根据图的实物电路来测量并联电路的总电流，当他闭合开关时，发现L1、L2均__________（选填“发光”或“不发光”），电路中有一根多余的导线，经你的观察你选择撤掉的是__________（选填“a”或“b”）。
（2）在进行实物连接时，开关应处于__________状态（选填“闭合”或“断开”）；
（3）在实验中，小强发现两个并联的小灯泡，一个很亮，一个发光微弱，造成这种现象的原因可能是（______）
A．两个灯泡两端的电压大小不同 B．发光微弱的灯泡的灯丝断了
C．灯泡的规格不同 D．发光微弱的灯泡被短路
（4）小雷实验前设计了两种方案，甲：改变电源的电压；乙：更换其中的一个用电器。根据下表中的数据，你认为小雷采用了方案__________。
实验次数 I1/A I2/A I3/A
1 0.l 0.2 0.3
2 0.4 0.2 0.6
3 0.8 0.2 1.0
13．如图是一个电加热器的工作原理图，其中R1和R2是阻值不变的发热电阻。表中是它的部分参数。当开关S和S1都闭合时，电加热器处于______选填“加热”或“保温”）状态；电阻R1与R2的阻值之比是___________。
额定电压 220V
额定加热功率 1210W
额定保温功率 110W
四、计算题
14．冬天打出来的果汁太凉，不宜直接饮用。如图所示，是小丽制作的“能加热的榨汁杯”及其内部电路简化结构示意图，该榨汁杯的部分参数如表所示。求：
（1）仅榨汁时的正常工作电流；
（2）R2的阻值；
（3）已知该榨汁杯正常工作时的加热效率为90%，给杯子盛满果汁并加热，使其温度升高30℃，需要加热多长时间。[，]
榨汁杯部分参数表
额定电压 220V
加热功率 300W
保温功率 80W
榨汁功率 132W
容量 300mL
15．如图（甲）所示一款“充电式”暖手宝，能装满水。加热部分的简化电路图如图（乙）所示，该充电式暖手宝可以通过、两个开关的断开与闭合实现低温、高温两个档位的变化。只闭合时为低温档，功率为，再闭合时为高温档，功率为。暖手宝充电时将水加热到50℃时自动断电。电源电压保持不变，已知水的比热容，此时室温为28℃。请计算：
（1）暖手宝中水温度由28℃升高到50℃，需要吸收多少焦耳的热量？
（2）若用低温档加热，需要“充电”多长时间？（不考虑热量损失）
（3）电热丝的阻值是多少？（保留整数）
参考答案
1．A
【详解】
该用电器的功率
P=UI=220V×10A=2200W
A．电暖气的功率在2000W左右，故A符合题意；
B．电冰箱的功率在200W左右，故B不符合题意；
C．电视机的功率在100W左右，故C不符合题意；
D．日光灯的功率在40W左右，故D不符合题意。
故选A。
2．C
【详解】
A．当电池充满电时，储存的电能为
故A正确，不符合题意；
B．根据公式
可知，标注“输出5V 4.5A” 的充电器的功率为
标注“输出11V 6A” 的充电器的功率为
可见，标注“输出11V 6A” 的充电器功率更高，充电更快，是快速充电器，故B正确，不符合题意；
C．根据公式
得知
故C错误，符合题意；
D．电阻在导电物质不变的情况下，主要受导电金属的长度和横截面积影响，横截面积越大，电子在金属中更易通过，电阻也就越小，超级快充的充电线也是用了这一原理，所以超级快充的充电线比普通手机充电线要粗一些，目的是使充电过程中产生的热量少一些，故D正确，不符合题意。
故选C。
3．C
【详解】
A．小明家上月末的示数为32386.1kW·h，由于不知道上月初电能表的示数，所以无法计算上月消耗的电能，故A错误；
BD．由图知电能表的额定最大电流为40A，小明家同时使用的用电器最大总功率
P=UI=220V×40A=8800W
故BD错误；
C．因为电能表指示灯闪烁的快慢反映了电流做功的快慢，所以，指示灯闪烁越快，说明电能表所在电路的总功率越大，故C正确。
故选C。
4．D
【详解】
A．当滑片位于右端时，电路为灯泡的简单电路，此时电压表测电源的电压，其示数最大，即电源电压U=U2；故A不符合题意；
B．由题意和图示可知，当滑片位于中点时，电压表的示数为U1，电路中的电流为I1，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则滑动变阻器两端的电压
UR=U-U1=U2-U1
根据欧姆定律可得滑片在中点时变阻器接入的阻值
则变阻器的最大电阻为
故B不符合题意；
C．知道滑片P在中点时电路中的电流以及电源电压，根据P=UI能求出滑片P在中点时电路消耗的功率，故C不符合题意；
D．由图乙可知，灯丝的电阻是变化的，当滑动变阻器滑片移至最左端时，总电阻最大，电路中的电流最小，此时电路消耗的功率最小；由于灯丝电阻是变化的，所以无法求出最小电流，故不能利用功率公式求出电路消耗的最小功率，故D符合题意。
故选D。
5．D
【详解】
由图知，灯泡和铅笔制成的滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，当左端的铜环向右滑动时，变阻器连入电路的电阻变小，电路总电阻变小，由可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大。根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，灯泡两端的电压变大，电路中电流变大，根据 P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯变亮。
故选D。
6．C
【详解】
A．电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表，不是测电功率的仪表，故A错误；
BD．电能表显示数字中最后一位是小数，单位为kW·h，图中电能表示数为20.0kW·h，表示它所测量的电路消耗了20.0kW·h的电能，故BD错误；
C．电灯正常工作的电功率
P=100W=0.1kW
灯正常工作1h消耗的电能
W=Pt=0.1kW×1h=0.1kW·h
转盘转动的圈数
n=0.1kW·h×720r/(kW·h)=72r
故C正确。
故选C。
7．1 1.5
【详解】
[1]闭合开关后，两灯并联，A1表测干路电流，A2表测灯L2电流，干路电流要大于支路电流，所以A1表读数为1.5A，A2表读数为0.5A，由并联电路电流特点知灯泡L1电流为
[2]由并联电路电压特点知，灯L2电压为3V，电流为0.5A，所以电功率为
8．8 0.9
【详解】
[1]根据图像可知，甲灯两端电压为额定电压6V时，甲的额定电流为0.5A；乙灯两端电压为额定电压3V时，乙的额定电流为0.6A；因为串联电路中电流处处相等，所以两灯串联时，电路中的最大电流
I=I甲=0.5A
此时甲灯正常发光（其电压为6V），由图像可知，当通过乙灯泡的电流为0.5A时，乙灯泡两端电压为2V，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电路两端允许加的最大电压
U串=U甲+U乙′=6V+2V=8V
[2]因为并联电路两端电压相等，所以并联电路两端的最大电压为3V，由图像可知，甲乙两端电压为3V时
I甲′=0.3A，I乙′=0.6A
因为并联电路中的干路电流等于各支路电流之和，所以干路允许通过的最大电流
I并=I甲′+I乙′=0.3A+0.6A=0.9A
9．EF 乙
【详解】
[1]导体的电阻取决于导体的长度、材料、横截面积以及温度，在温度相同，材料相同的情况下，导体越长、横截面积越小，导体的电阻越大，由图示可知，沿EF方向接入电路时，长度最短，横截面积最大，因此电阻最小，沿AB方向接入电路时，长度介于EF，CD之间，横截面积介于EF、CD之间，沿CD方向接入电路时，长度最长，横截面积最小，电阻最大。由可得电阻最小时，通过电路的电流最大，所以应将其按EF方向接入电路。
[2]两灯泡允许通过的最大电流分别为
I甲＝＝1A
I乙＝＝0.5A
两灯泡的阻值分别为
R甲＝＝8Ω
R乙＝＝16Ω
因串联电路中各处的电流相等，所以，保证电路安全的情况下，灯泡乙正常工作，电路中的电流
I＝I乙＝0.5A
灯泡乙的实际功率等于额定功率即
P乙实际＝P乙额定＝4W
灯泡甲的实际功率
P甲实际＝I2R甲＝(0.5A)2×8Ω＝2W
所以
P甲实际＜P乙实际
也就是灯泡乙亮。
10．3000 4400
【详解】
[1]“3000r/(kW·h)”表示每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转3000转。
[2]由图可知，用电器正常工作时的总功率不得超过
P=UI=220V×20A=4400W
11．1 加热 220W 2.64×105J
【详解】
(1)[1]根据题意知道，温度为100℃时（低于103℃），电饭锅处于加热状态，开关S与“1”连接，只有R1连入电路，电路中电阻较小（S与2接触时，两电阻串联，电阻较大），根据知道，此时的电功率较大，为加热状态.
(2)[2]加热时，因电路的功率大，由P＝UI知道，电流较大；保温时，电路的功率较小，对应的电流较小，保温时的电流为I2＝1A，保温时间为
30min﹣10min＝20min
该电饭锅此次工作中在保温阶段的功率
P保＝UI2＝220V×1A＝220W
保温时消耗的电能
W＝P保t＝220W×20×60s＝2.64×105J
12．发光 b 断开 C 乙
【详解】
（1）[1][2]图中，当闭合开关时，电流表与导线并联，两灯并联，故L1、L2发光（电流表没有示数）；因电流表测量并联电路的总电流，故应撤掉的是导线b。
（2）[3]为了保护电路，避免连线错误而烧坏电路元件，在进行实物连接时，开关应处于断开状态。
（3）[4] A．由并联电路电压的规律可知，两个灯泡两端的电压大小相同，故A不符合题意；
B．若发光微弱的灯泡的灯丝断了，则这个灯不发光，故B不符合题意；
C．灯泡的规格不同，灯的实际功率不同，亮度不同，故C符合题意；
D．若发光微弱的灯泡被短路，则另一个灯也会被短路，不会发光，故D不符合题意。
故选C。
（4）[5]根据实验数据可知，通过一个支路的电流保持不变，另一个支路电流改变，故电源电压没有改变，而是改变其中一个用电器，他采用了方案乙。
13．加热 10：1
【详解】
[1]由电路图可知，开关S和S1都闭合时，只有R2连入电路中，电路电阻较小，根据P=可知，电功率较大，电加热器处于加热状态。
[2]只闭合开关S，两电阻串联，电路电阻较大，根据P=可知，电功率较小，电加热器处于保温状态。由表中数据知，P加热=1210W，P保温=110W，则
P加热==1210W
P保温==110W
所以
P加热：P保温=：=1210W：110W
即
(R1+R2)：R2=11：1
解得
R1：R2=10：1
14．（1）0.6A；（2）220Ω；（3）160s
【详解】
（1）由P=UI知道 ，仅榨汁时的正常工作电流
（2由电路图知道，只闭合S2时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态，同时闭合S2、S3时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，R2的电功率
P2=P加热-P保温=300W-80W=220W
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由知道，R2的阻值
（3）给杯子盛满果汁时果汁的体积
V=300mL=300cm3
由知道，果汁的质量
m=ρ果汁V=1.2g/cm3×300cm3=360g=0.36kg
果汁吸收的热量
由知道，榨汁杯消耗的电能：
由 知道，需要的加热时间
答：（1）仅榨汁时的正常工作电流为0.3A；
（2）R2的阻值为220Ω；
（3）给杯子盛满果汁并加热，使其温度升高30℃，需要加热160s。
15．（1）；（2）420s；（3）
【详解】
解：（1）由题意可知，暖手宝中水的质量为
m=200g=0.2kg
故暖手宝中水温度由28℃升高到50℃，需要吸收的热量为
（2）由可知，电源电压不变时，电路的总电阻越大，功率越小，当开关S1闭合，S2断开时，只有R1接入电路，电阻较大，故此时电路位于低温档，当两开关均闭合时，此时R1与R2并联接入电路，总电阻较小，故此时电路位于高温档，故用低温档加热时，加热的时间为
（3）因与并联，故电路处于高温档时，R2的功率为
由可得，R2的阻值为
答：（1）水吸收热量为；
（2）需加热；
（3）电阻为。
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