1.6反冲现象 火箭 同步练习（Word版含答案）
文档属性
| 名称 | 1.6反冲现象 火箭 同步练习（Word版含答案） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 450.3KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版（2019） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2021-11-22 17:12:16 | ||
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文档简介
1.6反冲现象 火箭
一、单选题
1．某人站在静止于水面的船上，从某时刻开始，人从船头走向船尾，水的阻力不计，下列说法不正确的是（ ）
A．人匀速运动，船则匀速后退，两者的速度大小与它们的质量成反比
B．人走到船尾不再走动，船也停止不动
C．不管人如何走动，人在行走的任意时刻人和船的速度方向总是相反，大小与它们的质量成反比
D．船的运动情况与人行走的情况无关
2．2021年6月17日9时22分，我国神舟十二号载人飞船发射圆满成功。如图是神舟十二号载人飞船发射瞬间的画面，在火箭点火发射瞬间，质量为m的燃气以大小为的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。已知发射前火箭的质量为M，则在燃气喷出后的瞬间，火箭的速度大小为（燃气喷出过程不计重力和空气阻力的影响）（ ）
A． B． C． D．
3．气球质量为，载有质量为的人，静止在空中距地面的地方，气球下悬一根质量可忽略不计的绳子，此人想从气球上沿绳慢慢下滑至安全到达地面，则这根绳长至少为（ ）
A． B． C． D．
4．某实验小组发射自制水火箭，火箭外壳重，发射瞬间将壳内质量为的水相对地面以的速度瞬间喷出，已知重力加速度，空气阻力忽略不计，火箭能够上升的最大高度为（ ）
A． B． C． D．
5．质量为（不含炮弹）的一炮艇在湖面上匀速行驶，炮艇上有两颗炮弹，突然从船头和船尾同时水平向前和向后各发射一发炮弹，设两炮弹质量均为，相对于地的速率相同，炮艇的牵引力和阻力均不变，则炮艇的动量（不含炮弹）和速度的变化情况是（ ）
A．动量变小，速度不变 B．动量不变，速度增大
C．动量增大，速度增大 D．动量增大，速度减小
6．如图所示，小车上固定一竖直杆，杆顶端钉有一钉子，钉子钉住一根不可伸长的细绳与小球A相连，小球可通过细绳左右摆动绳长为l，小球A的质量为m，小车B的质量为M，将小球向右端拉至水平后放手（水平面光滑），则（ ）
A．小球和小车组成的系统动量守恒
B．水平方向任意时刻小球与小车的动量都等大反向
C．小球不能向左摆到原高度
D．小车向右移动的最大距离为
7．一质量为M的航天器远离太阳和行星，正以速度v0在太空中飞行，某一时刻航天器接到加速的指令后，发动机瞬间向后喷出质量为m的气体，气体向后喷出的速度大小为v1，加速后航天器的速度大小v2等于(v0、v1、v2均为相对同一参考系的速度)( )
A． B．
C． D．
8．质量m＝100 kg的小船静止在平静水面上，船两端载着m甲＝40 kg、m乙＝60 kg的游泳者，在同一水平线上甲向左、乙向右同时以相对于岸3 m/s的速度跃入水中，如图所示，则小船的运动速率和方向为 （ ）
A．0.6 m/s，向左 B．3 m/s，向左
C．0.6 m/s，向右 D．3 m/s，向右
9．质量为m的人站在质量为M的小车上，小车静止在水平地面上，车与地面摩擦不计．当人从小车的左端走到右端，下列说法不正确的是（ ）
A．人在车上行走的平均速度越大，则车在地面上运动的平均速度也越大
B．人在车上行走的平均速度越大，则车在地面上移动的距离也越大
C．不管人以什么样的平均速度行走，车在地面上移动的距离都相同
D．人在车上行走时，若人相对车突然停止，则车也立刻停止
10．物理在生活和生产中有广泛应用，以下实例没有利用反冲现象的是（ ）
A．乌贼喷水前行
B．电风扇吹风
C．火箭喷气升空
D．飞机喷气加速
11．下列现象中不属于反冲现象的是（ ）
A．发射炮弹后炮身后退 B．人用桨向后划水船向前运动
C．火箭向下高速喷射炽热气体时上升 D．章鱼调整喷水方向可以向不同方向运动
12．2021年10月16日，搭载3名宇航员的神州十三号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射，三位宇航员将在太空生活6个月。若某位连同装备共100kg的宇航员出仓执行任务，在离飞船30m的位置与飞船处于相对静止状态，为返回飞船，宇航服中的高压气源一次性喷出一定质量的速度为40m/s的气体，5分钟后宇航员返回飞船，则喷出气体的质量为（ ）
A．0.15kg B．0.25kg C．0.35kg D．0.5kg
13．一枚在空中飞行的火箭在某时刻的速度为，方向水平，燃料即将耗尽。此时，火箭突然炸裂成两块（如图所示），其中质量为的后部分箭体以速率沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系统质量的变化，则质量为前部分箭体速率为（ ）
A． B． C． D．
14．质量为m=40kg的气球上有一质量为M=60kg的人，共同静止在距地面高为h=10m的空中，现在从气球中放下一根不计质量的软绳，人沿着软绳下滑到地面，软绳至少为多长，人才能安全到达地面（ ）
A．10m B．15m C．20m D．25m
15．如图所示，气球下面有一根长绳，一个质量为m1=50 kg的人抓在气球下方，气球和长绳的总质量为m2=20 kg，长绳的下端刚好和水平面接触，当静止时人离地面的高度为h=5 m。如果这个人开始沿绳向下滑，当他滑到绳下端时，他离地面高度是（可以把人看做质点）（ ）
A．5 m B．3.6 m C．2.6 m D．8 m
二、解答题
16．有一艘质量为M=150kg的船停在静水中，船长L=5m，船上一个质量为m=50kg的人从船头走到船尾。不计水的阻力，则船在水中移动的距离为多少？
17．有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长（估计重一吨左右）。一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量，他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，然后他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离d，然后用卷尺测出船长L。已知他自身的质量为m，则渔船的质量为多少？
18．北京时间2019年1月11日1时11分，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭成功将中国最新研制的通信广播卫星“中星2D”发射升空，卫星进入预定轨道。如果最后一节火箭的燃料用完后，质量分别为和的火箭壳体和“中星2D”卫星一起以速度绕地球做匀速圆周运动，某时刻火箭壳体与“中星2D”卫星分离，火箭壳体分离后瞬间速度为。已知分离持续时间为（很小），求：
（1）分离后瞬间“中星2D”卫星速度的大小；
（2）分离过程中火箭壳体对“中星2D”卫星的平均作用力大小。
试卷第2页，共2页
试卷第1页，共1页
参考答案
1．D
【详解】
A．人从船头走向船尾的过程中，人和船组成的系统动量守恒。设人的质量为m，速度为v。
船的质量为M，速度为v' 。以人行走的速度方向为正方向，由动量守恒定律得
0=mv+Mv'
解得
可知，人匀速行走，v不变，则v'不变，船匀速后退，且两者速度大小与它们的质量成反比。故A正确，与题意不符；
B．人走到船尾不再走动，设整体速度为v"，由动量守恒定律得
0 = (m+ M)v"
得
v"=0
即船停止不动。故B正确，与题意不符；
C．系统初始总动量为0，根据动量守恒定律得
0=mv+Mv'
解得
则不管人如何走动，人在行走的任意时刻人和船的速度方向总是相反，大小与它们的质量成反比。故C正确，与题意不符；
D．由上分析知，船的运动情况与人行走的情况有关，人动船动，人停船停。故D错误，与题意相符。
故选D。
2．D
【详解】
以向上为正方向，由动量守恒定律可得
解得
D正确。
故选D。
3．C
【详解】
以人和气球组成的系统为研究对象，系统动量守恒，设人在沿绳缓慢下滑时的速度为v1，气球的速度为v2，经过时间t人安全到达地面，人运动的位移为s1=20m,气球上升的位移为s2，因为人从气球上沿绳慢慢下滑，所以在整个过程可看成匀速直线运动，有
则
解得
所以绳长最短为
20m+10m=30m
故选C。
4．C
【详解】
由动量守恒
解得
由
解得
故选C。
5．C
【详解】
因炮艇受到的牵引力及阻力不变，且开始时炮艇匀速运动故整个系统所受的合力为零，系统的动量守恒．设炮艇原来的速度为，发射炮弹的瞬间炮艇的速度为，以向前为正方向，由动量守恒定律可得，可知，因此发射炮弹后瞬间炮艇的速度增大，动量增大，ABD错误，C正确．
故选C
6．B
【详解】
AB.小球A和小车B组成的系统只是在水平方向所受的合力为0，竖直方向的合力不为零，故系统在水平方向的动量守不守恒，故B正确A错误；
C.据动量守恒（水平方向）及机械能守恒可知，小球A仍能向左摆到原高度，故C错误；
D.小球相对小车向左摆动的距离为2l，设小球速度v1，小车速度v2，由动量守恒定律
解得小车向右移动的最大距离时为，故D错误。
故选B。
7．C
【详解】
设加速后航天器的速度大小为v，由动量守恒定律有Mv0=-mv1+（M-m）v
解得 ，故选C.
8．A
【详解】
甲、乙和船组成的系统动量守恒，以水平向右为正方向，开始时总动量为零，根据动量守恒定律有
0＝-m甲v甲＋m乙v乙＋mv
代入数据解得
v＝-0.6 m/s
负号说明小船的速度方向向左；
故选A．
9．B
【详解】
试题分析：人和车组成的系统动量守恒，有：，可知，人在车上行走的平均速度越大，则车在地面上运动的平均速度越大．故A正确．根据动量守恒定律有： ，则，则 ，则车在地面上移动的距离：．与平均速度的大小无关，知不管人以什么样的平均速度行走，车在地面上移动的距离相同．故B错误，C正确．根据动量守恒定律得，人的速度为零时，车的速度也为零．故D正确．题目要求选不正确的，故选B．
考点：动量守恒定律的应用
【名师点睛】“人船模型”是动量守恒定律的应用的一个经典模型，关键抓住系统在水平方向上总动量为零进行求解，将速度问题转化为位移为题．
10．B
【详解】
乌贼喷水前行、火箭喷气升空、飞机喷气加速都是利用了反冲原理；而电风扇吹风不是反冲。
故选B。
11．B
【详解】
反冲是如果一个静止的物体在内力作用下分裂为两个部分，一部分向某方向运动，另一部分必然向相反的方向运动
发射炮弹，在内力作用下炮弹向前，炮身后退，是反冲现象；火箭向下高速喷射炽热气体，气体向下，火箭向上，是反冲现象；章鱼调整喷水方向时，喷出的水向一个方向，则章鱼向喷水的反向运动，属于反冲现象；但是人用桨向后划水船向前运动，划船时用桨向后划水，给水一个向后的力，物体间力的作用是相互的，水会对船产生一个向前的力，船向前运动。
故选B。
12．B
【详解】
以飞船为参考系，则它们的初动量为0，动量守恒定律得
宇航员返回飞船有
联立解得
故ACD错误，B正确。
故选B。
13．D
【详解】
火箭在爆炸分离时水平方向上动量守恒，规定初速度的方向为正方向，由动量守恒定律可得
解得
故选D。
14．D
【详解】
设软绳至少长l，在人沿软绳下滑过程，气球竖直上升，由动量守恒中的“人船模型”规律可得
解得
故选D。
15．B
【详解】
当人滑到绳下端时，如图所示，由动量守恒定律，得
且
h1＋h2=h
解得
h1=1.4 m
所以他离地高度
H=h-h1=3.6 m
故选B。
16．1.25m
【详解】
设船在水中移动的距离为x，用时间为t，则根据动量守恒定律可得
解得
x=1.25m
17．
【详解】
如图所示
设该同学在时间t内从船尾走到船头，由动量守恒定律知，人、船在该时间内的平均动量大小相等，即
又
解得
18．（1）；（2）
【详解】
（1）火箭壳体与“中星”卫星分离过程，取火箭壳体和“中星2D”卫星原来的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得
解得分离后瞬间“中星”卫星速度的大小为
（2）分离过程中，对“中星”卫星，由动量定理得
解得
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页
一、单选题
1．某人站在静止于水面的船上，从某时刻开始，人从船头走向船尾，水的阻力不计，下列说法不正确的是（ ）
A．人匀速运动，船则匀速后退，两者的速度大小与它们的质量成反比
B．人走到船尾不再走动，船也停止不动
C．不管人如何走动，人在行走的任意时刻人和船的速度方向总是相反，大小与它们的质量成反比
D．船的运动情况与人行走的情况无关
2．2021年6月17日9时22分，我国神舟十二号载人飞船发射圆满成功。如图是神舟十二号载人飞船发射瞬间的画面，在火箭点火发射瞬间，质量为m的燃气以大小为的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。已知发射前火箭的质量为M，则在燃气喷出后的瞬间，火箭的速度大小为（燃气喷出过程不计重力和空气阻力的影响）（ ）
A． B． C． D．
3．气球质量为，载有质量为的人，静止在空中距地面的地方，气球下悬一根质量可忽略不计的绳子，此人想从气球上沿绳慢慢下滑至安全到达地面，则这根绳长至少为（ ）
A． B． C． D．
4．某实验小组发射自制水火箭，火箭外壳重，发射瞬间将壳内质量为的水相对地面以的速度瞬间喷出，已知重力加速度，空气阻力忽略不计，火箭能够上升的最大高度为（ ）
A． B． C． D．
5．质量为（不含炮弹）的一炮艇在湖面上匀速行驶，炮艇上有两颗炮弹，突然从船头和船尾同时水平向前和向后各发射一发炮弹，设两炮弹质量均为，相对于地的速率相同，炮艇的牵引力和阻力均不变，则炮艇的动量（不含炮弹）和速度的变化情况是（ ）
A．动量变小，速度不变 B．动量不变，速度增大
C．动量增大，速度增大 D．动量增大，速度减小
6．如图所示，小车上固定一竖直杆，杆顶端钉有一钉子，钉子钉住一根不可伸长的细绳与小球A相连，小球可通过细绳左右摆动绳长为l，小球A的质量为m，小车B的质量为M，将小球向右端拉至水平后放手（水平面光滑），则（ ）
A．小球和小车组成的系统动量守恒
B．水平方向任意时刻小球与小车的动量都等大反向
C．小球不能向左摆到原高度
D．小车向右移动的最大距离为
7．一质量为M的航天器远离太阳和行星，正以速度v0在太空中飞行，某一时刻航天器接到加速的指令后，发动机瞬间向后喷出质量为m的气体，气体向后喷出的速度大小为v1，加速后航天器的速度大小v2等于(v0、v1、v2均为相对同一参考系的速度)( )
A． B．
C． D．
8．质量m＝100 kg的小船静止在平静水面上，船两端载着m甲＝40 kg、m乙＝60 kg的游泳者，在同一水平线上甲向左、乙向右同时以相对于岸3 m/s的速度跃入水中，如图所示，则小船的运动速率和方向为 （ ）
A．0.6 m/s，向左 B．3 m/s，向左
C．0.6 m/s，向右 D．3 m/s，向右
9．质量为m的人站在质量为M的小车上，小车静止在水平地面上，车与地面摩擦不计．当人从小车的左端走到右端，下列说法不正确的是（ ）
A．人在车上行走的平均速度越大，则车在地面上运动的平均速度也越大
B．人在车上行走的平均速度越大，则车在地面上移动的距离也越大
C．不管人以什么样的平均速度行走，车在地面上移动的距离都相同
D．人在车上行走时，若人相对车突然停止，则车也立刻停止
10．物理在生活和生产中有广泛应用，以下实例没有利用反冲现象的是（ ）
A．乌贼喷水前行
B．电风扇吹风
C．火箭喷气升空
D．飞机喷气加速
11．下列现象中不属于反冲现象的是（ ）
A．发射炮弹后炮身后退 B．人用桨向后划水船向前运动
C．火箭向下高速喷射炽热气体时上升 D．章鱼调整喷水方向可以向不同方向运动
12．2021年10月16日，搭载3名宇航员的神州十三号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射，三位宇航员将在太空生活6个月。若某位连同装备共100kg的宇航员出仓执行任务，在离飞船30m的位置与飞船处于相对静止状态，为返回飞船，宇航服中的高压气源一次性喷出一定质量的速度为40m/s的气体，5分钟后宇航员返回飞船，则喷出气体的质量为（ ）
A．0.15kg B．0.25kg C．0.35kg D．0.5kg
13．一枚在空中飞行的火箭在某时刻的速度为，方向水平，燃料即将耗尽。此时，火箭突然炸裂成两块（如图所示），其中质量为的后部分箭体以速率沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系统质量的变化，则质量为前部分箭体速率为（ ）
A． B． C． D．
14．质量为m=40kg的气球上有一质量为M=60kg的人，共同静止在距地面高为h=10m的空中，现在从气球中放下一根不计质量的软绳，人沿着软绳下滑到地面，软绳至少为多长，人才能安全到达地面（ ）
A．10m B．15m C．20m D．25m
15．如图所示，气球下面有一根长绳，一个质量为m1=50 kg的人抓在气球下方，气球和长绳的总质量为m2=20 kg，长绳的下端刚好和水平面接触，当静止时人离地面的高度为h=5 m。如果这个人开始沿绳向下滑，当他滑到绳下端时，他离地面高度是（可以把人看做质点）（ ）
A．5 m B．3.6 m C．2.6 m D．8 m
二、解答题
16．有一艘质量为M=150kg的船停在静水中，船长L=5m，船上一个质量为m=50kg的人从船头走到船尾。不计水的阻力，则船在水中移动的距离为多少？
17．有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长（估计重一吨左右）。一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量，他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，然后他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离d，然后用卷尺测出船长L。已知他自身的质量为m，则渔船的质量为多少？
18．北京时间2019年1月11日1时11分，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭成功将中国最新研制的通信广播卫星“中星2D”发射升空，卫星进入预定轨道。如果最后一节火箭的燃料用完后，质量分别为和的火箭壳体和“中星2D”卫星一起以速度绕地球做匀速圆周运动，某时刻火箭壳体与“中星2D”卫星分离，火箭壳体分离后瞬间速度为。已知分离持续时间为（很小），求：
（1）分离后瞬间“中星2D”卫星速度的大小；
（2）分离过程中火箭壳体对“中星2D”卫星的平均作用力大小。
试卷第2页，共2页
试卷第1页，共1页
参考答案
1．D
【详解】
A．人从船头走向船尾的过程中，人和船组成的系统动量守恒。设人的质量为m，速度为v。
船的质量为M，速度为v' 。以人行走的速度方向为正方向，由动量守恒定律得
0=mv+Mv'
解得
可知，人匀速行走，v不变，则v'不变，船匀速后退，且两者速度大小与它们的质量成反比。故A正确，与题意不符；
B．人走到船尾不再走动，设整体速度为v"，由动量守恒定律得
0 = (m+ M)v"
得
v"=0
即船停止不动。故B正确，与题意不符；
C．系统初始总动量为0，根据动量守恒定律得
0=mv+Mv'
解得
则不管人如何走动，人在行走的任意时刻人和船的速度方向总是相反，大小与它们的质量成反比。故C正确，与题意不符；
D．由上分析知，船的运动情况与人行走的情况有关，人动船动，人停船停。故D错误，与题意相符。
故选D。
2．D
【详解】
以向上为正方向，由动量守恒定律可得
解得
D正确。
故选D。
3．C
【详解】
以人和气球组成的系统为研究对象，系统动量守恒，设人在沿绳缓慢下滑时的速度为v1，气球的速度为v2，经过时间t人安全到达地面，人运动的位移为s1=20m,气球上升的位移为s2，因为人从气球上沿绳慢慢下滑，所以在整个过程可看成匀速直线运动，有
则
解得
所以绳长最短为
20m+10m=30m
故选C。
4．C
【详解】
由动量守恒
解得
由
解得
故选C。
5．C
【详解】
因炮艇受到的牵引力及阻力不变，且开始时炮艇匀速运动故整个系统所受的合力为零，系统的动量守恒．设炮艇原来的速度为，发射炮弹的瞬间炮艇的速度为，以向前为正方向，由动量守恒定律可得，可知，因此发射炮弹后瞬间炮艇的速度增大，动量增大，ABD错误，C正确．
故选C
6．B
【详解】
AB.小球A和小车B组成的系统只是在水平方向所受的合力为0，竖直方向的合力不为零，故系统在水平方向的动量守不守恒，故B正确A错误；
C.据动量守恒（水平方向）及机械能守恒可知，小球A仍能向左摆到原高度，故C错误；
D.小球相对小车向左摆动的距离为2l，设小球速度v1，小车速度v2，由动量守恒定律
解得小车向右移动的最大距离时为，故D错误。
故选B。
7．C
【详解】
设加速后航天器的速度大小为v，由动量守恒定律有Mv0=-mv1+（M-m）v
解得 ，故选C.
8．A
【详解】
甲、乙和船组成的系统动量守恒，以水平向右为正方向，开始时总动量为零，根据动量守恒定律有
0＝-m甲v甲＋m乙v乙＋mv
代入数据解得
v＝-0.6 m/s
负号说明小船的速度方向向左；
故选A．
9．B
【详解】
试题分析：人和车组成的系统动量守恒，有：，可知，人在车上行走的平均速度越大，则车在地面上运动的平均速度越大．故A正确．根据动量守恒定律有： ，则，则 ，则车在地面上移动的距离：．与平均速度的大小无关，知不管人以什么样的平均速度行走，车在地面上移动的距离相同．故B错误，C正确．根据动量守恒定律得，人的速度为零时，车的速度也为零．故D正确．题目要求选不正确的，故选B．
考点：动量守恒定律的应用
【名师点睛】“人船模型”是动量守恒定律的应用的一个经典模型，关键抓住系统在水平方向上总动量为零进行求解，将速度问题转化为位移为题．
10．B
【详解】
乌贼喷水前行、火箭喷气升空、飞机喷气加速都是利用了反冲原理；而电风扇吹风不是反冲。
故选B。
11．B
【详解】
反冲是如果一个静止的物体在内力作用下分裂为两个部分，一部分向某方向运动，另一部分必然向相反的方向运动
发射炮弹，在内力作用下炮弹向前，炮身后退，是反冲现象；火箭向下高速喷射炽热气体，气体向下，火箭向上，是反冲现象；章鱼调整喷水方向时，喷出的水向一个方向，则章鱼向喷水的反向运动，属于反冲现象；但是人用桨向后划水船向前运动，划船时用桨向后划水，给水一个向后的力，物体间力的作用是相互的，水会对船产生一个向前的力，船向前运动。
故选B。
12．B
【详解】
以飞船为参考系，则它们的初动量为0，动量守恒定律得
宇航员返回飞船有
联立解得
故ACD错误，B正确。
故选B。
13．D
【详解】
火箭在爆炸分离时水平方向上动量守恒，规定初速度的方向为正方向，由动量守恒定律可得
解得
故选D。
14．D
【详解】
设软绳至少长l，在人沿软绳下滑过程，气球竖直上升，由动量守恒中的“人船模型”规律可得
解得
故选D。
15．B
【详解】
当人滑到绳下端时，如图所示，由动量守恒定律，得
且
h1＋h2=h
解得
h1=1.4 m
所以他离地高度
H=h-h1=3.6 m
故选B。
16．1.25m
【详解】
设船在水中移动的距离为x，用时间为t，则根据动量守恒定律可得
解得
x=1.25m
17．
【详解】
如图所示
设该同学在时间t内从船尾走到船头，由动量守恒定律知，人、船在该时间内的平均动量大小相等，即
又
解得
18．（1）；（2）
【详解】
（1）火箭壳体与“中星”卫星分离过程，取火箭壳体和“中星2D”卫星原来的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得
解得分离后瞬间“中星”卫星速度的大小为
（2）分离过程中，对“中星”卫星，由动量定理得
解得
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页