苏教版九年级上学期前两章《简单机械与机械能内能》（巩固复习卷）
考试时间：90分钟 满分：100分
姓名：__________ 班级：__________考号：__________
题号 一 二 三 四 五 总分
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第Ⅰ卷 客观题
第Ⅰ卷的注释
阅卷人 一、单选题
得分
1．（2021八下·江北期末）如图是酷爱篮球运动的向老师投篮过程的动作分解示意图，第一阶段将球举过头顶，第二阶段球出手，在这个过程中，手对篮球做了功的是（ ）
A．第一阶段 B．第二阶段
C．两个阶段都做了功 D．两个阶段都没做功
【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】做功的必要条件是必须要有力作用在物体上，第二是必须在力的方向上移动距离，第一阶段两个都满足，故第一阶段做了功，而第二阶段篮球离开了手，没有了力，仅仅是由于惯性，篮球继续向前运动，故这个阶段没有做功，A符合题意。
故答案为：A。
【分析】物体受力且在力的方向移动距离，力对物体做了功。
2．（2021九上·镇江月考）质量为50kg的某同学在跳绳时重心高度随时间变化的关系如图所示。根据图像可估算出该同学在1分钟内克服重力做功的平均功率为（ ）
A．75 W B．150 W C．225 W D．270 W
【答案】A
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】某同学的质量为50kg，该同学的重力为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N
从图可知，跳一次所用时间为
则1min内所跳的次数
起跳的最大高度h＝0.05m
1分钟内克服重力做的功为W＝n×G×h＝180×500N×0.05m＝4500J
故1min内克服重力做功的平均功率
A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】利用G＝mg求得该同学的重力，再利用W＝nGh求得1分钟内克服重力做的功，利用求得平均功率。
3．（2021九上·镇江月考）如图甲所示，物体在水平拉力F的作用下由静止沿粗糙水平面向右运动，0~6s内拉力随时间变化的规律如图乙，速度随时间变化的规律如图丙，则在2~4s内，物体克服摩擦力所做的功为（ ）
A．15J B．30J C．50J D．80J
【答案】B
【知识点】力与运动的关系；功的计算及应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】由图乙可知，在2～4s内，拉力F＝3N
由图丙可知，在2～4s内，物体做匀速运动，速度大小为v＝5.0m/s
此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，故物体受到的摩擦力为f＝F＝3N
在2～4s内物体运动的距离s＝vt＝5.0m/s×2s＝10m
物体克服摩擦力所做的功W＝fs＝3N×10m＝30J。
故答案为：B。
【分析】分析图丙可知，在2～4s内，物体做匀速运动以及速度大小，根据二力平衡条件求出摩擦力，利用s=vt求物体运动的距离；由图乙可知，在2～4s内，拉力F大小，利用W=Fs求物体克服摩擦力所做的功。
4．（2021八下·吉林期末）下列说法中正确的是（ ）
A．功率大的机器做功快 B．机械效率高的机器做功快
C．功率大的机器做功多 D．机械效率高的机器省力
【答案】A
【知识点】功率的概念
【解析】【解答】A C．功率是表示做功快慢的物理量，功率大，表示做功快。不知道做功时间，不能确定功率大的机器做功多，A符合题意；C不符合题意；
B D．机械效率是指有用功占总功之比，机械效率高的机器，表示有用功的占比比较高，而做功快是功率，不是机械效率，B不符合题意；机械效率高不一定省力，比如动滑轮和定滑轮相比，提升相同的物体，动滑轮省力，但是机械效率比定滑轮的机械效率低，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】功率是描述物体做功快慢的物理量，物体功率越大，做功越快，但不见得做功多。
5．（2020九上·广东开学考）用图所示，甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N，绳重和摩擦力不计，则（ ）
A．手的拉力：F甲=F乙；机械效率：
B．手的拉力：F甲C．手的拉力：F甲>F乙；机械效率：
D．手的拉力：F甲>F乙；机械效率：
【答案】D
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】甲图中手的拉力：；
乙图中手的拉力：；
因此拉力F甲>F乙；
甲的机械效率：；
乙的机械效率：；
因此机械效率η甲>η乙。
故选D。
【分析】在使用滑轮组提升重物时，根据计算自由端的拉力，根据计算它的机械效率。
6．（2021九上·罗湖月考）投掷出去的铅球在空中的运动轨迹如图所示。若不计空气阻，则下列说法中正确的是（ ）
A．在最高点 b 点时，铅球的重力势能最大，动能为零
B．在从 a 点到 b 点再到 c 点的过程中，铅球的动能先减小后增大
C．在从 a 点到 b 点的过程中，铅球的动能增大，重力势能减小
D．在从 b 点到 c 点的过程中，铅球的重力势能增大，动能减小
【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A.在最高点b点时，重力势能最大，但是水平方向上有速度，所以动能不为零，故错误。
B. 在从 a 点到 b 点再到 c 点的过程中，铅球的动能先减小后增大 ，故正确。
C. 在从 a 点到 b 点的过程中，铅球的动能减小，重力势能增大 ，故错误。
D. 在从 b 点到 c 点的过程中，铅球的重力势能减小，动能 增大，故错误。
故答案为：B
【分析】重力势能的影响因素有高度，质量，质量越大，高度越高，重力势能越大。动能的影响因素有速度，质量，质量越大，速度越高，动能越大。
7．（2021九上·南开期中）下列说法中正确的是（ ）
A．一切物质的分子都在不停的做无规则运动，温度越低，分子运动越剧烈
B．一切物体无论温度高低都具有内能
C．“炙手可热”是通过做功的方式吸收热量
D．火箭从地面向上发射过程中，机械能增大，内能减小
【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A．一切物质的分子都在不停的做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈，A不符合题意；
B．分子在永不停息地做无规则运动，则一切物体无论温度高低都具有内能，B符合题意；
C．“炙手可热”是通过热传递的方式吸收热量，C不符合题意；
D．火箭从地面向上加速运动的过程中，火箭内燃料燃烧时将化学能转化为内能再转化为火箭的机械能，由于火箭外壳和大气摩擦后温度越来越高，火箭的内能增大，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】一切物质的分子都在不停的做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈。
改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的。物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小。
8．（2021九上·泸县期中）关于如图所示的热学实验，叙述正确的是（ ）
A．甲图中，压缩活塞对空气做功，硝化棉点燃，跟汽油机做功冲程的能量转化相同
B．乙图中，试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，水蒸气的内能增加
C．丙图中，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，这是因为上瓶中空气密较大
D．丁图中，压紧的铅块，下面悬挂钩码而不分开，说明分子间存在引力
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．如图所示，当活塞迅速压下去时，活塞对气体做功，使气体内能增大，温度上高，达到硝化棉的着火点，因此棉花燃烧起来，此过程与汽油机的压缩冲程类似，A不符合题意；
B．在软木塞被冲出试管口的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，水蒸气的内能减小，B不符合题意；
C．抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，表明分子在永不停息的做无规则运动，C不符合题意；
D．压紧的铅块，由于分子之间存在相互作用的引力，使得下面悬挂钩码两个铅块也不容易分开，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的。物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小。
分子动理论的内容是：（1）物质由分子组成的，分子间有空隙；（2）一切物体的分子都永不停息地做无规则运动；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力。
9．（2021九上·福田月考）如图所示，甲、乙、丙装置完全相同，燃料的质量、液体的质量和初温都相等，当燃料燃尽时（烧杯内的液体均未沸腾），温度计示数为T甲>T乙>T丙。下列说法正确的是（ ）
A．选择甲、乙，可以用燃烧相同时间比较液体升高温度来反映燃料热值的大小
B．选择甲、丙，可以用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少
C．液体a的比热容ca与液体b的比热容cb 相比，有ca>cb
D．燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，有 q1【答案】B
【知识点】比热容；燃料的热值
【解析】【解答】A．比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；故应选择甲、乙两图进行实验，可以用燃料完全燃烧后，比较液体升高的温度反映燃料热值的大小，A不符合题意；
B．若比较不同物质的吸热本领，应控制燃料相同而被加热的液体不同，应选择甲、丙两图进行实验；用相同的加热装置对液体加热，相等时间内液体吸收的热量相等，加热时间反应了不同物质吸热的多少，B符合题意；
C．燃料燃尽，说明加热相同的时间，液体吸收相同的热量，液体a和液体b的温度关系是T甲>T丙
可以得到ca＜cb
C不符合题意；
D．燃料燃尽，甲乙中液体的温度关系是T甲>T乙
可以得到燃料热值的关系为q1＞q2
D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，通过比较温度计升高的示数，判断两种液体比热容的大小关系。
燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过比较温度计升高的示数比较吸热多少，进而判断热值大小。
10．（2021九上·福田月考）如图所示为内燃机四冲程工作示意图，下列说法正确的是（ ）
A．在一个工作循环中工作过程依次是丁、丙、甲、乙
B．飞轮惯性完成冲程的是甲，乙、丁
C．飞轮转速3000r/min，则该汽油机1s能做功25次
D．丁图冲程能量转化：内能转化为机械能
【答案】C
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】A．甲图中两气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程；乙图中进气门开启，排气门关闭，是吸气冲程；丙图中排气门开启，进气门关闭，是排气冲程；丁图中两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；所以正确的排序是乙、丁、甲、丙，A不符合题意；
B．内燃机的一个工作循环有四个冲程，只有在做功冲程中使机器获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠惯性完成，即依靠飞轮惯性完成冲程的是乙、丙、丁，B不符合题意；
C．四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮1s转50圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以1s飞轮转50圈，共25个工作循环，共100个冲程，共做功25次，C符合题意；
D．丁图是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，一个工作循环中对外做功1次，活塞往复2次，曲轴转2周。各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
11．（2019九上·利辛月考）甲、乙两台汽油机，甲的功率是乙的2倍，甲的效率是30%，乙的效率是20%，那么甲、乙在相同时间内所消耗汽油质量之比为（ ）
A．3：4 B．2：3 C．3：2 D．4：3
【答案】D
【知识点】热机的效率
【解析】【解答】甲的功率是乙的2倍，在相同时间内，甲的功是乙做功的2倍，若乙做功为W，甲为2W，
根据热机效率，放出的总热量为，，
消耗的燃料比为：。
故答案为：D.
【分析】根据物体的功率和时间计算功的大小，根据有用功和效率计算消耗的燃料的比值。
12．（2021九上·汉阳月考）如图为探究“比较不同物质吸热情况”的实验装置，使用相同规格的电加热器分别对水和食用油加热，得到温度随时间变化的图像如图所示．下列说法正确的是（ ）
A．由图像可知食用油的比热容为c油=2.8×103J/（kg·℃）
B．在两个相同的烧杯中应加入体积相同的水和食用油
C．实验中物质吸热的多少是通过升高的温度来衡量的
D．右图图像中甲对应水，乙对应食用油
【答案】A
【知识点】热量的计算
【解析】【解答】根据题意知道，使用的是相同的加热器，所以，通过加热时间的长短来比较吸热多少，C不符合题意；由图像知道，由20℃升高到40℃，甲加热了2分钟，乙加热了3分钟，说明吸热之比是2：3，即乙的吸热能力较强，图象中乙对应水，甲对应食用油，D不符合题意；由 知道，在质量和升温相同情况下，比热容与吸收的热量成正比，故油的比热容是 ，A符合题意；根据控制变量法知道，比较物质吸热能力时，需要使相同质量的不同物质升高相同的温度，通过比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；即要控制不同物质的质量相同，B不符合题意；综上所述，只有A符合题意，
故答案为：A．
【分析】我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强。
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
阅卷人 二、填空题
得分
13．（2021九上·江津期中）改变内能的两种方式是 和 。夏季，在高速公路服务区内，一些重型汽车停在有水的坑里，这是因为汽车在高速行驶过程中由于轮胎与地面摩擦，一部分机械能转化为 能，导致轮胎温度 。
【答案】做功；热传递；内；升高
【知识点】内能的利用及其意义；做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】改变内能的方式有做功和热传递。其中做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的方式是能量的转移，它们在改变物体的内能上是等效的。
汽车在高速行驶过程中由于轮胎与地面摩擦，一部分机械能通过做功转化为内能，导致轮胎温度升高；轮胎停在水中，通过热传递方式减少内能，降低温度，以保行车安全。
【分析】改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的。物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小。
14．（2021八下·襄汾期末）如图所示，很多名山风景区为了方便游客到达，都把上山的公路修成盘山公路，之所以要把上山的公路修成这样，是因为盘山公路相当于简单机械中的 ，使用它可以 。
【答案】斜面；省力
【知识点】斜面的机械效率
【解析】【解答】斜面是一种简单机械，可以省力，但要费距离。盘山公路就相当于斜面，通过增大运动的距离来省力。
【分析】斜面是省力杠杆。
15．（2021九上·淮南月考）如图所示，A、B、C三个物体的质量关系为，mA＜mB＜mC，它们在同样大小的力F作用下，都沿着力F的方向移动了相同的距离，比较力F对三个物体做功大小关系是 ．
【答案】
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】因为对三个物体的拉力相等都为F，三个物体在力F的方向上移动的距离相等都为s，根据功的计算公式W=Fs可知，F对三个物体所做的功一样多．
【分析】物体受力且在力的方向上移动距离的乘积计算做功多少。
16．（2021八下·江北期末）如图所示，物体A重100N，物体B重10N，此时A沿着水平桌面以0.2m/s的速度向右做匀速直线运动（不计摩擦、绳重及滑轮重），那么物体B匀速下降的速度是 m/s，物体A与水平面间的摩擦力是 N。
【答案】0.4；20
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】由图可知，n=2，vA=0.2m/s，则物体B下滑的速度为vB=2vA=2×0.2m/s=0.4m/s
物体B匀速下降，则绳端的拉力F拉=GB=10N
不计摩擦、绳重及滑轮重F拉= f
物体A与水平面间的摩擦力f=2F拉=2×10N=20N
【分析】根据物体的运动速度，结合滑轮组绳子股数，计算绳子的速度；结合绳子的拉力和股数计算物体受到的力的大小。
17．（2021八下·长春期末）如图所示是自由式滑雪运动员正在备战2022年第24届北京冬奥会的情景。在比赛过程中，从a点静止滑下到f点停止的运动轨迹，如果不计空气阻力，则：
（1）从a运动到b点， 能转化为动能。
（2）在整个滑行过程中，c点的机械能 d点的机械能（选填“>”或“=”或“<”）。
（3）运动员落地后由于 ，不能立刻停下来。
（4）当滑雪板压在雪上时会把雪内的空气压挤出来停止点在滑雪板与雪地之间形成一个暂时的“气垫”，这是通过使接触面分离的方法来 雪地对滑雪板的摩擦。
【答案】（1）重力势
（2）=
（3）惯性
（4）减小
【知识点】动能和势能的大小变化；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）从a运动到b点，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能。
（2）由于从b运动到c点的过程中，不计空气阻力，滑雪运动员只受重力作用，只有重力势能和动能的转化，机械能保持不变，C点的机械能等于d点的机械能。
（3）运动员落地后速度不为0，由于惯性保持原来的运动状态继续运动，故不能立刻停下来。
（4）滑雪板可以轻易在雪地上滑行，是因为滑雪板与雪地之间形成气垫，相当于采用了使接触面相分离的方法，减小了滑雪板与雪地的摩擦。
【分析】（1）（2）运动的物体具有动能，物体的质量越大、速度越大，物体的动能就越大；处在高处物体具有重力势能，物体的质量越大、高度越高，物体的重力势能就越大；物体的机械能等于动能与势能之和，结合动能和势能的变化分析机械能；
（3）物体总有一种保持原来运动状态的趋势，这就是物体的惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，与运动的速度没有关系；
（4）减小摩擦力可以通过减小接触面粗糙程度、减小压力和变滑动摩擦为滚动摩擦的方式来减小。
18．（2021九上·江都月考）如图所示，单摆在竖直平面内左右摆动，皮球落到地面后会发生反弹.单摆左右摆动和皮球上下反弹的过程中，你将会看到它们上升的最大高度逐渐降低.这两个实验可以说明的同一个物理问题是： ：单摆从B摆到C的过程中， 能增加：皮球在等高的E、F两点的动能，E点的动能 F点的动能（选填“大于”、“小于”、“等于”）。
【答案】动能和势能可以相互转化；重力势能；大于
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】可以观察到，物体向下运动时，高度下降，速度增大，是重力势能转化为动能，从下向上运动时，高度上升，速度减小，是动能转化为重力势能，这两个实验说明的同一个物理问题是动能和势能可以相互转化。
单摆从B摆到C的过程中，高度增加，质量不变，所以重力势能增加。
皮球在等高的E、F两点，E处速度比F处速度大，所以E点的动能大于F点的动能。
【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。注意分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。
19．（2020九上·武汉期中）小明同学用一种加热器将质量为100g的冰持续加热熔化直至沸腾，记录并绘制出温度随时间变化的图象如图所示。根据图象可以看出AB段的比热容 CD段的比热容(选填“大于”、“等于”，或“小于”)，BC段所吸收的热量为 J；如果他用酒精灯加热，从开始加热直到刚好沸腾，消耗了28g酒精，则酒精灯的加热效率是 。(酒精的热值为3.0×107J/kg)
【答案】小于；3.15×104；10%
【知识点】热量的计算
【解析】【解答】在整个过程中，物质的状态发生了变化、但质量不变，用相同的加热器加热，在相等时间内物质吸收的热量相等，由图象可知，物质在AB段比CD段升温快（AB段图线更陡），即在相同时间内AB段升高的温度多，由 可知，在吸收的热量和质量都相同时， 越大比热容c就越小，所以该物质AB段的比热容小于CD段的比热容。CD段为水的吸热升温过程，水吸收的热量
CD段的加热时间16min-8min=8min
则每分钟吸收的热
BC段所吸收的热量为QBC=6Q=6×5250J=3.15×104J从开始加热一直到刚好沸腾，加热时间为16min，所吸收的热量Q吸总=16Q=16×5250J=8.4×104J
酒精完全燃烧放出的热量Q放=m酒精q=0.028kg×3.0×107J/kg=8.4×105J
则酒精灯的加热效率
【分析】相同时间内液体吸收相同的热量，可以通过加热时间来衡量物体吸热的多少；加热时间相同，温度上升的缓慢，物质比热容大；利用水吸收的热量除以酒精燃烧释放的热量即为加热效率。
第Ⅱ卷 主观题
第Ⅱ卷的注释
阅卷人 三、实验探究题
得分
20．（2021九上·镇江月考）小高在“探究杠杆的平衡条件”的实验中。
（1）在杠杆上挂钩码前，杠杆静止在甲图中的位置，此时杠杆 （选填
“平衡”、“不平衡”），为使杠杆水平平衡，他应将左端的平衡螺母向 （左/右）调节。
（2）图乙中，他用弹簧测力计在B处竖直向上拉杠杆到水平位置平衡，将杠杆调至水平平衡的目的是便于 ；此时测力计的示数为 N。如他将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，测力计的示数将 （变大/不变/变小）；
（3）此实验多次改变钩码的数量和悬挂位置以及弹簧测力计的位置，收集杠杆平衡时多组动力、动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是 。
（4）完成上述实验后，小高利用杠杆平衡条件来测量杠杆自身的质量：
①如图丙将杠杆的C点挂在支架上，在C点的右侧挂质量为m的钩码，左右移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡；
②用刻度尺测出此时钩码悬挂位置D点到C点的距离l1和 点到C点的距离l2；
③根据杠杆平衡条件，可以计算出杠杆的质量m杠杆= （用题目中所给物理量符号表示）。
【答案】（1）平衡；右
（2）测量力臂；1.5；变大
（3）寻找普遍规律
（4）O；
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）在杠杆上挂钩码前，杠杆静止，处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡。
（2）图乙中，用弹簧测力计在B处竖直向上拉杠杆到水平位置平衡，这样可以方便测量力臂。
测力计的分度值是0.1N，指针指在1.5N，此时测力计的示数为1.5N。
弹簧测力计斜拉时，阻力及阻力臂不变，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大。
（3）探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，寻找普遍规律，避免偶然性。
（4）②已知钩码的质量m，用刻度尺测出此时钩码悬挂位置D到C的距离，即l1，欲求杠杆的质量m杠杆，杠杆的重心在O点，则应量出O到C的距离，即l2。
③根据杠杆平衡条件可得ml1=m杠杆l2
m杠杆=
【分析】（1）探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调平（向翘起的一端移动平衡螺母）及实验中应注意的问题，在实验中为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析。注意杠杆在水平位置平衡后，重力的方向跟杠杆垂直，支点到力的作用点的距离就是力臂，同时能够消除杠杆自身重力对杠杆平衡的影响，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡。
（2）根据杠杆的平衡条件，可以计算出杠杆的质量m杆。
21．（2021八下·江北期末）为了提高机械效率，小江和小北探究影响机械效率的因素，他们在同一次实验中选择了相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进行实验，并把数据整理记录在下表中。
实验次数 每个滑轮重G/N 钩码重G/N 提升的高度h/m 有用功W有用/J 拉力F/N 绳端移动的距离s/m 总功W总/J 机械效率η
1 0.7 1 0.1 0.1 0.6 0.3 0.18 56%
2 0.7 2 0.1 0.2 1.0 0.3 0.3 67%
3 0.7 2 0.2 0.4 1.0 0.6 0.6 67%
4 0.3 2 0.2 0.8 0.6 0.48
5 0.3 2 0.2 0.4 2.1 0.2 0.42 95%
（1）从测量数据可知，第 次是用图乙装置进行的实验，第4次实验中有用功为 J，机械效率为 （结果保留整数）；
（2）比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组一定时，提升的钩码 ，机械效率越高；比较3和4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与 有关；比较 两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关；
（3）小江和小北进一步研究，根据表格中的数据得出：总功总是大于有用功与克服动滑轮重力的功之和，即：W总>W有+W动，他们猜测因素影响机械效率的因素还有 ；（答一种因素即可）
（4）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都不省功。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是______。
A．平面镜成像的规律 B．牛顿第一定律 C．阿基米德原理
【答案】（1）5；；83%
（2）越重；动滑轮重；2、3
（3）绳重、绳与滑轮间的摩擦力
（4）B
【知识点】滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）第5次实验是用定滑轮体重物，因为物体上升了0.2m，绳子也移动了0.2m，若用动滑轮，则绳子移动的距离是物体移动的两倍，故答案为：第5次实验；第4次实验中有用功为
故第4次实验中有用功为 ；机械效率为
机械效率为 。
（2）在所用滑轮组一定时，提升的钩码的重力由1N增加到2N，机械效率由56%增加到67%，故结论为在所用滑轮组一定时，提升的钩码越重，机械效率越高；比较3和4两次实验动滑轮重不同，那么机械效率还与动滑轮重有关；动滑轮重相同，重物相同，高度不同，那么只有2、3实验可知，机械效率也相同，故机械效率与高度无关。
（3）机械效率除了与物重、滑轮重有关，还与绳子与滑轮间的摩擦力有关，还有绳子重力有关。
（4）进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都不省功，推理法，而下列实验中，只有牛顿第一定律是推理而来的，故答案为：B。
【分析】（1）根据滑轮组绳子的距离和物体移动距离的比值计算绳子股数，判断使用的滑轮组；根据物体的质量和高度的乘积计算有用功；根据有用功和总功的比值计算机械效率；
（2）使用的滑轮组一定时，物体越重，滑轮组的机械效率越大；物体的重力相同时，动滑轮越重，机械效率越大；机械效率的大小和上升的高度无关；
（3）滑轮组的机械效率还和绳重、绳子和滑轮的摩擦力有关；
（4）牛顿第一定律的得出利用了推理法。
22．（2021九上·江都月考）小叶猜想：动能的大小可能与物体的质量与物体的速度有关。因此，他设计了如下两种实验方案：
A．让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图甲所示）；
B．让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰．比较木块在水平面上移动的距离（如图乙所示）。上述两种实验方案中：
（1）A方案是为了探究动能大小与 关系，若木块被撞后移动的距离越远．说明小车对木块的推力 越多，小车撞击木块时的动能 。
（2）小叶想用B方案探究动能大小与质量的关系，该方案是否合理？ （A、A合理/B、不合理）。理由是 。
（3）小红完成实验后想，本实验中水平轨道能否是光滑的呢？请你帮小红解决这个问题，你的结论是 （A、能/B、不能），你的依据是 。
【答案】（1）速度；做功；越大
（2）B；没有控制小车到达水平面时的速度相同
（3）B；小车将一直做匀速直线运动
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）实验中，让小车处在不同的高度，反映了速度不同，这样设计的目的是为了研究动能与速度的关系；若木块被撞后移动的距离越远，说明小车对木块的推力做功越多，小车撞击木块时的动能越大。
（2）要探究动能大小与质量的关系，应该控制小车的速度相同，让小车从斜面的同一高度滑下；B方案不合理。
（3）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知物体将永远运动下去，物体的通过的距离无法确定，做功的多少也无法确定，所以小球动能的大小就无法比较。
【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关。小车的动能多少决定了木块运动距离的长短，运用了转换法。此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明小球的动能越大。
（2）该实验利用了控制变量法，如果探究动能大小与质量的关系，必须保证运动速度相同，应该使小车从斜面的相同高度滑下。
（3）由牛顿第一定律内容分析回答。
23．（2019九上·祁阳月考）某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体甲和乙加热。
液体 次数 质量m/kg 升高的温度△t/℃ 加热的时间t/min
甲 1 0.1 5 1
2 0.1 10 2
3 0.2 10 4
乙 4 0.1 10 1
5 0.1 20 2
6 0.2 20 4
（1）分析第1、4次或第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些。这位同学的判断是否正确？ 理由是 。
（2）第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是： 物质升高 温度时，物质的 越大，吸收的热量就越 。（选填：“多”或“少”）
（3）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的 有关， 的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）
【答案】（1）不正确；实验中使用的电加热器相同，加热相同的时间，甲乙两种液体吸收的热量相等
（2）同种；相同；质量；多
（3）种类；甲
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】解：（1）用相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，因此该同学的判断是错误的。（2）由表中第2、3次或第5、6次实验数据可知，液体的种类和液体升高的温度相等而液体质量不同，液体质量越大，需要的加热时间越长，液体吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多。（3）由表中第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度相等而液体种类不同，甲液体的加热时间比乙液体的加热时间长，甲液体比乙液体吸收的热量多，由此可得：甲的吸热能力更强。
故答案为：不正确；实验中使用的电加热器相同，加热相同的时间，甲乙两种液体吸收的热量相等； 同种；相同；质量；多； 种类；甲。
【分析】（1）在此类比较实验中，控制变量是前提，比较那个量那个量就不能相同；
（2）（3）控制干扰量，比较不同量之间的关系，学会读取数据表格，学会分析。
阅卷人 四、计算题
得分
24．（2021·西宁）如图所示，是使用滑轮组从水池中打捞物体的简化示意图。某次打捞中将一个体积为 、密度为 的实心物块匀速提升了2m（物块始终浸没在水中），水面到池底的深度为9m。（ ， ）求：
（1）水池底部受到水的压强；
（2）物块受到的浮力大小；
（3）若打捞中实际所用拉力 为1000N，这个滑轮组的机械效率。
【答案】（1）解：水池底部受到水的压强
答：水池底部受到水的压强为9×104Pa；
（2）解：因为物块浸没，所以
物块受到的浮力大小
答：物块受到的浮力大小为1×103N
（3）解：实心物块的重力
滑轮组做的有用功
绳子移动的距离
滑轮组做的总功
滑轮组的效率：
答：若打捞中实际所用拉力 为1000N，这个滑轮组的机械效率为75%。
【知识点】压强的大小及其计算；阿基米德原理；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）利用p=ρgh求容器底部受到水的压强；
（2）由于金属块浸没在水中，排开水的体积等于金属块的体积，再利用阿基米德原理求金属块受到的浮力。
（3）绳端移动距离s=nh，利用W=Fs求总功，使用滑轮组所做的有用功W有=（G-F浮）h，利用η=×100%求滑轮组的机械效率。
阅卷人 五、科普阅读题
得分
25．（2020·江都模拟）阅读短文，回答文后的问题。
涡轮喷气发动机
如图所示，为某轴流式涡喷发动机，其结构是由进气道、压气机、燃烧室、涡轮和尾喷管组成，其中压气机与涡轮装在同一条转轴上工作，工作时，空气首先进入发动机的进气道，当飞机飞行时，可以看作气流以飞行速度流向发动机，由于飞机飞行的速度是变化的，而进入压气机气流速度有一定限制，因而进气道的功能就是通过可调管道来调整气流速度，使进入进气道的气体全部通过可调管道，空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，这部分气体与燃料混合后在燃烧室中燃烧，产生的高温高压气流推动涡轮，一边带动压气机正常工作，一边从尾喷管喷出高速气流推动飞机飞行。
一架搭载某涡轮喷气发动机的飞机，其部分参数如下表，其中热效率是指涡轮喷气发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指涡轮喷气发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比。
热效率 η1 推进效率 η2 航空燃油热值q
（1）工作中，涡轮喷气发动机常用循环流动的水进行冷却，这是因为水的 大。
（2）关于涡轮喷气发动机，下列说法中正确的是（__________）
A．进气道中吸入的是空气和燃气的混合气体
B．燃烧室中，机械能转化为内能
C．燃料耗尽后还可以利用压气机压缩气体推动涡轮转动
D．尾喷管中喷出的高速气流对飞机做功
（3）设可调管道的通风口面积为S1，当飞机加速飞行时，应使通风口面积S1 （填“变大”“不变”或“变小”）。
（4）已知上述飞机所受空气阻力f与飞行速度v的平方成正比，比例系数为k，当飞机以 的水平速度匀速巡航t秒，若涡轮喷气发动机的功效Q是指发动机提供给飞机的推力与发动机机械功率的比值，则其功效的字母表达式为Q= N/W（用提供的字母表达）。
【答案】（1）比热容
（2）D
（3）变大
（4）
【知识点】比热容；科学探索
【解析】【解答】(1)发动机用循环水进行冷却是因为水的比热容较大；
(2)A．由文中信息可知，进气道吸入的是空气，A不符合题意；
B．燃料燃烧是化学能转化为内能，B不符合题意；
C．燃料耗尽后，不会产生高温高压气流，无法推动涡轮，C不符合题意；
D．尾喷管中喷出的高速气流推进飞机前进，对飞机做功，D符合题意。
故答案为：D；
(3)由于进人压气机气流速度有一定限制，而进气道的功能就是通过可调管道来调整气流速度，使进入进气道的气体全部通过可调管道，当飞机加速飞行时，需要更多的空气流进燃烧室，即应该使通风口面积S1变大；
(4)飞机所受空气阻力f与飞行速度v的平方成正比，比例系数为k，所以推力： ；
飞机获得的推进功： ；
而推进效率则是指涡轮喷气发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比，所以获得的机械能： ；
机械能的功率： ；
发动机的功效是指发动机提供给飞机的推力与发动机机械功率的比值，所以其功效为：
。
【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水可以吸收更多的热量，冷却效果更好；相同质量的水可以放出更多的热量，取暖效果更好；
（2）做功可以改变物体的内能，外界对物体做功物体的内能增加，物体对外界做功物体的内能减小；
（3）飞机做加速运动，需要更多的空气，故应增加通风面积；
（4）结合功效的单位看出，利用牵引力除以飞机的功率即可。
1 / 1苏教版九年级上学期前两章《简单机械与机械能内能》（巩固复习卷）
考试时间：90分钟 满分：100分
姓名：__________ 班级：__________考号：__________
题号 一 二 三 四 五 总分
评分
第Ⅰ卷 客观题
第Ⅰ卷的注释
阅卷人 一、单选题
得分
1．（2021八下·江北期末）如图是酷爱篮球运动的向老师投篮过程的动作分解示意图，第一阶段将球举过头顶，第二阶段球出手，在这个过程中，手对篮球做了功的是（ ）
A．第一阶段 B．第二阶段
C．两个阶段都做了功 D．两个阶段都没做功
2．（2021九上·镇江月考）质量为50kg的某同学在跳绳时重心高度随时间变化的关系如图所示。根据图像可估算出该同学在1分钟内克服重力做功的平均功率为（ ）
A．75 W B．150 W C．225 W D．270 W
3．（2021九上·镇江月考）如图甲所示，物体在水平拉力F的作用下由静止沿粗糙水平面向右运动，0~6s内拉力随时间变化的规律如图乙，速度随时间变化的规律如图丙，则在2~4s内，物体克服摩擦力所做的功为（ ）
A．15J B．30J C．50J D．80J
4．（2021八下·吉林期末）下列说法中正确的是（ ）
A．功率大的机器做功快 B．机械效率高的机器做功快
C．功率大的机器做功多 D．机械效率高的机器省力
5．（2020九上·广东开学考）用图所示，甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N，绳重和摩擦力不计，则（ ）
A．手的拉力：F甲=F乙；机械效率：
B．手的拉力：F甲C．手的拉力：F甲>F乙；机械效率：
D．手的拉力：F甲>F乙；机械效率：
6．（2021九上·罗湖月考）投掷出去的铅球在空中的运动轨迹如图所示。若不计空气阻，则下列说法中正确的是（ ）
A．在最高点 b 点时，铅球的重力势能最大，动能为零
B．在从 a 点到 b 点再到 c 点的过程中，铅球的动能先减小后增大
C．在从 a 点到 b 点的过程中，铅球的动能增大，重力势能减小
D．在从 b 点到 c 点的过程中，铅球的重力势能增大，动能减小
7．（2021九上·南开期中）下列说法中正确的是（ ）
A．一切物质的分子都在不停的做无规则运动，温度越低，分子运动越剧烈
B．一切物体无论温度高低都具有内能
C．“炙手可热”是通过做功的方式吸收热量
D．火箭从地面向上发射过程中，机械能增大，内能减小
8．（2021九上·泸县期中）关于如图所示的热学实验，叙述正确的是（ ）
A．甲图中，压缩活塞对空气做功，硝化棉点燃，跟汽油机做功冲程的能量转化相同
B．乙图中，试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，水蒸气的内能增加
C．丙图中，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，这是因为上瓶中空气密较大
D．丁图中，压紧的铅块，下面悬挂钩码而不分开，说明分子间存在引力
9．（2021九上·福田月考）如图所示，甲、乙、丙装置完全相同，燃料的质量、液体的质量和初温都相等，当燃料燃尽时（烧杯内的液体均未沸腾），温度计示数为T甲>T乙>T丙。下列说法正确的是（ ）
A．选择甲、乙，可以用燃烧相同时间比较液体升高温度来反映燃料热值的大小
B．选择甲、丙，可以用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少
C．液体a的比热容ca与液体b的比热容cb 相比，有ca>cb
D．燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，有 q110．（2021九上·福田月考）如图所示为内燃机四冲程工作示意图，下列说法正确的是（ ）
A．在一个工作循环中工作过程依次是丁、丙、甲、乙
B．飞轮惯性完成冲程的是甲，乙、丁
C．飞轮转速3000r/min，则该汽油机1s能做功25次
D．丁图冲程能量转化：内能转化为机械能
11．（2019九上·利辛月考）甲、乙两台汽油机，甲的功率是乙的2倍，甲的效率是30%，乙的效率是20%，那么甲、乙在相同时间内所消耗汽油质量之比为（ ）
A．3：4 B．2：3 C．3：2 D．4：3
12．（2021九上·汉阳月考）如图为探究“比较不同物质吸热情况”的实验装置，使用相同规格的电加热器分别对水和食用油加热，得到温度随时间变化的图像如图所示．下列说法正确的是（ ）
A．由图像可知食用油的比热容为c油=2.8×103J/（kg·℃）
B．在两个相同的烧杯中应加入体积相同的水和食用油
C．实验中物质吸热的多少是通过升高的温度来衡量的
D．右图图像中甲对应水，乙对应食用油
阅卷人 二、填空题
得分
13．（2021九上·江津期中）改变内能的两种方式是 和 。夏季，在高速公路服务区内，一些重型汽车停在有水的坑里，这是因为汽车在高速行驶过程中由于轮胎与地面摩擦，一部分机械能转化为 能，导致轮胎温度 。
14．（2021八下·襄汾期末）如图所示，很多名山风景区为了方便游客到达，都把上山的公路修成盘山公路，之所以要把上山的公路修成这样，是因为盘山公路相当于简单机械中的 ，使用它可以 。
15．（2021九上·淮南月考）如图所示，A、B、C三个物体的质量关系为，mA＜mB＜mC，它们在同样大小的力F作用下，都沿着力F的方向移动了相同的距离，比较力F对三个物体做功大小关系是 ．
16．（2021八下·江北期末）如图所示，物体A重100N，物体B重10N，此时A沿着水平桌面以0.2m/s的速度向右做匀速直线运动（不计摩擦、绳重及滑轮重），那么物体B匀速下降的速度是 m/s，物体A与水平面间的摩擦力是 N。
17．（2021八下·长春期末）如图所示是自由式滑雪运动员正在备战2022年第24届北京冬奥会的情景。在比赛过程中，从a点静止滑下到f点停止的运动轨迹，如果不计空气阻力，则：
（1）从a运动到b点， 能转化为动能。
（2）在整个滑行过程中，c点的机械能 d点的机械能（选填“>”或“=”或“<”）。
（3）运动员落地后由于 ，不能立刻停下来。
（4）当滑雪板压在雪上时会把雪内的空气压挤出来停止点在滑雪板与雪地之间形成一个暂时的“气垫”，这是通过使接触面分离的方法来 雪地对滑雪板的摩擦。
18．（2021九上·江都月考）如图所示，单摆在竖直平面内左右摆动，皮球落到地面后会发生反弹.单摆左右摆动和皮球上下反弹的过程中，你将会看到它们上升的最大高度逐渐降低.这两个实验可以说明的同一个物理问题是： ：单摆从B摆到C的过程中， 能增加：皮球在等高的E、F两点的动能，E点的动能 F点的动能（选填“大于”、“小于”、“等于”）。
19．（2020九上·武汉期中）小明同学用一种加热器将质量为100g的冰持续加热熔化直至沸腾，记录并绘制出温度随时间变化的图象如图所示。根据图象可以看出AB段的比热容 CD段的比热容(选填“大于”、“等于”，或“小于”)，BC段所吸收的热量为 J；如果他用酒精灯加热，从开始加热直到刚好沸腾，消耗了28g酒精，则酒精灯的加热效率是 。(酒精的热值为3.0×107J/kg)
第Ⅱ卷 主观题
第Ⅱ卷的注释
阅卷人 三、实验探究题
得分
20．（2021九上·镇江月考）小高在“探究杠杆的平衡条件”的实验中。
（1）在杠杆上挂钩码前，杠杆静止在甲图中的位置，此时杠杆 （选填
“平衡”、“不平衡”），为使杠杆水平平衡，他应将左端的平衡螺母向 （左/右）调节。
（2）图乙中，他用弹簧测力计在B处竖直向上拉杠杆到水平位置平衡，将杠杆调至水平平衡的目的是便于 ；此时测力计的示数为 N。如他将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，测力计的示数将 （变大/不变/变小）；
（3）此实验多次改变钩码的数量和悬挂位置以及弹簧测力计的位置，收集杠杆平衡时多组动力、动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是 。
（4）完成上述实验后，小高利用杠杆平衡条件来测量杠杆自身的质量：
①如图丙将杠杆的C点挂在支架上，在C点的右侧挂质量为m的钩码，左右移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡；
②用刻度尺测出此时钩码悬挂位置D点到C点的距离l1和 点到C点的距离l2；
③根据杠杆平衡条件，可以计算出杠杆的质量m杠杆= （用题目中所给物理量符号表示）。
21．（2021八下·江北期末）为了提高机械效率，小江和小北探究影响机械效率的因素，他们在同一次实验中选择了相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进行实验，并把数据整理记录在下表中。
实验次数 每个滑轮重G/N 钩码重G/N 提升的高度h/m 有用功W有用/J 拉力F/N 绳端移动的距离s/m 总功W总/J 机械效率η
1 0.7 1 0.1 0.1 0.6 0.3 0.18 56%
2 0.7 2 0.1 0.2 1.0 0.3 0.3 67%
3 0.7 2 0.2 0.4 1.0 0.6 0.6 67%
4 0.3 2 0.2 0.8 0.6 0.48
5 0.3 2 0.2 0.4 2.1 0.2 0.42 95%
（1）从测量数据可知，第 次是用图乙装置进行的实验，第4次实验中有用功为 J，机械效率为 （结果保留整数）；
（2）比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组一定时，提升的钩码 ，机械效率越高；比较3和4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与 有关；比较 两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关；
（3）小江和小北进一步研究，根据表格中的数据得出：总功总是大于有用功与克服动滑轮重力的功之和，即：W总>W有+W动，他们猜测因素影响机械效率的因素还有 ；（答一种因素即可）
（4）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都不省功。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是______。
A．平面镜成像的规律 B．牛顿第一定律 C．阿基米德原理
22．（2021九上·江都月考）小叶猜想：动能的大小可能与物体的质量与物体的速度有关。因此，他设计了如下两种实验方案：
A．让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图甲所示）；
B．让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰．比较木块在水平面上移动的距离（如图乙所示）。上述两种实验方案中：
（1）A方案是为了探究动能大小与 关系，若木块被撞后移动的距离越远．说明小车对木块的推力 越多，小车撞击木块时的动能 。
（2）小叶想用B方案探究动能大小与质量的关系，该方案是否合理？ （A、A合理/B、不合理）。理由是 。
（3）小红完成实验后想，本实验中水平轨道能否是光滑的呢？请你帮小红解决这个问题，你的结论是 （A、能/B、不能），你的依据是 。
23．（2019九上·祁阳月考）某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体甲和乙加热。
液体 次数 质量m/kg 升高的温度△t/℃ 加热的时间t/min
甲 1 0.1 5 1
2 0.1 10 2
3 0.2 10 4
乙 4 0.1 10 1
5 0.1 20 2
6 0.2 20 4
（1）分析第1、4次或第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些。这位同学的判断是否正确？ 理由是 。
（2）第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是： 物质升高 温度时，物质的 越大，吸收的热量就越 。（选填：“多”或“少”）
（3）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的 有关， 的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）
阅卷人 四、计算题
得分
24．（2021·西宁）如图所示，是使用滑轮组从水池中打捞物体的简化示意图。某次打捞中将一个体积为 、密度为 的实心物块匀速提升了2m（物块始终浸没在水中），水面到池底的深度为9m。（ ， ）求：
（1）水池底部受到水的压强；
（2）物块受到的浮力大小；
（3）若打捞中实际所用拉力 为1000N，这个滑轮组的机械效率。
阅卷人 五、科普阅读题
得分
25．（2020·江都模拟）阅读短文，回答文后的问题。
涡轮喷气发动机
如图所示，为某轴流式涡喷发动机，其结构是由进气道、压气机、燃烧室、涡轮和尾喷管组成，其中压气机与涡轮装在同一条转轴上工作，工作时，空气首先进入发动机的进气道，当飞机飞行时，可以看作气流以飞行速度流向发动机，由于飞机飞行的速度是变化的，而进入压气机气流速度有一定限制，因而进气道的功能就是通过可调管道来调整气流速度，使进入进气道的气体全部通过可调管道，空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，这部分气体与燃料混合后在燃烧室中燃烧，产生的高温高压气流推动涡轮，一边带动压气机正常工作，一边从尾喷管喷出高速气流推动飞机飞行。
一架搭载某涡轮喷气发动机的飞机，其部分参数如下表，其中热效率是指涡轮喷气发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指涡轮喷气发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比。
热效率 η1 推进效率 η2 航空燃油热值q
（1）工作中，涡轮喷气发动机常用循环流动的水进行冷却，这是因为水的 大。
（2）关于涡轮喷气发动机，下列说法中正确的是（__________）
A．进气道中吸入的是空气和燃气的混合气体
B．燃烧室中，机械能转化为内能
C．燃料耗尽后还可以利用压气机压缩气体推动涡轮转动
D．尾喷管中喷出的高速气流对飞机做功
（3）设可调管道的通风口面积为S1，当飞机加速飞行时，应使通风口面积S1 （填“变大”“不变”或“变小”）。
（4）已知上述飞机所受空气阻力f与飞行速度v的平方成正比，比例系数为k，当飞机以 的水平速度匀速巡航t秒，若涡轮喷气发动机的功效Q是指发动机提供给飞机的推力与发动机机械功率的比值，则其功效的字母表达式为Q= N/W（用提供的字母表达）。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】做功的必要条件是必须要有力作用在物体上，第二是必须在力的方向上移动距离，第一阶段两个都满足，故第一阶段做了功，而第二阶段篮球离开了手，没有了力，仅仅是由于惯性，篮球继续向前运动，故这个阶段没有做功，A符合题意。
故答案为：A。
【分析】物体受力且在力的方向移动距离，力对物体做了功。
2．【答案】A
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】某同学的质量为50kg，该同学的重力为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N
从图可知，跳一次所用时间为
则1min内所跳的次数
起跳的最大高度h＝0.05m
1分钟内克服重力做的功为W＝n×G×h＝180×500N×0.05m＝4500J
故1min内克服重力做功的平均功率
A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】利用G＝mg求得该同学的重力，再利用W＝nGh求得1分钟内克服重力做的功，利用求得平均功率。
3．【答案】B
【知识点】力与运动的关系；功的计算及应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】由图乙可知，在2～4s内，拉力F＝3N
由图丙可知，在2～4s内，物体做匀速运动，速度大小为v＝5.0m/s
此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，故物体受到的摩擦力为f＝F＝3N
在2～4s内物体运动的距离s＝vt＝5.0m/s×2s＝10m
物体克服摩擦力所做的功W＝fs＝3N×10m＝30J。
故答案为：B。
【分析】分析图丙可知，在2～4s内，物体做匀速运动以及速度大小，根据二力平衡条件求出摩擦力，利用s=vt求物体运动的距离；由图乙可知，在2～4s内，拉力F大小，利用W=Fs求物体克服摩擦力所做的功。
4．【答案】A
【知识点】功率的概念
【解析】【解答】A C．功率是表示做功快慢的物理量，功率大，表示做功快。不知道做功时间，不能确定功率大的机器做功多，A符合题意；C不符合题意；
B D．机械效率是指有用功占总功之比，机械效率高的机器，表示有用功的占比比较高，而做功快是功率，不是机械效率，B不符合题意；机械效率高不一定省力，比如动滑轮和定滑轮相比，提升相同的物体，动滑轮省力，但是机械效率比定滑轮的机械效率低，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】功率是描述物体做功快慢的物理量，物体功率越大，做功越快，但不见得做功多。
5．【答案】D
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】甲图中手的拉力：；
乙图中手的拉力：；
因此拉力F甲>F乙；
甲的机械效率：；
乙的机械效率：；
因此机械效率η甲>η乙。
故选D。
【分析】在使用滑轮组提升重物时，根据计算自由端的拉力，根据计算它的机械效率。
6．【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A.在最高点b点时，重力势能最大，但是水平方向上有速度，所以动能不为零，故错误。
B. 在从 a 点到 b 点再到 c 点的过程中，铅球的动能先减小后增大 ，故正确。
C. 在从 a 点到 b 点的过程中，铅球的动能减小，重力势能增大 ，故错误。
D. 在从 b 点到 c 点的过程中，铅球的重力势能减小，动能 增大，故错误。
故答案为：B
【分析】重力势能的影响因素有高度，质量，质量越大，高度越高，重力势能越大。动能的影响因素有速度，质量，质量越大，速度越高，动能越大。
7．【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A．一切物质的分子都在不停的做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈，A不符合题意；
B．分子在永不停息地做无规则运动，则一切物体无论温度高低都具有内能，B符合题意；
C．“炙手可热”是通过热传递的方式吸收热量，C不符合题意；
D．火箭从地面向上加速运动的过程中，火箭内燃料燃烧时将化学能转化为内能再转化为火箭的机械能，由于火箭外壳和大气摩擦后温度越来越高，火箭的内能增大，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】一切物质的分子都在不停的做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈。
改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的。物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小。
8．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．如图所示，当活塞迅速压下去时，活塞对气体做功，使气体内能增大，温度上高，达到硝化棉的着火点，因此棉花燃烧起来，此过程与汽油机的压缩冲程类似，A不符合题意；
B．在软木塞被冲出试管口的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，水蒸气的内能减小，B不符合题意；
C．抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，表明分子在永不停息的做无规则运动，C不符合题意；
D．压紧的铅块，由于分子之间存在相互作用的引力，使得下面悬挂钩码两个铅块也不容易分开，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的。物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小。
分子动理论的内容是：（1）物质由分子组成的，分子间有空隙；（2）一切物体的分子都永不停息地做无规则运动；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力。
9．【答案】B
【知识点】比热容；燃料的热值
【解析】【解答】A．比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；故应选择甲、乙两图进行实验，可以用燃料完全燃烧后，比较液体升高的温度反映燃料热值的大小，A不符合题意；
B．若比较不同物质的吸热本领，应控制燃料相同而被加热的液体不同，应选择甲、丙两图进行实验；用相同的加热装置对液体加热，相等时间内液体吸收的热量相等，加热时间反应了不同物质吸热的多少，B符合题意；
C．燃料燃尽，说明加热相同的时间，液体吸收相同的热量，液体a和液体b的温度关系是T甲>T丙
可以得到ca＜cb
C不符合题意；
D．燃料燃尽，甲乙中液体的温度关系是T甲>T乙
可以得到燃料热值的关系为q1＞q2
D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，通过比较温度计升高的示数，判断两种液体比热容的大小关系。
燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过比较温度计升高的示数比较吸热多少，进而判断热值大小。
10．【答案】C
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】A．甲图中两气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程；乙图中进气门开启，排气门关闭，是吸气冲程；丙图中排气门开启，进气门关闭，是排气冲程；丁图中两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；所以正确的排序是乙、丁、甲、丙，A不符合题意；
B．内燃机的一个工作循环有四个冲程，只有在做功冲程中使机器获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠惯性完成，即依靠飞轮惯性完成冲程的是乙、丙、丁，B不符合题意；
C．四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮1s转50圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以1s飞轮转50圈，共25个工作循环，共100个冲程，共做功25次，C符合题意；
D．丁图是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，一个工作循环中对外做功1次，活塞往复2次，曲轴转2周。各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
11．【答案】D
【知识点】热机的效率
【解析】【解答】甲的功率是乙的2倍，在相同时间内，甲的功是乙做功的2倍，若乙做功为W，甲为2W，
根据热机效率，放出的总热量为，，
消耗的燃料比为：。
故答案为：D.
【分析】根据物体的功率和时间计算功的大小，根据有用功和效率计算消耗的燃料的比值。
12．【答案】A
【知识点】热量的计算
【解析】【解答】根据题意知道，使用的是相同的加热器，所以，通过加热时间的长短来比较吸热多少，C不符合题意；由图像知道，由20℃升高到40℃，甲加热了2分钟，乙加热了3分钟，说明吸热之比是2：3，即乙的吸热能力较强，图象中乙对应水，甲对应食用油，D不符合题意；由 知道，在质量和升温相同情况下，比热容与吸收的热量成正比，故油的比热容是 ，A符合题意；根据控制变量法知道，比较物质吸热能力时，需要使相同质量的不同物质升高相同的温度，通过比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；即要控制不同物质的质量相同，B不符合题意；综上所述，只有A符合题意，
故答案为：A．
【分析】我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强。
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
13．【答案】做功；热传递；内；升高
【知识点】内能的利用及其意义；做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】改变内能的方式有做功和热传递。其中做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的方式是能量的转移，它们在改变物体的内能上是等效的。
汽车在高速行驶过程中由于轮胎与地面摩擦，一部分机械能通过做功转化为内能，导致轮胎温度升高；轮胎停在水中，通过热传递方式减少内能，降低温度，以保行车安全。
【分析】改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的。物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小。
14．【答案】斜面；省力
【知识点】斜面的机械效率
【解析】【解答】斜面是一种简单机械，可以省力，但要费距离。盘山公路就相当于斜面，通过增大运动的距离来省力。
【分析】斜面是省力杠杆。
15．【答案】
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】因为对三个物体的拉力相等都为F，三个物体在力F的方向上移动的距离相等都为s，根据功的计算公式W=Fs可知，F对三个物体所做的功一样多．
【分析】物体受力且在力的方向上移动距离的乘积计算做功多少。
16．【答案】0.4；20
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】由图可知，n=2，vA=0.2m/s，则物体B下滑的速度为vB=2vA=2×0.2m/s=0.4m/s
物体B匀速下降，则绳端的拉力F拉=GB=10N
不计摩擦、绳重及滑轮重F拉= f
物体A与水平面间的摩擦力f=2F拉=2×10N=20N
【分析】根据物体的运动速度，结合滑轮组绳子股数，计算绳子的速度；结合绳子的拉力和股数计算物体受到的力的大小。
17．【答案】（1）重力势
（2）=
（3）惯性
（4）减小
【知识点】动能和势能的大小变化；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）从a运动到b点，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能。
（2）由于从b运动到c点的过程中，不计空气阻力，滑雪运动员只受重力作用，只有重力势能和动能的转化，机械能保持不变，C点的机械能等于d点的机械能。
（3）运动员落地后速度不为0，由于惯性保持原来的运动状态继续运动，故不能立刻停下来。
（4）滑雪板可以轻易在雪地上滑行，是因为滑雪板与雪地之间形成气垫，相当于采用了使接触面相分离的方法，减小了滑雪板与雪地的摩擦。
【分析】（1）（2）运动的物体具有动能，物体的质量越大、速度越大，物体的动能就越大；处在高处物体具有重力势能，物体的质量越大、高度越高，物体的重力势能就越大；物体的机械能等于动能与势能之和，结合动能和势能的变化分析机械能；
（3）物体总有一种保持原来运动状态的趋势，这就是物体的惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，与运动的速度没有关系；
（4）减小摩擦力可以通过减小接触面粗糙程度、减小压力和变滑动摩擦为滚动摩擦的方式来减小。
18．【答案】动能和势能可以相互转化；重力势能；大于
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】可以观察到，物体向下运动时，高度下降，速度增大，是重力势能转化为动能，从下向上运动时，高度上升，速度减小，是动能转化为重力势能，这两个实验说明的同一个物理问题是动能和势能可以相互转化。
单摆从B摆到C的过程中，高度增加，质量不变，所以重力势能增加。
皮球在等高的E、F两点，E处速度比F处速度大，所以E点的动能大于F点的动能。
【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。注意分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。
19．【答案】小于；3.15×104；10%
【知识点】热量的计算
【解析】【解答】在整个过程中，物质的状态发生了变化、但质量不变，用相同的加热器加热，在相等时间内物质吸收的热量相等，由图象可知，物质在AB段比CD段升温快（AB段图线更陡），即在相同时间内AB段升高的温度多，由 可知，在吸收的热量和质量都相同时， 越大比热容c就越小，所以该物质AB段的比热容小于CD段的比热容。CD段为水的吸热升温过程，水吸收的热量
CD段的加热时间16min-8min=8min
则每分钟吸收的热
BC段所吸收的热量为QBC=6Q=6×5250J=3.15×104J从开始加热一直到刚好沸腾，加热时间为16min，所吸收的热量Q吸总=16Q=16×5250J=8.4×104J
酒精完全燃烧放出的热量Q放=m酒精q=0.028kg×3.0×107J/kg=8.4×105J
则酒精灯的加热效率
【分析】相同时间内液体吸收相同的热量，可以通过加热时间来衡量物体吸热的多少；加热时间相同，温度上升的缓慢，物质比热容大；利用水吸收的热量除以酒精燃烧释放的热量即为加热效率。
20．【答案】（1）平衡；右
（2）测量力臂；1.5；变大
（3）寻找普遍规律
（4）O；
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）在杠杆上挂钩码前，杠杆静止，处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡。
（2）图乙中，用弹簧测力计在B处竖直向上拉杠杆到水平位置平衡，这样可以方便测量力臂。
测力计的分度值是0.1N，指针指在1.5N，此时测力计的示数为1.5N。
弹簧测力计斜拉时，阻力及阻力臂不变，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大。
（3）探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，寻找普遍规律，避免偶然性。
（4）②已知钩码的质量m，用刻度尺测出此时钩码悬挂位置D到C的距离，即l1，欲求杠杆的质量m杠杆，杠杆的重心在O点，则应量出O到C的距离，即l2。
③根据杠杆平衡条件可得ml1=m杠杆l2
m杠杆=
【分析】（1）探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调平（向翘起的一端移动平衡螺母）及实验中应注意的问题，在实验中为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析。注意杠杆在水平位置平衡后，重力的方向跟杠杆垂直，支点到力的作用点的距离就是力臂，同时能够消除杠杆自身重力对杠杆平衡的影响，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡。
（2）根据杠杆的平衡条件，可以计算出杠杆的质量m杆。
21．【答案】（1）5；；83%
（2）越重；动滑轮重；2、3
（3）绳重、绳与滑轮间的摩擦力
（4）B
【知识点】滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）第5次实验是用定滑轮体重物，因为物体上升了0.2m，绳子也移动了0.2m，若用动滑轮，则绳子移动的距离是物体移动的两倍，故答案为：第5次实验；第4次实验中有用功为
故第4次实验中有用功为 ；机械效率为
机械效率为 。
（2）在所用滑轮组一定时，提升的钩码的重力由1N增加到2N，机械效率由56%增加到67%，故结论为在所用滑轮组一定时，提升的钩码越重，机械效率越高；比较3和4两次实验动滑轮重不同，那么机械效率还与动滑轮重有关；动滑轮重相同，重物相同，高度不同，那么只有2、3实验可知，机械效率也相同，故机械效率与高度无关。
（3）机械效率除了与物重、滑轮重有关，还与绳子与滑轮间的摩擦力有关，还有绳子重力有关。
（4）进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都不省功，推理法，而下列实验中，只有牛顿第一定律是推理而来的，故答案为：B。
【分析】（1）根据滑轮组绳子的距离和物体移动距离的比值计算绳子股数，判断使用的滑轮组；根据物体的质量和高度的乘积计算有用功；根据有用功和总功的比值计算机械效率；
（2）使用的滑轮组一定时，物体越重，滑轮组的机械效率越大；物体的重力相同时，动滑轮越重，机械效率越大；机械效率的大小和上升的高度无关；
（3）滑轮组的机械效率还和绳重、绳子和滑轮的摩擦力有关；
（4）牛顿第一定律的得出利用了推理法。
22．【答案】（1）速度；做功；越大
（2）B；没有控制小车到达水平面时的速度相同
（3）B；小车将一直做匀速直线运动
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）实验中，让小车处在不同的高度，反映了速度不同，这样设计的目的是为了研究动能与速度的关系；若木块被撞后移动的距离越远，说明小车对木块的推力做功越多，小车撞击木块时的动能越大。
（2）要探究动能大小与质量的关系，应该控制小车的速度相同，让小车从斜面的同一高度滑下；B方案不合理。
（3）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知物体将永远运动下去，物体的通过的距离无法确定，做功的多少也无法确定，所以小球动能的大小就无法比较。
【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关。小车的动能多少决定了木块运动距离的长短，运用了转换法。此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明小球的动能越大。
（2）该实验利用了控制变量法，如果探究动能大小与质量的关系，必须保证运动速度相同，应该使小车从斜面的相同高度滑下。
（3）由牛顿第一定律内容分析回答。
23．【答案】（1）不正确；实验中使用的电加热器相同，加热相同的时间，甲乙两种液体吸收的热量相等
（2）同种；相同；质量；多
（3）种类；甲
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】解：（1）用相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，因此该同学的判断是错误的。（2）由表中第2、3次或第5、6次实验数据可知，液体的种类和液体升高的温度相等而液体质量不同，液体质量越大，需要的加热时间越长，液体吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多。（3）由表中第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度相等而液体种类不同，甲液体的加热时间比乙液体的加热时间长，甲液体比乙液体吸收的热量多，由此可得：甲的吸热能力更强。
故答案为：不正确；实验中使用的电加热器相同，加热相同的时间，甲乙两种液体吸收的热量相等； 同种；相同；质量；多； 种类；甲。
【分析】（1）在此类比较实验中，控制变量是前提，比较那个量那个量就不能相同；
（2）（3）控制干扰量，比较不同量之间的关系，学会读取数据表格，学会分析。
24．【答案】（1）解：水池底部受到水的压强
答：水池底部受到水的压强为9×104Pa；
（2）解：因为物块浸没，所以
物块受到的浮力大小
答：物块受到的浮力大小为1×103N
（3）解：实心物块的重力
滑轮组做的有用功
绳子移动的距离
滑轮组做的总功
滑轮组的效率：
答：若打捞中实际所用拉力 为1000N，这个滑轮组的机械效率为75%。
【知识点】压强的大小及其计算；阿基米德原理；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）利用p=ρgh求容器底部受到水的压强；
（2）由于金属块浸没在水中，排开水的体积等于金属块的体积，再利用阿基米德原理求金属块受到的浮力。
（3）绳端移动距离s=nh，利用W=Fs求总功，使用滑轮组所做的有用功W有=（G-F浮）h，利用η=×100%求滑轮组的机械效率。
25．【答案】（1）比热容
（2）D
（3）变大
（4）
【知识点】比热容；科学探索
【解析】【解答】(1)发动机用循环水进行冷却是因为水的比热容较大；
(2)A．由文中信息可知，进气道吸入的是空气，A不符合题意；
B．燃料燃烧是化学能转化为内能，B不符合题意；
C．燃料耗尽后，不会产生高温高压气流，无法推动涡轮，C不符合题意；
D．尾喷管中喷出的高速气流推进飞机前进，对飞机做功，D符合题意。
故答案为：D；
(3)由于进人压气机气流速度有一定限制，而进气道的功能就是通过可调管道来调整气流速度，使进入进气道的气体全部通过可调管道，当飞机加速飞行时，需要更多的空气流进燃烧室，即应该使通风口面积S1变大；
(4)飞机所受空气阻力f与飞行速度v的平方成正比，比例系数为k，所以推力： ；
飞机获得的推进功： ；
而推进效率则是指涡轮喷气发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比，所以获得的机械能： ；
机械能的功率： ；
发动机的功效是指发动机提供给飞机的推力与发动机机械功率的比值，所以其功效为：
。
【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水可以吸收更多的热量，冷却效果更好；相同质量的水可以放出更多的热量，取暖效果更好；
（2）做功可以改变物体的内能，外界对物体做功物体的内能增加，物体对外界做功物体的内能减小；
（3）飞机做加速运动，需要更多的空气，故应增加通风面积；
（4）结合功效的单位看出，利用牵引力除以飞机的功率即可。
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