广东省2021-2022学年高三上学期期末考试物理复习卷二(Word版含答案)

高三期末考试复习卷二
一、单选题
1．如图所示，某工地上起重机将重为G的正方形工件缓缓吊起，四根质量不计等长的钢绳，一端分别固定在正方形工件的四个角上，另一端汇聚于一处挂在挂钩上，每根绳与竖直方向的夹角为37°，则每根钢绳的受力大小为
A. B.
C. G D．G
2．由于高度限制，车库出入口采用如图所示的曲杆道闸，道闸由转动杆OP与横杆PQ链接而成，P、Q为横杆的两个端点，在道闸抬起过程中，杆PQ始终保持水平，杆OP绕O点从水平位置匀速转动到90°的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．P、Q两点加速度相同
B．Q点线速度大小大于P点线速度大小
C．Q点做匀速直线运动
D．Q点做变速圆周运动
3．2021年10月16日，神舟十三号载人飞船顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空。随后与天和核心舱进行对接。如图所示，己知“天和核心舱”匀速圆周运动的轨道离地约400km、周期约为93min，地球半径为6370km，万有引力常量G=6.67×10-11N m2/kg2对这些数据分析，不能确定的是（　　）
核心舱的质量
B．飞船的加速度
C．地球的质量
D．地球的第一宇宙速度
4．蹦极是一项刺激的户外休闲活动，足以使蹦极者在空中体验几秒钟的“自由落体”。如图所示，蹦极者站在高塔顶端，将一端固定的弹性长绳绑在踝关节处。然后双臂伸开，双腿并拢，头朝下跳离高塔。设弹性绳的原长为L，蹦极者下落第一个所用的时间为t1，下落第二个所用的时间为t2。把蹦极者视为质点，认为蹦极者离开塔顶时的速度为零，不计空气阻力，则满足（　　）
A．1<<2 B．2<<3
C．3<<4 D．4<<5
5．如图所示，有一个双量程电流表，其中小量程为0～1 A。已知表头G的满偏电流Ig＝500 mA，内阻Rg=200Ω，定值电阻R1＝20 Ω，R2＝180 Ω，则电流表的大量程为（　　）
A．0～2A
B．0～5A
C．0 ～ 10A
D．0～20A
6．如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为l、质量为m的直导体棒，导体棒中电流为I，要使导体棒静止在斜面上，需要外加匀强磁场的磁感应强度B的最小值为（　　）
B．
C． D．
7．如图所示，理想变压器原线圈与交流电源相连，理想电流表读数为，副线圈一侧电阻，理想电压表的读数为，则变压器原副线圈匝数比为
A． B．
C． D．
二、多选题
8．如图为法拉第发现电磁感应现象的实验装置示意图，软铁环上绕有两个线圈，下列操作中可能观察到灵敏电流计G的指针发生偏转的是（　　）
处于闭合状态，闭合瞬间
B． 处于闭合状态，闭合瞬间
C． 、均处于闭合状态，断开瞬间
D． 、均处于闭合状态，断开瞬间
9．如图所示，小球B放在真空容器A内，球B的直径恰好等于正方体A的棱长，将它们以初速度v0竖直向上抛出，下列说法中正确的是（　　）
A．若不计空气阻力，上升过程中，A对B有向上的支持力
B．若考虑空气阻力，上升过程中，A对B的压力向上
C．若考虑空气阻力，下落过程中，B对A的压力向下
D．若不计空气阻力，下落过程中，B对A没有压力
10．一带正电微粒只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能随位移x变化的关系如图所示，其中0～x1段是曲线，x1～x2段是平行于x轴的直线，x2～x3段是倾斜直线，则下列说法正确的是（　　）
A．0～x1段电势逐渐升高
B．0～x1段电场力做正功
C．x1～x2段微粒做匀速运动
D．x2～x3段的微粒的电场力减小
三、实验题
11．已知小车（含小车配重）质量为300g，通过补偿该实验摩擦力之后（如图），在槽码处选择拉小车的钩码质量合适的是_______（5g或500g），更符合本次试验要求。
小车拖动纸带如下，已知xOA=2.24cm，xOB=5.04cm，xOC=8.39cm，xOD=12.29cm，则小车的加速度为________m/s2。（保留两位小数）
12．某同学在实验室测量某电源的电动势和内阻，选用的器材如下：
A．待测的电源一个（电动势为E、内阻为r）
B．G表（量程0~600mA，内阻）
C．电压表（量程0~3V，内阻可视为无穷大）
D．滑动变阻器R0（0-20，1.0A）
E.定值电阻R1=1.0Ω
F.开关和若干导线
（1）根据原理图甲，在图乙中完成实物连线_______。
（2）如果用U表示电压表的读数、I表示G表的读数，请写出U和I的函数关系：_______（请用题中字母来表示）。
（3）闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表的读数U和G表的读数I，作出图像如图丙所示，则电池的电动势E=_______V，电池的内阻r=_______Ω（结果均保留3位有效数字）
（4）若G表表头上标注的电阻比真实值偏小，这个因素会导致测量出来的电动势_______（填“偏大”“偏小”或“不变”），内阻_______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。
四、解答题
13．质量为m，电荷量为q的带负电粒子自静止开始，经M、N板间的电场加速后，从A点垂直于磁场边界射入宽度为d的匀强磁场中，该粒子离开磁场时的位置P偏离入射方向的距离为L，如图所示。已知M、N两板间的电压为U，粒子的重力不计。求：
（1）带电粒子离开电场时的速度大小；
（2）匀强磁场的磁感应强度B。
14．如图所示一弹射游戏装置，在高度为h=0.8m的水平桌面上，滑块由压缩轻弹簧弹出，经过半径R=0.4m的竖直圆轨道后（不脱离轨道）再水平抛出击中水平地面上的目标。圆轨道和AB段光滑，滑块与长为0.8m的BD间动摩擦因数。初始弹簧压缩一合适形变量，释放后滑块通过圆轨道并击中目标，滑块经过圆心等高处C点对圆轨道的压力为重力的4倍。滑块质量m=10g且可视为质点，弹射时弹簧的弹性势能完全转化为滑块动能，忽略空气阻力，各部分平滑连接。重力加速度g取10m/s2，求：
（1）滑块通过B点对圆轨道的压力FN；
（2）目标距离桌面边缘的距离d；
（3）若在BD中点P放置一完全相同的滑块，两滑块碰撞后连为一整体，要使再次成功击中目标，弹簧的压缩量要变为初始压缩量的几倍。已知弹簧的弹性势能，x为弹簧的形变量。
五、选修3-3
15．两分子间的斥力和引力的合力与分子间距离的关系如图中曲线所示，曲线与轴交点的横坐标为。相距很远的两分子在分子力作用下，由静止开始相互接近。若两分子相距无穷远时分子势能为零，在阶段，做____________（填正功或负功）分子动能增加，势能减小，在时，分子势能最小，动能____________（填最大或最小）。
16．如图所示 ，两导热性能良好的气缸固定在水平地面上 ，气缸中的两活塞通过水平 轻杆相连 ，左侧气缸气体压强为 P1=3P0，活塞横截面积为 S1，右侧气缸气体压强为 P2 （大小未知），活塞横截面积为S2，已知大气压强为 P0，S1 =2S2，活塞与气缸壁之间的摩擦 不计 ，活塞的厚度不计 ，整个装置处于静止状态。
①求右侧气缸气体压强 P2 ；
②若保持左侧理想气体的温度不变 ，用外力缓慢地使左侧体积变为原来的 2倍 ，此时撤去 外力 ，系统刚好能处于静止状态 ，求此时右侧气缸内气体压强。
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试卷第1页，共1页
参考答案
1．C
【详解】
设每根钢绳的受力大小为T，由平衡知识可知
解得
故选C。
2．A
【详解】
P点绕O点做匀速圆周运动，杆PQ始终保持水平，则Q点的运动轨迹也是一个圆周，Q点绕另一个圆心做匀速圆周运动。二者保持相对静止，具有相同的加速度，而且两点的线速度大小相等。故A正确；BCD错误。
故选A。
3．A
【详解】
AC．根据题意能确定核心舱的轨道半径
根据万有引力提供向心力可得
等式左右两侧核心舱的质量m直接约去，无法求解，解得中心天体地球的质量
C错误A正确；
B．根据
解得
B错误；
D．根据
解得
D错误。
故选A。
4．B
【详解】
蹦极者下落高度L的过程，可视为做自由落体运动，对于初速度为零的匀加速直线运动，通过连续相等位移的时间之比为
可知
即
故B正确ACD错误。
故选B。
5．C
【详解】
接中间接线柱时，量程较大，则有
解得
故选C。
6．A
【详解】
直导体棒受到重力mg，斜面支持力N的作用，由三角形定则可知，当安培力F与支持力垂直时取得最小值，如图所示
由平衡条件可得
解得外加匀强磁场的磁感应强度最小值为
故选A。
7．C
【详解】
通过R3的电流为
由于R2=R3，所以变压器副线圈两端电压为20V，流过R1的电流为
流过副线圈的总电流为0.6A
根据得
故C正确。
故选C。
8．BD
【详解】
法拉第电磁感应定律：只要穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，回路中就一定会产生感应电流。
A．处于闭合状态，闭合瞬间，穿过副线圈的磁通量没有发生变化，因此副线圈没有感应电流，灵敏电流计G的指针不会发生偏转，A错误；
B．处于闭合状态，闭合瞬间，穿过副线圈的磁通量迅速增大，因此副线圈有感应电流产生，灵敏电流计G的指针发生偏转，B正确；
C．、均处于闭合状态，断开瞬间，穿过副线圈的磁通量没有发生变化，因此副线圈没有感应电流，灵敏电流计G的指针不会发生偏转，C错误；
D．、均处于闭合状态，断开瞬间，穿过副线圈的磁通量突然消失，因此副线圈产生感应电流，灵敏电流计G的指针会发生偏转，D正确。
故选BD。
9．CD
【详解】
AD．将容器以初速度v0竖直向上抛出后，若不计空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到加速度为g，再以容器A为研究对象，上升和下落过程其所受合力等于其重力，则B对A没有压力，A对B也没有支持力，故A错误，D正确。
B．若考虑空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到：上升过程加速度大于g；再以球B为研究对象，根据牛顿第二定律得：B受到的合力大于重力，B除受到重力外，还应受到向下的压力，A对B的压力向下，故B错误。
C．若考虑空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到：下落过程加速度小于g，再以B为研究对象，根据牛顿第二定律得：B受到的合力小于重力，B除受到重力外，还应受到向上的力，即A对B的支持力向上，B对A的压力向下，故C正确。
故选CD。
10．AC
【详解】
A．电势能
由于粒子带正电，0~x1段电势能变大，所以电势升高，故A正确；
B．0~x1段电势能变大，所以电场力做负功，故B错误；
C．x1～x2段微粒电势能不变，电场力不做功，则微粒不受电场力作用，则微粒合外力为零，则做匀速直线运动，故C正确；
D．根据
x2～x3段斜率不变，则电场力不变，故D错误。
故选AC。
11．5g 0.55
【详解】
[1]通过补偿该实验摩擦力之后，在槽码处选择拉小车的钩码质量应选择远远小于小车质量的，即选择5g更符合本实验要求。
[2]由题意可知
xOA=2.24cm
xAB=2.80cm
xBC=3.35cm
xCD=3.90cm
根据匀变速直线运动的推论，即
则有
12． 2.80 1.08 不变 偏大
【详解】
（1）[1]根据电路图得实物图如下图所示
（2）[2]根据闭合电路欧姆定律得
整理得
（3）[3][4]根据
结合图像可知，图像的纵轴截距为电源电动势
斜率为
代入数据解得
（4）[5][6]由
可知若G表表头上标注的电阻比真实值偏小，这个因素会导致测量出来的电动势不变，电源内阻的测量值偏大。
13．(1) ；(2)
【详解】
(1) 粒子在电场中做匀加速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，粒子运动轨迹如图所示
设粒子在M、N两板间经电场加速后获得的速度为v，由动能定理得
带电粒子离开电场时的速度大小
(2) 粒子进入磁场后做匀速圆周运动，设其半径为r，由牛顿第二定律得
由几何关系得
解得
14．（1）0.7N，竖直向下；（2）1.6m；（3）倍
【详解】
（1）设滑块通过B、C点时的速度大小分别为vB、vC，滑块通过C点时所受轨道支持力大小为FNC。由题意，在C点根据牛顿第二、三定律有
①
在B点根据牛顿第二定律有
②
对滑块从B到C的运动过程，根据动能定理有
③
联立①②③解得
④
根据牛顿第三定律可得滑块通过B点对圆轨道的压力大小为
⑤
方向竖直向下。
（2）设滑块从D点抛出时的速度大小为vD，对滑块从B到D的过程，根据动能定理有
⑥
联立②④⑥解得
⑦
滑块做平抛运动的时间为
⑧
目标距离桌面边缘的距离为
⑨
（3）设两滑块碰撞后瞬间的速度大小为vP，由题意可知两滑块整体在D点的速度大小仍为vD，则对整体从P到D的过程，根据动能定理有
⑩
设两滑块碰撞前运动滑块的速度大小为vP0，对两滑块的碰撞过程，根据动量守恒定律有

对滑块从B到P点的过程，根据动能定理有

由题意可知（3）题情况下，弹簧的压缩量与初始压缩量的比值为

联立②④⑦⑩ 解得

15．①；②
【详解】
①对左侧活塞受力分析可得：由
对右侧活塞受力分析可得：由
又因为
联立解得
②由于理想气体的温度不变，由玻意耳定律得
解得
对左侧活塞受力分析可得，由
对右侧活塞受力分析可得，由
联立解得
16．正功 最大
【详解】
[1][2]r0为分子间的平衡距离，大于平衡距离时分子间为引力，小于平衡距离时，分子间为斥力；在阶段，分子力表现为引力，相互靠近时F做正功，分子动能增加，势能减小，在时，分子势能最小，分子动能最大。答案第1页，共2页
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