湖南省2022届高三物理综合复习卷（Word版含答案）

2021-2022学年上学期高三物理综合复习卷（人教版word版有答案）【必修第一，二，三册综合】
复习范围：人教版（2019）选择性必修第一，二，三册
第I卷（选择题）
一、单选题
1．有一未知电阻Rx，为较准确地测出其阻值，先后用如下图（a）、（b）两种电路进行测试，利用（a）测得数据为“2.7 V5.0 mA”，利用（b）测得数据为“2.8 V4.0 mA”，那么，该电阻测得值较准确的数值及它比真实值偏大或偏小的情况是（　　）
A．560 Ω，偏大 B．560 Ω，偏小 C．700 Ω，偏小 D．700 Ω，偏大
2．如图所示的电路中，电源的电动势E=3V、内阻r=1Ω，R=5Ω，下列说法正确的是（　　）
A．当S断开时，UAC=3V
B．当S闭合时，UAC=3V
C．当S闭合时，UAB=2.5V，UAC=0.5V
D．当S断开时，UAB=0，UBC=0
3．如图所示，平行板电容器与电动势为E的电流电源连接，上极板A接地，一带负电油滴固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板B竖直向下移动一小段距离，则（　　）
A．带电油滴所受电场力不变 B．P点的电势将升高
C．带电油滴的电势能增大 D．电容器的电容减小，极板带电量增大
4．做自由落体运动的物体，先后经过空中M、N两点时的速度分别为和，则下列说法中错误的是（　　）
A．经过MN时所用的时间为：
B．物体经过MN中点时的速度为：
C．MN间的距离：
D．物体经过MN的平均速度：
5．四盏灯泡接成如图所示电路。a、c灯泡的规格为“220V、40W”，b、d灯泡的规格为“220V、100W”各个灯泡的实际功率都没超过它的额定功率。请排列出这四盏灯泡实际消耗功率的排列顺序（　　）
A．Pa>Pb>Pc>Pd B．Pa>Pd>Pb>Pc C．Pa>Pb=Pc>Pd D．Pa=Pd>Pc=Pd
6．如图所示，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电体P位于两板间恰好平衡，用外力将带电体P固定，然后使两板各绕其中点转过α角，如图中虚线所示，撤去外力，则P在两板间（　　）（此过程中P所带电荷量不变）
A．保持静止
B．水平向左做直线运动
C．向左下方运动
D．不知α角的值无法确定P的运动状态
7．有一铁质画板，竖直放置，有两个一样的小磁铁，其中磁铁直接吸在画板，磁铁压着一张白纸吸附在画板上，（忽略两磁铁间的相互影响）下列说法正确是（　　）
A．磁铁对画板的压力大于画板对磁铁的支持力
B．磁铁对白纸压力小于画板对白纸的支持力
C．磁铁受到的摩擦力等于磁铁受到的重力
D．磁铁受到的摩擦力大于磁铁受到的重力
8．两个带电小球静止时细线与竖直方向的夹角分别为α、β，两球在同一水平面上，A、B两小球的质量与电量分别为m1、q1，m2、q2，若α>β，则（　　）
A．m1受到的库仑力大于m2受到的库仑力
B．m1受到细线的拉力大于m2受到细线的拉力
C．q1＜q2
D．m1＜m2
9．如图所示，电流表A的量程为0-0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于电流表内阻的；R2的阻值等于电流表内阻的3倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（　　）
A．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04A
B．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02A
C．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06A
D．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A
10．一辆汽车在平直的公路上以a=5m/s2的加速度做匀加速直线运动。则下列说法中正确的是（　　）
A．第2s末的速度为第1s末速度的5倍
B．第3s末的速度比第1s末的速度大5m/s
C．第1s末的速度与第4s末速度的平均值等于第2s末的速度
D．第ns内的位移比第（）s内的位移多5m
11．沿同一直线运动的两个物体A和B，其位移x随时t的变化关系图象如图所示，下列说法错误的是（　　）
A．A物体比B物体晚出发1s B．前2s内物体A的位移大于物体B的位移
C．A物体和B物体均做匀速直线运动 D．第2s初两物体相遇
12．如图所示，一辆汽车在平直的公路上做匀加速直线运动，AB和BC是汽车运动过程中相邻相等时间内的两段位移，汽车在每段位移运动的时间为T，汽车在AB和BC段运动的平均速度之比为1:2，AB段的位移为x，则汽车运动的加速度大小为（　　）
A． B． C． D．
13．2022年北京冬季奥运会，将于2022年02月04~20日举行。这是我国历史上第一次举办冬季奥运会。其中“跳台滑雪”的滑道由助滑道、起跳区、着陆坡、停止区组成。如图所示为某滑雪爱好者从助滑道上滑下，在起跳区末端（A点正上方高h处），第一次以速度水平飞出，经过时间t，落在着陆坡的中点处。已知长为L，滑雪者飞行中离着陆坡的最远距离为d，若第二次该滑雪者在起跳区末端以的速度水平飞出（不计空气阻力），则（　　）
A．滑雪者在空中飞行时间变为
B．滑雪者在着陆时的速度方向与第一次是平行的
C．滑雪者着陆点离A点的距离将变为
D．滑雪者飞行中离着陆坡的最远距离大于
二、多选题
14．如图所示，位于水平粗糙桌面上的物块P用跨过光滑定滑轮的轻绳与小球相连，初始时整个系统处于静止状态。现对小球施加一个外力F，该力的方向始终与轻绳垂直，则在小球缓慢上升至与桌面等高的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．外力F先增大后减小
B．桌面对物块P的摩擦力逐渐减小
C．在某一时刻，物块P可能开始运动
D．定滑轮受到的压力逐渐减小
15．如图所示为一组未知方向的匀强电场的电场线，将带电荷量为的正点电荷由A点沿水平线移至B点，克服静电力做了的功，已知A、B间的距离为4cm。 则有（　　）
A．A、B两点间的电势差
B．B点的电势为
C．点电荷的电势能减少了
D．电场方向斜向上，且场强大小为
16．如图所示，大小分别为F1、F2、F3的三个力恰好围成封闭的直角三角形（顶角为直角），下列四个图中，这三个力的合力为零的和最大的分别是（　　）
A． B．
C． D．
17．如图所示，质量为50kg的载货车厢通过悬臂固定在缆绳上，缆绳与水平方向夹角为37°，当缆绳带动车厢以加速度10m/s2匀加速向上运动时，在车厢底板中，质量为10kg的货物恰好与车厢相对静止。已知悬臂竖直，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为10m/s2，则（　　）
A．货物受到3个力的作用 B．底板对货物的支持力大小为160N
C．悬臂对车厢的作用力大小为800N D．货物与车厢的动摩擦因数为0.5
18．在趣味运动中，两个女同学提着一桶水在操场上匀速运动前进。设每个同学的提力相等，下列说法中正确的是（　　）
A．当她们提桶的两个力的夹角为100时，每个同学提水的力与桶和水的总重力的大小相等
B．当她们提桶的两个力的夹角为90时，每个同学提水的力大于桶和水的总重力
C．当她们提桶的两个力的夹角为150时，每个同学提水的力大于桶和水的总重力
D．无论她们提桶的两个力的夹角为多大，两个同学提水的合力都等于桶和水的总重力
19．2021年6月17日我国成功地发射了神舟十二号载人飞船，并顺利地与“天和”核心舱进行对接。已知“神舟十二号”与“天和”号组合体在轨运行时，在时间t内（t小于其做圆周运动的周期）组合体运动的弧长为s，与地球中心连线扫过的角度为θ（弧度），离地高度为h。若组合体的运动视为匀速圆周运动，不考虑地球的自转。从已给出的条件中可以求得（　　）
A．地球的第一宇宙速度 B．地球表面的重力加速度
C．地球的质量 D．地球的密度
20．如图所示，实线为某孤立点电荷产生的电场的几条电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力的作用，下列说法中正确的是（ ）
A．该电场一定是由负点电荷所激发的电场
B．电场中a点的电势一定比b点的电势高
C．带电粒子在a点的加速度一定比在b点的加速度大
D．带电粒子在b点的电势能一定比在a点的电势能大
第II卷（非选择题）
三、实验题
21．某同学利用如图所示装置研究小车的匀变速直线运动。
（1）电火花打点计时器是一种使用________（选填“交流”或“直流”）电源的计时仪器，它的工作电压是220V ，当电源的频率为时，它每隔________s打一次点。
（2）某同学实验中获得一条纸带，如图所示，其中两相邻计数点间有四个点未画出。已知所用电源的频率为，则打A点时小车运动的速度大小________，小车运动的加速度大小________。（结果要求保留两位有效数字）
22．某同学查阅了水果电池的制作方法，他将铜片和镀锌螺丝钉分别插入新鲜柠檬的两侧，做成一个“柠檬电池”，他查阅资料得知“柠檬电池”的电动势约、内阻约几百欧。实验室有以下器材：
电压表（量程，内阻约）；
毫安表（量程为，内阻为）；
滑动变阻器（阻值）；
滑动变阻器（阻值），导线和开关。
为了尽可能准确测定这个“柠檬电池”的电动势和内阻。
（1）下面两个测量电路图应选___________（填“甲”或“乙”）。
（2）滑动变阻器应选___________（填“”或“”）。
（3）该小组实验时记录的数据如下表
0.75 0.68 0.60 0.53 0.45
0.30 0.40 0.50 0.60 0.70
请根据描点作图__________求出这个“柠檬电池”的电动势为___________（结果保留两位有效数字），内阻为___________（结果保留三位有效数字）。
23．在研究平抛运动的实验中，下列哪些因素会使本实验的误差增大（________）
A．小球与斜槽之间有摩擦
B．建立坐标系时，以斜槽末端端口位置为坐标原点
C．安装斜槽时其末端不水平
D．根据曲线计算平抛运动的初速度时在曲线上取作计算的点离原点O较远
小明用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中 a、b、c、d 所示，则小球平抛的初速度为v =_______（用L、g表示），其值是______。（g取9.8m/s2）
24．在“用电火花计时器测当地重力加速度”的实验中。
（1）需要的电源为___________（填交流或直流）电源（频率50Hz），电压为________V。
（2）实验时下面的步骤先后顺序是_________。
A．先释放纸带，后接通打点计时器
B．先接通打点计时器，后释放纸带
（3）已知纸带上记录的点为打点计时器打的点，打点计时器在打C点时物体的瞬时速度大小为________m/s，所测得的重力加速度大小为___________m/s2.（计算结果均保留三位有效数字）
（4）若当地的重力加速度数值为9.8m/s2，请列出测量值与当地重力加速度的值有差异的一个原因___________。
四、解答题
25．有一种“傻瓜”照相机，其光圈（进光孔径）随被摄物体的亮度自动调节，而快门（曝光时间）是固定的。为估测某架“傻瓜”照相机的曝光时间。实验者从某高处使一个石子自由落下，拍摄石子在空中的照片如图，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹。已知石子从地面以上H=2.3m的高度自由下落，通过照片测得径迹的上端距离地面的距离为h=0.5m，径迹长度为L=0.12m。由此可估算出这架“傻瓜”照相机的曝光时间。（g=10m/s2，结果保留一位有效数字）
26．带有等量异号电荷、相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场，电场强度E=2.0×104N/C，方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm。则：
（1）C、D两点的电势差UCD等于多少？
（2）如果令A板接地（即A板电势为0），则C点的电势是多少？
（3）一个电子从C点移动到D点。静电力做功多少焦耳？
27．一长为L=3m的轻杆可绕其端点A在竖直面内自由转动，另一端B固定一质量为m=2kg的小球，另有钉子C位于A的正上方h=5m处，细线的一端系有质量为M=14kg的小物块（可视作质点），另一端绕过C与B相连接。当杆AB与竖直方向的夹角为时，要用手竖直向下拉住小球，才能使小球和物块都静止。忽略一切摩擦，取sin53°=0.8，cos53°=0.6，重力加速度g=10m/s2，求：
（1）静止时，小球受到手的拉力的大小F；
（2）放手后，杆刚运动到竖直位置时小球的速率v；
（3）放手的瞬间，物块M所受细线的拉力大小T。
28．如图所示，长为l的平行金属板间存在一匀强电场，一带电荷量为q，质量为m的带电粒子以初速度v0紧贴上板垂直电场方向飞入电场，则恰好从下板的右边缘飞出，且速度方向与下板成30°角，不考虑粒子的重力。求：
（1）粒子从平行金属板飞出时的速度大小。
（2）匀强电场的场强E的大小。
（3）两平行金属板间的距离d。
29．如图所示，在竖直平面内固定一光滑绝缘圆环；其圆心为O、半径为r，A、B两点分别是圆环的最低点和最高点，圆环区域内存在方向水平向右的匀强电场，电场线与圆环面平行，一质量为m、带一定量负电荷的小球（可视为质点）套在圆环上，可沿圆环运动（运动中电荷量不变），运动中经过C点时速度最大，OC连线与竖直方向的夹角为θ且，CD为直径，重力加速度为g，求
（1）小球所受到的电场力的大小；
（2）在A点给小球提供某一初速度，小球运动到B点时对圆轨道的压力恰好为零，求小球在A的初速度和运动到D点时受到圆环的作用力；
30．如图所示的电路中，小量程电流表内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=1mA，R1=900Ω，。
（1）当S1和S2均断开时，改装成的是什么表？量程多大？
（2）当S1和S2均闭合时，改装成的是什么表？量程多大？
试卷第12页，共13页
试卷第13页，共13页
参考答案
1．D
【详解】
比较（a）（b）两图电压读数，可知电压变化
可得
比较（a）（b）两图电流读数，可知电流变化
可得
可见
即电流变化明显，可见电压表电阻带来的影响比电流表电阻带来的影响大，故采用电流表内接的方法，即图（b）测量较准确
此种接法测量值偏大，故ABC错误，D正确。
故选D。
2．A
【详解】
AD．当S断开时，电路断路，电路中电流为零，电源的内电压为零，则路端电压为电源的电动势E，即
UAC=3V
由欧姆定律可知
UAB=0
则BC的电压等于AC间的电压
UBC=3V
故A正确，D错误；
BC．当S闭合时，AC间的电压为路端电压，则
BC间电阻为零，则电压为零，则
UBC=0
故BC错误。
故选A。
3．B
【详解】
A．下极板竖直向下移动，d增大，由于电容器两板间电压不变，根据
可得，金属板间场强减小，则油滴所受的电场力减小，故A错误；
B．板间场强E减小，而P点与上极板间的距离不变，则由公式
可知，P点与上级板间电势差将减小，而P点的电势低于上级板的电势，则知P点的电势将升高，故B正确；
C．由于油滴带负电，P点的电势升高，则油滴的电势能将减小，故C错误；
D．根据电容的定义式
可知，由于d增大，则电容C减小，电容器与电源保持相连U不变，根据
可知，Q减小，故D错误。
故选B。
4．A
【详解】
A．根据速度时间关系得经过MN时所用的时间为
故A错误；
B．根据
联立可得物体经过MN中点时的速度为
故B正确；
C．根据
可得MN间的距离
故C正确；
D．物体做匀变速直线运动， 物体经过MN的平均速度
故D正确。
本题选错误项，故选A。
5．B
【详解】
根据公式
可得b、d的电阻小于a、c的电阻，a、d串联在干路，所以两灯泡的电流相等，故根据公式
可得
因为通过b、c的电流之和等于d的电流，所以通过d的电流大于b的电流，b、c并联，电压相同，由于b的电阻小于c的电阻，所以b的电流大小于c的电流，故根据公式
可得
，
综合可得
故选B。
6．B
【详解】
初状态时有
转过角后，两板的间距变为，故电场力大小变为
电场力向上的分量为
故竖直方向受力平衡，电场力的水平分量使其水平向左做直线运动。
故选B。
7．C
【详解】
A．磁铁对画板的压力等于画板对磁铁的支持力是一对相互作用力，故应该是相等，A错误；
B．磁铁对白纸压力小于画板对白纸的支持力是是一对平衡力，故应该是相等，B错误；
CD．磁铁受到的摩擦力与磁铁受到的重力是一对平衡力，D错误，C正确。
故选C。
8．D
【详解】
A．由牛顿第三定律可知，m1受到的库仑力大小等于m2受到的库仑力大小，A错误；
B．对m1受力分析可得，其受到的细线的拉力为
对m2受力分析可得，其受到的细线的拉力为
又
α>β
即m1受到细线的拉力小于m2受到细线的拉力，B错误；
CD．对m1受力分析可得
对m2受力分析可得
又
α>β
可得
由于两者的库仑力大小相等，方向相反，两者的电荷量无法比较，C错误，D正确。
故选D。
9．C
【详解】
AB．当接线柱1、2接入电路时，R1与电流表并联，因为
由并联电路反比分流规律可知，流过R1的电流为流过电流表A电流的2倍，所以1、2接线柱间的电流为通过电流表电流的3倍，所以每一小格是原来的3倍，即0.06A，故AB错误；
CD．当接线柱1、3接入电路时，电流表与R1并联，然后再与R2串联，串联电阻R2对电流表A示数无影响，与1、2接入电路的效果一样，所以每一小格表示0.06A，故C正确，D错误。
故选C。
10．D
【详解】
A．由公式
得
则任意1s末的速度均比这1s初的速度大5m/s，并不是5倍的关系，A错误；
B．由速度公式可知，第3s末的速度比第1s末的速度大10m/s，B错误；
C．对于匀变速直线运动，某段时间内的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，第1s末的速度与第4s末速度的平均值等于第2.5s末的速度，C错误；
D．由匀变速直线运动的推论
可知任意相邻相等时间间隔内的位移差均为常量，且当时，，D正确。
故选D。
11．D
【详解】
A．由图可知A物体比B物体晚出发1s，故A正确；
B．前2s内物体A的位移为4m，物体B的位移为2m，物体A的位移大于物体B的位移，故B正确；
C．由图像斜率表示速度可知A物体和B物体均做匀速直线运动，故C错误；
D．由图可知第2s末两物体相遇，故D错误。
本题选错误项，故选D。
12．B
【详解】
汽车在AB和BC段运动的平均速度之比为1:2，则由
可知两段的位移之比为1:2，则BC段位移为2x，则由
解得
故B正确，ACD错误。
故选B。
13．D
【详解】
ABC．滑雪者的运动是平抛运动，可以沿斜面建立x轴，垂直斜面建y轴，如图所示
y轴上的重力加速度分量都是，由
可知y、相同时，减半，t不满足正比关系，故ABC错误；
D．当速度方向与斜面平行时，物体离斜面最远
初速度减半，则平行时的时间t减半，离斜面最远距离
故D正确；
故选D。
14．BD
【详解】
ABC．对小球受力分析，由平衡知识、三角形定则作出矢量圆如下图
可知F增大，绳上张力T减小。由此可知，开始时绳的拉力最大，而此时物体仍处于静止状态，所以随着拉力的减小，物块P不可能运动；根据平衡条件可知随着拉力的减小，桌面对物块P的摩擦力逐渐减小，故B正确，AC错误；
D．对滑轮收到的两个拉力合成，如下图
根据力的分解可知
可知T变小，T合变小，所以定滑轮受到的压力逐渐减小，故D正确。
故选BD。
15．AD
【详解】
A． A、B两点间的电势差为
故A正确；
B．根据题给条件无法求得B点的电势，故B错误；
C．点电荷克服静电力做了的功，电势能增加了，故C错误；
D．根据A项分析可知，根据沿电场方向电势降低，可知电场方向斜向上，且大小为
故D正确。
故选AD。
16．BC
【详解】
根据平行四边形定则可知，选项A中F2和F1构成的平行四边形的对角线正好和F3重合，即合力的大小为F3，方向与F3同向，则F1、F2、F3三个力的合力为2F3；同样的方法，B选项中可以求得合力为零；C选项中可以求得合力为2F1；D选项中可以求得合力为2F2，又因为图中线段的长短表示力的大小，所以位于斜边上的F1最大。故选BC。
17．ABD
【详解】
A．货物受重力、地板的支持力和摩擦力，共3个力的作用，选项A正确；
B．货物的水平加速度为
竖直加速度为
由牛顿第二定律可得底板对货物的支持力大小为
可得
故B正确；
D．水平方向，货物所受的最大静摩擦力
货物与车厢的动摩擦因数为
故D正确；
C．悬臂对车厢竖直方向的作用力
水平方向的作用力
悬臂对车厢的作用力大小
故C错误；
故选ABD。
18．CD
【详解】
根据力合成的平行四边形定则，可以知道合力的大小可以大于、等于、小于分力的大小；当两力合成时，夹角越大，合力越小；由此两位同学拉力的合力一定，夹角越大，分力越大。
A．当她们提桶的两个力的夹角为120时，每个同学提水的力与桶和水的总重力的大小相等，故A错误；
B．当她们提桶的两个力的夹角为90时，每个同学提水的力小于桶和水的总重力，故B错误；
C．当她们提桶的两个力的夹角为150时，每个同学提水的力大于桶和水的总重力，故C正确；
D．无论她们提桶的两个力的夹角为多大，两个同学提水的合力都等于桶和水的总重力，故D正确。
故选CD。
19．AB
【详解】
由题意可以求出组合体做圆周运动的半径
地球的半径
组合体的线速度
由
可以求出地球的第一宇宙速度及地球表面的重力加速度。由于引力常量未知，无法求出地球的质量和地球的密度，故AB正确，CD错误。
故选AB。
20．CD
【详解】
AB．由于粒子的电性未知，所以无法判断电场线的方向，进而无法判断场源电荷的电性以及a、b两点电势的高低，AB错误；
C．电场线越密的地方电场强度越大，所以带电粒子在b点的加速度一定比在a点的加速度小，C正确；
D．带电粒子所受电场力方向沿电场线方向指向轨迹凹侧。若粒子从a运动到b，则电场力方向与速度方向夹角大于90°，电场力做负功，粒子电势能增大；若粒子从b运动到a，则电场力方向与速度方向夹角小于90°，电场力做正功，粒子电势能减小。综上所述可知带电粒子在b点的电势能一定比在a点的电势能大，D正确。
故选CD。
21．交流 0.02 0.34 0.39
【详解】
（1）电火花打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器，它的工作电压是220V ，当电源的频率为时，它每隔0.02s打一次点。
（2）两相邻计数点间有四个点未画出，则时间间隔T=0.1s。打A点时小车运动的速度大小
小车运动的加速度大小
22．甲 0.98V 700Ω
【详解】
（1）水果电池的内较大，若采用乙图，电压表的分流比较明显，干路电流的误差较大，而甲图测量的内阻相当于电流表的电阻和电源的内阻，但是电流表的内阻已知，故采用将电流表外接法，故选甲。
（2） 毫安表满偏时，电路的总电阻
若选择，则变化范围较小，为测多组实验数据，滑动变阻器选择；
（3）由描点法可得图线如图所示
图线与纵轴截距即为电动势
图像的斜率
则
23．BC
【详解】
(1)A．小球与斜槽之间有摩擦不影响实验的误差，只要保证小球平抛运动的初速度相同即可，故A错误；
B．建立坐标系时，以斜槽末端端口位置为坐标原点，影响实验的误差，应以小球在斜槽末端时球心在竖直板的投影为坐标原点，故B正确；
C．安装斜槽时其末端不水平，小球平抛运动的初速度不水平，影响实验的误差，故C正确；
D．计算平抛运动的初速度时在曲线上取作计算的点离原点0较远可以减小实验的误差，故D错误。
故选BC。
在竖直方向上，根据
解得
小球平抛的初速度
代入数据解得
24．交流 220 B 1.17 9.75 重物下落过程中受到空气阻力
【详解】
（1）需要的电源为交流；
电压为220V；
（2）A．先释放纸带，后接通打点计时器，A错误；
B．先接通打点计时器，后释放纸带，B正确。
故选B；
（3）打点计时器在打C点时物体的瞬时速度大小为
所测得的重力加速度大小为
（4）重物下落过程中受到空气阻力作用。
25．0.02s
【详解】
由公式
得石子下落到A点的速度为
A点速度可以看作是石子下落AB段的平均速度，石子在AB段运动的时间为
照相机的曝光时间为0.02s
26．（1）-1000V；（2）-1400V；（3）1.6×10-16J
【详解】
（1）C、D之间的距离为
d=10cm－3cm－2cm=5cm=0.05m
因为电场方向向下，所以C点的电势小于D点的电势，则C、D两点的电势差为
（2）C点和A板之间的电势差为
又
则
（3）静电力做功为
27．（1）155N；（2）16m/s；（3）31.5N
【详解】
（1）绳子的拉力
对B分析，由平衡条件得
得
（2）由几何关系得
根据机械能守恒定律得
得
（3）根据受力分析对M
对m
解得
28．（1）；（2）；（3）
【详解】
（1）设粒子飞出极板边缘时的速度为v，并分解为v0和vy，如图所示
则有
（2）平行金属板方向有
l=v0t
垂直金属板方向有
所以有
解得
（3）设两板间电势差的大小为U，由动能定理可得
解得
又
可得
29．（1）mg；（2）；mg
【详解】
（1）已知带电小球在圆环上运动经C点时速度最大；则切向加速度为零，受力如图所示，有
求得
（2）小球运动到B点时对轨道压力为零，则有
小球从A点运动到B点过程中，依据能量守恒有
代入数据求得
小球从D点运动到B点过程中，依据动能定理有
代入数据求得
所以圆环对小球的作用力大小应为
30．（1）电压表；1 V；（2）电流表；1 A
【详解】
（1）当S1、S2均断开时，Rg与R1串联，改装为电压表
量程为
代入数据，解得
（2）当S1、S2均闭合时，Rg与R2并联，改装为电流表
量程为
代入数据，解得
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