高一物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D C B B A B A BD AC CD
1.D 解析:“神舟十三号”飞船在与“天和核心舱”对接的过程,需要调节对接角度等细节,故不能将它们视
为质点,选项A错误;对接成功后,“神舟十三号”飞船与核心舱连接在一起,是相对静止的;空间站相对太
阳是运动的,选项B、C错误;在研究空间站绕地球飞行的时间时,由于空间站大小与形状对研究的问题没
有影响,故可将空间站视为质点,选项D正确。
2.C 解析:加速度大小取决于速度的变化量和对应的时间,只看时间长短或速度变化量无法确定加速度的
大小,故A、B错误;单位时间内速度变化量大,加速度才大,故羚羊的加速度更大,C正确;不能根据速度
的增减确定加速度的大小,故D错误。
3.B 解析:小船参与了两个方向的运动,一个是垂直于河岸的运动,一个是沿着河岸的运动,小船到达河对
岸时,垂直于河岸的位移为50m,总位移大于50m,A错误;由于渡河过程中保持船头指向与河岸始终垂
L
直,故L=v船t,解得t= =12.5s,选项B正确。小船垂直于河岸方向做匀速直线运动,沿河岸方向也v船
做匀速直线运动,所以小船的实际运动为匀速直线运动,C错误;小船在河水中的速度为v= 42+22 m/s
=25m/s,D错误。
v2
4.B 解析:设反应时间为t,则反应时间内汽车的位移为x1=vt,汽车匀减速通过的位移为x2= ,由位移2a
关系可知:x=x1+x2 解得:t=0.2s。
5.A 解析:没有施加外力时对物块有mgsinθ-μmgcosθ=ma,可得a=gsinθ-μgcosθ,当施加外力F
后有,2mgsinθ-2μmgcosθ=ma1,可得a1=2gsinθ-2μgcosθ=2a,所以A正确,B、C、D错误。
6.B 解析:根据题设要求,其一a 在上,b 在下,由平衡条件和胡克定律可得:2mg=kx下,2mg+mg=
, 5mkx上 两弹簧总伸长量Δx1=x上+x下,联立可得:Δx1=
g;其二a 在下,b在上,由平衡条件和胡克定k
4m
律可得:mg=kx下',2mg+mg=kx上',两弹簧总伸长量Δx2=x上'+x',联立可得:Δx =
g
下 2 ,对比可k
知:a 在上b在下两弹簧总伸长量最大,选项B正确,选项A、C、D错误。
7.A 解析:以小球乙为研究对象受力分析,设绳与竖直方向的夹角为α,根据平衡条件可得,水平拉力F=
mgtanα,可见水平拉力F 逐渐增大,
m
绳子的拉力F = g T ,故绳子的拉力也逐渐增大;以物体甲为研究cosα
, m cosθ对象受力分析 根据平衡条件可得,地面对甲物体的摩擦力Ff=FTcosθ=
g
,则Ff 变大,故 正cosα A
确,B、C、D错误。
8.BD 解析:由题设条件可知:两过程中,排球做平抛运动,平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运
动和竖直方向上的自由落体运动,由于A、B 等高,
1
根据h= gt2,可知两过程运动的时间相等,由于水平2
位移xA>xB,根据x=vt,可知:vA>vB,选项C错误;在竖直方向上,由v2-0=2gh,可知两过程中,排
球经过C 点时速度的竖直分量v 相等,选项D正确;在C 点由速度合成可知:可得v = v2CA +v2A ,vCB=
v2+v2B ,可知vCA>vCB,选项A错误,选项B正确。
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9.AC 解析:由题设条件可知:返回舱匀减速下降,加速度方向竖直向上,返回舱处于超重状态,选项A正
确, 1 1 1选项B错误;由匀变速运动规律可知,返回舱在2t
时刻的速度大小为 v,则在 t时刻距离地面的2 2
1 1 1 1
高度h= ( )2× 2v+0 ×2t= vt
,选项C正确,选项D错误。8
10.CD 解析:x 轴方向初速度为v0x=0,y 轴方向初速度v0y=4m/s,质点的初速度v = v2 20 0x+v0y =
4m/s,
Δv
故A错误;x 轴方向的加速度ax=Δt=4m
/s2,y 方向的a 2 2y=0,则合加速度为a= a0x+a0y=
4m/s2,质点所受的合力F合=ma=8N,故B错误;2s末质点沿x 轴方向的速度是8m/s,y 轴方向的
速度是4m/s,根据速度的合成可知2s末质点速度大小为v = v2 20 x+vy =45 m/s,故C正确;前2s
1
内质点在x 方向的位移为x= ×2×8m=8m,y 方向的位移为y=8m,故前2s内的位移为2 s=
x2+y2=82m,故D正确。
11.答案:(1)3.00(1分) (2)如图所示(2分) 12(1分) (3)F(1分) F'(1分)
解析:(1)弹簧测力计的最小刻度为0.1N,则拉力的大小为3.00N。(2)利用尺规作图法,根据平行四边
形定则可知,如图所示;由图中几何关系可知:F 的大小为12N。(3)在图(e)中,F 是利用平行四边形定
则尺规作图得到的,为力F1、F2 合力的理论值;F'是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条,拉到同一位置O,
为实际测量值。
12.答案:(1)C(2分) (2)A(2分) (3)2.00(2分) (4)C(2分)
解析:(1)本实验主要采用的物理方法是控制变量法,C正确。
(2)实验前应先平衡摩擦力,从而使小车所受的细线拉力等于小车所受的合力,A正确;实验时应使牵引
小车的细线与木板平行。实验过程中由于小车所受的拉力通过弹簧测力计可以直接读出来,所以不需要
砂桶和砂的总质量远小于小车的质量。
() BD-OB3 相邻两个计数点之间的时间间隔 T=5×0.02s=0.1s,小车运动的加速度大小a= ( =T×2)2
[(10.01+11.99)-(6.02+7.98)]×10-2
m/s2 /2。(0.1×2)2
=2.00ms
( 1 14)对小车分析,应有F=Ma,解得a=MF
,由于图像的斜率为k= ,所以增大砂和砂桶质量, 不变,M k
所以选C正确。
50
13.答案:(1)6s (2)3 m
解析:(1)小球做竖直方向的匀变速直线运动,取竖直向下为正方向
1
由公式 H=2at
2 (3分)
1
其中a=6g
解得t=6s (3分)
1 (2)前4s内小球下落的高度h = at2
40
4 2= m (2分)2 3
则最后2s内小球下落的高度h'=H-h4 (2分)
50
解得h'= ( 分)3 m 2
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14.答案:(1)202N (2)0.079
解析:(1)冰壶匀速运动处于平衡状态,对冰壶受力分析,并建立直角坐标系如图所示
竖直方向有:FN-Fsin37°-mg=0 (2分)
带入数据解得:FN=202N (2分)
由牛顿第三定律可知:冰壶对冰面的压力大小等于冰面对冰壶的支持力,即FN'=202N (2分)
(2)水平方向:Fcos37°-Ff=0 (2分)
又有:Ff=μFN (2分)
联立求解得: 8μ= ≈101 0.079
(2分)
10 10
15.答案:(1)1.0s (2)3 m
/s (3)3 m
解析:(1)对小物块,由牛顿第二定律可得:F-μmg=ma1 (1分)
解得:a1=6.0m/s2
1
设拉力F 作用的时间为t,则小物块的位移x1=2a
2
1t (1分)
对木板,由牛顿第二定律可得:μmg=Ma2 (1分)
解得:a2=2.0m/s2
木板的位移: 1x 22=2a2t
(1分)
由题意可得:x1-x2=2.0m (1分)
解得:t1=1.0s (1分)
(2)设撤去力F 时,小物块和木板的速度为v1 和v2
v1=a1t1=6.0m/s (1分)
v2=a2t1=2.0m/s (1分)
此后,物块减速,木板继续加速,设经过时间t2,共同速度为v,而后小物块和木板一起做匀速运动。
对小物块,由牛顿第二定律可得:μmg=ma1' (1分)
a1'=4.0m/s2
对小物块由速度公式可得:v=v1-a1't2 (1分)
撤去外力后木板的受力情况不变,所以木板的加速度不变为a2
对木板由速度公式可得:v=v2+a2t2 (1分)
代入数据解得: 2t2= ,
10
3sv=3 m
/s (1分)
(3)撤去力F 后到小物块和木板共速的过程中
v2-v 21
小物块的位移:x1'= ( 分)-2a' 11
2
: v -v
2
2
木板的位移 x2'= (2a 1
分)
2
则撤去外力后到小物块和木板共速的过程中物块相对于木板滑过的长度为L2=x1'-x2' (1分)
10
木板的最小长度为:L=L1+L2= m (1分)3
高一物理参考答案 第 3页(共3页)3.如图所示,有一条宽为50m的河道,一小船从岸边的某点渡河,護河过程中保持船头指向
与河岸始终垂直,已知小船在静水中的速度大小为4m/s,水流速度大小为2m/下列说
邯郸市2021-2022学年第一学期期末质量检测
法正确的是
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注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、班
场填写在答題卡上
2.回答选择题时选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上
写在本试卷上无效
考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回
B.小船渡河的时间是12.5s
、单項选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项
C.小船在河水中航行的轨迹是曲线
D.小船在河水中的速度是6m
1,如图所示,2021年10月16日我国长征二号F遥十三火箭将神舟十三号载人飞船精准送人
4,如图所示,某辆汽车以8m/s的速度匀速驶向某一路囗,当汽车的车头距离停车线为8m
预定轨道,并与空间站的“天和核心舱”实施自主快速径向交会对接。根据以上信息下列说
时发现有人正在通过人行横道该车司机经过一定的反应时间后,立即以大小为5m/s2
加速度减速行使,最后汽车车头刚好停在f
法正确的是
A.“神舟十三号”飞船在与“天和核心舱”对接的过程,可将它们视为质点
5.如图所示,质量为m的物块在固定的粗糙斜面上向下以加速度a加速下滑。现对物块施加
B.对接成功后,以核心舱为参考系,“神舟十三号”飞船是运动的
个竖直向下、大小为F=mg的力,则在施抓力F之后,下列说法正确的是
C.对接成功后,以太阳为参考系,空间站是静止的
D.对接成功后,研究空间站绕地球飞行的时间时,可将空间站视为质点
2.高速列车进站时在200s内速度由95m/s减为0,羚羊起跑时在4s内速度能达到25m/s
7727777///77切m
A.因为羚羊用时较短,所以羚羊的加速度大
.物块的加速度变为2a
B.因为列车的速度变化量大,所以列车的加速度大
B.物块的加速度不变
C.因为羚羊在单位时间内速度变化量大,所以羚羊的加速度大
C.物块沿斜面做匀速运动
D.因为羚羊的速度在增加,所以羚羊的加速度大
D.物块沿斜面做匀减速运动
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器
6.现有质量分别为m和2m的物体a和b,用两根劲度系数均为k的轻弹簧按如图所示的方
式悬挂起来。已知重力加速度为g,现要求两根轻弹簧的总伸长量最大,下列说法正确的是
上
n在上,两弹簧总伸长量为
g
B.a在上,两弹簧总伸长量为
Cb在上,两弹簧总伸长量为纽mg
5mg
D.b在上,两弹簧总伸长量为k
如图所示,物体甲放置在水平地面上,通过跨过定滑轮的轻绳与小球乙相连,整个系统处于
静止状态.现对小球乙施加一个水平力F,使小球乙缓慢上升一小段距离,整个过程中物体
甲保持静止,甲受到地面的摩擦力为F4,则该过程中
A.F变大,F变大
B.F变大,F变小
C.F变小,F1变小
D.F变小,F变大
多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的四个选项中,有多项符
合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分
8如图所示,某次训练中,一运动员将排球从A点水平击出,排球经过空中某点C;另一运动
员将该排球从B点水平击出,排球也经过C点。已知A、B等高,排球可视为质点,不计空
气阻力,下列说法正确的是
B
C
A.前一个过程中,排球经过C点时的速度较小
B.前一个过程中,排球经过C点时的速度较大
C两过程中,排球的水平初速度大小一定相等
D两过程中,排球经过C点时速度的竖直分量相等
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