湖南省娄底市2021-2022学年高三上学期期末教学质量检测数学试题(扫描版含解析)

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名称 湖南省娄底市2021-2022学年高三上学期期末教学质量检测数学试题(扫描版含解析)
格式 docx
文件大小 1.8MB
资源类型 教案
版本资源 人教新课标A版
科目 数学
更新时间 2022-01-22 08:34:17

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文档简介

娄底市2021年下学期高三教学质量检测
数学参考答案
一、二、选择题
题 号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
答 案 C B A A C B D B AB BD ABC AB
1.C 【解析】联立解得则M∩N={(1,2)},故选C.
2.B 【解析】因为向量a,b共线,所以1×(-2)=(2m-1)(2-m),所以m=0或m=,因为m≠0,所以实数m的取值为.
3.A 【解析】∵z=(3-i)·i=1+3i,∴z在复平面内对应的点为(1,3),位于第一象限.故选A.
4.A 【解析】f=为偶函数,图象关于y轴对称,所以排除D,又f=1,排除B,C,所以选A.
5.C 【解析】因为Tr+1=C=Cx30-3ryr,所以a2=C=405.
6.B 【解析】将f(x)=cos的图象向右平移个单位长度后得到g(x)=cos的图象.因为x∈,所以<ωx-+<ωπ+,
因为g(x)在上单调递减,所以ωπ+≤π,即0<ω≤,所以ω的最大值为,故选B.
7.D 【解析】双曲线的实半轴长为a=2,右焦点为F2,
所以|MD|-=|MD|-=-2a
≤-2a=-4=-3,
当且仅当M,F2,D三点共线时取等号.
8.B 【解析】b=2log4=2log2=,c=2-=,故b>c.
2<2=2<3,即2<3,所以log42因为a=log2=log43,所以c在同一坐标系内分别作出函数y=2x,y=x2的图象得,当0x2成立,
运用此结论得,2>=3,即2>3,
所以log42>log43,所以>log43,所以b>a,所以b>a>c.
9.AB 【解析】2011年中国与沿线国家贸易出口额最小,进口额最小的是2016年,所以A正确;
由已知的数据计算得,B正确;
2014年到2016年的出口额为6370.4,6145.8,5874.8,所以C错误;
又2011年至2016年的贸易顺差额依次为:142.9,428.6,976.8,1536.8,2262.4,2213.7,2016年开始下降,所以D错误.故选AB.
10.BD 【解析】当n=1时,3a1=1,即a1=,
当n≥2时,3nan=n-(n-1)=1,
所以an=,当n=1时,a1=,也满足,所以an=,所以A不正确;
故bn====,
故Sn=
=,
因为Sn=关于n为单调递增,所以B正确;
所以≤Sn<,但n只能取正整数,所以Sn不可以取到的任意一个值,所以C不正确;
若Sn<λ对一切正整数n都成立,则λ≥,所以D正确.
11.ABC 【解析】因为AB=BC=2,AC=2,
所以cos∠ABC==-,所以∠ABC=,
过D作DE⊥BC于E.
因为平面BCD⊥平面ABC,平面BCD∩平面ABC=BC,
所以DE⊥平面ABC,所以DE⊥AB,
假设DB,DE不重合,因为DB⊥AB,所以AB⊥平面DBC,
所以AB⊥BC,这样与∠ABC=矛盾,
所以假设不成立,所以DB,DE重合,即DB⊥平面ABC,所以平面DAB⊥平面ABC,所以A,B正确;
三棱锥D-ABC的体积为××2×2×sin×4=,所以C正确;
设三角形ABC的外心为F,过F作FO⊥平面ABC,设O为外接球的球心,
则FA=FB=2,OA=OD,
所以=,
所以=,
解得OF=2,所以外接球的半径为OA==2,
所以三棱锥D-ABC的外接球的表面积为4π·OA2=32π,所以D不正确.
12.AB 【解析】当x≤0时,f=ln,单调递减,
当x>0时,f=+,f′=x-=,
当x>1时,f′>0,f单调递增,
当0所以在x=1时,f取得最小值,f=,
画出f的图象,
令f=m,则方程为2m2-m+t=0,要想方程2f2-f+t=0有3个不同的实数根,结合f的图象可知需要满足:2m2-m+t=0有两个不同的实数根m1,m2,
满足:m1=且0≤m2<或满足:m1>且m2<0,
令g=2m2-m+t,则2×-+t=0,即t=-3,
当2m2-m-3=0时,另外一个根为-1,不符合m1=且0≤m2<1;
当m1>且m2<0时,必须所以t<-3,
综上,t<-3.故选AB.
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.6 【解析】由已知条件得,+=+=+4≥2+4=6,当且仅当=,即a=,b=时取等号.
14.(3,2) 【解析】点F的坐标为,因为|MF|=3+=4,所以p=2.
抛物线方程为y2=4x,将x=3代入方程,可得y0=2(负值舍去),
所以点M坐标为(3,2).
15. 【解析】三角形的面积为的概率为=.
16.π 【解析】设球心O到平面ABCD的距离为h,AD,BC的中点分别为F,E,
由已知条件得,四边形ABCD所在的截面圆的圆心G必在线段EF的延长线上,
因为GA=GB,所以AF2+GF2=BE2+EG2,
所以+GF2=+,解得,GF=,GA==,
因为OP=OA,所以=,
因为GA=GB,所以OG==1,
所以球O的半径为==,
所以球O的体积为=π.
四、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.【解析】(1)因为x2-19x+70=0,所以x=5或14,(2分)
所以a2=5,a5=14;或a2=14,a5=5.(4分)
(2)设公差为d,
若a2=5,a5=14,则d=3,
所以通项公式为an=a2+d=3n-1;(7分)
若a2=14,a5=5,则d=-3,
所以通项公式为an=a2+d=-3n+20.(10分)
18.【解析】(1)在△ABC中,由正弦定理得,=,
所以AC=,(2分)
所以△ABC的面积为AB·AC·sin∠BAC
=AB··sin∠BAC(4分)
=×2×·sin=+1.(6分)
(2)因为=,所以可设BC=2x,AC=3x,
在△ABC中,由余弦定理得,AC2=BC2+BA2-2BC·BAcos∠ABC,(8分)
因为∠ABC=,AB=2,
所以=+22-2·2x·2cos,(10分)
解得x=,
所以三角形的周长为5x+2=2+2+2.(12分)
19.【解析】(1)由已知得,家庭的可支配收入不存入银行的概率为1-20%=80%.(4分)
(2)由已知得,X的值分别为10×5%×95%+10××5%=0.465,
10×2%=0.2,10×3%=0.3,(7分)
所以X的分布列为
X 0.465 0.2 0.3
P 60% 20% 20%
(10分)
所以数学期望为
E=0.465×60%+0.2×20%+0.3×20%=0.379(万元).(12分)
20.【解析】(1)在长方体ABCD-A1B1C1D1中,
因为D1C1⊥平面BB1C1C,B1R 平面BB1C1C,
所以B1R⊥D1C1,(1分)
因为B1Q=BR,B1C1=BB1,
所以tan∠BB1R=tan∠B1C1Q,所以B1R⊥C1Q,
因为C1Q∩D1C1=C1,所以B1R⊥平面C1D1Q,(3分)
因为B1R 平面PB1R,所以PB1R⊥平面C1D1Q.(4分)
(2)以D为坐标原点,射线DA,DC,DD1分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,
P(0,0,a),A(4,0,0),S(0,5,a),
所以=,=,(6分)
设平面APSB的法向量为n=,
所以不妨设n=,其中a∈,(7分)
由(1)得,平面C1D1Q的法向量为,
因为B1,R,所以=,(8分)
则cos θ===,(10分)
若cos θ=,则=,解得,a=4,(11分)
因为0≤a≤4,所以cos θ=成立.(12分)
21.【解析】(1)依题意得解得
所以椭圆C的方程为+=1. (4分)
(2)联立椭圆C的方程+=1,与直线AB的方程y=kx+1,消去y得,
x2+8kx-8=0,(5分)
设A,B,
得x1+x2=-,x1x2=-,(6分)
设M,所以x0==-,y0=kx0+1=,
所以直线MO的斜率为=-,MO的方程为 y=-x,(8分)
F的坐标为(1,0),
过F且与AB垂直的直线方程为 y=-,
由 y=-与 y=-x联立消去y得,P点的横坐标为4,(10分)
直线m的方程为 y=,直线l的方程为y=kx,
由 y=与y=kx联立消去y得,Q点的横坐标也为4,
所以直线PQ⊥x轴.(12分)
22.【解析】(1) 因为f(x)=cos x-,所以f′=-sin x+,
因为x∈时,y=-sin x,y=分别单调递减,
所以f′=-sin x+在区间单调递减,(1分)
因为e2<8 ,所以f′=e-->e--=->0,
因为 e3>16,所以f′=e--<-<0,
根据零点存在定理可得,f′(x)存在唯一零点x0∈,
使得f′(x0)=e-x0-sin x0=0,(3分)
所以当x∈时,f′(x)>0,当x∈时,f′(x)<0,
所以x0是函数f(x)在区间内唯一的极大值点.(5分)
(2)f′=-sin x+,x∈(0,2π),
当x∈时,f′=-sin x>0恒成立,
所以f(x)在x∈上单调递增.(6分)
当x∈时,f″=--cos x单调递增,
f″(0)=-1-cos 0=-2<0,
f″=-e--cos=-e->-e->->0,
根据零点存在定理可知,存在唯一x1∈使得f″(x1)=-e-x1-cos x1=0,
∴f′(x)=e-x-sin x在上单调递减,在上单调递增,(8分)
f′(x1)=e-x1-sin x1=-cos x1-sin x1=-sin<0,
f′(0)=1>0,f′(π)=e-π>0,(10分)
根据零点存在定理可知,存在x2∈,x3∈使得f′(x2)=0,f′(x3)=0,
所以f′(x)>0在、分别成立,f′(x)<0在上成立,(11分)
所以函数f在上的极值点的个数为2.(12分)
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