1.2动量守恒定律 自主提升过关练(word解析版)

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名称 1.2动量守恒定律 自主提升过关练(word解析版)
格式 doc
文件大小 2.5MB
资源类型 教案
版本资源 沪科版(2019)
科目 物理
更新时间 2022-01-24 00:15:10

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文档简介

1.2动量守恒定律 自主提升过关练(解析版)
一、选择题
1.下列说法正确的是(  )
A.一个系统动量守恒,则机械能一定守恒
B.一个系统机械能守恒,则动量一定守恒
C.一对相互作用力做功之和一定为零
D.一对相互作用力的冲量和一定为零
2.如图所示,一质量的长方形木板B放在光滑水平地面上,在其右端放一个质量的小木块。给和B大小均为,方向相反的初速度,使开始向左运动,B开始向右运动,始终没有滑离B板。在小木块做加速运动的时间内,木板速度大小可能是(  )
A. B.
C. D.
3.用如图所示的装置来验证动量守恒定律,斜槽轨道固定在水平桌面上,入射小球、被碰小球分别为、,则下列做法正确的是(  )
A.和可以是半径不同的小球
B.小球每次必须从斜轨同一位置释放
C.选用两球的质量应满足
D.必须用秒表测定小球在空中飞行的时间
4.2019~2020赛季短道速滑世界杯盐湖城站比赛,女子3000米接力中国队夺冠,拿到本站比赛第二枚金牌.在比赛中“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面,并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出,在乙推甲的过程中,假设运动员受冰面在水平方向上的阻力不可忽略,则(  )
A.甲、乙组成的系统动量守恒
B.甲对乙的力大于乙对甲的力
C.甲对乙的冲量大小一定等于乙对甲的冲量大小
D.甲对乙做多少负功,乙对甲就一定做多少正功
5.如图所示,轻质弹簧固定在水平面上,上端连着质量为m2的铁块,铁块上面有一层轻质海绵垫。另一质量为m1的铁块从m2正上方0.05m处由静止释放,两铁块碰撞后(由于海绵垫的缓冲,碰撞时间不可忽略)合在一起继续压缩弹簧,对于两铁块和弹簧组成的系统,下列叙述正确的是(  )
A.两铁块虽受外力作用,碰撞的过程动量仍严格守恒
B.碰撞后两铁块合在一起压缩弹簧的过程机械能守恒
C.从两铁块开始碰撞到弹簧压缩至最短的过程动量守恒
D.从两铁块开始碰撞到弹簧压缩至最短的过程机械能守恒
6.如图所示,光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动。两球质量关系为,规定向右为正方向,A、B两球的动量均为10,运动中两球发生碰撞,碰撞后A球的动量为6,则(  )
A.左方是A球,碰撞后A、B两球速度大小之比为
B.左方是A球,碰撞后A、B两球速度大小之比为
C.右方是A球,碰撞后A、B两球速度大小之比为
D.右方是A球,碰撞后A、B两球速度大小之比为
7.某中学实验小组的同学在“验证动量守恒定律”时,利用了如图所示的实验装置进行探究,下列说法正确的是(  )
A.要求斜槽一定是光滑的且斜槽的末端必须水平
B.入射球单独平抛与碰后平抛的释放点的高度可以不同
C.入射球和被碰球的直径必须相等
D.入射球的质量必须与被碰球的质量相等
8.2022年冬奥会将在北京一张家口举行,其中短道速滑接力是很具观赏性的项目。比赛中“接棒”运动员在前面滑行,“交棒”运动员从后面追上,“交棒”运动员用力推前方“接棒”运动员完成接力过程。忽略运动员与冰面之间的摩擦,交接棒过程中两运动员的速度方向均在同一直线上。对两运动员交接棒的过程,下列说法正确的是(  )
A.两运动员之间相互作用力做的总功一定等于零
B.两运动员之间相互作用力的总冲量一定等于零
C.两运动员的动量变化一定相同
D.两运动员组成的系统动量和机械能均守恒
9.如图所示,初始时,人、车、锤都静止。之后人用锤子连续敲打小车,假设地面光滑,关于这一物理过程,下列说法正确的是(  )
A.人、车、锤组成的系统机械能守恒
B.人、车、锤组成的系统动量守恒
C.连续敲打可以使小车持续向右运动
D.当锤子速度方向竖直向下时,人、车和锤水平方向的总动量为零
10.如图所反映的物理过程中,系统动量守恒的是(  )
A.只有甲和乙 B.只有丙和丁
C.只有乙和丁 D.只有甲和丙
11.如图甲所示,劲度系数为k的竖直轻弹簧下端固定在地面上,上端与物块B相连并处于静止状态。一物块A在外力作用下静止在弹簧正上方某高度处,取物块A静止时的位置为原点、竖直向下为正方向建立轴。某时刻撤去外力,物块A自由下落,与物块B碰撞后以共同速度一起向下运动,碰撞过程时间极短。物块A的动能与其位置坐标的关系如图乙所示。物块A、B均可视为质点,则(  )
A.物块A与B的质量之比为1∶3
B.弹簧的劲度系数
C.弹簧弹性势能最大时的形变量为
D.从到的过程中,弹簧的弹性势能增加了
12.关于系统动量守恒的条件,下列说法正确的是(  )
A.只要系统内存在摩擦力,系统动量就不可能守恒
B.只要系统机械能不守恒,系统动量就不可能守恒
C.只要系统所受的合外力为零,系统动量就守恒
D.系统中所有物体的加速度为零时,系统的总动量不一定守恒
13.如图所示,静止在光滑水平面上的两辆小车用细线相连,中间有一个压缩了的轻弹簧(与小车不栓接)。烧断细线后(  )
A.两车同时开始运动
B.在弹簧恢复原长前,两车的动能增加
C.在弹簧恢复原长前,两车的总动量不守恒
D.在弹簧恢复原长的整个过程中,两车动量的变化相同
14.如图所示,一带有光滑半圆弧槽的物体B静止在光滑水平面上,轨道最低点有一可看成质点的小球C,水平面上有一物体A以初速度撞向B,然后和B粘在一起,此后小球C刚好能运动到圆弧槽的最高点,则下列说法正确的是(  )
A.小球第一次滑到的最高点为圆弧槽的最右端
B.小球从最低点到第一次滑到最高点,动能一直在增加
C.A、B、C组成的系统机械能守恒,水平方向动量守恒
D.小球在圆弧槽内一直相对于圆弧槽左右摆动
15.如图,物块A、C置于光滑水平桌面上,通过轻绳绕过两定滑轮和一动滑轮相连接,动滑轮下方悬挂物块B,不计滑轮质量,轻绳分别与水平面和竖直面平行,物块A的质量m1=3kg,B的质量m2=2kg,C的质量m3=1kg,取g=10m/s2,三个物块同时由静止释放且物块A与C始终不与滑轮碰撞,则下面说法正确的是(  )
A.运动过程中物块A、C的动量大小之比为1:1
B.运动过程中物块A、C的速度之比为3:1
C.运动过程中物块A所受轻绳拉力的大小为6N
D.物块B由静止开始下降h=0.5m时,物块A的速度大小是v=1m/s
二、解答题
16.云霄飞车玩具(如图a所示)是儿童最为喜爱的益智类玩具之一,玩具组装原件多,主要考查儿童的思维能力和动手能力。玩具的一小部分结构被简化如图b所示,钢制粗糙水平面长度为,A端连接一倾角为的光滑斜面,斜面长度为,B端点固定一半径的竖直光滑圆弧轨道。从斜面顶端由静止释放一质量的小球甲,运动到A点时与另一质量的静止小滑块乙发生弹性碰撞(斜面与水平轨道连接处能量损失可忽略不计)。碰后小滑块乙在水平面上运动到B点后进入圆弧轨道,取。
(1)求甲、乙碰撞过程中,甲球对小滑块乙的冲量?
(2)若小滑块乙能进入圆轨道并在进入后的运动过程中不脱离轨道,请在下表数据中为小滑块选择合适的材料满足上述的运动条件,写出相应的判断依据。
小滑块材料 水平面材料 滑动摩擦因数
钢 钢 0.25
木 钢 0.2
聚氯乙烯 钢 0.4
聚异戊二烯 钢 0.65
17.如图所示,在光滑的水平面上有一辆平板车,某同学站在车上,想通过敲打车的左端让小车向右不断运动。可行吗?为什么?
参考答案
1.D
【详解】
AB.动量守恒的系统机械能不一定守恒,动量守恒的条件是:系统不受外力或受外力的代数和为零:机械能守恒定律的条件是:系统只受到重力的作用,或受外力的代数和为零,反之一个系统机械能守恒,则动量不一定守恒,故AB错误;
C.一对作用力和反作用力分别作用在两个不同物体上,它们可能分别对两个物体都做正功,其代数和为正值:比如在光滑水平面由静止释放的两个带同种电荷的小球,库仑力对两个小球都做正功,作用力和反作用力所做的功的代数和为正值,故物体间的一对相互作用力做功的代数和不一定为零,故C错误;
D.相互作用力一定等大反向,同时产生同时消失,所以一对相互作用的冲量一定大小相等方向相反,所以一对相互作用力的冲量和一定为零,故D正确。
故选D。
2.C
【详解】
以木板和小木块整体为研究对象,水平地面光滑,则系统水平方向动量守恒。先向左减速到零,再向右做加速运动,在此期间,木板做减速运动,最终它们保持相对静止,设减速到零时,木板的速度大小为,最终它们的共同速度大小为,取水平向右为正方向,则有
可得
所以在小木块做加速运动的时间内,木板速度大小应大于而小于,故ABD错误,C正确。
故选C。
3.B
【详解】
A.为了保证两球能发生正碰,则和的半径必须相同,选项A错误;
B.小球每次必须从斜轨同一位置释放,以保证到达底端时的速度相同,选项B正确;
C.为防止入射球碰后反弹,则选用两球的质量应满足,选项C错误;
D.该实验中用平抛运动的水平位移代替小球的速度,则实验中没必要用秒表测定小球在空中飞行的时间,选项D错误。
故选B。
4.C
【详解】
A.在乙推甲的过程中,因运动员受冰面在水平方向上的阻力不可忽略,则甲、乙组成的系统受合外力不为零,则系统的动量不守恒,选项A错误;
B.甲对乙的力与乙对甲的力是一对作用力与反作用力,等大反向,选项B错误;
C.根据
I=Ft
可知,甲对乙的冲量大小一定等于乙对甲的冲量大小,选项C正确;
D.乙推甲的过程中,甲乙的位移不相等,则甲对乙做的负功与乙对甲做的正功不相等,选项D错误。
故选C。
5.B
【详解】
A.两铁块碰撞的过程,由于受重力和弹簧的支持力作用,外力不为零,因此两铁块碰撞的过程动量不是严格守恒,故A错误;
B.碰撞后两铁块合在一起压缩弹簧的过程,两铁块与弹簧组成的系统机械能守恒,故B正确;
C.从两铁块开始碰撞到弹簧压缩至最短的过程,所受外力不为零,动量不守恒,故C错误;
D.从两铁块开始碰撞时不是完全弹性碰撞,有机械能损失,故D错误。
故选B。
6.B
【详解】
光滑水平面上大小相同A、B两球在发生碰撞,规定向右为正方向,由题知A球动量的增量为
△pA=6kg m/s-10kg m/s=-4kg m/s
由于碰后A球的动量增量为负值,所以右边不可能是A球的;由动量守恒定律可得
△pA=-△pB
则B球的动量变化量为
△pB =4kg m/s
根据
△pB=pB -10kg m/s
解得碰后B球的动量为
pB=14kg m/s
两球质量关系为
mB=2mA
根据
p=mv
可得碰撞后A、B两球速度大小之比6:7。
故选B。
7.C
【详解】
A.题述实验中,是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的,对斜槽是否光滑没有要求,但必须保证每次小球都要从斜槽的同一高度由静止开始下滑,且做平抛运动,因此轨道的末端必须水平,A错误;
B.要保证碰撞前入射球的速度相同,入射球要从斜槽的同一高度由静止释放,B错误;
C.为了保证两小球发生一维正碰撞,要求入射球和被碰球的直径必须相等,C正确;
D.在做题述实验时,要求入射球的质量大于被碰球的质量,防止入射球碰后反弹或静止,D错误。
故选C。
8.B
【详解】
AB.交接棒过程中两运动员之间的相互作用力等大反向,作用时间相同,总冲量一定为零,但两力作用的位移并不相同,总功并不为零,故A错误,B正确;
C.交接棒过程中两运动员之间的相互作用力等大反向,作用时间相同,根据动量定理可知两运动员的动量变化大小相同,方向相反,故C错误;
D.两运动员组成的系统所受合外力为零,动量守恒,但“交棒”远动员的推力对系统做功,系统机械能不守恒,故D错误。
故选B。
9.D
【详解】
A.人消耗的体能转化为系统的机械能,所以人、车、锤组成的系统机械能增加,A错误;
B.因为地面光滑,人、车、锤组成的系统,只有水平方向动量守恒,B错误;
C.系统水平方向动量守恒,且水平方向总动量等于零,根据动量守恒定律,锤子向左运动时小车向右运动,锤子向右运动时小车向左运动,所以连续敲打不能使小车持续向右运动,C错误;
D.系统水平方向动量守恒且等于零,根据动量守恒定律,当锤子速度方向竖直向下时,人、车和锤水平方向的总动量为零,D正确。
故选D。
10.D
【详解】
图甲中,子弹射入木块的过程中,系统水平方向受合力为零,则动量守恒;
图乙中,剪断细线,压缩的弹簧恢复原长的过程中,水平方向要受到竖直墙壁对M的作用,即水平方向受合力不为零,系统的动量不守恒;
图丙中,两球匀速下降,则受到的重力和浮力的合力为零;剪断细线后,系统受的重力和浮力不变,则系统受合力仍为零,系统动量守恒;
图丁中,物块沿光滑固定斜面下滑的过程中,受合外力不为零,系统动量不守恒;
则只有甲和丙。
故选D。
11.B
【详解】
A.由图乙可知,A与B碰撞后,A的动能变为原来的,由,则有物块A与B碰撞前后速度之比为3:1,因碰撞过程时间极短,碰撞中动量守恒,设碰撞后速度为v,初速度方向为正方向,则有
mAvA=(mA+mB)v
解得物块A与B的质量之比为1∶2,A错误;
B.由图乙可知x1是B与弹簧处于平衡时上端所处的位置,x2是A、B的加速度是零时,弹簧上端所处的位置,所以当A、B运动到加速度是零时,物块的动能最大,由平衡条件可得弹簧的弹力为3mAg,从x1到x2 弹簧的弹力增加mAg,由胡克定律 F=k x,则有
mAg=k(x2 x1)
从O到x1由动能定理有
Ek1=mAgx1
联立解得
B正确;
C.物块A、B下落到速度是零时,弹簧弹性势能最大,此时的弹簧形变量为x3 x0,C错误;
D.碰撞后,A的动能为,B的动能为,总动能,从x1到x3中,由能量关系有
解得
D错误。
故选B。
12.C
【详解】
C.动量守恒的条件是系统所受合外力为零,故C正确;
A.系统内存在摩擦力,与系统所受合外力无关,故A错误;
B.系统机械能不守恒时,合外力也可能为零,系统动量可能守恒,故B错误;
D.系统内所有物体的加速度都为零时,各物体的速度恒定,动量恒定,总动量一定守恒,故D错误。
故选C。
13.AB
【详解】
A.烧断细线后,两车同时受到弹簧的作用力,且方向相反,又水平面光滑不受摩擦力,故两车同时开始运动,故A正确;
B.在弹簧恢复原长前,弹簧对两车的弹力做正功,两车的动能增加,故B正确;
C.在弹簧恢复原长前,两车和弹簧组成的系统所受合外力为0,系统动量守恒,故C错误;
D.在弹簧恢复原长的整个过程中,系统动量守恒,即两车动量变化量的大小相同,方向相反,故D错误。
故选AB。
14.BD
【详解】
A.滑块A与B碰撞后的瞬时,B得到一定的速度,此时小球C的速度为零,然后小球C相对槽向左滑动,则小球第一次滑到的最高点为圆弧槽的最左端,A错误;
B.小球从最低点到第一次滑到最高点时,小球的速度从0达到最大,则小球的动能一直在增加,B正确;
C.因为A与B碰撞过程要损失机械能,则A、B、C组成的系统机械能不守恒;但是系统水平方向受力为零,则水平方向动量守恒,C错误;
D.小球C运动到圆弧槽的最高点后,将沿槽下滑,到最低点时速度大于槽的速度,然后沿右侧槽上滑,如此往复运动,则小球在圆弧槽内一直相对于圆弧槽左右摆动,D正确。
故选BD。
15.ACD
【详解】
A.运动过程中物块A、C系统在水平方向动量守恒,所以物块A、C的动量大小之比为1:1,故A正确;
B.由
可得
故B错误;
D.假设当物块B下降h=0.5m时,物块A的速度为v,则C的速度为3v,由A、B、C三者的运动关系可知
三者系统机械能守恒可得
代入整理可得
,,
故D正确;
C.A、C在拉力作用下加速,B在重力和拉力合力作用下加速且速度关系满足
根据
可得
对A有,根据牛顿第二定律有
对C有,根据牛顿第二定律有
对B有,根据牛顿第二定律有
解得
,,
代入求得
故C正确。
故选ACD。
16.(1);(2)见解析
【详解】
(1)甲球在下滑过程中,设甲球最低点的速度大小为。根据机械能守恒定律得
代入数据解得
设甲、乙碰撞后速度分别为和。取向右为正方向,由动量守恒定律得
根据动能守恒得
联立并代入数据解得
根据动量定理得
方向水平向右,即甲球对小滑块乙的冲量大小为方向水平向右。
(2)小滑块恰能进入圆轨道有

小滑块乙进入圆轨道后恰能到圆心等高处有

小滑块乙进入圆轨道后的运动过程中恰能通过圆弧轨道的最高点
根据动能定理有
解得
所以的取值范围为和,查看表格可知:若小滑块可以运动到最高点,材料可以为钢、木;若小滑块运动可以运动到圆心等高处以下,材料可以为聚异戊二烯。
17.不行,理由见解析
【详解】
以同学及平板车作为研究系统,在水平方向不受外力,动量守恒。所以锤子向左运动,车子向右运动,锤子向右运动,车子向左运动,锤子停止运动,车子停止运动。故不能通过敲打车的左端让小车向右不断运动。