<姓 名准考证 (在此卷上答题无效)
绝密"启用前
2021号下学期高一号级期末准试
物 理
本试卷共 4 页 ,全卷满分 100分 ,准试时间 75分钟 。
考生注意:
1.答卷前 ,准生务必将自己的<姓 、名准考证填写在答题卡上 。
2.回答选择题时 ,选出每小题答案后 ,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标证涂黑 。 如需改动 ,用橡皮擦 干净后 ,再选涂其它答案标证 。 回答非选择题时 ,将答案写在答题卡上 。 写在本试卷上无效 。
3.准试结束后 ,将本试卷和答题卡一并交回 。
一 、单项选择题:本题共 6 小题 ,每小题 4 分 ,共 24分 。 在每小题给出的四个选项中 ,只有 一 项是符合题目要求 的。
1.2021号 10月 16 日 0 时 23分 ,搭载神州十三证载人飞船的长征二证 F遥十三运载火箭在酒泉卫星发射中心 点火发射 ,成功将翟志刚 、王亚平 、叶光富 3姓航天员送人太空 。 10月 17 日 ,神州十三证航天员乘组成功开
启货物舱舱门 ,并顺利进人天舟三证货运飞船 。 据以上信息 ,下列说法正确的是
A."2021号 10月 16 日 0 时 23分,指的是时间间隔
B.长征二证 F遥十三运载火箭点火瞬间 ,航天员的速度和加速度都为零
C.长征二证 F遥十三运载火箭上升过程中 ,翟志刚相对于王亚平是静止的
D.航天员乘坐天舟三证飞船绕地球飞行一 圈 ,平均速度不为零
2.如图甲所示 ,用体重计研究运动与力的关系 ,测量者先静止站在体重计上 ,然后完成下蹲动作 。 该过程中体
重计示数的变化情况如图乙所示 。 则
A.测量者经历了加速 、减速 、再加速 、再减速四个阶段
B.测量者在 t1 ～t3 时间内表现为先失重后超重
D.测量者在 t4 时刻加速度最大
3.如图所示 ,质量分别为m、2m的物块 A和B通过一轻弹簧连接 ,并放置于倾角为 0的光滑固定斜面上 ,用 一 轻绳一端连接 B,另一端固定在墙上 ,绳与斜面平行 ,物块 A和B静止 。 突然剪断轻绳的瞬间 ,设 A、B 的加 速度大小分别为aA 和aB ,（弹簧在弹性限度内 ,重力加速度为 g)则
B.aA =0,aB =gsin0
C.aA =0,aB =2gsin0
D.aA =aB =gsin0
4.物体做匀加速直线运动 ,依次经过 A、B、C三点 ,AB=BC=81m,第 一 段用时 9s,第二段用时 6s,则物体的加 速度是
A.0.4m/s2 B.0.5m/s2 C.0.6m/s2 D.0.8m/s2
【高 一 物理试题 . 第 1 页(共 4 页)】
5.如图所示 ,竖直墙上的 A点与水平地面上的 M 点到墙角的距离都为 d,C点在 M 点正上方与 A点等高 ,B点在 C点正上方d处 ,某时刻同时由静止释放a、b、c三个小球 ,a球由 A点释放沿光滑倾斜直轨道 AM 运动 ,b、c球分
别由 B、C点 自 由下落 ,它们运动到 M 点所用时间分别为ta、tb、tc ,下列说法正确的是
A.ta★tb
B.ta =入2tc
C.ta =tc
D.tb =2tc
6.如图 ,在竖直平面内 ,有一直角三角形金属框架 ,底边水平 ,底角分别为 30"和 60"。 质量为 M 的小球a 和质 量为m 的小球b套在框架上 ,可以无摩擦地滑动 。 a、b之间用不可伸长的细线连接 。 当系统处于平衡时 ,细
M
m
A. 入
5
4
二 、多项选择题:本题共 4 小题 ,每小题 5 分 ,共 20分 。 在每小题给出的四个选项中 ,有多项符合题目要求 。 全 部选对的得 5 分 ,选对但不全的得 3 分 ,有选错的得 0 分 。 7.如图所示是甲 、乙 、丙 、丁 、戊五个运动物体相对同一原点的位移时间图像 。 下面有关说法中正确的是
A.甲 、乙运动的出发点相距 x0C.丙 、丁两物体在 25s时相遇 B.乙比甲早出发 t1 的时间D.戊在 0～2s内 ,物体的路程为 0m
8.我国高铁技术处于世界领先水平 ,和谐号动车组是由动车和拖车编组而成 ,提供动力的车厢叫动车 ,不提供 动力的车厢叫拖车 。 假设动车组各车厢质量均相等 ,一节动车提供的动力相同为 F,动车组在水平直轨道上 运行过程中每节车厢受到阻力相同为 f。 某列动车组由 8 节车厢组成 ,其中第 1、3、6 节车厢为动车 ,其余为 拖车 ,则该动车组
A.启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反
B.做匀加速运动时 ,第 5、6节车厢间的作用力为 0.125F
C.做匀加速运动时 ,第 5、6节车厢间的作用力为 1.125F
D.做匀加速运动时 ,第 6、7节车厢间的作用力为 0.75F
9.如图所示 ,两个光滑斜面在 B处平滑连接 ,小球在 A点获得大小为 6m/s的速度沿斜面向上运动 ,到达 B点 时速度大小为 4m/s,到达 C点时速度减为 0。 已知 AB=BC,下列说法正确的是
A.小球在 AB、BC段的加速度大小之比为 5 :4
B.小球在 AB、BC段运动时间之比为 2 : 5
C.小球经过 BC中间位置时速度大小为 2m/s
D.小球由A运动到C的平均速率为 3.5m/s
【高 一 物理试题 . 第 2 页(共 4 页)】
10.光滑半圆弧形轻杆固定在地面上 .轻绳 一 端跨过定滑轮 .另 一 端连接 一 穿在轻杆上的小球 .拉动轻绳 .使小
球从 A点缓慢运动到B点的过程中 .下列说法正确的是
A.轻杆对小球的支持力变小
B.轻杆对小球的支持力不变
C.轻绳对小球的拉力变小
D.轻绳对小球的拉力先变小再变大
三 、非选择题:共 56分。
11.（6分）某同学利用如图甲装置做"探究弹簧弹力大小与其长度的关系"的实验 。
（1）他通过实验得到如图乙所示的弹力大小 F 与弹簧长度 x 的关系图线 。 由此图线可得该弹簧的原长 x0 = cm.劲度系数 k= N/m。 （2）他又利用本实验原理把该弹簧做成 一 个弹簧秤 .当弹簧秤上的示数如图丙所示时 .该弹簧的长度为 cm。
12.（8分）某同学用如图所示的实验装置测量木块与木板之间的动摩擦因数 。 长木板水平放在实验台上 .右端 固定打点计时器 .电源频率为 50Hz.木块用细线绕过长木板左端的定滑轮与砂和砂桶相连 .实验中认为细 线对木块的拉力 F等于砂和砂桶的总重力 .木块运动的加速度 a可用纸带上打出的点求得 .重力加速度 g 取 9.8m/s2 。
（1）实验中 .打出的 一 条纸带如下图 .计数点 a、b、c、d、e、f 间均有四个点未画出 .则木块的加速度为 a= m/s2 。（结果保留 2位有效数字）
（2）用天平测出木块的质量 M.每次实验砂和砂桶的总质量 m.根据实验数据作出了加速度a与力F 的图线 如图 .则木块与木板之间的动摩擦因数 以= ;木块的质量为 M= kg。 与真实值 相比 .测量出的动摩擦因数 （填"偏大"或"偏小"）。（结果保留 2位有效数字）。
13.（12分）如图甲所示 ,质量为 m=2kg的物体在水平面上向右做直线运动 。 过 A点时给物体一个水平向左的 恒力F 并开始计时 ,选水平向右为速度的正方向 ,通过速度传感器测出物体的瞬时速度 ,所得 o-t图象如
图乙所示 。 取重力加速度 g=10m/s2 。 求 :
（1）力 F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数 以;
（2）10s内物体的位移;
（3）物体再次回到 A点时的速度大小 。
14.（14分）A、B两车在同一直线上沿同一方向运动 ,计时开始时 ,B 车在前 ,以 8m/s做匀速运动;A车在 B车 后面 2m处正在以初速度为 2m/s,加速度为 2m/s2 做匀加速运动 ,达到最大速度后改为匀速运动 ,若经 9s 的时间 ,A追上B,求 :
（1）A的最大速度是多少;
（2）在 A追上B之前两车间的最大距离 。
15.（16分）传送带被广泛地应用于车站 、码头 、工厂 。 如图甲所示为一传送装置 ,由一个固定倾斜斜面和 一个水 平传送带组成 ,斜面与水平传送带平滑连接 ,其原理可简化为示意图乙 。 斜面 AB长度L1 =11.25m,倾角 0=37",箱子与斜面 AB间的动摩擦因数 以1 =0.8,传送带 BC长度L2 =7m,箱子与传送带 BC间的动摩擦 因数 以2 =0.2,某工人将一质量为 m=1kg的小箱子以初速度o0 =5m/s从 A处沿斜面向下运动 ,传送带 BC 保持静止 。 若箱子经过 B处时的速度大小保持不变 ,g=10m/s2 ,sin37"=0.6,cos37"=0.8。 求 :
（1）箱子运动到 B处的速度大小;
（2）箱子在传送带 BC上运动的距离;
（3）若传送带 BC逆时针转动 ,保持 o2 =2m/s的恒定速率 。 仍将质量
为 m=1kg的箱子以初速度 o0 =5m/s从 A处沿斜面向下运动 ,求箱
子在水平传送带上运动的时间 。
3
C.测量者在 t3 时刻速度最小
A.aA =0,aB= 2gsin0
线与金属框架形成的夹角0=53",已知 sin53"=0.8,cos53"=0.6,则小球 a、b的质量之比
为
4 3
3 3
4
B. 入
3
5 3
D. 入
C.
4高一物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D A C B A AC BD AB BC
1.C 解析：“2021 年 10 月 16 日 0 时 23 分”指的是时刻，A 错误；长征二号 F 遥十三运载
火箭点火瞬间，航天员的速度为零，但由于合外力不为零，故加速度不为零，B 错误；长征
二号 F 遥十三运载火箭上升过程中，翟志刚相对于王亚平位置没有发生变化，故翟志刚相
对于王亚平是静止的，C 正确；航天员乘坐天舟三号飞船绕地球飞行一圈，位移为零，故平
均速度为零，D 错误。
2.D 解析：根据图像可知，体重计示数与受支持力大小相等，支持力先小于重力，后大于
重力，故先失重后超重，即经历先加速下降后减速下降，故 A 错误；测量者在 t1 ~t2时间内
表现为失重，因为支持力小于重力，合力向下，加速度向下，故 B 错误；测量者在 t3时刻
之前，合力一直向下，向下加速，t3时刻速度最大，故 C 错误；测量者在 t4时刻合力最大，
根据牛顿第二定律可知，加速度最大，故 D 正确。
3.A 解析：开始系统静止，由平衡条件得，对 A：弹簧弹力 F＝mgsinθ，细线被烧断的瞬间，
细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：A受力情况未变，所受合外力为零，
a 0 B a F＋2mgsinθ 3mgsinθ 3加速度为零，即： A＝ ；对 ，由牛顿第二定律得： B＝ ＝ ＝ gsinθ，
2m 2m 2
故 A 正确。(方法二：A受力情况未变，得 aA＝0，对 AB整体由牛顿第二定律 3mgsinθ＝maA
＋2ma 3B，解得 aB＝ gsinθ)
2
4.C 解析：根据 v v x ，可得 AB段中间时刻的速度 v x 1 = 81中时 1 m/s 9m/s，BC段中t t1 9
间时刻的速度 v x 2 = 81 m/s 13.5m/s ，因此加速度 a v2 v1 13.5 92 t 6 m/s
2 0.6m/s2 ，故
2 t 9 6
2 2
选 C。
5.B 解析：竖直墙上的 A点与水平地面上的 M点到墙角的距离都为 d，AM与水平方向夹
角为 45°，则有 2d
1
g sin 45 t 2 1a ，C点在 M
2
点正上方与 A点等高，有 d gt
2 2 c
，B点在
1
C 2点正上方 d处，有 2d gtb ，可得 ta tb 2tc，故选 B。2
6.A解析：分别对两小球受力分析，由图可得 Mgsin30°＝Fcosθ，
mgsin60°＝Fsinθ，解得 M 3 3 ，故选项 A 正确。
m 4
7.AC 解析：由图可知，乙从原点出发，甲从距原点 x0 处出发，
故两物体的出发点相距 x0 ，A 正确；甲在 t 0 时刻开始运动，而乙在 t1时刻开始运动，故甲
比乙早出发 t1时间，B 错误；丙、丁两物体在 25s 时到达同一位置而相遇，C 正确；戊在0 2s
内，物体的路程为 4m，D 错误。
8.BD 解析：启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同，故 A 错误；先用整
1
体法，有3F 8 f 8ma，再把 6、7、8 三节车厢用隔离法，有 F F56 3 f 3ma，联立，
可得 F56 0.125F，故 B 正确；C 错误；把 7、8 节车厢用隔离法，有 F67 2 f 2ma，联立
可得 F67 0.75F，故 D 正确。
2
9.AB v v
2 v2 v2
解析：对 AB段,根据速度位移公式得: a A B ,a B C1 代入数据解2x 2AB 2xBC
62: a 4
2 20 2
得 1 ,a
4
,得 a : a 5 : 4 ,故 A正确；根据平均速度的推论知, AB
2x 2AB 2xAB 2x
1 2
BC
x
v v x
段的时间 t A B1 ,BC 段运动的时间2 5 t
x x ,解得 t : t 2 : 5 ,故 B 正确；
2 vB v
1 2
C 2
2
v2 v2 42BC 0段中间位置时的速度大小 v B C 2 2m / s ,故C错误；物体由 A运动
2 2
C的平均速率为 v 2x 2x 20 x x m / s
,故D错误。
t1 t2 7
5 2
10.BC 解析：小球受力如图所示：小球缓慢运动，则小球所受的合力为 0，
mg N F
由力的矢量三角形与△DCM相似可得 ，解得轻杆对小球的
DC MC DM
支持力为 N
MC
mg ，轻绳对小球的拉力为 F mg
DM
，小球从 A点缓
DC DC
慢运动到 B点的过程中，MC和 DC不变，DM逐渐减小，故轻杆对小球的
支持力 N不变，轻绳对小球的拉力 F变小，故选 BC。
11. 答案：（1）5 、 40 ； （2）15（每空 2分）
解析：(1)图像与横坐标的交点就是弹簧的原长，因此该弹簧的原长 l0 5cm ；在 F-x图像中，
图像的斜率表示劲度系数，因此劲度系数 k F 8 2 N/m 40N/m。 x (25 5)10
(2)根据 F kx，可得 x F 4 m 0.1m 10cm ，此时弹簧的总长为 l l0 x 15cm。k 40
12．答案：（1）0.10 （2）0.20 0.50 偏大（每空 2分）
解析：（1）由题知，两个相邻计数点的时间间隔T 5 0.02s 0.1s，利用逐差法 s aT 2，
(x x ) (3.70 3.30) 10 2
代入数据可求得 a ce ac2 2 m/s
2 0.10m / s2 。
(2T ) (2 0.1)
1
（2）根据牛顿第二定律得 F Mg Ma，得a F g，结合图像，代入数据可求得
M
0.20 、M 0.50，由于细线上拉力小于砂和砂桶的质量，故测出的动摩擦因数比真实值
2
偏大。
13.解析：(1)设物体向右做匀减速直线运动的加速度大小为 a1，向左做匀加速直线运动的加
速度大小为 a2，则由 v－t图得 a1＝2m/s2，a2＝1m/s2(1 分)
由牛顿第二定律有：F＋μmg＝ma1(1 分)
F－μmg＝ma2(1 分)
联立解得：F＝3N，μ＝0.05(2 分)
(2) 1物体减速阶段即 0 到 4s 内发生的位移大小：x1＝ a1t12＝16m，方向水平向右(2 分)
2
1
物体从 4s 到 10s 反向做加速运动，发生的位移大小为：x2＝ a2t22＝18m，方向水平向左(2 分)
2
所以 10s 内物体的位移 x＝x2－x1＝2m，方向水平向左(1 分)
(3)由运动学公式 v2 =2a2x
(1 分)
1
代入数据解得 v=4 2m/s (1 分)
14.解析：（1）设 A 车做加速运动时间为 t1，做匀速运动时间为 t2，对 A 车，有
x v t 11 0 1 at
2
1 ， x2 (v0 at1)t2， t t2 1
t2 9s (3 分)
对 B 车有
x3 vBt 72m (1 分)
且有 x3 2 x1 x2 (1 分)
联立解得 t1 4s， t
'
1 14s (1 分)
因14s 9s (1 分)
不符合题意，所以加速时间取 4s，则有
vmax v0 at1 10m/s (1 分)
故 A 的最大速度为 10m/s。
（2）当 A 车与 B 车共速时，两车距离最大，有
t vB v03 3s (2 分)a
1 2
则有 xA v0t3 at3 15m， xB v t 24m (2 分)2 B 3
则两车相距为 x xB 2 xA 11m (2 分)
3
15.解析：（1）从 A到 B过程，根据牛顿第二定律有 1mg cos 37 mg sin 37 ma1 （1 分）
解得 a1 0.4m/s
2
（1 分）
2 2
根据速度位移公式有 vB v0 2a1L1（1 分）
解得 vB 4m/s（1 分）
（2）从 B到静止过程，根据牛顿第二定律有 2mg ma2 （1 分）
2
根据0 vB 2a2x1（2 分）
解得 x1 4m（1 分）
0 v
（3 B）从 B到速度减为零的过程，根据运动学公式有 t1 2s a （1 分）2
2
从速度减为零开始向左运动过程 v2 0 2a2x2（1 分）
解得 x2 1m 4m (1 分)
v 0
则箱子先匀加速 1 m 2时间为 t2 1sa （1 分）2
匀速运动到 B过程 x3 x1 x2 3m (1 分)
t x3 3 1.5sv （1 分）2
因为 1mg cos37 mg sin 37 (1 分)
所以箱子最后会停在斜面上 t t总 1 t2 t3 4.5s （1 分）
4
