安徽省六安市高一下学期开学考试物理试题（word版含答案）

安徽省六安市高一下学期开学考试物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、多选题
1．如图所示，一小朋友做蹦床运动由高处自由落下．从该小朋友双脚接触蹦床开始到最低点的过程中，不考虑空气阻力，该小朋友
A．机械能守恒
B．速度先增大后减小
C．加速度先增大后减小
D．所受重力做的功小子其克服蹦床弹力做的功
2．如图所示，光滑支架AOB固定，OA杆沿竖直方向，OB杆沿水平方向。小球a、b分别穿在两杆上并通过轻绳连接，对b施加一水平向右的外力F，使a向上做匀加速运动，则在运动过程中（　　）
A．轻绳的拉力逐渐变大
B．OB杆对小球b的支持力逐渐变大
C．F做的功等于小球a机械能的改变量
D．F做的功和轻绳对b球做的功之和等于b球动能的改变量
3．下列关于力的说法正确的是
A．物体受摩擦力作用，则一定受弹力作用
B．物体受到的重力是地球施加的，物体只在重心处受到重力作用
C．桌面上的书受向上的弹力，是因为桌面发生了弹性形变
D．静摩擦力是静止的物体受到的，滑动摩擦力是运动的物体受到的
4．如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿斜劈的粗糙面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，则在物块m上、下滑动的整个过程中（　　）
A．地面对物体M的摩擦力方向不变
B．地面对物体M的摩擦力大小不变
C．地面对物体M的支持力总小于
D．物块上滑时物体M对地面的压力小于物块下滑时物体M对地面的压力
二、单选题
5．如图所示，粗糙的A、B长方体木块叠放在一起，静置于水平面上。现使B木块受到一个水平方向的牵引力F，使A、B一起向右做匀加速直线运动，则以下判断中正确的是（　　）
A．A对B的压力就是A物体受到的重力
B．A与B间只有一对相互作用力
C．增大F，A、B有可能会发相对运动
D．木块B先对地面施加压力，使地面发生形变后，地面再对B施加支持力
6．如图所示，A、B两长方形物块叠放在水平地面上，物块B受到水平向左的力F作用，两物块均处于静止状态，关于物块B所受的摩擦力，下列说法正确的是（　　）
A．地面对B有水平向右的摩擦力 B．地面对B有水平向左的摩擦力
C．A对B有水平向右的摩擦力 D．A对B有水平向左的摩擦力
7．笔记本电脑底座一般设置有4个卡位用来调节角度。某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位4调至卡位1，示意图如图所示，电脑始终处于静止状态，则（　　）
A．电脑受到的支持力变大
B．电脑受到的摩擦力变小
C．散热底座对电脑的作用力的合力不变
D．电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力
8．如图所示，质量为50kg的小丽同学站在电梯中的磅秤上，当电梯启动加速上升时，磅秤的示数可能是（ ）
A．0
B．45kg
C．50kg
D．100kg
9．如图所示，倾角为37°、质量为10kg的斜面体ABC静置于粗糙水平地面上，AB面光滑。质量为1kg的物块（视为质点）从AB面顶端A点由静止释放，斜面体始终保持静止，取重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。则在物块下滑的过程中（　　）
A．物块的加速度大小为5m/s2
B．物块对斜面体的压力大小为6N
C．地面对斜面体的摩擦力大小等于4.8N
D．斜面体对地面的压力大小为110N
10．在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家和建立惯性定律的物理学家分别是（ ）
A．伽利略、牛顿 B．伽利略、爱因斯坦
C．亚里士多德、伽利略 D．亚里士多德、伽利略
11．物体A1、A2和B1、B2的质量均为m， A1、A2用刚性轻杆连接，B1、B2用轻弹簧连接，两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，突然迅速撤去支托物，让物块下落，在去支托物的瞬间，A1、A2所受合外力分别为FA1和FA2，B1、B2受到的合力分别为FB1和FB2，则（ ）
A．FA1=0，FA2=2mg，FB1=0，FB2=2mg
B．FA1=mg，FA2=mg，FB1=0，FB2=2mg
C．FA1=0，FA2=2mg，FB1=mg，FB2=mg
D．FA1=mg，FA2=2mg，FB1=mg，FB2=mg
12．如图所示，物体A、B间用轻质弹簧相连，已知mA=3mB，且物体与地面间的动摩擦因数为 ．在水平外力作用下，A和B一起沿水平面向右匀速运动，当撤去外力的瞬间，下列对物体A、B的加速度大小说法正确的是（ ）
A．aA=0，aB=μg B．aA=4μg，aB=μg
C．aA=0，aB=4μg D．aA=4μg，aB=0
三、实验题
13．在探究加速度与力、质量的关系实验中，如图甲所示，将一端带有滑轮的长木板放在水平桌面上，小车通过轻细绳跨过定滑轮与砂桶连接，小车与纸带相连，打点计时器所用交流电的频率为，平衡摩擦力后，在保持实验小车质量不变的情况下，打开电源，释放小车，根据纸带得到小车运动的加速度为a，多次改变砂桶和砂子的总质量m，根据纸带计算出对应的加速度。
(1)在验证“质量一定，加速度a与合外力F的关系”时，某学生根据实验数据作出了如图乙所示的图像，其中图线不过原点并在末端发生了弯曲，产生这两种现象的原因可能有______；
A．木板右端垫起的高度过大
B．木板右端垫起的高度过小
C．砂桶和砂子的总质量m远小于小车的质量M
D．砂桶和砂子的总质量m未远小于小车的质量M
(2)实验过程中打出的一条理想纸带如图丙所示，图中为相邻的计数点，相邻两计数点间还有4个打出的点未画出，则小车运动的加速度______（结果保留三位有效数字）；
(3)小车质量M一定，改变砂桶中砂子的质量，根据实验数据描绘出的小车加速度a与砂桶和砂子的总质量m之间的关系图像如图丁所示，则小车的质量________kg。（g取）
14．某同学在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”时，将轻质弹簧竖直悬挂，弹簧下端挂一个小盘，在小盘中增添砝码，改变弹簧的弹力，通过旁边竖直放置的刻度尺可以读出弹簧末端指针的位置x，实验得到了弹簧指针位置x与小盘中砝码质量m的图象如图所示，取g=10m/s2．回答下列问题．
（1）某次测量如图甲所示，指针指示的刻度值为______________cm（刻度尺单位为：cm）．
（2）从图乙可求得该弹簧的劲度系数为________________N/m（结果保留两位有效数字）；
（3）另一同学在做该实验时有下列做法，其中错误的是____________．
A．刻度尺零刻度未与弹簧上端对齐
B．实验中未考虑小盘的重力
C．读取指针指示的刻度值时，选择弹簧指针上下运动最快的位置读取
四、解答题
15．重为G=0.1N的金属棒ab，放在光滑的平行金属导轨上，如图所示，轨道间距为L=0.5m，所在平面与水平面的夹角为30 ,匀强磁场垂直于轨道平面向上，电源电动势E=3V，电源内阻r=0.5Ω金属棒电阻R=5.5Ω，其余电阻不计，若金属棒恰好静止，求：
（1）流经金属棒的电流；
（2）磁感应强度的大小．
16．如图所示，在水平面上有一弹簧，其左端与墙壁相连，O点为弹簧原长位置，O点左侧水平面光滑，长，P点右侧有一与水平方向成角、足够长的传送带与水平面在P点平滑连接，传送带逆时针转动速率为3 m/s。一质量、可视为质点的物块A压缩弹簧（与弹簧不拴接），使弹簧获得弹性势能，物块与段间的动摩擦因数，物块与传送带间的动摩擦因数，重力加速度。现释放物块A，求：
(1)物块A第一次经过O点时的速度大小。
(2)物块A沿传送带上滑的最大位移x。
(3)从A第一次沿传送带上滑到第一次离开传送带的过程中，物块A与传送带之间由于摩擦而产生的热量Q。
17．如图甲所示，质量M＝1kg的木板B静止在水平地面上，可视为质点的滑块A从木板的左侧沿木板表面水平冲上木板，A和B经过t＝1 s后达到同一速度，然后共同减速直至静止．整个过程中，A和B的速度随时间变化规律如图乙所示，取g＝10 m/s2．用μ1表示A与B间的动摩擦因数，μ2表示B与水平地面间的动摩擦因数，m表示滑块A的质量，求μ1、μ2和m的值．
18．如图，质量M=8.0kg的小车停放在光滑水平面上．在小车右端施加一个F=8.0N的水平恒力．当小车向右运动的速度达到3.0m/s时，在其右端轻轻放上一个质量m=2.0kg的小物块（初速为零），物块与小车间的动摩擦因数μ=0.20，假定小车足够长．求：
（1）经多长时间物块停止在小车上相对滑动？
（2）小物块从放在车上开始，经过t=3.0s，通过的位移是多少？（取g=10m/s2）
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参考答案：
1．BD
【解析】
【分析】
对人在此过程中受力分析，通过判断弹力和重力的大小关系分析加速度的变化，从而分析速度的变化；根据动能定理判断重力功和弹力功的关系.
【详解】
该小朋友双脚接触蹦床开始到最低点的过程中，因为弹簧的弹力对人做功，则机械能不守恒，选项A错误；刚接触蹦床，刚开始有弹力，弹力随蹦床的形变量增大而增大，那么存在一段时间内，弹力小于重力时，合力竖直向下，速度方向也竖直向下，这段时间内做加速度减小的加速运动，弹力恰好等于重力时，速度达到最大值，以后弹力大于重力，加速度变为向上，人做减速运动直到最低点，则速度先增大后减小，加速度先减小后增大，故B正确，C错误；根据动能定理可知：，即所受重力做的功小于其克服蹦床弹力做的功，选项D正确；故选BD.
2．AD
【解析】
【详解】
A．设轻绳与竖直方向的夹角为，对a球由牛顿第二定律有
a向上做匀加速运动，则加速度恒定，而逐渐增大，则逐渐减小，而拉力T逐渐变大，故A正确；
B．对b球受力分析，由竖直方向平衡由
则OB杆对小球b的支持力不变，故B错误；
D．对b球由动能定理有
即F做的功和轻绳对b球做的功之和等于b球动能的改变量，故D正确；
C．对a球由动能定理有
联立可得
则F做的功等于小球a和b的系统机械能的改变量，故C错误；
故选AD。
3．AC
【解析】
【详解】
A. 物体受摩擦力作用，则一定受弹力作用，而有弹力不一定有摩擦力，故A正确；
B. 物体受到的重力是地球施加的，但物体各部分均受到重力作用，而重心所受重力的等效集中点．故B错误．
C. 书受向上的弹力，是因为桌面发生了弹性形变，故C正确．
D. 运动的物体可以受到静摩擦力，比如：正在斜向上运动的传送带上的物体；而静止的物体可以受到滑动摩擦力，在地面上滑行的物体，地面却受到是滑动摩擦力，故D错误．
4．ACD
【解析】
【详解】
物体减速上滑时，物块的加速度沿斜面向下，大小为
a1=gsinθ+μgcosθ
以整体为研究对象，把m的加速度在水平方向和竖直方向进行分解，水平方向的加速度由水平方向的摩擦力提供，则
f1=ma1cosθ
摩擦力方向水平向左；竖直方向的加速度由竖直方向的合力提供，则有
所以
上滑过程中斜面体所受支持力小于；
在下滑过程中，m的加速度向下，大小为
a2=gsinθ-μgcosθ
同理把加速度分解后判断摩擦力
f2=ma2cosθ≠f1
水平向左；竖直方向的加速度由竖直方向的合力提供，则有
所以
支持力小于，因a2N2>N1
故选ACD。
5．C
【解析】
【详解】
A．A对B的压力是弹力，不是A物体受到的重力，只不过压力大小等于重力，故A错误；
B．A与B间有两对相互作用力，分别是B对A的支持力和A对B的压力，还有A对B的摩擦力和B对A的摩擦力，故B错误；
C．增大F，加速度增大，当A受到的静摩擦力不足以提供加速度时，A、B有可能会发相对运动，故C正确；
D．作用力和反作用力是同时产生同时消失同时变化的，故D错误。
故选C。
6．A
【解析】
【详解】
AB．将AB看成一整体，整体水平方向受向左的拉力，由平衡可知，地面对B有水平向右的摩擦力，故A正确，B错误；
CD．对A受力分析可知，受重力、支持力两力而处于平衡状态，则A、B间无摩擦力作用，故CD错误。
故选A。
7．C
【解析】
【分析】
【详解】
AB．电脑在散热座上受到重力、散热座的支持力和摩擦力的作用保持平衡状态，受力分析如图
根据平衡状态的条件可得支持力大小为
摩擦力大小为
当卡位4调至卡位1时，倾角变大，则电脑受到的摩擦力变大，支持力变小，故AB错误；
CD．散热底座对电脑作用力即为支持力与摩擦力的合力，支持力与摩擦力的合力大小等于电脑的重力保持不变，根据“三角形两边之和大于第三边”可判断，支持力与摩擦力两力大小之和大于其重力，故C正确，D错误；
故选C。
8．D
【解析】
【分析】
【详解】
当电梯启动加速上升时，则人处于超重状态，所以对台秤的压力大于人的重力，又
即磅秤的示数大于人的质量，故D可能，ABC均不可能。
故选D。
9．C
【解析】
【详解】
A．物块的加速度大小为
选项A错误；
B．物块对斜面体的压力大小为
选项B错误；
CD．对物块和斜面体的整体，水平方向
即地面对斜面体的摩擦力大小等于4.8N；
竖直方向
解得
FN=106.4N
即斜面体对地面的压力大小为106.4N，选项C正确，D错误。
故选C。
10．A
【解析】
【详解】
亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略运用逻辑推理和实验相结合的方法推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因；牛顿提出了物体的运动定律，其中牛顿第一定律即为惯性定律；故A正确，BCD错误；
故选：A；
11．B
【解析】
【分析】
【详解】
除出支托物的瞬间，与钢性轻杆接触处的形变立即消失，有
在除去支托物前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，支托物对B2的支持力大小等于2mg，由于弹簧在撤去支托瞬间其形变还来不及发生改变，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况没有变化，则B1所受合力为零
B2所受的合力大小等于支托物的支持力大小
故选B。
12．C
【解析】
【分析】
根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，撤去外力的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律分别求出A、B的瞬时加速度．
【详解】
当A、B一起做匀速运动时，对A分析，根据共点力平衡得，弹簧的弹力F=μmAg，撤去外力的瞬间，弹簧的弹力大小不变，对A，根据牛顿第二定律得，，
对B：
故C正确，A、B、D错误．
故选C．
13． AD 1.60 0.5
【解析】
【详解】
(1)[1]图像不过原点的原因是平衡摩擦力过度，图像末端发生弯曲的原因是不满足砂和砂桶的质量远小于小车的质量。
故选AD。
(2)[2]根据，由逐差法得小车运动的加速度为
(3)[3]设绳子的拉力为T，对砂桶和砂子受力分析，由牛顿第二定律得
对小车受力分析得
联立解得
则图像的斜率为
所以小车的质量为
14． 18.00 30 AC
【解析】
【详解】
(1)[1]刻度尺的最小分度为0.1cm；故读数为18.00cm；
(2)[2]由实验原理
所以
由图可知，
解得：
(3)[3]A．读数时开始时的零刻度应与弹簧上端对齐；才能准确测量，故A错误；
B．本实验中可采用图象进行处理，故小盘的重力可以不考虑；故B正确；
C．在读指针的位置时，应让弹簧指针静止之后再读取故C错误；
15．（1）0.5A （2）0.2T
【解析】
【详解】
（1）根据闭合电路欧姆定律可以得到，回路中的电流为：；
（2）对金属棒受力分析如图所示：
根据平衡条件，有：，则：
由以上三式代入数据，解得：．
点睛：本题比较简单，结合安培力特点考查了物体的平衡，注意公式的应用条件，以及公式中各个物理量的含义．
16．（1）；（2）；（3）12.25J
【解析】
【分析】
物块离开弹簧，弹簧的弹性势能转化为物块的动能，而后用动能定理解决动力学问题，摩擦力乘以相对位移算出摩擦生热
【详解】
（1）由机械能守恒定律得
解得
（2）对于物块A由开始运动到P点的过程中，由动能定理可得
代入数据得
假设A沿传送带上滑的最大距离为，由动能定理可得
代入数据得
（3）物块A沿传送带上滑过程中，由牛顿第二定律，可得
代入数据得
上滑时间
传送带发生的位移
物块上滑过程中，物块与传送带发生的相对位移
物块下滑过程中，加速度仍为
物块与传送带速度相等时，因为
所以物块与传送带一起匀速下滑，经过的时间为
物块下滑过程中，物块与传送带发生的相对位移
全过程产生的热量
17．μ1＝0.2，μ2＝0.1，m＝3 kg
【解析】
【详解】
由图乙可知，在0～1 s内，滑块A做匀减速直线运动，加速度大小
a1＝m/s2＝2 m/s2
木板B做匀加速直线运动，加速度大小
a2＝m/s2＝2 m/s2
对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律有
μ1mg＝ma1
对木板B进行受力分析，由牛顿第二定律有
μ1mg－μ2(M＋m)g＝Ma2
在1～3 s内，将滑块A和木板B视为一个整体，该整体做匀减速直线运动．
由图乙可知该整体的加速度的大小
a3＝m/s2＝1 m/s2
对该整体进行受力分析，由牛顿第二定律有
μ2(M＋m)g＝(M＋m)a3
联立解得　
μ1＝0.2，μ2＝0.1，m＝3 kg
18．(1)2s（2）8.4m
【解析】
【详解】
(1)当释放小物块后小车加速度为：；
小物块加速度为：
小物块运动了t时间后与小车速度相等，则有：
物块加速运动速度达到与小车速度相等之前的位移为：
(2)经过2s时小车速度为：
2s后两个物体相对静止，此时两者加速度为：
在第3s内物体的位移为：
则在这3s内小物体位移为：
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