江苏省苏州市高一（下）期初调研测试物理试题（word版含答案）

江苏省苏州市高一（下）期初调研测试物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．如图所示，质量为3m的物块A与质量为的物块B紧靠在一起，它们与地面间的摩擦不计，在水平推力F的作用下一起运动，则A对B作用力的大小为（ ）
A．F B． C． D．
2．如图所示，半球形物体和光滑小球紧靠着放在一固定斜面上，并处于静止状态。现用水平力沿物体表面将小球缓慢拉至物体的最高点，物体始终保持静止状态，则下列说法中正确的是（ ）
A．物体受到3个力的作用 B．小球对物体的压力大小始终不变
C．物体受到斜面的摩擦力大小一直减小 D．斜面对物体的支持力大小一直减小
3．某种变速自行车，与后轮同轴转动的飞轮有3个齿轮，齿数分别为：16、20、24；与脚踏板同轴转动的链轮有3个齿轮，齿数分别为：24、36、48.已知齿轮上每个齿的宽度相同，自行车车轮的直径为0.8m，当人骑着车行驶时脚踩踏板的转速为1r/s时，自行车前进的最大速度约为（　　）
A．4.5m/s B．7.5m/s C．10m/s D．15m/s
4．关于物理方法，下列说法正确的是（　　）
A．质点是一种理想模型
B．在极短的时间，把质点的平均速度看成瞬时速度，这里用到了微元的思想
C．利用v t图像的面积求位移，用到了极限的思想
D．加速度是一个用极限法定义的物理量
5．如图所示，一人站在岸上，利用绳和定滑轮拉船靠岸，在某一时刻绳的速度大小为v，绳AO段与水平面的夹角θ=37°，OB段与水平面的夹角α=30°.取sin37°=0.6，则此时小船的速度大小为（ ）
A．v B． C． D．2v
6．关于牛顿运动定律，以下说法中正确的是(　　)
A．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性就越大
B．人从水平地面上猛得竖直向上跳起，地面对人的支持力将会大于人对地面的压力
C．N/kg与m/s2都是加速度的国际制单位
D．物体的加速度方向有时与合外力方向相同，有时与合外力方向相反
7．如图所示，质量为m1和m2的两个材料相同的物体用细线相连，在大小恒定的拉力F作用下，先沿水平面，再沿斜面(斜面与水平面成θ角)，最后竖直向上运动，不考虑转角处运动情况，则在这三个阶段的运动中，细线上弹力的大小情况是（ ）
A．由大变小
B．由小变大
C．始终不变
D．无法判断
8．智能手机上装载的众多app软件改变着我们的生活。如图所示为百度地图app软件的一张截图，表示了某次导航的具体路径，其推荐路线中有两个数据，15分钟，4.0公里，关于这两个数据，下列说法正确的是（　　）
A．研究汽车在导航图中的位置时，不可以把汽车看作质点
B．15分钟表示的是某段时间间隔
C．4.0公里表示了此次行程的位移的大小
D．根据这两个数据，我们可以算出此次行程的平均速度的大小
9．以35m/s的初速度竖直向上抛出一个小球，不计空气阻力，g取10m/s2。以下判断错误的是（　　）
A．小球到最大高度时的速度为零
B．小球回到抛出点时的速度与初速度相同
C．小球上升的最大高度为61.25m
D．小球上升阶段所用的时间为3.5s
10．物体以初速度V0从A点出发，沿光滑水平轨道向前滑行，途中经过一小段粗糙程度恒定的轨道并滑离，关于该物体在通过轨道的粗糙部分的前后，下列说法正确的是（ ）
A．初速度V0越大，物体动能的减少量越大
B．初速度V0越大，物体动能的减少量越小
C．初速度V0越大，物体速度的减少量越大
D．初速度V0越大，物体速度的减少量越小
11．如图所示，一质量为m的物体沿倾角为θ的斜面匀速下滑，下列说法正确的是（ ）
A．物体所受摩擦力为mgsinθ
B．物体对斜面作用力的合力为mgsinθ
C．物体所受斜面的支持力为mgsinθ
D．物体所受合力为mgsinθ
12．如图所示，半球形物体A和小球B紧靠着放在一固定斜面上，并处于静止状态，忽略小球B表面的摩擦，用水平力F沿物体A表面将小球B缓慢拉至物体A的最高点C，物体A始终保持静止状态，则下列说法中正确的是（ ）
A．物体A受到5个力的作用
B．物体A受到斜面的摩擦力逐渐减小
C．小球B对物体A的压力先增大后减小
D．小球B对物体A的压力逐渐增加
二、实验题
13．利用力传感器研究“加速度与合外力的关系”的实验装置如图甲所示。
（1）下列关于该实验的说法，错误的___________。
A．做实验之前必须平衡摩擦力
B．小车的质量必须比所挂钩码的质量大得多
C．应调节定滑轮的高度使细线与木板平行
D．打点计时器接应直流电源
（2）从实验中挑选一条点迹清晰的纸带，每5个点取一个计数点，用刻度尺测量计数点间的距离如图所示。已知打点计时器每间隔0.02s打一个点。当打下D点时的瞬时速度v=___________m/s；该小车的加速度a=___________m/s2。（计算结果保留2位有效数字）
（3）利用测得数据在坐标系中作出了图乙所示的图象。
①图线不过坐标原点的原因是___________；
②小车和传感器的总质量为___________kg。
14．在“研究小球做平抛运动”的实验中:
(1)安装实验装置的过程中,斜槽末端切线必须是水平的,这样做的目的是 ( )
A．保证小球飞出时,速度既不太大,也不太小
B．保证小球运动的轨迹是一条抛物线
C．保证小球在空中运动的时间每次都相等
D．保证小球飞出时,初速度水平
(2)在做“研究平抛运动”实验中,引起实验结果偏差较大的原因可能是 ( )
①安装斜槽时,斜槽末端切线方向不水平 ②确定Oy轴时,没有用重垂线
③斜槽不是绝对光滑的,有一定摩擦 ④空气阻力对小球运动有较大影响
A．①③ B．①②④ C．③④ D．②④
(3)右图是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标与y1为5.0cm、y2为45.0cm，A、B两点水平间距Δx为40.0cm．则平抛小球的初速度v0为_________m/s，
若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的速度vc
为______m/s（结果保留两位有效数字，g取10 m/s 2）．
三、解答题
15．如图所示，倾角θ为37°的粗糙斜面被固定在水平地面上，质量为12.5kg的物块，在沿平行于斜面向上的拉力F作用下从斜面的底端由静止开始运动，力F作用2s后撤去，物体在斜面上继续上滑1.2s后，速度减为零，已知F=200N．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：
（1）物体与斜面间的动摩擦因数；
（2）物体在斜面上能够通过的总路程．
16．水平地面上有一高的竖直墙，现将一小球以的速度垂直于墙面水平抛出，已知抛出点与墙面的水平距离，离地面高，不计空气阻力，不计墙的厚度，取重力加速度。
（1）小球碰墙前做平抛运动的时间t；
（2）求小球碰墙点离地面的高度；
（3）求小球碰墙前瞬间速度v的大小。
17．如图所示，质量M=2kg、长L=2.17m、高h=0.2m的长木板C静置在光滑水平面上。C上放置两个视为质点的小块A和B，质量mA=mB=1kg。A距C的左端x=1.81m，与C间的动摩擦因数μ=0.2。B在C的右端，与C的摩擦可忽略。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。现对C施加一个水平向右的恒力F。
(1)求当F=3N时，A所受摩擦力的大小；
(2)为使A与B能碰撞，且碰撞之前的运动耗时最短，则该最短时间是多少？F需满足什么条件？
(3)若水平向右的力F=10N，求A落到地面时与C左端的距离。已知A与B碰撞后，两者速度大小和方向将发生互换。
试卷第页，共页
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参考答案：
1．D
【解析】
【详解】
以A、B组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：
对物体B分析，由牛顿第二定律得：
解得：
故选D。
【点晴】
连接体问题通常采用整体法和隔离法相结合的方法来分析。
2．C
【解析】
【详解】
A.对球A分析可知，A受重力、B的压力和斜面的支持力和摩擦力作用，共4个力，选项A错误；
B.对球B分析，受水平拉力、重力和物体A对小球B的支持力，三力平衡，三个力构成首尾相连的矢量三角形，如图所示：
将小球B缓慢拉至物体A的最高点过程中，θ变小，故支持力N变小，拉力F也变小；
根据牛顿第三定律，小球B对物体A的压力也减小，选项B错误；
C.对AB整体分析，受拉力、重力、地面的支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有：
，α为斜面的坡角，
由于F减小，M、m、α不变，故静摩擦力减小，选项C正确；
D.对AB整体分析，受拉力、重力、地面的支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有：
，
由于F减小，M、m、α不变，故斜面对A的支持力变大，选项D错误。
故选C。
3．B
【解析】
【详解】
根据
当N链最多，N飞最少，飞轮的转速最大，则
则自行车前进的最大速度
故选B。
4．A
【解析】
【详解】
A．质点是一种理想模型，实际上并不存在，故A正确；
B．△t→0时的平均速度可看成瞬时速度，采用的是极限分析方法，故B错误；
C．在利用速度一时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时，使用的是微元法，故C错误；
D．加速度是一个用比值定义法的物理量，故D错误。
故选A。
5．B
【解析】
【详解】
船的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，
根据平行四边形定则，有：
v船cosθ=v
则：
A. v ，与结论不相符，选项A错误；
B. ，与结论相符，选项B正确；
C. ，与结论不相符，选项C错误；
D. 2v，与结论不相符，选项D错误．
6．C
【解析】
【详解】
试题分析：惯性大小的唯一量度是质量，A错误；人从水平地面上猛得竖直向上跳起，地面对人的支持力和人对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，B错误；N/kg与m/s2都是加速度的国际制单位，C正确；物体加速度方向与合外力的方向总是相同，D错误．
考点：本题考查牛顿运动定律．
7．C
【解析】
【分析】
【详解】
设物体与接触面的动摩擦力因数为μ，在水平面有
对m1进行受力分析则有
所以
在斜面上有
对m1进行受力分析则有
解得
竖直向上运动运动时有
对m1进行受力分析则有
解得
所以绳子的拉力始终不变。
故选C。
8．B
【解析】
【详解】
A．汽车形状大小不影响研究汽车的位置，可以看作质点，A错误；
B．15分钟是一段时间，B正确；
C．4.0公里表示物体实际轨迹的长度，是路程，C错误；
D．已知路程与时间，可以求速率，不能求解平均速度，D错误。
故选B。
9．B
【解析】
【详解】
A．由于初速度向上，重力加速度竖直向下，到达最高点时，速度减小到零，A正确；
B．小球回到抛出点时的速度与初速度大小相等，方向相反，因此速度不同，B错误；
C．根据
可得上升的最大高度
C正确；
D．小球上升阶段所用的时间
D正确。
错误的应选B。
10．D
【解析】
【详解】
试题分析：由动能定理可知，物体动能减小量等于在粗糙段摩擦力做得功，故物体动能减小量与初速度无关，选项AB错误；因物体在粗糙段的加速度恒定，故物体初速度V0越大，在粗糙段运动的时间越短，根据可知，物体速度的减少量越小，选项C错误，D正确；故选D.
考点：动能定理；牛顿定律的应用.
11．A
【解析】
【详解】
根据共点力平衡得，物体所受斜面的支持力为N=mgcosθ，物体所受摩擦力为f=mgsinθ，根据滑动摩擦力公式可得物体所受摩擦力为，物体匀速下滑，物体所受合力为零；由三力平衡条件可知任意两力之和与第三力大小相等，方向相反，可知物体所受斜面的支持力、物体所受摩擦力的合力方向和重力mg大小相等，方向相反，根据牛顿第三定律可知物体对斜面作用力的合力大小等于重力mg大小，方向竖直向下，故A正确，B、C、D错误；
故选A．
【点睛】
物体沿斜面匀速下滑，受到重力、支持力和滑动摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出支持力和滑动摩擦力．
12．B
【解析】
【详解】
A、对球A分析可以知道,A受重力、支持力、B的压力和斜面的摩擦力作用,共四个力，A错
BCD、对球B分析,受水平拉力、重力和支持力,三力平衡,三个力构成首尾相连的矢量三角形,如图所示:

将小球B缓慢拉至物体A的最高点过程中, 变小,故支持力N变小,拉力F也变小;
根据牛顿第三定律,对A的压力也减小
再对A、B整体分析,受拉力、重力、支持力和静摩擦力,根据平衡条件,有:
为斜面的坡角,因为F减小，,故静摩擦力减小，B正确，CD错误
综上所述本题答案是：B
13． BD 0.64 1.0 未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 0.5
【解析】
【详解】
（1）[1]A．做实验前需平衡摩擦力，故A正确，不符合题意；
B．由于实验中用了力传感器，所以没有必要使小车的质量远大于钩码的质量，故B错误，符合题意；
C．为使细线拉力恒定，应调节定滑轮的高度使细线与木板平行，故C正确，不符合题意；
D．打点计时器必须使用交流电源，故D错误，符合题意。
（２）[2][3]由题意可知，纸带上相邻两个点间的时间为
由匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于该过程平均速度得
由逐差法得加速度
（3）①[4]由图像可知，当时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力不足；
②[5]图像中的斜率表示质量的倒数，由图可知
故小车和传感器的总质量
14． D B 2.0m/s 4.0m/s
【解析】
【详解】
（1）研究平抛运动的实验关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，才能够做平抛运动，故ABC错误D正确
（2）①当斜槽末端切线没有调整水平时，小球没有做平抛运动，仍按平抛运动处理数据，误差很大，故斜槽末端不水平会造成误差
②确定Oy轴，没有用重锤线，就不能调节斜槽末端水平，跟①类似，所以会引起实验误差
③只要每次从同一高度，无初速度释放，在相同情形下，即使存在摩擦力，仍能保证每次摩擦力做功相同，平抛初速度相同，因此，斜槽轨道不必光滑，③不会引起实验误差
④空气阻力对小球有较大影响，物体做的就不是平抛运动了，平抛规律就不能用了，所以会引起实验误差
综上所述，①②④引起实验误差，故ACD错误B正确
（3）竖直方向：，得：所以，；水平方向匀速，所以水平速度为：；C点的竖直分速度为：，根据运动合成得：
15．（1）0.5（2）38.4m
【解析】
【详解】
（1）力F作用时，对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律得：
F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1①
撤去F后，对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律得：
mgsinθ+μmgcosθ=ma2②
又因为a1t1=a2t2③
联立求得：μ=0.5
（2）根据①式得：a1=6m/s2
根据②式得：a2=10m/s2
根据匀变速直线运动位移时间公式得：
上升的位移为：s=a1t12+a2t22=19.2m
因为mgsinθ＞μmgcosθ
所以物体速度等于零后又返回到出发点，所以物体在斜面上能够通过的路程l=2s=38.4m
16．（1）0.6s；（2）3.2m；（3）
【解析】
【分析】
【详解】
（1）小球碰墙前做平抛运动的时间
（2）小球碰墙点离地面的高度
（3）小球碰墙前竖直速度
瞬间速度v的大小
17．(1)1N；(2)0.6s，6N≤F≤26N；(3)
【解析】
【详解】
(1)若C和A一起向右加速运动
F=(M+mA)a
解得
a=1m/s2
两者之间的静摩擦
f=mAa=1N＜μmAg=2N
这表明假设正确，所以A所受的摩擦力为1N。
(2)要使小物块A在与小物块B碰撞之前运动时间最短，小物块A的加速度必须最大，则A所受的摩擦力为最大静摩擦力或滑动摩擦力，有
μmAg=mAa1，a1=2m/s2
运动学规律有
解得
t1=0.6s
临界1：A与C刚好相对滑动
F1=(M+mA)a1=6N
临界2：A与B碰前到达C的左端
解得
对C
F2-μmAg=Ma2
解得
F2=26N
所以F需满足
6N≤F≤26N
(3)若F=10N，对C
F-μmAg=Ma3
解得
a3=4m/s2
A与B碰前
碰后A速度为零，B向前匀速运动。
C运动位移
速度达到
接着A被带动，经t2到达C的左端
此时
脱落后，A做平抛运动，时间
水平位移
C继续加速
F=Ma4
解得
a4=5m/s2
位移
因此A落到地面时与C左端的距离
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