江苏省苏州市园区高一（下）期初考物理试题（word版含答案）

江苏省苏州市园区高一（下）期初考物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．如图所示，小朋友在玩一种运动中投掷的游戏，目的是在运动中将手中的球投进离地面高3 m的吊环，他在车上和车一起以2 m/s的速度向吊环运动，小朋友抛球时手离地面的高度为1.2 m，当他在离吊环的水平距离为2 m时将球相对于自己竖直上抛，球刚好沿水平方向进入吊环，他将球竖直向上抛出的速度是（g取10 m/s2）（　　）
A．2.8 m/s B．4.8 m/s C．6.8 m/s D．8.8 m/s
2．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（　　）
A．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因并提出了惯性定律
B．伽利略创造了把实验和逻辑推理和谐结合起来的科学研究方法
C．开普勒认为，在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上
D．卡文迪许发现了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量
3．如图，一光滑小球静置在半圆柱体上，被一垂直干圆柱面的挡板挡住，设挡板跟圆心连线与底面的夹角为，小球的半径忽略不计。现缓慢减小，则小球在移动过程中，挡板对小球的支持力F1、半圆柱体对小球的支持力F2的变化情况是（　　）
A．F1增大，F2减小
B．F1先增大后减小，F2先减小后增大
C．F1减小，F2增大
D．F1先减小后增大，F2增大后减小
4．下列各个图象中，能够表示物体做匀加速直线运动的是（ ）
A． B． C． D．
5．太空探测器从一星球表面竖直升空，已知探测器质量恒为2000 kg，发动机可以提供恒定的推力．该星球表面没有大气层，探测器在星球表面升空后发动机因故障而突然关闭，如图所示为探测器从升空到落回星球表面的速度随时间变化图象．则由此可以判断（ ）
A．该星球表面的重力加速度大小为5m/s2
B．该发动机的推力大小为1×104 N
C．探测器在星球表面达到的最大高度为480m
D．探测器在星球表面落地时的速度大小为40m/s
6．2020年5月5日，长征五号B运载火箭在海南文昌首飞成功，正式拉开我国载人航天工程“第三步”任务的序幕。如图，火箭点火后刚要离开发射台竖直起飞时（　　）
A．火箭处于平衡状态 B．火箭处于失重状态
C．火箭处于超重状态 D．空气推动火箭升空
7．如图所示，水平桌面上叠放着A、B两物体，B物体受力F作用，A、B一起相对地面向右做匀减速直线运动，则B物体的受力个数为（ ）
A．4个 B．5个 C．6个 D．7个
8．某同学在社会实践时发现一口深井。为了估测井口到井底的距离，他将一小石块从井口由静止释放，同时利用智能手机开始计时，经过2.0s听到石块撞击井底的声音。已知当地的重力加速度大小为10m/s2，则该井口到井底的距离约为（　　）A．5m B．10m C．20m D．40m
9．如图所示，一个人静止在地面上，当时，人能拉起重物的最大重力为人重力的0.2倍，已知地面对人的最大静摩擦力等于滑动摩擦力（忽略定滑轮的摩擦力），则当时，人静止时能拉起重物的最大重力约为人重力的（　　）
A．0.3倍 B．0.6倍 C．0.8倍 D．1.61倍
10．如图所示，竖直平面内光滑圆轨道半径R=0.4m，从最低点A有一质量为m=1kg的小球开始运动，初速度v0=5m/s方向水平向右，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（　　）
A．在A点时，小球对轨道的压力为62.5N
B．小球可能脱离圆轨道
C．在B点时，小球重力的瞬时功率为30W
D．从A点运动B点小球克服重力做功的平均功率等于从B点运动A点小球重力做功的平均功率
11．如图所示，一轻绳穿过水平桌面上的小圆孔，上端拴物体，下端拴物体。若物体在桌面上做半径为的匀速圆周运动时，角速度为，线速度大小为，物体处于静止状态（不计摩擦），则（　　）
A．所需向心力大小大于所受重力的大小
B．所需向心力与所受的重力是一对平衡力
C．与成正比
D．与成正比
12．一升降机箱底部装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦和空气阻力影响，则升降机在从弹簧下端触地直到最低点的一段运动过程中 (　　)
A．升降机的速度不断减小
B．升降机的加速度不断变大
C．先是弹力做的负功大于重力做的正功，然后是弹力做的负功小于重力做的正功
D．先是弹力做的负功小于重力做的正功，然后是弹力做的负功大于重力做的正功
二、实验题
13．在“测量做直线运动物体的瞬时速度”实验中，用如图所示实验仪器进行实验。
（1）部分实验步骤如下：
A．实验完毕，关闭电源，取出纸带
B．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连
C．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车
D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔
上述实验步骤的正确顺序是：______（用字母填写）；
（2）某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了O、A、B、C、D、E、F共7个计数点（图中每相邻两个计数点间还有四个打点计时器打下的点未画出）。打点计时器接的是50Hz的低压交流电源。他将一把毫米刻度尺放在纸带上，其零刻度和计数点O对齐，从刻度尺上直接读取数据记录在表中。
线段 OA OB OC OD OE OF
数据/cm 0.51 1.50 3.00 4.99 7.51
表中OF的长度为______cm；
（3）打点计时器打E点时小车速度为vE=______m/s（结果保留3位有效数字）；小车的加速度a=______m/s2（结果保留2位有效数字）。
14．在做“研究平抛物体的运动”的实验时，通过描点法画出小球平抛运动轨迹，并求出平抛运动初速度。实验装置如图甲所示：
安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是( )
A．保证小球飞出时，初速度大小相同 B．保证小球运动的轨迹是同一条抛物线
C．保证小球落地时每次速度都相同 D．保证小球飞出时，初速度水平
关于这个实验，以下说法不正确的是( )
A．每次小球要从同一位置由静止释放
B．小球释放的初始位置越高越好
C．实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直
D．小球的平抛运动要靠近但不接触木板
在实验中，为减少空气阻力对小球的影响，所以选择小球时，应选择下列的 ( )
A．塑料球 B．实心小木球 C．实心小铁球 D．以上三种球都可以
如图乙所示，某同学在描绘平抛运动轨迹时，忘记记下斜槽末端位置。图中A点为小球运动一段时间后的位置，他便以A点为坐标原点，建立了水平方向和竖直方向的坐标轴，则根据图像可知小球平抛运动的初速度大小为 _____。取
三、解答题
15．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A 、B ．它们的质量分别为mA、mB，弹簧的劲度系数为k , C为一固定挡板．整体处于静止状态．现开始用一个变化的F沿斜面方向拉物块A 使A缓慢向上运动（任何时刻都可看成处于平衡状态），直至物块B 刚要离开挡板C时，求：（重力加速度为g）
（1）力F作用前弹簧给物体A的弹力FN1
（2）B刚要离开挡板C时弹簧给物块B 的弹力FN2；
（3）B刚要离开挡板C时作用在A物体上的拉力F；
（4）从开始到B刚要离开挡板C时，A物体运动的距离d；
16．如图所示，倾角为θ＝37°的斜面体固定在水平地面上，一根劲度系数为k的轻弹簧放在斜面上，与斜面底端的固定挡板相连，轻弹簧的上端与斜面上的O点对齐，斜面OA段光滑，OB段粗糙，一个质量为m的物块从P点水平抛出，刚好从斜面顶端B点滑上斜面且速度方向与斜面平行，P点与B点的水平距离为L，重力加速度为g，物块与斜面OB段的动摩擦因数为0.5，OB长等于L，不计物块的大小，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：
(1)物块第一次运动到O点的速度大小；
(2)试分析物块能否滑离斜面，如果能滑离，滑离后物块在空中的最小速度多大；如果不能滑离，物块在斜面OB段运动的距离是多少。
17．一质量为m=2000 kg汽车以某一速度正在平直公路上失去动力滑动．在滑动过程中，司机忽然发现前方出现紧急故障，需要刹车．为此，驾驶员从发现前方故障到采取措施紧急刹车的反应时间为t1=0.50s；从t1时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止，已知从t1时刻开始，汽车第1 s内的位移为24 m，第4 s内的位移为1.0 m．汽车与路面的动摩擦因数为μ=0.40，重力加速度g=10m/s2，
(1)求t1时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小；
(2)驾驶员从发现前方故障到汽车停下行驶的距离为多少？
(3)求汽车刹车过程中增加的制动力为多大．
试卷第页，共页
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参考答案：
1．C
【解析】
【详解】
ABCD．小球的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直上抛运动，题中球恰好沿水平方向进入吊环，说明小球进入吊环时竖直上抛分运动恰好到达最高点，则运动时间为
由上升高度
解得
故C正确，ABD错误。
故选C。
2．B
【解析】
【详解】
A．伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，是牛顿提出了惯性定律，故A错误；
B．伽利略创造了把实验和逻辑推理和谐结合起来的科学研究方法，故B正确；
C．牛顿设想了卫星模型，认为：在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上，故C错误；
D．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，故D错误。
故选B。
3．A
【解析】
【详解】
对小球进行受力分析如图所示
根据几何关系可以得到
因此，当减小时，增大，减小，故选A。
4．C
【解析】
【详解】
试题分析：本题根据位移时间图象的斜率等于速度，速度时间图象的斜率等于加速度，由图象的形状分析物体的运动情况．
解：AB、根据x﹣t图象的斜率表示速度，可知，A图表示物体沿正向做匀速直线运动．B图表示物体沿负向做匀速直线运动．故A、B错误．
C、该图表示物体的速度均匀增大，加速度不变，做匀加速直线运动．故C正确．
D、该图表示物体的速度不变，加速度为零，做匀速直线运动．故D错误．
故选C
【点评】解决本题的关键要掌握图象斜率的物理意义，知道位移时间图象的斜率等于速度，速度时间图象的斜率等于加速度．
5．C
【解析】
【分析】
【详解】
A．探测器8s后关闭发动机，加速度等于重力加速度
A错误；
B．8s前探测器在做加速运动，加速度大小为
根据牛顿第二定律得
解得推力为15000N，B错误；
C．探测器在星球表面达到的最大高度，速度时间图像的上半部面积代表位移，根据三角形ABO面积
C正确；
D．由于上升的高度为480m，重力加速度为，所以下落的速度由
解得
D错误。
故选C。
6．C
【解析】
【详解】
A．火箭点火后刚要离开发射台竖直起飞时，火箭向上得到的反冲力大于其本身的重力，火箭具有向上的加速度，不是处于平衡状态，A错误；
BC．当物体做向下加速运动或向上减速运动时，物体处于失重状态；当物体做向上加速运动或向下减速运动时，物体处于超重状态。火箭刚要离开发射台时，是在向上做加速运动，此时火箭处于超重状态，B错误，C正确；
D．火箭点火后，火箭向下喷出高速大量气体，根据反冲运动，火箭本身获得向上的很大反冲力来推动火箭升空，D错误。
故选C。
7．C
【解析】
【详解】
A向右做匀减速直线运动，所以A受到B向左的摩擦力，由牛顿第三定律可知B受到A向右的静摩擦力做用，B物体还受到重力、正压力、支持力和拉力和地面的摩擦力，共6个力的作用。
故选C。
8．C
【解析】
【详解】
根据自由落体运动公式可得
C正确，ABD错误。
故选C。
9．A
【解析】
【详解】
设人与地面间的动摩擦因数为，当时
当时
求得，选项A正确，BCD错误。
故选A。
10．D
【解析】
【详解】
在A点时，设轨道对小球的支持力大小为FA，根据牛顿第二定律有
根据牛顿第三定律可知此时小球对轨道的压力大小为
故A错误；
假设小球能够恰好到达最高点，则其在最高点时的速度vB满足
设其在最低点时的速度为vA，则根据动能定理有
解得
由于vA＜v0=5 m/s，所以小球可以运动至最高点B，不会脱离圆轨道，故B错误；
根据功率的定义可知，在B点时，小球的速度方向与重力方向垂直，故小球重力的瞬时功率应为零，故C错误；
根据小球运动的对称性可知，小球从A点运动到B点的时间及克服重力做的功分别等于从B点运动到A点的时间及重力做的功，根据平均功率的定义可知D正确。
11．C
【解析】
【分析】
【详解】
AB．所需向心力等于绳上的拉力，处于平衡状态，绳上拉力等于N所受重力，而同一条绳上拉力大小处处相等，故所需向心力大小等于所受重力的大小，但所需向心力与所受的重力不是一对平衡力，AB错误；
CD．由AB解析可知，M所需向心力大小恒定，可得
故与成正比，与成反比，C正确，D错误。
故选C。
12．D
【解析】
【详解】
升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中，开始阶段，重力大于弹力，加速度方向向下，向下做加速运动，当重力和弹力相等后，弹力大于重力，加速度方向向上，向下做减速运动，加速度的大小先减小后增大，速度先增大后减小．故A、B错误．升降机在从弹簧下端触地直到最低点的一段运动过程中，在弹力等于重力之前时，速度在不断增加，则弹力做的负功小于重力所作的正功；在弹力等于重力之后时，速度不断减小，则弹力做的负功大于重力做的正功．故C错误，D正确．故选D．
点睛：解决本题的关键会根据牛顿第二定律判断加速度的变化，会根据加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化；会用动能定理来讨论各个力做功的大小．
13． DBCA 10.49 0.275 0.50
【解析】
【详解】
（1）[1]根据实验原理，实验步骤的正确步骤是：DBCA。
（2）[2]根据O、F两点在刻度尺上的位置可读出读数为10.49cm。
（3）[3]E点瞬时速度是DF段的平均速度
[4] 根据匀变速直线运动规律和逐差法处理数据
14． D B C 20
【解析】
【详解】
（１）斜槽末端的切线水平，小球飞出时的初速度方向水平，小球才能做平抛运动，故选Ｄ；
（２）每次小球要从同一位置由静止释放，保证小球做平抛运动的初速度相同；小球释放的初始位置越高，小球做平抛运动的初速度越大，初速度过大小球在坐标纸上运动的时间越短，不利于记录小球的运动轨迹；如果坐标纸上的竖线不在竖直方向，记录小球在水平和竖直方向上的位移就有误差，所以实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直；小球的平抛运动要靠近但不接触木板，靠近木板便于记录运动轨迹，不接触是防止木板对小球的运动造成影响；故选B；
（３）为减少空气阻力对小球的影响，应选质量大而体积小的小球，故选C；
（４）由平抛运动规律，小球在水平方向上做云速度直线运动得
①
由图可知
②
小球在竖直方向上做自由落体运动，由推论公式
③
联立①②③式解得
15．(1) (2) (3) (4)
【解析】
【分析】
开始时弹簧压缩，弹力等于A的重力的分力；由于物块B刚要离开C，故固定挡板对B的支持力为0，所以根据B的受力情况求出此时弹簧弹力大小为mBgsinθ，从而求出物块B刚要离开C时物块B受到弹力；要求从开始到此时物块A的位移d，需要知道弹簧的形变情况，由于开始时弹簧处于压缩状态，而物块B刚要离开C时弹簧处于拉伸状态，故弹簧的伸长量就等于物块A的位移，所以要求出开始时弹簧的压缩量和B刚要离开时C时弹簧伸长量．
【详解】
（1）对A受力分析得：
（2）由于B刚要离开C，所以BC之间弹力为0
（3）此时对A受力分析得
（4）作用前弹簧的形变量： ;
刚要离开时弹簧的形变量： ;
解得：
【点睛】
弹簧开始时处于压缩状态，而最后处于伸长状态，故弹簧的长度的增加量应等于原先弹簧的压缩量和最终弹簧的伸长量之和．
16．(1)； (2)能，
【解析】
【详解】
(1)物块从P点抛出后做平抛运动，到B点时速度的反向延长线交于水平位移的中点，设P点和B点的高度差为h，则
设物块从P点抛出的速度为v0，则
解得
设物块第一次运动到O点时的速度为v1，根据动能定理有
解得
(2)设物块不能滑离斜面，设物块从O点向上滑到斜面最高点时离O点距离为x，根据动能定理有
解得
，
因此假设不成立，物块会滑离斜面
设滑离斜面时物块的速度大小为v2，根据动能定理有
解得
物块在B点抛出后，做斜上抛运动，运动到最高点时速度最小，最小速度为
17．(1)，；(2)；(3
【解析】
【详解】
(1) 设时刻汽车的速度大小为，此后的加速度大小
根据可得：
解得：
根据题意可得：
①
解得：
汽车匀减速直线运动的时间为：
所以汽车在第4 s内的某时刻汽车已停止运动．
根据逆向思维可得：
②
联立①②可得：
， ③
或者：
， ④
其中④式子情境下，汽车在第3 s内的某时刻汽车已停止运动，不合题意，舍去；
(2) 根据牛顿第二定律可得：
解得失去动力滑动时匀减速直线运动的加速度大小：
根据逆向思维，失去动力滑动时行驶的距离：
需要刹车滑动时行驶的距离：
驾驶员从发现前方故障到汽车停下行驶的距离：
(3)根据牛顿第二定律可得：
解得汽车刹车过程中增加的制动力为：
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