云南省昭通市镇雄县高一（下）开学考试物理试题（word版含答案）

云南省昭通市镇雄县高一（下）开学考试物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、多选题
1．一长轻质薄硬纸片置于光滑水平地面上，木板上放质量均为1 kg的A、B两物块，A、B与薄硬纸片之间的动摩擦因数分别为，水平恒力F作用在A物块上，如图所示，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取．则
A．若F=1 N，则物块A相对地面静止不动
B．若F=4 N，则B物块所受摩擦力大小为2 N
C．若F=8 N，则B物块的加速度为
D．无论力F多大，A与薄硬纸片都不会发生相对滑动
2．如图所示，质量为m＝1 kg的物块停放在光滑的水平面上．现对物块施加一个水平向右的外力F，使它在水平面上做直线运动．已知外力F随时间t(单位为s)的变化关系为F＝(6－2t)N，则
A．在t＝3 s时，物块的速度为零
B．物块向右运动的最大速度为9 m/s
C．在0～6 s内，物块的平均速度等于4.5 m/s
D．物块向右运动的最大位移大于27 m
3．t＝0时刻甲、乙两物体自同一位置开始运动，运动的速度一时间图像如图所示，对t＝0至t＝3s的运动过程，以下选项正确的是（　　）
A．甲、乙两物体的加速度大小相等
B．甲、乙两物体间的最远距离为4.5m
C．t＝1.5s时，甲、乙两物体都向正方向运动，甲在前，乙在后
D．t＝3s时，甲、乙两物体相遇
二、单选题
4．物体自距地面高H处自由下落,不计空气阻力,经时间t到达地面,此时速度为v,则
A．时物体距地面高度为
B．时物体距地面高度为
C．物体下落时速度为
D．物体下落时速度为
5．有一只乌龟离开家沿着直线爬行，它的速度v与到家距离L成反比．当乌龟爬到距家的距离为1m时速度为2cm/s．那么这只乌龟继续爬行2m需要再花多少时间．（ ）
A．75s B．125s C．150s D．200s
6．如图所示，斜面放置于粗糙水平地面上，物块A通过跨过光滑定滑轮的轻质细绳与物块B连接，系统处于静止状态，现对B施加一水平力F使B缓慢地运动，使绳子偏离竖直方向一个角度（A与斜面均保持静止），在此过程中（ ）
A．斜面对物块A的摩擦力一直增大
B．绳对滑轮的作用力不变
C．地面对斜面的摩擦力一直增大
D．地面对斜面的支持力一直增大
7．雨滴从高空由静止下落做加速直线运动，由于空气阻力的作用，其加速度逐渐减小，直到变为零，在此过程中雨滴的运动情况是（　　）
A．速度不断减小，加速度为零时，速度最小
B．速度不断增大，加速度为零时，速度最大
C．位移先增加后减小
D．速度变化率越来越大
8．某超市中，两层楼间有一架斜面式自动扶梯（无阶梯），如图所示，小张带着孩子乘匀速上升的自动扶梯上楼．孩子在电梯上向上跑，小张没有“动”而是随着电梯上楼．则下列判断正确的是
A．以扶梯为参考系，小张是运动的．
B．以扶梯为参考系，孩子是静止的．
C．以地面为参考系，小张是静止的．
D．以地面为参考系，孩子是运动的．
9．甲、乙两汽车在一条平直公路上同向运动，其速度—时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。已知两车在t1时刻并排行驶，下列说法正确的是（　　）
A．两车在t2时刻也并排行驶
B．t2时刻甲车在后，乙车在前
C．甲、乙两车做曲线运动
D．乙车的加速度先减小后增大
10．一兴趣小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中利用计算机绘制出轻质弹簧a和b的弹力F与弹簧长度l的关系图像如图所示。下列表述正确的是（　　）
A．a的劲度系数比b的小
B．测得的弹力与弹簧的长度成正比
C．a的原长比b的长
D．a的劲度系数比b的大
11．如图所示，质量为M的物体放在水平地面上，用不可伸长的轻绳跨过定滑轮后与物体相连，轻绳另一端吊一质量为m的小物块，两物体均处于静止，若物体M与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，不计绳和滑轮间的摩擦，则物体所受的摩擦力大小为（　　）
A．mgsinθ B．mgcosθ C．μMg D．μ（Mg-mgsinθ）
12．如图所示，质量为m的木块放在质量为M的三角形斜劈上，现用大小均为F，方向相反的水平推力分别推木块和斜劈，它们均静止不动，则（　　）
A．斜劈对木块的支持力一定小于mg
B．地面对斜劈的支持力一定不等于(M + m)g
C．木块与斜劈间一定存在摩擦力
D．斜劈与地面间不可能存在摩擦力
13．关于速度和速率，下列说法正确的是　　
A．速率是矢量
B．子弹射出枪时的速度是指平均速度
C．平均速度等于物体在单位时间内通过的路程
D．某段时间内的平均速度方向一定与这段时间内位移的方向一致
三、实验题
14．某同学在做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验时，用两个弹簧秤通过细线拉橡皮条，画出两细线的方向如图所示，读出两弹簧秤的示数分别为F1=2.0N、F2=2.8N，请在图中用作图法画出这两个力及它们的合力________，由图求出合力的大小为__________N。
15．在《探究加速度与力、质量的关系》实验中。
(1)某组同学用如图所示装置，采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到力的关系。下列措施中不需要或不正确的是 ________。
A．首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力；
B．平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动；
C．每次改变拉小车拉力后都需要重新平衡摩擦力
D．实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力
E.实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源
(2)如图是用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时所打出的一条纸带。A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点。已知相邻计数点间还有4个点未画出。则打点计时器打下C点时小车的瞬时速度为_______m/s，小车的加速度大小为______m/s2。
(3)某组同学根据实验数据，画出了a-F的关系图线，请分析图线不经过坐标原点的原因是：____________________。
四、解答题
16．汽车内常备的“菱形千斤顶”如图所示，现逆时针摇动手柄，使螺旋杆转动（螺旋杆始终保持水平），A、B间距离变小，重物就被缓慢顶升起来，反之则可使重物下降。若物重为G，AB与AC之间的夹角为θ，不计千斤顶杆件自重，求：
(1)AC杆的弹力大小；
(2)螺旋杆AB的拉力大小。
17．车从静止开始以的加速度启动，去追车前相距为处，以的速度匀速前进的人，求：
（1）人车何时相遇；
（2）追上之前，人和车之间的最大距离为多少。
18．如图所示，倾角θ=30°、长度L=10m 的传送带以v=3m/s的速度稳定地逆时针传动。质量m=0.5kg、底部带有红色颜料的小滑块从距传送带底端 d=6.75m的P处，以v0=6m/s的初速度向上运动。已知滑块与传送带的动摩擦因数。试求：
(1)滑块在传送带上运动的时间；
(2)滑块在传送带上留下的红色痕迹长度。
19．一个质量m = 10 kg的物体放在水平地面上，在与水平方向成37°角，大小为F=100N的斜向上的拉力F的作用下由静止开始运动,已知物体2s内通过的位移为12m（取g＝10 m/s2，sin37°=0.6, cos37°=0.8）
（1）画出物体受力示意图；
（2）求物体与地面间的动摩擦因数μ；
（3）由静止运动2s时撤去这个拉力F，试求撤去拉力后物体继续滑行的位移。
试卷第页，共页
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参考答案：
1．BD
【解析】
【详解】
A与纸板间的最大静摩擦力为：，B与纸板间的最大静摩擦力为：．A、，所以AB与纸板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；当B刚要相对于纸板滑动时静摩擦力达到最大值，由牛顿第二定律得：，解得：，对整体有：，即达到4N后，B将相对纸板运动，此时摩擦力f=2N；则对纸板可知，纸板受到A的摩擦力大于B的摩擦力；故A和纸板间不会发生相对运动；则可知，当拉力为8N时，B与纸板间的摩擦力即为滑动摩擦力为2N，此后增大拉力，不会改变B的受力；其加速度大小均为，故BD正确，C错误；故选BD．
【点睛】先以B为研究对象，当B刚要相对于板滑动时静摩擦力达到最大值，由牛顿第二定律求出临界加速度，再由对整体求出F的大小，即可判断A、B的状态，运用隔离法和整体法结合求解．
2．BD
【解析】
【详解】
A、水平面光滑，物体所受的合力等于F，在0 3s内，物块的受力一直向右，一直向右做加速运动，可知3s时物块的速度不为零，故A错误；
B、根据牛顿第二定律得：，a t图线如图所示，a t图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，可知最大速度变化量为，可知物体向右运动的最大速度为9m/s，故B正确；
CD、物体的速度时间图线如图所示，由图线与时间轴围成的面积表示位移，所以在0~6s内位移，则平均速度，故D正确，C错误；
故选BD．
【点睛】
根据牛顿第二定律得出加速度与时间的表达式，结合a-t图线围成的面积表示速度变化量得出最大速度的大小，根据速度时间图线，结合图线围成的面积表示位移，根据平均速度的定义式求出平均速度的大小．
3．ABD
【解析】
【详解】
A．图象的斜率等于加速度，由图象可知甲物体的加速度大小为
乙物体的加速度大小为
故A正确；
B．甲、乙两物体速度相等时，甲、乙两物体间的相距最远，根据图可知甲、乙两物体速度相等时的时间为
图象与坐标轴围成面积代表位移，所以甲、乙两物体间的最远距离为
故B正确；
C．时，甲、乙两物体速度为正值，所以都向正方向运动，此时乙在前，甲在后，故C错误；
D．图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，时，甲物体间的位移为
乙物体间的位移为
所以时，甲、乙两物体相遇，故D正确；
故选ABD。
4．D
【解析】
【分析】
自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合位移时间公式求出时物体下落的高度，从而得出距离地面的高度．根据速度位移公式求出物体下落时速度．
【详解】
根据位移时间公式知，在前一半时间和后一半时间内的位移之比为1：3，则前一半时间内的位移为，此时距离地面的高度为，故AB错误；根据，知当高度为时，物体下落的速度为，故C错误，D正确；故选D．
【点睛】
解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解．
5．D
【解析】
【详解】
设乌龟的速度为，根据题意可知，即，作出图像，如图所示，在图象中，若取极短距离观察乌龟爬行，可近似认为乌龟的运动是匀速直线运动，在里需要的时间为，即可认为在图象中取相应的面积大小可等于运动时间
乌龟继续爬行2m，即距离家的距离为3m时所需时间为，D正确．
【点睛】
本题的关键是由位移公式的推导方法可得出图象的处理方法；由图象可得出图象的面积等于运动时间．
6．C
【解析】
【分析】
【详解】
CD．取物块B为研究对象，分析其受力情况，设细绳与竖直方向夹角为α，据平衡条件可得
F=mgtanα
在物块B缓慢拉高的过程中，α增大，则水平力F增大，绳子拉力T增大，对A、B两物块及斜面体这个整体，可认为始终处于平衡状态，则地面对斜面体的摩擦力与水平力F相等，故一定增大，但是因为整体竖直方向并没有其他力，故斜面体所受地面的支持力等于系统的重力，始终不变，C正确，D错误；
A．在这个过程中尽管绳子拉力T增大，但是由于原来物块A所受斜面体的静摩擦力方向未知，，故物块A所受斜面体的摩擦力变化情况无法确定，A错误；
B．设滑轮两侧绳的拉力间夹角为，滑轮受到的作用力为
由于拉力T增大，夹角也增大，故绳对滑轮的作用力的大小变化无法确定，B错误。
故选C。
7．B
【解析】
【详解】
AB．雨滴从高空由静止下落，由于空气阻力作用，其加速度逐渐减小，因为加速度方向与速度方向相同，则速度一直增大，当加速度减小到零时，速度达到最大，故A错误，B正确；
C．雨滴从高空由静止下落过程中，位移越来越大，故C错误；
D．加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度减小，则速度的变化率减小，故D错误。
故选B。
8．D
【解析】
【详解】
A. 以扶梯为参考系，小张是静止的，选项A错误；
B. 以扶梯为参考系，孩子是运动的，选项B错误；
C. 以地面为参考系，小张是运动的，选项C错误；
D. 以地面为参考系，孩子是运动的，选项D正确．
9．D
【解析】
【详解】
AB．已知在t1时刻，两车并排行驶，在t1-t2时间内，甲图线与时间轴围成的面积大，则知甲通过的位移大，可知t2时刻，甲车在前，乙车在后，两车没有并排行驶，故AB错误；
C．速度图象并不表示其运动轨迹，速度图象表示两物体做的是直线运动，故C错误；
D．速度图线的切线的斜率表示加速度，可知乙车的加速度先减小后增大，故D正确；
故选D。
10．D
【解析】
【详解】
AD．斜率代表劲度系数，故a的进度系数大于b的劲度系数，故D正确，A错误；
B．弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故B错误；
C．在图中，当弹簧的弹力为零时，弹簧处于原长，b的原长大于a的原长，故C错误。
故选D。
11．B
【解析】
【详解】
对小物块受力分析，由平衡条件得
对物体受力分析，由平衡条件得
联立得
故选B。
12．D
【解析】
【详解】
AC．对木块受力分析，当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如图所示
当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如图所示
推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如图所示
根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可得
斜劈对木块的支持力可能小于mg。故AC错误；
BD．对系统进行受力分析，竖直方向有
易知地面对斜劈的支持力一定等于(M + m)g。
水平方向有两外力等大反向，合力为零，斜劈没有相对地面的运动趋势。所以斜劈与地面间不可能存在摩擦力。故B错误；D正确。
故选D。
13．D
【解析】
【分析】
瞬时速度是物体在某一时刻或某一位置的速度；瞬时速度的大小表示速率，但是平均速度的大小与平均速率概念不同，平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值；
【详解】
A、速率是瞬时速度的大小，所以速率是标量，故A错误；
B、子弹射出枪口时的速度是瞬时速度，故B错误；
C、根据平均速度的定义式，平均速度等于物体在单位时间内通过的位移，故C错误；
D、平均速度是矢量，平均速度的方向与某段时间内位移的方向相同，故D正确；
【点睛】
解决本题的关键知道瞬时速度的大小表示速率，但是平均速度的大小与平均速率概念不同，平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值．
14． 3.2~3.6
【解析】
【详解】
[1]根据力的平行四边形法则，做出两个分力的合力如图；
[2]由图可知，合力大小为3.5N。
15． BCE 0.3 0.4 平衡摩擦力时模板倾角过大
【解析】
【详解】
(1)[1]A．首先要平衡摩擦力，使小车受到合力等于细绳对小车的拉力，故A不符合题意；
B．平衡摩擦力时，不要给小车加任何牵引力，即小车不应该系上挂着塑料小桶的细绳，故B符合题意；
C．每次改变拉小车拉力后都不需要重新平衡摩擦力，故C符合题意；
D．实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力，故D不符合题意；
E．实验中应先接通打点计时器的电源，再释放小车，故E符合题意。
故选BCE。
(2)[2]相邻计数点间还有4个点未画出，可知相邻两个点的时间间隔为
T=0.1s
根据在匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可以求出C点的瞬时速度大小
[3]由题意可知
x1=24mm=2.4cm
x2=52mm-24mm=2.8cm
x3=84mm-52mm=3.2cm
x4=120mm-84mm=3.6cm
根据
△x=aT2
其中△x=0.4cm，T=0.1s，故代入数据解得
a=0.4m/s2
(3)[4]由图象可知，a-F图象在a轴上有截距，这是由于平衡摩擦力时模板倾角过大造成的。
16．(1)；(2)
【解析】
【详解】
(1)C点受到的压力G分解沿两臂的两个分力F1，根据对称性可知，两臂受到的压力大小相等，可得
得
(2)对A点受力分析，由平衡条件得
联立解得
17．（1）10s；（2）24.5m
【解析】
【详解】
（1）设经过时间t人和车相遇，根据位移关系有
解得
（2）追上之前，设经过时间t1，人和车速度相等，则
解得
则最大距离为
18．（1）3s；（2）6.75m.
【解析】
【详解】
（1）滑块受到重力mg、支持力FN、沿斜面向下的摩擦力f作用，根据牛顿第二定律可得：
mgsinθ+f=ma
FN=mgcosθ
又
f=μFN
联立方程，代入数据得：
a=6m/s2
开始滑块向上做匀减速运动，减速到零时所有时间为
滑块向上运动的距离为
因为x＜L-d，所以滑块还没有到达传动带最高点时速度已经为零，以后滑块将沿传送带向下以加速度a做匀加速运动，设经时间t2与传送带速度相等，则：
向下运动的位移为
滑块速度与传送带速度相等时，滑块所受摩擦力方向变为沿传送带向上，因为
所以滑块将继续沿传送带向下加速运动，加速度为a′，由牛顿第二定律可得
mgsinθ-μmgcosθ=ma′
代入数据解得
a′=4m/s2
从滑块与传送带速度相等开始，滑块达到底端的时间为t3，达到底部的速度为v1，达到底部时的位移为
x2=d+x-x1=9m
根据速度位移关系可得
v12-v2=2a′x2
解得
v1=9m/s
则
滑块在传送带上运动的时间为
t=t1+t2+t3=3s
（2）滑块减速上升过程中相对于传送带向上滑动的距离为
△x1=x+vt1=6m
滑块加速下滑到与传送带共速过程中相对于传送带向上滑动的距离为
△x2=vt2-x1=0.75m
从滑块与传送带速度相等开始到滑块达到底端的过程中相对于传送带向下滑动的距离为
△x3=x2-vt3=4.5m
由于红色痕迹有重叠，故滑块在传送带上留下的红色痕迹长度为
△x=△x1+△x2=6.75m
19．（1）；（2）μ=0.5 ；（3）x=14.4m
【解析】
【分析】
【详解】
（1）物体受重力、拉力、支持力和摩擦力，如图所示
（2）在拉力F的作用下由静止开始匀加速运动，由匀变速运动的位移时间公式
代入数据，得
由牛顿第二定律则有
解得
（3）撤去这个拉力F，由牛顿第二定律则有
解得
由静止运动2s时速度为
撤去拉力后物体继续滑行的位移
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