四川省南充市高二下学期开学考试物理试题（word版含答案）
文档属性
| 名称 | 四川省南充市高二下学期开学考试物理试题（word版含答案） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 245.4KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2022-02-10 10:06:15 | ||
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文档简介
四川省南充市高二下学期开学考试物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、多选题
1．如图所示，一质量为m、电量大小为q的带电油滴，从水平向右的匀强电场中的O点以速度v沿与场强方向成角射入电场中，油滴运动到最高点时速度大小也是v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）
A．最高点可能在O点的正上方
B．匀强电场的电场强度可能为E＝
C．匀强电场的电场强度可能为E＝
D．O点与最高点之间的电势差可能小于零
2．以初速度v水平抛出一质量为m的石块，不计空气阻力，对石块在空中运动的过程，下列判断正确的是（ ）
A．在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量相同
B．在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量不相同
C．在两个下落高度相同的过程中，石块动量的增量相同
D．在两个下落高度相同的过程中，石块动能的增量相同
3．如图所示,物块A和滑环B用绕过光滑定滑轮的不可伸长的轻绳连接，滑环B套在与竖直方向成θ=53°的粗细均匀的固定杆上，连接滑环B的绳与杆垂直并在同一竖直平面内，滑环B恰好不能下滑，滑环和杆间的动摩擦因数μ=0.8，设滑环和杆间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 滑环B质量为：m＝1kg，重力加速度为g＝10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．则物块A的质量可能为：
A．0.05kg B．0.95kg
C．1.55kg D．0.45kg
4．电源，开关S、，定值电阻，光敏电阻和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置，当开关S、闭合，并且无光照射光敏电阻时，一带电液滴恰好静止在电容器两极板间的M点，当用强光照射光敏电阻时，光敏电阻的阻值变小，则（ ）
A．液滴向上运动
B．液滴向下运动
C．两端的电势差是否升高无法分析
D．当光照强度不变时断开，把电容器的上极板向上移动一小段距离，则上极板的电势比A点的电势高
二、单选题
5．在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块。由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止。在物块的运动过程中，下列表述正确的是（ ）
A．两个物块的动能守恒
B．两个物块组成的系统机械能守恒
C．两个物块的电势能逐渐减少
D．全过程物块受到的摩擦力小于或等于其受到的库仑力
6．一辆沿笔直公路匀加速行驶的汽车，经过路旁两根相距50 m的电线杆共用5 s时间，它经过第二根电线杆时的速度为15 m/s，则经过第1根电线杆时的速度为（ ）
A．2.5m/s B．5 m/s
C．7.5 m/s D．10 m/s
7．关于地磁场，下列叙述正确的是（ ）
A．地球的地磁两极和地理两极重合
B．我们用指南针确定方向，指南的一极是指南针的北极
C．地磁的北极与地理的南极重合
D．地磁的北极在地理南极附近
8．如图甲所示是一种振动发电装置的示意图，一个半径r＝0.10m、匝数n＝20匝的线圈套在永久磁铁槽中，槽中磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布（其右侧视图如图乙所示），线圈所在位置磁感应强度B的大小均为B＝T，线圈的电阻R1＝0.50Ω，它的引出线接有R2＝9.50Ω的小电珠L，A为理想交流电流表。当线圈框架的P端在外力作用下沿轴线做往复运动，便有电流通过电珠。若线圈往复运动的规律如图丙所示（v取向右为正），则下列判断正确的是（ ）
A．电流表的示数为0.24 A
B．0.01 s时回路中的电流最大
C．回路中交流电的频率为50 Hz
D．0.015 s时电珠L中电流的方向为从D→L→C
9．某一物体运动的v-t图像如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．0到t0时间内物体做曲线运动
B．t0到3t0时间内物体向负方向运动
C．t0时刻和3t0时刻物体在同一个位置
D．t0到2t0时间内和2t0到3t0时间内平均速度相同
10．在物理学发展过程中,观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述不符合物理学史实的是
A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应,该效应揭示了电和磁之间存在联系
B．安培受到通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似的启发,提出了分子电流假说
C．法拉第经过大量实验才观察到感应电流，并进一步研究得到了法拉第电磁感应定律
D．楞次在分析了许多实验事实后得到了楞次定律，楞次定律其实体现了在电磁感应现象中的能量转化和守恒
11．某同学在研究三种导电元件的伏安特性时，他根据实验所测得的数据，分别绘制了I-U图线，如图甲、乙、丙所示，下列说法错误的是（ ）
A．图甲的元件可以作为标准电阻使用
B．图乙的电阻随电压升高而增大
C．图丙的电阻随电压升高而增大
D．图乙可能是小灯泡的I-U图像
12．下列说法正确的是（ ）
A．“元电荷”是最小的电荷量，用e表示，则，质子和电子都是元电荷
B．电场是库仑首先提出来的，电荷A对电荷B的作用就是电荷A的电场对B的作用
C．若放入正电荷时，电场中某点的电场强度方向向右，则放入负电荷时，该点的电场强度方向仍向右
D．在高大的建筑物上安装避雷针的目的是直接导走云层中的电荷
13．如图所示，内壁光滑的半球形容器固定在水平面上。将一轻弹簧的一端固定在半球形容器底部处，为球心。当弹簧另一端与质量为的小球相连时，小球静止于点。已知与水平方向的夹角为，则半球形容器对球的支持力和弹簧的弹力分别为（） （ ）
A．， B．，
C．， D．，
三、实验题
14．用欧姆表测电阻时，如发现指针偏转角度太小，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较_____（选填“大”或“小”）的倍率档，重新测量，测量前要进行调零．如图所示为使用多用表进行测量时，指针在刻度盘上停留的位置，若选择旋钮：
（1）“×1kΩ”位置，则测量值为_____；
（2）直流“10V”位置，则测量值为_____．
15．（1）如图所示用多用电表测量小灯泡的电压时，红表笔应接在_____（填“a”或“b”）
（2）将多用电表选择开关旋至欧姆档对黑箱中的三个接线柱间电阻进行测量，如图所示得到如下表格中数据，那么黑箱中的线路应该是如图所示电路中的哪一个______
黑笔触点 1 1 2
红笔触点 2 3 1
表头读数 0 0.5kΩ 2kΩ
四、解答题
16．已知金的原子序数为79，粒子离金原子核的最近距离约为，（已知）求：
（1）粒子离金原子核最近时受到的库仑力是多少？
（2）粒子产生的最大加速度为多少（结果保留三位有效数字）？
17．如图所示，在倾角θ＝37°的斜面上，固定一金属框，其宽l＝0.25 m．接入电动势E＝3 V、内阻不计的电源．垂直框边放有一根质量m＝0.2 kg的金属棒ab，它与框架的动摩擦因数μ＝0.5，整个装置放在磁感应强度B＝0.8 T、方向垂直框面向上的匀强磁场中，框架与棒的电阻不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2．
（1）当滑动变阻器R的阻值调为多大时，金属棒与框架之间恰好无摩擦；
（2）当滑动变阻器R的阻值调为多大时，金属棒恰好要沿框架向上滑动．
18．波长的伦琴射线使金箔发射光电子，电子在磁感应强度为B的匀强磁场区域内做最大半径为r的匀速圆周运动，已知。试求：
（1）光电子的最大初动能；
（2）金属的逸出功。
试卷第页，共页
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参考答案：
1．BCD
【解析】
【详解】
A．粒子到最高点的速度仍为v，则动能的变化量为零，根据动能定理知，克服重力做的负功等于电场力做的正功，最高点如果是O点正上方，则电场力不做功，故A错误；
BC．若粒子带正电，到最高点的时间为
解得：
若粒子带负电
解得：
故BC正确；
D．根据动能定理知，从开始到最高点过程中，动能变化量为零，克服重力做的负功等于电场力做的正功，可知O点与最高点的电势差不可能为零，又由于粒子电性不清楚，所以O点与最高点的电势差可能小于0，故D正确．
2．AD
【解析】
【分析】
【详解】
AB．由动量定理
可知，石块做平抛运动，只受重力作用，在两个相等的时间间隔t内，石块动量的增量相同，故A正确，B错误；
C．石块做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，在两个下落高度相同的过程中，运动时间不同，重力的冲量不同，动量的增量不同，故C错误；
D．在两个下落高度相同的过程中，重力做功相同，由动能定理可知，石块动能的增量相同，故D正确。
故选AD。
3．AC
【解析】
【详解】
对A受力分析根据平衡条件：T=mAg；对B受力分析，若细杆对B的弹力斜向下，则如图所示：
根据平衡条件：mBgcosθ=f，mAg=N+mBgsinθ，f=μN，得：，则mA=1.55m；若细杆对B的弹力斜向上，根据平衡条件：mBgcosθ=f，mAg+N=mBgsinθ，f=μN，得： ，则mA=0.05m；故AC正确，BD错误；故选AC．
【点睛】
本题关键是分别对两个物体受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式求解；注意杆对物体B弹力的两个可能的方向．
4．AD
【解析】
【详解】
AB．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，根据闭合回路欧姆定律可得外电路总电阻减小，所以总电流减大，故通过的电压增大，即电容器两极板间的电压增大，所以两极板间的电场增大，故带电液滴的电场力增大，故粒子向上运动，B错误，A正确；
C．因为的下端接地，所以电势为零，而两端的电压增大，所以两端的电势差增大，C错误；
D．当光照强度不变时断开S′，把电容器的上极板向上移一小段距离，则电容器所带电荷量不变，根据公式可得电容减小，根据公式可得，电压增大，所以比A点的电势高，D正确。
故选AD。
5．C
【解析】
【详解】
AB．由于两物块带同种电荷，它们之间存在库仑斥力，库仑力对两物块做正功，刚开始时，库仑力大于物块受的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则机械能先增大，后减小，因此两个物块的动能及两个物块组成的系统机械能都不守恒，AB错误；
C．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两个物块之间的库仑力做正功，两个物块的电势能逐渐减小，C正确；
D．由库仑定律得知：库仑力与两个物块之间的距离平方成反比，所以库仑力先大于物块所受的摩擦力，后小于摩擦力，D错误。
故选C。
6．B
【解析】
【分析】
【详解】
物体经过两根电线杆的平均速度为
由于物体做匀加速直线运动，所以有
联立方程，代入数据得v1=5m/s
即经过第一根电线杆的速度为5m/s。
故选B。
7．D
【解析】
【详解】
ACD．地球本身是一个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理的北极附近，但磁极和地理两极并不重合，存在一定的偏角，故AC错误，D正确；
B．在地球表面地磁场的磁感线从地理南极指向地理北极，故我们用指南针确定方向，指南的一极是指南针的南极。故B错误。
故选：D。
8．C
【解析】
【详解】
A．由E＝BLv及v t图像可知，线圈往复运动所产生的感应电流为正弦式交流电，则
电流的有效值
故A错误；
B．t＝0.01 s时，v＝0，所以I＝0，故B错误；
C．由图像可知T＝0.02s，f＝50Hz，故C正确；
D．t＝0.015s时，由右手定则可知，电流方向C→L→D，故D错误。
故选C。
9．C
【解析】
【分析】
【详解】
A．物体只有做直线运动才能描绘v-t图像，故A错误。
B．t0到2t0速度为正，物体向正方向运动，2t0到3t0速度为负，物体向正方负运动，故B错误。
C．t0到2t0的位移和2t0到3t0的位移等大反向，所以t0时刻和3t0时刻物体在同一个位置，故C正确。
D．t0到2t0时间内和2t0到3t0时间内的位移大小相等且方向相反，时间相等，所以平均速度大小相等，方向相反，故D错误。
故选C。
10．C
【解析】
【详解】
A．1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，符合史实，故A正确；
B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了软铁磁化现象，符合史实，故B正确；
C．法拉第通过大量的实验研究发现了电磁感应现象，后来的科学家利用他大量的实验数据用科学计算得到了法拉第电磁感应定律，不符合史实，故C错误；
D．楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，且楞次定律其实体现了在电磁感应现象中的能量转化和守恒，符合史实，故D正确．
11．C
【解析】
【详解】
试题分析：由图甲可知，甲的元件电阻保持不变；可以作为标准电阻使用，故A正确；图乙中随电压的增大，图象的斜率减小，则说明电阻在增大，故B正确；图丙的电阻随电压的增大而减小，故C错误；当温度升高时，灯丝的电阻率增大，电阻增大，I-U图象的斜率是，则斜率在减小，故乙图有可能是小灯泡的I-U图像，故D正确；本题选错误的，故选C.
【点睛】伏安特性曲线能得出电流随电压的变化关系，则由欧姆定律可得出电阻的变化；同时注意线性元件及非线性元件的伏安特性曲线的区别.
12．C
【解析】
【分析】
【详解】
A．“元电荷”是最小的电荷量，用e表示，则e＝1.60×10 19C，质子和电子的电荷量数值都等于元电荷，但质子和电子是实物粒子，不是元电荷，故A错误；
B．电场是法拉第首先提出来的，电荷A对电荷B的作用就是电荷A的电场对B的作用，故B错误；
C．放入正电荷和负电荷时，该点的场强均向右，故C正确；
D．建筑物上安装避雷针的原理是通过尖端放电来中和云层中的电荷，故D错误；
故选C。
13．B
【解析】
【详解】
作出小球的受力分析图，由相似三角形法可得
其中
可得支持力
弹簧的弹力
故选B。
14． 大； 32kΩ； 3.5V
【解析】
【分析】
【详解】
[1]指针偏转角度太小，说明所选档位的倍率太小，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较大的倍率挡，重新测量前要进行欧姆调零．
（1）[2]在“×1kΩ”位置，由图示欧姆表可知，所测量电阻的阻值为
32×1kΩ=32kΩ
（2）[3]在“10V”位置，由图示多用电表可知，其分度值是0.2V，所测量电压的值为3.5V；
15． b C
【解析】
【详解】
（1）[1]．用多用电表测量小灯泡的电压时，因红表笔为“+”极，则红表笔应接在b点；
（2）[2]．由题意可知，黑笔触点接1，红笔触点接2，表头读数为0，则说明之间没有电阻，若有二极管，则也处于导通状态；由于多用电表测量电阻时，电流从红表笔流入，黑表笔流出，因此1接二极管的正极；又由于黑笔触点接1，红笔触点接3时，表头读数为0.5kΩ，而每个电阻的阻值为1kΩ，因此可能是两电阻并联；加之当黑笔触点接2，红笔触点接1时，表头读数为2kΩ，而每个电阻的阻值为1kΩ，因此可能是两电阻串联；综上所述，则C正确；
16．（1）91.008N；（2）1.37×1028m/s2
【解析】
【分析】
【详解】
（1）由库仑定律得
F＝k＝k
代入数据解得
F＝91.008N
（2）根据牛顿第二定律得
a＝＝m/s2≈1.37×1028m/s2
17．（1）0.5Ω（2）0.3Ω
【解析】
【详解】
（1）根据平衡条件有：
根据闭合电路的欧姆定律有：
解得：
R1=0.5Ω
（2）最大静摩擦力沿斜面向下，根据平衡条件有：
则有：
解得：
R2=0.3Ω
18．（1）；（2）
【解析】
【分析】
【详解】
(1)电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的向心力为洛伦兹力
所以
电子的最大初动能
（2）入射光子的能量
根据爱因斯坦光电效应方程得金属的逸出功为
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学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、多选题
1．如图所示，一质量为m、电量大小为q的带电油滴，从水平向右的匀强电场中的O点以速度v沿与场强方向成角射入电场中，油滴运动到最高点时速度大小也是v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）
A．最高点可能在O点的正上方
B．匀强电场的电场强度可能为E＝
C．匀强电场的电场强度可能为E＝
D．O点与最高点之间的电势差可能小于零
2．以初速度v水平抛出一质量为m的石块，不计空气阻力，对石块在空中运动的过程，下列判断正确的是（ ）
A．在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量相同
B．在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量不相同
C．在两个下落高度相同的过程中，石块动量的增量相同
D．在两个下落高度相同的过程中，石块动能的增量相同
3．如图所示,物块A和滑环B用绕过光滑定滑轮的不可伸长的轻绳连接，滑环B套在与竖直方向成θ=53°的粗细均匀的固定杆上，连接滑环B的绳与杆垂直并在同一竖直平面内，滑环B恰好不能下滑，滑环和杆间的动摩擦因数μ=0.8，设滑环和杆间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 滑环B质量为：m＝1kg，重力加速度为g＝10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．则物块A的质量可能为：
A．0.05kg B．0.95kg
C．1.55kg D．0.45kg
4．电源，开关S、，定值电阻，光敏电阻和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置，当开关S、闭合，并且无光照射光敏电阻时，一带电液滴恰好静止在电容器两极板间的M点，当用强光照射光敏电阻时，光敏电阻的阻值变小，则（ ）
A．液滴向上运动
B．液滴向下运动
C．两端的电势差是否升高无法分析
D．当光照强度不变时断开，把电容器的上极板向上移动一小段距离，则上极板的电势比A点的电势高
二、单选题
5．在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块。由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止。在物块的运动过程中，下列表述正确的是（ ）
A．两个物块的动能守恒
B．两个物块组成的系统机械能守恒
C．两个物块的电势能逐渐减少
D．全过程物块受到的摩擦力小于或等于其受到的库仑力
6．一辆沿笔直公路匀加速行驶的汽车，经过路旁两根相距50 m的电线杆共用5 s时间，它经过第二根电线杆时的速度为15 m/s，则经过第1根电线杆时的速度为（ ）
A．2.5m/s B．5 m/s
C．7.5 m/s D．10 m/s
7．关于地磁场，下列叙述正确的是（ ）
A．地球的地磁两极和地理两极重合
B．我们用指南针确定方向，指南的一极是指南针的北极
C．地磁的北极与地理的南极重合
D．地磁的北极在地理南极附近
8．如图甲所示是一种振动发电装置的示意图，一个半径r＝0.10m、匝数n＝20匝的线圈套在永久磁铁槽中，槽中磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布（其右侧视图如图乙所示），线圈所在位置磁感应强度B的大小均为B＝T，线圈的电阻R1＝0.50Ω，它的引出线接有R2＝9.50Ω的小电珠L，A为理想交流电流表。当线圈框架的P端在外力作用下沿轴线做往复运动，便有电流通过电珠。若线圈往复运动的规律如图丙所示（v取向右为正），则下列判断正确的是（ ）
A．电流表的示数为0.24 A
B．0.01 s时回路中的电流最大
C．回路中交流电的频率为50 Hz
D．0.015 s时电珠L中电流的方向为从D→L→C
9．某一物体运动的v-t图像如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．0到t0时间内物体做曲线运动
B．t0到3t0时间内物体向负方向运动
C．t0时刻和3t0时刻物体在同一个位置
D．t0到2t0时间内和2t0到3t0时间内平均速度相同
10．在物理学发展过程中,观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述不符合物理学史实的是
A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应,该效应揭示了电和磁之间存在联系
B．安培受到通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似的启发,提出了分子电流假说
C．法拉第经过大量实验才观察到感应电流，并进一步研究得到了法拉第电磁感应定律
D．楞次在分析了许多实验事实后得到了楞次定律，楞次定律其实体现了在电磁感应现象中的能量转化和守恒
11．某同学在研究三种导电元件的伏安特性时，他根据实验所测得的数据，分别绘制了I-U图线，如图甲、乙、丙所示，下列说法错误的是（ ）
A．图甲的元件可以作为标准电阻使用
B．图乙的电阻随电压升高而增大
C．图丙的电阻随电压升高而增大
D．图乙可能是小灯泡的I-U图像
12．下列说法正确的是（ ）
A．“元电荷”是最小的电荷量，用e表示，则，质子和电子都是元电荷
B．电场是库仑首先提出来的，电荷A对电荷B的作用就是电荷A的电场对B的作用
C．若放入正电荷时，电场中某点的电场强度方向向右，则放入负电荷时，该点的电场强度方向仍向右
D．在高大的建筑物上安装避雷针的目的是直接导走云层中的电荷
13．如图所示，内壁光滑的半球形容器固定在水平面上。将一轻弹簧的一端固定在半球形容器底部处，为球心。当弹簧另一端与质量为的小球相连时，小球静止于点。已知与水平方向的夹角为，则半球形容器对球的支持力和弹簧的弹力分别为（） （ ）
A．， B．，
C．， D．，
三、实验题
14．用欧姆表测电阻时，如发现指针偏转角度太小，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较_____（选填“大”或“小”）的倍率档，重新测量，测量前要进行调零．如图所示为使用多用表进行测量时，指针在刻度盘上停留的位置，若选择旋钮：
（1）“×1kΩ”位置，则测量值为_____；
（2）直流“10V”位置，则测量值为_____．
15．（1）如图所示用多用电表测量小灯泡的电压时，红表笔应接在_____（填“a”或“b”）
（2）将多用电表选择开关旋至欧姆档对黑箱中的三个接线柱间电阻进行测量，如图所示得到如下表格中数据，那么黑箱中的线路应该是如图所示电路中的哪一个______
黑笔触点 1 1 2
红笔触点 2 3 1
表头读数 0 0.5kΩ 2kΩ
四、解答题
16．已知金的原子序数为79，粒子离金原子核的最近距离约为，（已知）求：
（1）粒子离金原子核最近时受到的库仑力是多少？
（2）粒子产生的最大加速度为多少（结果保留三位有效数字）？
17．如图所示，在倾角θ＝37°的斜面上，固定一金属框，其宽l＝0.25 m．接入电动势E＝3 V、内阻不计的电源．垂直框边放有一根质量m＝0.2 kg的金属棒ab，它与框架的动摩擦因数μ＝0.5，整个装置放在磁感应强度B＝0.8 T、方向垂直框面向上的匀强磁场中，框架与棒的电阻不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2．
（1）当滑动变阻器R的阻值调为多大时，金属棒与框架之间恰好无摩擦；
（2）当滑动变阻器R的阻值调为多大时，金属棒恰好要沿框架向上滑动．
18．波长的伦琴射线使金箔发射光电子，电子在磁感应强度为B的匀强磁场区域内做最大半径为r的匀速圆周运动，已知。试求：
（1）光电子的最大初动能；
（2）金属的逸出功。
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参考答案：
1．BCD
【解析】
【详解】
A．粒子到最高点的速度仍为v，则动能的变化量为零，根据动能定理知，克服重力做的负功等于电场力做的正功，最高点如果是O点正上方，则电场力不做功，故A错误；
BC．若粒子带正电，到最高点的时间为
解得：
若粒子带负电
解得：
故BC正确；
D．根据动能定理知，从开始到最高点过程中，动能变化量为零，克服重力做的负功等于电场力做的正功，可知O点与最高点的电势差不可能为零，又由于粒子电性不清楚，所以O点与最高点的电势差可能小于0，故D正确．
2．AD
【解析】
【分析】
【详解】
AB．由动量定理
可知，石块做平抛运动，只受重力作用，在两个相等的时间间隔t内，石块动量的增量相同，故A正确，B错误；
C．石块做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，在两个下落高度相同的过程中，运动时间不同，重力的冲量不同，动量的增量不同，故C错误；
D．在两个下落高度相同的过程中，重力做功相同，由动能定理可知，石块动能的增量相同，故D正确。
故选AD。
3．AC
【解析】
【详解】
对A受力分析根据平衡条件：T=mAg；对B受力分析，若细杆对B的弹力斜向下，则如图所示：
根据平衡条件：mBgcosθ=f，mAg=N+mBgsinθ，f=μN，得：，则mA=1.55m；若细杆对B的弹力斜向上，根据平衡条件：mBgcosθ=f，mAg+N=mBgsinθ，f=μN，得： ，则mA=0.05m；故AC正确，BD错误；故选AC．
【点睛】
本题关键是分别对两个物体受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式求解；注意杆对物体B弹力的两个可能的方向．
4．AD
【解析】
【详解】
AB．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，根据闭合回路欧姆定律可得外电路总电阻减小，所以总电流减大，故通过的电压增大，即电容器两极板间的电压增大，所以两极板间的电场增大，故带电液滴的电场力增大，故粒子向上运动，B错误，A正确；
C．因为的下端接地，所以电势为零，而两端的电压增大，所以两端的电势差增大，C错误；
D．当光照强度不变时断开S′，把电容器的上极板向上移一小段距离，则电容器所带电荷量不变，根据公式可得电容减小，根据公式可得，电压增大，所以比A点的电势高，D正确。
故选AD。
5．C
【解析】
【详解】
AB．由于两物块带同种电荷，它们之间存在库仑斥力，库仑力对两物块做正功，刚开始时，库仑力大于物块受的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则机械能先增大，后减小，因此两个物块的动能及两个物块组成的系统机械能都不守恒，AB错误；
C．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两个物块之间的库仑力做正功，两个物块的电势能逐渐减小，C正确；
D．由库仑定律得知：库仑力与两个物块之间的距离平方成反比，所以库仑力先大于物块所受的摩擦力，后小于摩擦力，D错误。
故选C。
6．B
【解析】
【分析】
【详解】
物体经过两根电线杆的平均速度为
由于物体做匀加速直线运动，所以有
联立方程，代入数据得v1=5m/s
即经过第一根电线杆的速度为5m/s。
故选B。
7．D
【解析】
【详解】
ACD．地球本身是一个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理的北极附近，但磁极和地理两极并不重合，存在一定的偏角，故AC错误，D正确；
B．在地球表面地磁场的磁感线从地理南极指向地理北极，故我们用指南针确定方向，指南的一极是指南针的南极。故B错误。
故选：D。
8．C
【解析】
【详解】
A．由E＝BLv及v t图像可知，线圈往复运动所产生的感应电流为正弦式交流电，则
电流的有效值
故A错误；
B．t＝0.01 s时，v＝0，所以I＝0，故B错误；
C．由图像可知T＝0.02s，f＝50Hz，故C正确；
D．t＝0.015s时，由右手定则可知，电流方向C→L→D，故D错误。
故选C。
9．C
【解析】
【分析】
【详解】
A．物体只有做直线运动才能描绘v-t图像，故A错误。
B．t0到2t0速度为正，物体向正方向运动，2t0到3t0速度为负，物体向正方负运动，故B错误。
C．t0到2t0的位移和2t0到3t0的位移等大反向，所以t0时刻和3t0时刻物体在同一个位置，故C正确。
D．t0到2t0时间内和2t0到3t0时间内的位移大小相等且方向相反，时间相等，所以平均速度大小相等，方向相反，故D错误。
故选C。
10．C
【解析】
【详解】
A．1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，符合史实，故A正确；
B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了软铁磁化现象，符合史实，故B正确；
C．法拉第通过大量的实验研究发现了电磁感应现象，后来的科学家利用他大量的实验数据用科学计算得到了法拉第电磁感应定律，不符合史实，故C错误；
D．楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，且楞次定律其实体现了在电磁感应现象中的能量转化和守恒，符合史实，故D正确．
11．C
【解析】
【详解】
试题分析：由图甲可知，甲的元件电阻保持不变；可以作为标准电阻使用，故A正确；图乙中随电压的增大，图象的斜率减小，则说明电阻在增大，故B正确；图丙的电阻随电压的增大而减小，故C错误；当温度升高时，灯丝的电阻率增大，电阻增大，I-U图象的斜率是，则斜率在减小，故乙图有可能是小灯泡的I-U图像，故D正确；本题选错误的，故选C.
【点睛】伏安特性曲线能得出电流随电压的变化关系，则由欧姆定律可得出电阻的变化；同时注意线性元件及非线性元件的伏安特性曲线的区别.
12．C
【解析】
【分析】
【详解】
A．“元电荷”是最小的电荷量，用e表示，则e＝1.60×10 19C，质子和电子的电荷量数值都等于元电荷，但质子和电子是实物粒子，不是元电荷，故A错误；
B．电场是法拉第首先提出来的，电荷A对电荷B的作用就是电荷A的电场对B的作用，故B错误；
C．放入正电荷和负电荷时，该点的场强均向右，故C正确；
D．建筑物上安装避雷针的原理是通过尖端放电来中和云层中的电荷，故D错误；
故选C。
13．B
【解析】
【详解】
作出小球的受力分析图，由相似三角形法可得
其中
可得支持力
弹簧的弹力
故选B。
14． 大； 32kΩ； 3.5V
【解析】
【分析】
【详解】
[1]指针偏转角度太小，说明所选档位的倍率太小，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较大的倍率挡，重新测量前要进行欧姆调零．
（1）[2]在“×1kΩ”位置，由图示欧姆表可知，所测量电阻的阻值为
32×1kΩ=32kΩ
（2）[3]在“10V”位置，由图示多用电表可知，其分度值是0.2V，所测量电压的值为3.5V；
15． b C
【解析】
【详解】
（1）[1]．用多用电表测量小灯泡的电压时，因红表笔为“+”极，则红表笔应接在b点；
（2）[2]．由题意可知，黑笔触点接1，红笔触点接2，表头读数为0，则说明之间没有电阻，若有二极管，则也处于导通状态；由于多用电表测量电阻时，电流从红表笔流入，黑表笔流出，因此1接二极管的正极；又由于黑笔触点接1，红笔触点接3时，表头读数为0.5kΩ，而每个电阻的阻值为1kΩ，因此可能是两电阻并联；加之当黑笔触点接2，红笔触点接1时，表头读数为2kΩ，而每个电阻的阻值为1kΩ，因此可能是两电阻串联；综上所述，则C正确；
16．（1）91.008N；（2）1.37×1028m/s2
【解析】
【分析】
【详解】
（1）由库仑定律得
F＝k＝k
代入数据解得
F＝91.008N
（2）根据牛顿第二定律得
a＝＝m/s2≈1.37×1028m/s2
17．（1）0.5Ω（2）0.3Ω
【解析】
【详解】
（1）根据平衡条件有：
根据闭合电路的欧姆定律有：
解得：
R1=0.5Ω
（2）最大静摩擦力沿斜面向下，根据平衡条件有：
则有：
解得：
R2=0.3Ω
18．（1）；（2）
【解析】
【分析】
【详解】
(1)电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的向心力为洛伦兹力
所以
电子的最大初动能
（2）入射光子的能量
根据爱因斯坦光电效应方程得金属的逸出功为
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