2022人教版物理八年级下册 第十二章 简单机械 单元强化训练（含解析）
文档属性
| 名称 | 2022人教版物理八年级下册 第十二章 简单机械 单元强化训练（含解析） |
|
|
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 311.7KB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 人教版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2022-02-22 00:00:00 | ||
图片预览
文档简介
八年级下册物理单元培优强化
第十二章 简单机械
姓名：___________班级：___________
一、填空题
1．手握图中起瓶器的右端向上用力，便可轻松打开瓶盖。这个起瓶器属于______（填“省力”或“费力”）杠杆，它的支点在______点。
2．工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长l＝3m，高h＝1.5m，若该过程中斜面的效率为75%，力F所做的功为_______J，力F的大小为_______N。
3．利用一个高为1m，长为 4m的斜面将重500N的物体从斜面的底端匀速拉至顶端，若所用的拉力是 200N，则有用功是________J，斜面的机械效率是_________。
第3题图 第4题图 第5题图
4．科学上通常用“功”和“热量”来量度物体能量的变化。在“使用动滑轮”活动中，小科利用如图所示装置，用竖直向上的大小为10N的拉力F使物体A匀速提升了0.1m。如果该装置的机械效率为70%，则这一过程中，拉力F所做功为_______J；机械克服物体A的重力所做的功为_______J，这个值也是物体A增加的机械能。
5．如图所示，斜面长10m，高6m，用大小为90N沿斜面向上的拉力F，将重120N的铁块从底端匀速拉到顶端，斜面的机械效率为_________，物体受到的摩擦力为_________。
6．如图，用一个动滑轮把重500 N的物体匀速提起2m时，不计摩擦和动滑轮重，人对绳子的拉力为_____N，绳子自由端移动______m，动滑轮的挂钩受到的拉力为_______N。
第6题图 第7题图
7．如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，他的体重为600N。他每次将身体撑起，肩部上升0.4m，在某次测试中，他1min内完成30次俯卧撑，将身体撑起一次所做得功为_______J。他在1min内做功的功率为________W。
8．如图所示，用滑轮组在4s内将重为120N的物体匀速提升了1m，动滑轮重为40N，不计绳重和摩擦，拉力的功率为______W，滑轮组的机械效率为_________，若用该滑轮组提升150N的物体，则它的机械效率将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
第8题图 第9题图 第10题图
9．如图所示，斜面长s＝0.5m，高h＝0.2m，将5N重的物体从斜面底端匀速拉到斜面顶端，需要用平行于斜面的拉力2.5N，斜面的机械效率是________，斜面对物体摩擦力为________N。
10．如图所示，把重为180N的物体匀速提升2m，不计绳子的重力及摩擦，滑轮组机械效率是60%，所用拉力F为_______N，若人重为600N时，用此装置最多能提升_______N的物重。
二、实验题
11．如图甲所示，小明探究“杠杆的平衡条件”实验。
(1) 实验前，将杠杆中点置于支架上静止时，发现杠杆右端下沉，此时应把杠杆两端的平衡螺母向________（左/右）调节，使杠杆水平平衡；
(2) 杠杆调节平衡后，小明在杠杆A点处挂4个钩码，B点处挂6个钩码，此时杠杆水平平衡，于是小明便得出了杠杆平衡条件。他这样得出的结论________（合理/不合理）；
(3) 实验后小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆中点时，杠杆的平衡条件是否仍成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是：_____________________________________；
(4) 如图丙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，使杠杆水平平衡。当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，杠杆仍水平平衡，则弹簧测力计的示数将________（变大/变小/不变）。
三、计算题
12．如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦．求：
(1) 工人对物体做的有用功；
(2) 拉力F做功的功率；
(3) 若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率。
中小学教育资源及组卷应用平台
试卷第1页，共3页
第3页，共3页
参考答案
1． 省力 A
【解析】
【详解】
[1][2]使用起瓶器向上用力打开瓶盖时，起瓶器绕A点转动，A点是支点。阻力的作用点在B点，动力作用点在右端，所以阻力臂小于动力臂，是省力杠杆。
2． 1200 400
【解析】
【详解】
[1]把重为600N的物体推到斜面顶部所做的有用功
W有=Gh=600N×1.5m=900J
根据公式可得力F所做的功
[2]已知物体在力F作用下在斜面上移动的距离l=3m，根据公式W=Fs可得，力F的大小
3． 500
【解析】
【详解】
[1]有用功
[2]斜面的机械效率
4． 2 1.4
【解析】
[1]由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离
拉力F做的总功
[2]因为，所以克服物体A的重力所做的功
5． 80% 18N
【解析】
[1]拉力做的总功
W总＝Fs＝90N×10m＝900J
拉力做的有用功
W有用＝Gh＝120N×6m＝720J
斜面的机械效率
[2]因为W总＝W有用+W额，所以额外功
W额＝W总﹣W有用＝900J﹣720J＝180J
由W额＝fs知道，物体受到的摩擦力
6． 250 4 500
【解析】
【详解】
[1]动滑轮可以省一半的力，所以人对绳子的拉力为物体重力的一半，故人对绳子的拉力为
[2]动滑轮可以剩一半的力但是费一倍的距离，所以物体提起2m，绳子自由端移动为4m。
[3]不计滑轮重和绳子的重力，将挂钩和重物当成一个整体，其处于平衡状态，其受到了向上的拉力和向下的重力，故拉力等于物体的重力等于500N。
7． 144 72
【解析】
[1]由图知道，地面对手的支持力的力臂
L=0.6m+0.9m=1.5m
由杠杆平衡条件知道
FL=GLG
即
F×1.5m=600N×0.9m
解得F=360N，将身体撑起一次所做功
W=Fs=360N×0.4m=144J
[2]1min内做的总功
W总=nW=30×144J=4320J
做功功率
8． 40 75% 变大
【解析】
[1]不计绳重和摩擦，拉力做的总功
W总＝（G+G动）h＝（120N+40N）×1m＝160J
拉力的功率
[2]拉力做的有用功
W有＝Gh＝120N×1m＝120J
滑轮组的机械效率
[3]不计绳重和摩擦，拉力做的总功
W总＝（G+G动）h
拉力做的有用功W有＝Gh，则滑轮组的机械效率
若用该滑轮组提升150N的物体，即提升物体的重力增大时，变小，变小，变大，滑轮组的机械效率变大。
9． 80% 0.5
【解析】
10． 150 1080
【解析】
【详解】
[1]由图可知滑轮组承担物重的绳子段数
＝2
则
由
得拉力
＝ ＝150N
[2]由于不计绳重和摩擦，根据
得动滑轮的重力
G动＝nF﹣G＝2×150N﹣180N＝120N
若人重为600N时，则能施加的最大拉力为
则根据F＝得
G′＝nF′﹣G动＝2×600N﹣120N＝1080N
11． 左 不合理 未考虑杠杆自重的影响 变大
【解析】
(1)[1]杠杆的调节方法是：左倾右调，右倾左调。因此杠杆右端下沉，应把杠杆两端的平衡螺母向左调。
(2)[2]小明根据一组数据就得出结论，不合理，由于测量次数太少，结论具有偶然性。
(3)[3]若支点不在杠杆中点，测出的拉力大小与杠杆平衡条件不相符，是因为杠杆有自重，相对于支点，重力也有一定的力臂，对杠杆的平衡产生影响。
(4)[4]当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂l1逐渐减小， 根据F1l1=F2l2可知，当阻力和阻力臂一定时，动力臂变小，则动力变大，即弹簧测力计的示数将变大。
12．(1)800J；(2)100W；(3)90%
【解析】
解：(1)由图知道，承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离
s=2h
克服物体的重力所做的功是有用功，故工人对物体做的有用功
W有=Gh=400N×2m=800J
(2)拉力F移动的距离
s=2h=2×2m=4m
拉力F所做的总功
W总=Fs=250N×4m=1000J
拉力做功的功率
(3)由于不计绳重和摩擦，提升过程做的额外功是克服动滑轮重力做功，故提升400N的物体时做的额外功是
将重为900N的物体提升相同高度，做的有用功
所做的总功
由知道 ，此滑轮组的机械效率
答：(1)工人对物体做的有用功800J；
(2)拉力F做功的功率100W；
(3)将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率90%。
答案第1页，共2页
第6页，共6页
第十二章 简单机械
姓名：___________班级：___________
一、填空题
1．手握图中起瓶器的右端向上用力，便可轻松打开瓶盖。这个起瓶器属于______（填“省力”或“费力”）杠杆，它的支点在______点。
2．工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长l＝3m，高h＝1.5m，若该过程中斜面的效率为75%，力F所做的功为_______J，力F的大小为_______N。
3．利用一个高为1m，长为 4m的斜面将重500N的物体从斜面的底端匀速拉至顶端，若所用的拉力是 200N，则有用功是________J，斜面的机械效率是_________。
第3题图 第4题图 第5题图
4．科学上通常用“功”和“热量”来量度物体能量的变化。在“使用动滑轮”活动中，小科利用如图所示装置，用竖直向上的大小为10N的拉力F使物体A匀速提升了0.1m。如果该装置的机械效率为70%，则这一过程中，拉力F所做功为_______J；机械克服物体A的重力所做的功为_______J，这个值也是物体A增加的机械能。
5．如图所示，斜面长10m，高6m，用大小为90N沿斜面向上的拉力F，将重120N的铁块从底端匀速拉到顶端，斜面的机械效率为_________，物体受到的摩擦力为_________。
6．如图，用一个动滑轮把重500 N的物体匀速提起2m时，不计摩擦和动滑轮重，人对绳子的拉力为_____N，绳子自由端移动______m，动滑轮的挂钩受到的拉力为_______N。
第6题图 第7题图
7．如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，他的体重为600N。他每次将身体撑起，肩部上升0.4m，在某次测试中，他1min内完成30次俯卧撑，将身体撑起一次所做得功为_______J。他在1min内做功的功率为________W。
8．如图所示，用滑轮组在4s内将重为120N的物体匀速提升了1m，动滑轮重为40N，不计绳重和摩擦，拉力的功率为______W，滑轮组的机械效率为_________，若用该滑轮组提升150N的物体，则它的机械效率将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
第8题图 第9题图 第10题图
9．如图所示，斜面长s＝0.5m，高h＝0.2m，将5N重的物体从斜面底端匀速拉到斜面顶端，需要用平行于斜面的拉力2.5N，斜面的机械效率是________，斜面对物体摩擦力为________N。
10．如图所示，把重为180N的物体匀速提升2m，不计绳子的重力及摩擦，滑轮组机械效率是60%，所用拉力F为_______N，若人重为600N时，用此装置最多能提升_______N的物重。
二、实验题
11．如图甲所示，小明探究“杠杆的平衡条件”实验。
(1) 实验前，将杠杆中点置于支架上静止时，发现杠杆右端下沉，此时应把杠杆两端的平衡螺母向________（左/右）调节，使杠杆水平平衡；
(2) 杠杆调节平衡后，小明在杠杆A点处挂4个钩码，B点处挂6个钩码，此时杠杆水平平衡，于是小明便得出了杠杆平衡条件。他这样得出的结论________（合理/不合理）；
(3) 实验后小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆中点时，杠杆的平衡条件是否仍成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是：_____________________________________；
(4) 如图丙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，使杠杆水平平衡。当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，杠杆仍水平平衡，则弹簧测力计的示数将________（变大/变小/不变）。
三、计算题
12．如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦．求：
(1) 工人对物体做的有用功；
(2) 拉力F做功的功率；
(3) 若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率。
中小学教育资源及组卷应用平台
试卷第1页，共3页
第3页，共3页
参考答案
1． 省力 A
【解析】
【详解】
[1][2]使用起瓶器向上用力打开瓶盖时，起瓶器绕A点转动，A点是支点。阻力的作用点在B点，动力作用点在右端，所以阻力臂小于动力臂，是省力杠杆。
2． 1200 400
【解析】
【详解】
[1]把重为600N的物体推到斜面顶部所做的有用功
W有=Gh=600N×1.5m=900J
根据公式可得力F所做的功
[2]已知物体在力F作用下在斜面上移动的距离l=3m，根据公式W=Fs可得，力F的大小
3． 500
【解析】
【详解】
[1]有用功
[2]斜面的机械效率
4． 2 1.4
【解析】
[1]由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离
拉力F做的总功
[2]因为，所以克服物体A的重力所做的功
5． 80% 18N
【解析】
[1]拉力做的总功
W总＝Fs＝90N×10m＝900J
拉力做的有用功
W有用＝Gh＝120N×6m＝720J
斜面的机械效率
[2]因为W总＝W有用+W额，所以额外功
W额＝W总﹣W有用＝900J﹣720J＝180J
由W额＝fs知道，物体受到的摩擦力
6． 250 4 500
【解析】
【详解】
[1]动滑轮可以省一半的力，所以人对绳子的拉力为物体重力的一半，故人对绳子的拉力为
[2]动滑轮可以剩一半的力但是费一倍的距离，所以物体提起2m，绳子自由端移动为4m。
[3]不计滑轮重和绳子的重力，将挂钩和重物当成一个整体，其处于平衡状态，其受到了向上的拉力和向下的重力，故拉力等于物体的重力等于500N。
7． 144 72
【解析】
[1]由图知道，地面对手的支持力的力臂
L=0.6m+0.9m=1.5m
由杠杆平衡条件知道
FL=GLG
即
F×1.5m=600N×0.9m
解得F=360N，将身体撑起一次所做功
W=Fs=360N×0.4m=144J
[2]1min内做的总功
W总=nW=30×144J=4320J
做功功率
8． 40 75% 变大
【解析】
[1]不计绳重和摩擦，拉力做的总功
W总＝（G+G动）h＝（120N+40N）×1m＝160J
拉力的功率
[2]拉力做的有用功
W有＝Gh＝120N×1m＝120J
滑轮组的机械效率
[3]不计绳重和摩擦，拉力做的总功
W总＝（G+G动）h
拉力做的有用功W有＝Gh，则滑轮组的机械效率
若用该滑轮组提升150N的物体，即提升物体的重力增大时，变小，变小，变大，滑轮组的机械效率变大。
9． 80% 0.5
【解析】
10． 150 1080
【解析】
【详解】
[1]由图可知滑轮组承担物重的绳子段数
＝2
则
由
得拉力
＝ ＝150N
[2]由于不计绳重和摩擦，根据
得动滑轮的重力
G动＝nF﹣G＝2×150N﹣180N＝120N
若人重为600N时，则能施加的最大拉力为
则根据F＝得
G′＝nF′﹣G动＝2×600N﹣120N＝1080N
11． 左 不合理 未考虑杠杆自重的影响 变大
【解析】
(1)[1]杠杆的调节方法是：左倾右调，右倾左调。因此杠杆右端下沉，应把杠杆两端的平衡螺母向左调。
(2)[2]小明根据一组数据就得出结论，不合理，由于测量次数太少，结论具有偶然性。
(3)[3]若支点不在杠杆中点，测出的拉力大小与杠杆平衡条件不相符，是因为杠杆有自重，相对于支点，重力也有一定的力臂，对杠杆的平衡产生影响。
(4)[4]当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂l1逐渐减小， 根据F1l1=F2l2可知，当阻力和阻力臂一定时，动力臂变小，则动力变大，即弹簧测力计的示数将变大。
12．(1)800J；(2)100W；(3)90%
【解析】
解：(1)由图知道，承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离
s=2h
克服物体的重力所做的功是有用功，故工人对物体做的有用功
W有=Gh=400N×2m=800J
(2)拉力F移动的距离
s=2h=2×2m=4m
拉力F所做的总功
W总=Fs=250N×4m=1000J
拉力做功的功率
(3)由于不计绳重和摩擦，提升过程做的额外功是克服动滑轮重力做功，故提升400N的物体时做的额外功是
将重为900N的物体提升相同高度，做的有用功
所做的总功
由知道 ，此滑轮组的机械效率
答：(1)工人对物体做的有用功800J；
(2)拉力F做功的功率100W；
(3)将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率90%。
答案第1页，共2页
第6页，共6页