第三章恒定电流 项测试 （word版含答案）

第三章、恒定电流
一、选择题（共16题）
1．下列物理量的单位中，属于能量单位的是（　　）
A． B． C． D．
2．某电子元件通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（　　）
A．随着所加电压的增大，该元件的电阻减少
B．对应P点，该元件的电阻为
C．对应P点，该元件的电阻为
D．该元件为非线性元件，欧姆定律不满足，所以不能用公式R=求电阻
3．下列关于电阻率的叙述，错误的是(　　)
A．当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零
B．常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的
C．材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度
D．金属材料的电阻率随温度变化而变化
4．关于电动势，下列说法正确的是（　　）
A．电动势是矢量
B．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置
C．电源的电动势越大，电源内储存的电荷量越多
D．电源的电动势越小，电源内储存的电荷量越多
5．关于导体中的恒定电场，下列说法中正确的是(　　)
A．导体中的电场是由电源两极在空间直接形成的
B．导体中的电场是导体内自由电荷形成的
C．导体中的电场线始终和导线平行
D．导体中的电场分布随电荷的移动而随时间改变
6．如图所示是均匀的长薄片合金电阻板，边长为，边长为，当端点1、2或3、4接入电路中时， ∶为（　　）
A．∶ B．∶ C．1∶1 D．∶
7．科学家在物理学的研究使用了许多研究方法，如控制变量法、等效法、类比法、理想模型法、微元法等等，这些方法对我们学好物理有很大帮助，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是( )
A．在研究带电体时满足一定条件可以把带电体当作点电荷，这利用了等效法
B．在研究电场时，常用人为假设的电场线来描述真实的电场，这用的是微元法
C．在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时应用了控制变量法
D．在电路中，可以用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了类比法
8．下列说法正确的是（　　）
A．是电容的定义式
B．是电流强度的定义式
C．电势能公式适用于任何静电场
D．适用于任何电场强度的计算
9．如图所示，电流表A的量程为0.6A，内阻为0.2Ω，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A。的阻值为0.1Ω，的阻值为0.4Ω。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（　　）
A．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04A
B．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.06A
C．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.08A
D．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.12A
10．通过一个电阻的电流是，经过，通过该电阻的一个截面的电量是（　　）
A． B． C． D．
11．在1 min内通过阻值为5Ω的导体横截面的电量为240 C，那么加在该导体两端的电压是（ ）
A．20 V B．48 V C．120 V D．1 200 V
12．两根完全相同的金属裸导线，如果将其中一根均匀拉长到原来的2倍，而将另一根对折绞合起来，然后把它们并联接入电路中，电路导通，下列说法错误的是（　　）
A．二者电阻大小之比为4∶1
B．二者电阻大小之比为16∶1
C．二者电压相同
D．二者电流大小之比为1∶16
13．手电筒中的干电池给小灯泡供电时，在某次接通开关的内通过某一横截面的电荷量为，则电流是（　　）
A． B． C． D．
14．关于导体的电阻，下列说法正确的是
A．根据，可知R与U成正比，与I成反比
B．根据，可知R与L成正比，与S成反比
C．白炽灯温度上升电阻变大，是因为灯丝的电阻率变大
D．将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则电阻变为原来的4倍
15．关于电流，下列说法正确的是（　　）
A．导体中有电荷运动就会形成电流
B．电流方向就是正电荷定向移动的方向
C．在国际单位制中，电流是七个基本物理量之一
D．对于导体，只要其两端电势差为零，电流也必为零
16．有一种手电筒和台式电子钟都是使用1节干电池工作的．将新电池装在手电筒中，经过较长时间的使用，当手电筒的小灯泡只能发出微弱的光而不能正常使用时，把电池取出来，用电压表测其两端电压，电压表示数略小于1.5V．把这节旧电池装在台式电子钟子却仍能使电子钟正常工作．根据上述现象，可判断下列说法中正确的是（ ）
A．旧电池的电动势比新电池的电动势小了许多
B．旧电池的内电阻比新电池的内电阻大很多
C．台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压小
D．台式电子钟正常工作时的电流一定比手电筒正常工作时的电流小
二、填空题
17．某同学在做“测定金属电阻率”的实验时，通过游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄金属圆片的直径和厚度，读出图中的示数，游标卡尺所示的金属圆片直径的测量值为_____mm，螺旋测微器所示的金属圆片厚度的测量值为____mm。
18．用伏安法测某一电阻：电压表示数为U，电流表示数为I，电阻测量值R＝ 。如果采用如图甲所示的电路，测量值为R1，如果采用如图乙所示电路，测量值为R2，电阻的真实值为R真，它们之间的关系是：R1________R真，这种针对________的接法称为外接法；R2________R真（填“>”“＝”或“<”），这种误差属于________误差。
19．某同学改装电压表的电路图如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路。已知表头G满偏电流为200 μA，表头上标记的内阻值为400 Ω。R1、R2和R3是定值电阻。利用R1和表头构成1 mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用a、b两个接线柱，电压表的量程为1 V；若使用a、c两个接线柱，电压表的量程为3 V。则根据题给条件，定值电阻的阻值应选R1=________Ω，R2=________Ω，R3=________Ω。
综合题
20．（1）如图1，电压之比与电阻、的值有什么关系？请推导出这个关系式。
（2）如图2的电路常被叫作分压电路，当、之间的电压为时，利用它可以在、端获得0和之间的任意电压。试说明其中的道理。
21．随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户。某市对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现有不少样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标）不合格。
（1）你认为不合格的纯净水的电导率是偏大还是偏小？
（2）为了方便测量纯净水样品的电阻，将采集的水样装入绝缘性能良好的塑料圆柱形容器内，容器两端用金属圆片电极密封，如图所示。请用笔画线表示导线，连接测量纯净水样品电阻的电路，注意合理选择电表的量程。
22．如图所示，电源两端电压U保持不变．当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器接入电路中的电阻为RA时，电压表的示数为U1，电流表的示数为I1，电阻R1的电功率为P1，电阻RA的电功率为PA；当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器接入电路中的电阻为RB时，电压表的示数U2为2V，电流表的示数为I2，电阻RB的电功率为PB；当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P位于最右端时，电阻R2的电功率为8W．已知：R1:R2=2:1，P1:PB=1:10，U1:U2=3:2．求：
(1)电源两端的电压U；
(2)电阻R2的阻值；
(3)电阻RA的电功率PA．
23．某电路由电源、两只小灯泡和两个开关组成，当接通开关S1，断开S2，两只灯泡都不太亮；当接通开关S1和S2，一只灯泡很亮，另一只灯泡不亮；当断开开关S1，两只灯泡都不亮。请画出该电路图。
试卷第1页，共3页
参考答案：
1．B
【详解】
KW是功率的单位，eV是利用W=Uq得到的能量单位，是利用q=It得到的电量单位，是利用得到的电场强度单位。
故选B。
2．B
【详解】
A．由图可知，图象的斜率随电压的增大而减小，而I-U图象中的斜率表示电阻的倒数，所以随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A错误；
BCD．由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，根据欧姆定律可得灯泡的电阻
故B正确，CD错误。
故选B。
3．C
【详解】
A.当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零，故选项A不符合题意；
B.铝、铜的电阻率较小，故常用的导线是用铝、铜材料做成的，故选项B不符合题意；
C.材料的电阻率取决于导体的材料和温度，与导体的电阻、横截面积和长度无关，故选项C符合题意；
D.材料的电阻率取决于导体的温度，故材料的电阻率随温度变化而变化，故选项D不符合题意．
4．B
【详解】
A．电动势是标量，有大小，没有方向。故A错误；
B．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置，选项B正确；
CD．电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1C正电荷在电源内从负极移到正极时非静电力做的功，与电源内部储存的电能的多少无关，故CD错误。
故选B。
5．C
【详解】
导体中的电场是由电源、导线等电路元件所积累的电荷共同形成的稳定电场，电场的分布不随时间发生改变，ABD错误；导体中的电场线始终和导线平行，C正确．
故选C．
6．D
【详解】
设电阻板的高度为d，当端点1、2接入电路时，根据电阻定律，电阻
当端点3、4接入电路时，根据电阻定律，电阻
则
故选D。
7．C
【详解】
A. 在研究带电体时满足一定条件可以把带电体当作点电荷，这利用了建立理想模型法，故A错误．
B. 在研究电场时，常用人为假设的电场线来描述真实的电场，这用的是假设法，故B错误．
C. 在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时应用了控制变量法，故C正确．
D. 在电路中，可以用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了等效法．故D错误．
8．C
【详解】
A．是电容的定义式，是电容的决定式，故A错误；
B． 是电流强度的定义式，是由欧姆定律推导的，故B错误；
C．根据电势的定义式可得电势能公式，且适用于任何静电场，故C正确；
D．仅适用于匀强电场中电场强度的计算，故D错误。
故选C。
9．B
【详解】
AB．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A，故量程为1.2A+0.6A=1.8A，故每一小格表示0.06A；故A错误B正确；
CD．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A，故CD错误。
故选B。
10．D
【详解】
电流
时间
则通过该电阻的一个截面的电量
代入数据得
故D正确，ABC错误。
故选D。
11．A
【详解】
导体的电流为，故导体两端的电压为，A正确．
12．A
【详解】
AB．设原来的电阻为R，其中的一根均匀拉长到原来的2倍，横截面积变为原来的，根据电阻定律
可得电阻
另一根对折后绞合起来，长度为原来一半，横截面积变为原来2倍，根据电阻定律
则两电阻之比为，故B正确，不符合题意；A错误，符合题意；
C．两电阻并联，电压相同，故C正确，不符合题意；
D．根据
可知二者电流之比为，故D正确，不符合题意。
故选A。
13．A
【详解】
由
得
故A正确，BCD错误。
故选A。
14．BCD
【详解】
A．根据电阻定律可知，导体的电阻大小的影响因素：长度、横截面积、材料．跟电压、电流都无关，故A错误；
B．根据电阻定律可知，导体的电阻R与长度L成正比，与横截面积S成反比，故B正确；
C．白炽灯温度升高，电阻率增大，电阻变大，故C正确；
D．将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则横截面积减小为原来的一半，根据电阻定律可知，电阻变为原来的4倍，故D正确．
15．BC
【详解】
A．只有导体中的电荷发生定向移动才能形成电流；故A错误；
B．规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故B正确；
C．在国际单位制中，电流是七个基本物理量之一，故C正确；
D．对于导体，其两端电势差为零，电流可能为零，也可能不为零（超导现象）。故D错误。
故选BC。
16．BD
【详解】
一节干电池的电动势应该为1.5V，现在直接通过电压表示数略小于1.5V，可知，电动势几乎不变，故A错误；一节干电池已经用了较长时间，使用时小灯泡只能发出很微弱的光，除电动势降低之外，电池的内阻增大，若比灯泡的电阻还大，则输出电压很小．故B正确；台式电子钟能正常工作是由于它的内阻比电池的内阻大得多，所以输出电压较高，从而能工作，所以台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压大，故C错误；由于电子钟的电阻较大，所以正常工作的电流较小，故D正确．
17． 10.5 4.700
【详解】
游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为
所以最终读数为
螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为
所以最终读数为
18． < 电流表 > 系统
【详解】
甲电路中电流表的读数大于待测电阻的电流，根据
R＝
可知电阻的测量值小于真实值，即
R1这种针对电流表外接的接法称为外接法；
乙电路中电压表读数大于电阻上电压的真实值，则根据
R＝
可知，测量值大于真实值，即它们之间的关系是
R2>R真
这种误差属于仪器本身造成的系统误差。
19． 100 920 2000
【详解】
表头改装成量程为I=1mA的电流表，需要并联的小电阻为
改装成量程为 U1=1V的电压表，需要串联的电阻
改装成量程为 U2=3V电压表，需要串联的电阻
联立解得
R3=2000Ω
20．(1)；(2)见解析
【详解】
(1)根据欧姆定律以及串联电路的特点可得
(2)由以上分析可知CD端的电压
当滑动变阻器的滑动端在最上端时UCD=U；当滑动变阻器的滑动端在最下端时UCD=0；则利用它可以在C、D端获得0和U之间的任意电压。
21．（1）偏大；（2）
【详解】
（1）不合格的纯净水中含有较多的离子，导电能力好，电阻率偏小，电导率偏大。
（2）容器内水的电阻比滑动变阻器的电阻大得多，为了使电表指针有较大的偏转，滑动变阻器采用分压接法；容器内水的电阻远大于电流表的内阻，所以采用内接法；电源的电动势是12V，为了使电压表指针偏转三分之一以上，电压表的量程选择0～15V；电路如图所示
22．(1)U=12V (2)R2=2Ω (3)4.5W
【详解】
(1)已知： U1∶U2=3∶2
R1∶R2=2∶1
由图甲、乙得：U1=I1(R1 + R2 )
U2=I2 R2
解得：=
已知：P1∶PB=1∶10
由图甲、乙得：P1 = I12R1
PB = I22RB
解得：R1 =RB
由电源两端电压U不变 I1(R1+R2+RA) = I2(R2+RB)
解得：RA =9R2
由图乙得：= U2=2V
解得：U=12V
(2)由图丙得：=
解得：U2 = 4V
P2=8W
R2 === 2
(3)由U1∶U2=3∶2
解得：U1=3V
UA =U－U1=9V
RA=9R2=18
PA==4.5W
23．见解析
【解析】
如图所示
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