北师大版八年级下9.2滑轮同步练习（有解析）
文档属性
| 名称 | 北师大版八年级下9.2滑轮同步练习（有解析） |  | |
| 格式 | docx | ||
| 文件大小 | 1.1MB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 北师大版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2022-04-16 05:56:25 | ||
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文档简介
北师大版八年级下 9.2 滑轮 同步练习
一、单选题
1．利用如图的滑轮组匀速提升400 N的重物，动滑轮重为20 N（不计绳重与摩擦），则拉力F的大小为（ ）
A．140 N B．200 N C．210 N D．220 N
2．利用如图所示的动滑轮（重0.5N）提升钩码时，不能证明使用动滑轮能省力的操作是（ ）
A．竖直匀速提升0.5N的钩码 B．竖直匀速提升1.0N的钩码
C．竖直匀速提升1.5N的钩码 D．竖直匀速提升2.0N的钩码
3．如图，用相同滑轮组装成甲、乙两种装置，用相等拉力F分别匀速提升重为G1=56N、G2=36N的两个物体，不计绳重和摩擦，则每个动滑轮的重力为（ ）
A．2N B．4N C．8N D．10N
4．如图所示各种简单机械中，忽略杠杆、滑轮自重、绳重及摩擦，当提起同一重物时，最省力的是（ ）
A． B． C． D．
5．如图所示的装置，滑轮自重20N，其下端挂重280N的物体C，杠杆可绕轴O无摩擦地转动，绳和杠杆的重力不计，杠杆上刻度均匀。要使杠杆在图示水平位置平衡，在杠杆的A点所加的竖直向上的力F应是（ ）
A．150N B．200N C．300N D．400N
6．用下列简单机械，使重力为G的物体都处于静止状态，其中用力最大的是（不计机械和绳重、不计摩擦）（ ）
A． B．
C． D．
7．小明用如图所示的滑轮组，将重为6N的物体匀速提升到一定高度，在此过程中，手拉力的大小实际应该是（ ）
A．小于3N B．等于2N C．大于2N D．大于3N
8．关于滑轮、滑轮组，下列说法中正确的是（ ）
A．定滑轮可以省力
B．定滑轮是等臂杠杆
C．只使用动滑轮就会改变力的方向
D．使用滑轮组既可以省力，又可以省距离
9．小健学习使用下列简单机械后做出以下总结，你认为他的总结中叙述错误的是（ ）
A． 垂直于道钉撬的把手向下压时，人的用力最省力
B． 用斜面向上搬物体时，既可以省力，又可以节省做功
C． 使用镊子时，杠杆的支点在动力作用点与阻力作用点的外侧，属于费力杠杆
D． 图中的小人若沿F2方向用力，所用的力与沿F1方向用力的大小基本相同
10．如图所示的滑轮组中，不计滑轮重，挂上A、B两物体后恰能静止，则两物重关系为（ ）
A．GA∶GB＝1∶1 B．GA∶GB＝1∶2 C．GA∶GB＝2∶1 D．GA∶GB＝3∶1
二、填空题
11．高速铁路的输电线，无论冬、夏都绷得直直的，以保障列车电极与输电线的良好接触。如图为输电线的牵引装置。钢绳通过滑轮组悬挂坠砣，其中左侧滑轮是_____（选填“定”或“动”）滑轮；若某段时间内坠砣串下降了30cm，则输电线A端向左移动了_____cm（不考虑钢绳的热胀冷缩）。
12．如图所示，由滑轮、立柱和轮轴组成，搬运巨型石块的机械中，滑轮的作用是 _______ ，轮轴的作用是 ______ 。
13．安装在旗杆的顶端，用于升旗的滑轮作用是______；装在起重机的吊钩上，与重物一起运动的滑轮作用是______。
14．如图甲所示，旗杆顶端安装一个______滑轮，它可以改变拉力的______；如图乙所示，是体育课上，某同学做俯卧撑时示意图，人体可看成一个杠杆，若他的重心在A点，所受重力为550N，他将身体撑起处于平衡状态时，两手掌对地面的压力为______N。
15．如图所示，重力为50牛的木块A在拉力F1作用下，10秒内沿水平面匀速前进了50厘米，弹簧测力计的示数为10牛，木块受到的摩擦力为___________，F1所做的功为__________焦，功率为________瓦。
三、综合题
16．如图所示，工人师傅用一个定滑轮和动滑轮组成滑轮组，把重为500N的箱子匀速提升5m，动滑轮的质量为8kg，不计绳重和摩擦，取g=10N/kg．
（1）在图中用笔画线代替细绳组装滑轮组．
（2）在向上提升箱子的过程中，人对绳子的拉力为多大
（3）在向上提升箱子的过程中，滑轮组的机械效率为多少
17．如图所示的四种情景中：
（1）如图（a）是子弹射穿木板的情景，表明运动的子弹具有_____能．
（2）仔细观察如图（b）中的实验，图中滑轮的特点是_____．
（3）如图（c）所示，其他条件不变，若卡片上的二个卡口之间的间隔越小，则卡片会跳得越_____（选填“高”或“低”）．
（4）（d）图所示的是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是_____能转化为_____能．
18．在航空港建筑工地上常看到这种起重机械，利用它吊起建筑材料。当竖直匀速吊起2400N的物体时，滑轮组的机械效率为80% ，不计绳重和滑轮轴与轮间的摩擦（g取10N/kg）
求：
(1)货物匀速上升时，货物的机械能将 _________ ，理出是 _______________ 。
(2)重物升高0.5m的过程中，所做的有用功为多大 _____ ？
(3)绳端的拉力F是多大 ___ ？
(4)若将重力为3000N的重物提升0.5m，拉力做的总功为多大 ____ ？
19．如图所示，用简单机械使重力都为150 N的物体处于静止状态，不计摩擦、机械自重及绳重，已知OB＝2OA．
(1)F1、F2、F3从大到小的顺序为_______；
(2)求图乙中F2的大小________；
(3)利用图丙中的机械，小科把此物体匀速提高2m，用时10 s，求拉力F3的功率______．
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
参考答案：
1．C
【详解】
由图可知，动滑轮与2股绳子接触，在匀速提升重物且不计绳重与摩擦时，拉力F为
则
故选C。
2．A
【详解】
使用如图所示动滑轮提升钩码时，若不计绳重及摩擦，绳端拉力为
F＝(G+G动)
当钩码重力
G≤G动
时
F≥G
即当动滑轮重力大于或等于物体的重力时，不能证明使用动滑轮能省力；因为动滑轮重0.5N，所以提升钩码重力小于或等于0.5N时不能证明。
故选A。
3．B
【详解】
由图甲可知，n=3，不计绳重和摩擦，根据
可得
G动=3F-G1①
由图乙可知，n=2，不计绳重和摩擦，根据
可得
G动=2F-G2②
则
3F-G1=2F-G2
代入数据
F=G1-G2=56N-36N=20N
F=20N代入①，可得
G动=3F-G1=3×20N-56N=4N
故选B。
4．A
【详解】
A．由题图可知，动力臂为4l，阻力臂为l，动力臂和阻力臂之比为4∶1，所以动力和阻力之比为1∶4，所以；
B．B图为一动滑轮，绳子段数是2，n=2，故；
C．不计机械自重和摩擦，由Fs＝Gh，选项中动力，由F3×2l＝G×l，得到F3G；
D．由题图可知为滑轮组，与动滑轮相连的绳子段数是3，即n＝3，F4G。
故选A。
5．B
【详解】
因滑轮自重20N，提升物体需要的拉力
由于力的作用是相互的，所以杠杆左端受到的拉力
F′＝F拉＝150N
因
OA∶OB＝3∶4
由杠杆的平衡条件得
F′×OB＝F×OA
即
故选B。
6．B
【详解】
由题知，不计机械和绳重、不计摩擦时：A图中动力臂等于3倍阻力臂，由杠杆平衡条件可知，F1G；B图中使用定滑轮不能省力，F2＝G；C图中使用动滑轮省一半力，F3G；D图中使用滑轮组，n＝2，F4G；由以上分析可知用力最大的是图B。
故选B。
7．D
【详解】
由图可知，滑轮组承担物重的绳子段数n=2，因为动滑轮重、绳重和摩擦都考虑在内，所以实际拉力
故D符合题意。
故选D。
8．B
【详解】
AB．定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，故A错误，B正确；
C．动滑轮可以省力，但不能改变力的方向，定滑轮可以改变力的方向，但不能省力，只使用动滑轮不会改变力的方向，故C错误；
D．滑轮组既可以改变力的方向，也可以省力，机械可以省力或省距离，但不能既省力又省距离，机械不能省功，所以滑轮组不可以省距离，故D错误。
故选B。
9．B
【详解】
A．垂直于道钉撬的把手向下压时，由杠杆平衡条件可知，此时动力臂最大，人的用力最省力，故A正确，不符合题意；
B．用斜面向上搬物体时，可以省力，但需额外克服斜面摩擦力做功，不能省功，故B错误，符合题意；
C．使用镊子时，杠杆的支点在动力作用点与阻力作用点的外侧，此时杠杆的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C正确，不符合题意；
D．根据滑轮的特点可知，动滑轮上有两段绳子，n=2，图中的若沿F2方向用力，所用的力与沿F1方向用力的大小基本相同，都等于物体和动滑轮总重的，故D正确，不符合题意。
故选B。
10．C
【详解】
定滑轮是等臂杠杆，所以绳子两端的力相等，动滑轮是省力杠杆，绳子上的力是轴上力的一半，所以GA=2GB，故有
GA∶GB＝2∶1
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
11． 定 15
【详解】
[1]由图可知，坠砣移动时，左侧滑轮的位置不会改变，所以左侧滑轮是定滑轮。
[2]图中坠砣挂在钢绳的自由端，右侧滑轮是动滑轮，且n＝2，输电线A端向左移动，坠砣下降，则坠砣串下降高度h＝2sA，坠砣串下降了30cm，则输电线A端向左移动了
12． 改变力的方向 省力
【详解】
[1][2]由滑轮、立柱和轮轴组成，搬运巨型石块的机械中，滑轮是定滑轮，其作用是改变力的方向；动力在轮上，阻力在轴上，由于轮的半径大于轴的半径，即动力臂大于阻力臂，因此使用轮轴是省力的。
13． 改变力的方向 省力
【详解】
[1]安装在旗杆顶端的滑轮是定滑轮，使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向。
[2]装在起重机的吊钩上，与重物一起运动的滑轮是动滑轮，使用动滑轮可以省力。
14． 定 方向 330
【详解】
[1][2]由图得，旗杆上的滑轮转动时，中心轴固定不动，为定滑轮，利用它来升国旗，向下用力拉绳子，国旗向上运动，故可以改变施加力的方向。
[3]地面对手的支持力即为动力，动力臂
阻力为人的重力，阻力臂
由可得，地面对手的支持力为
由力的作用是相互的得，两手掌对地面的压力为
15． 20N 10 1
【详解】
[1]据动滑轮的特点有，拉力F1与弹簧测力计的拉力相等，木块匀速运动时，受到的摩擦力
f=2F1=2×10N=20N
[2]由题意知，绳子端移动的距离
s=2×0.5m=1m
F1所做的功
W=F1s=10N×1m=10J
[3]功率
16．（1）；（2）290N；（3）86.2%
【详解】
（1）滑轮组的绕绳情况如图所示,由2段绳子承担物重;
（2）动滑轮的重G轮=mg=8kg×10N/kg=80N, 不计绳重和摩擦，G总=500N+80N=580N,因为滑轮组用两段绳子承担物重,所以 ；
（3）滑轮组的机械效率:
.
17． 动 能省一半力 低 弹性势 动
【详解】
试题分析：（1）运动的物体具有的能为动能，故运动的子弹射穿木板，说明运动的子弹具有动能；（2）图中使用动滑轮两次弹簧测力计的读数不同，使用动滑轮拉同一物体是不用滑轮时的一半力，说明动滑轮的特点是可以省一半力；（3）弹性势能的大小与形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大，图中两个卡口之间的间隔越小，橡皮筋的弹性势能越大，所以卡片会跳得越高；（4）图示的“魔罐”在水平地面上滚出后，中间的钩码不动，将橡皮筋拧成一股，动能转化为弹性势能，静止后，它能自动滚回来是因为弹性势能转化为动能．
考点： 能量、滑轮、
18． 增大； 动能不变，重力势能增加，机械能增加； 1200J； ； 1800J
【详解】
(1)当货物匀速上升时，货物的质量不变，高度增加，速度不变，因此货物的重力势能增加，动能不变，且机械能等于势能与动能的总和，所以其机械能增加。
(2)重物升高0.5m的过程中，所做的有用功
W有=Gh=2 400N ×0.5m=1200J
(3)由知道，所做的总功
由图知道，绳子的有效段数是n=3，则拉力端移动的距离
s=3h=3 ×0.5m=1.5m
由W总=Fs知道，绳端的拉力
(4)不计绳重和滑轮轴与轮间摩擦，由知道，动滑轮的重力
G动=nF-G=3×1000N-2400N=600N
提升3000N的重物时拉力
仍将重物提升0.5m，则拉力端移动距离仍为1.5m，此过程中拉力做的总功
W总=Fs=1200N×1.5m=1800J
答：(1)货物匀速上升时，货物的机械能将增加，理出是货物的重力势能增加，动能不变，且机械能等于势能与动能的总和；
(2)重物升高0.5m的过程中，所做的有用功为1200J；
(3)绳端的拉力F是1000N；
(4)若将重力为3000N的重物提升0.5m，拉力做的总功1800J。
19． F2、F1、F3 300 N 30 W
【详解】
（1）由题知，不计摩擦、机械自重及绳重，
甲图，由于杠杆平衡，OB=2OA，所以F1=G；
乙图，由于杠杆平衡，OB=2OA，所以F2=2G；
丙图，n=3，F3=G；
由以上分析可知，从大到小的顺序为：F2、F1、F3，
（2）图乙中，OB=2OA，
∵F2×OA=G×OB
∴F2=2G=2×150N=300N；
（3）由图知，n=3，则
s=3h=3×2m=6m，
拉力F3=G=×150N=50N，
拉力做功：
W=Fs=50N×6m=300J，
拉力做功功率：
P===30W．
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页
一、单选题
1．利用如图的滑轮组匀速提升400 N的重物，动滑轮重为20 N（不计绳重与摩擦），则拉力F的大小为（ ）
A．140 N B．200 N C．210 N D．220 N
2．利用如图所示的动滑轮（重0.5N）提升钩码时，不能证明使用动滑轮能省力的操作是（ ）
A．竖直匀速提升0.5N的钩码 B．竖直匀速提升1.0N的钩码
C．竖直匀速提升1.5N的钩码 D．竖直匀速提升2.0N的钩码
3．如图，用相同滑轮组装成甲、乙两种装置，用相等拉力F分别匀速提升重为G1=56N、G2=36N的两个物体，不计绳重和摩擦，则每个动滑轮的重力为（ ）
A．2N B．4N C．8N D．10N
4．如图所示各种简单机械中，忽略杠杆、滑轮自重、绳重及摩擦，当提起同一重物时，最省力的是（ ）
A． B． C． D．
5．如图所示的装置，滑轮自重20N，其下端挂重280N的物体C，杠杆可绕轴O无摩擦地转动，绳和杠杆的重力不计，杠杆上刻度均匀。要使杠杆在图示水平位置平衡，在杠杆的A点所加的竖直向上的力F应是（ ）
A．150N B．200N C．300N D．400N
6．用下列简单机械，使重力为G的物体都处于静止状态，其中用力最大的是（不计机械和绳重、不计摩擦）（ ）
A． B．
C． D．
7．小明用如图所示的滑轮组，将重为6N的物体匀速提升到一定高度，在此过程中，手拉力的大小实际应该是（ ）
A．小于3N B．等于2N C．大于2N D．大于3N
8．关于滑轮、滑轮组，下列说法中正确的是（ ）
A．定滑轮可以省力
B．定滑轮是等臂杠杆
C．只使用动滑轮就会改变力的方向
D．使用滑轮组既可以省力，又可以省距离
9．小健学习使用下列简单机械后做出以下总结，你认为他的总结中叙述错误的是（ ）
A． 垂直于道钉撬的把手向下压时，人的用力最省力
B． 用斜面向上搬物体时，既可以省力，又可以节省做功
C． 使用镊子时，杠杆的支点在动力作用点与阻力作用点的外侧，属于费力杠杆
D． 图中的小人若沿F2方向用力，所用的力与沿F1方向用力的大小基本相同
10．如图所示的滑轮组中，不计滑轮重，挂上A、B两物体后恰能静止，则两物重关系为（ ）
A．GA∶GB＝1∶1 B．GA∶GB＝1∶2 C．GA∶GB＝2∶1 D．GA∶GB＝3∶1
二、填空题
11．高速铁路的输电线，无论冬、夏都绷得直直的，以保障列车电极与输电线的良好接触。如图为输电线的牵引装置。钢绳通过滑轮组悬挂坠砣，其中左侧滑轮是_____（选填“定”或“动”）滑轮；若某段时间内坠砣串下降了30cm，则输电线A端向左移动了_____cm（不考虑钢绳的热胀冷缩）。
12．如图所示，由滑轮、立柱和轮轴组成，搬运巨型石块的机械中，滑轮的作用是 _______ ，轮轴的作用是 ______ 。
13．安装在旗杆的顶端，用于升旗的滑轮作用是______；装在起重机的吊钩上，与重物一起运动的滑轮作用是______。
14．如图甲所示，旗杆顶端安装一个______滑轮，它可以改变拉力的______；如图乙所示，是体育课上，某同学做俯卧撑时示意图，人体可看成一个杠杆，若他的重心在A点，所受重力为550N，他将身体撑起处于平衡状态时，两手掌对地面的压力为______N。
15．如图所示，重力为50牛的木块A在拉力F1作用下，10秒内沿水平面匀速前进了50厘米，弹簧测力计的示数为10牛，木块受到的摩擦力为___________，F1所做的功为__________焦，功率为________瓦。
三、综合题
16．如图所示，工人师傅用一个定滑轮和动滑轮组成滑轮组，把重为500N的箱子匀速提升5m，动滑轮的质量为8kg，不计绳重和摩擦，取g=10N/kg．
（1）在图中用笔画线代替细绳组装滑轮组．
（2）在向上提升箱子的过程中，人对绳子的拉力为多大
（3）在向上提升箱子的过程中，滑轮组的机械效率为多少
17．如图所示的四种情景中：
（1）如图（a）是子弹射穿木板的情景，表明运动的子弹具有_____能．
（2）仔细观察如图（b）中的实验，图中滑轮的特点是_____．
（3）如图（c）所示，其他条件不变，若卡片上的二个卡口之间的间隔越小，则卡片会跳得越_____（选填“高”或“低”）．
（4）（d）图所示的是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是_____能转化为_____能．
18．在航空港建筑工地上常看到这种起重机械，利用它吊起建筑材料。当竖直匀速吊起2400N的物体时，滑轮组的机械效率为80% ，不计绳重和滑轮轴与轮间的摩擦（g取10N/kg）
求：
(1)货物匀速上升时，货物的机械能将 _________ ，理出是 _______________ 。
(2)重物升高0.5m的过程中，所做的有用功为多大 _____ ？
(3)绳端的拉力F是多大 ___ ？
(4)若将重力为3000N的重物提升0.5m，拉力做的总功为多大 ____ ？
19．如图所示，用简单机械使重力都为150 N的物体处于静止状态，不计摩擦、机械自重及绳重，已知OB＝2OA．
(1)F1、F2、F3从大到小的顺序为_______；
(2)求图乙中F2的大小________；
(3)利用图丙中的机械，小科把此物体匀速提高2m，用时10 s，求拉力F3的功率______．
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
参考答案：
1．C
【详解】
由图可知，动滑轮与2股绳子接触，在匀速提升重物且不计绳重与摩擦时，拉力F为
则
故选C。
2．A
【详解】
使用如图所示动滑轮提升钩码时，若不计绳重及摩擦，绳端拉力为
F＝(G+G动)
当钩码重力
G≤G动
时
F≥G
即当动滑轮重力大于或等于物体的重力时，不能证明使用动滑轮能省力；因为动滑轮重0.5N，所以提升钩码重力小于或等于0.5N时不能证明。
故选A。
3．B
【详解】
由图甲可知，n=3，不计绳重和摩擦，根据
可得
G动=3F-G1①
由图乙可知，n=2，不计绳重和摩擦，根据
可得
G动=2F-G2②
则
3F-G1=2F-G2
代入数据
F=G1-G2=56N-36N=20N
F=20N代入①，可得
G动=3F-G1=3×20N-56N=4N
故选B。
4．A
【详解】
A．由题图可知，动力臂为4l，阻力臂为l，动力臂和阻力臂之比为4∶1，所以动力和阻力之比为1∶4，所以；
B．B图为一动滑轮，绳子段数是2，n=2，故；
C．不计机械自重和摩擦，由Fs＝Gh，选项中动力，由F3×2l＝G×l，得到F3G；
D．由题图可知为滑轮组，与动滑轮相连的绳子段数是3，即n＝3，F4G。
故选A。
5．B
【详解】
因滑轮自重20N，提升物体需要的拉力
由于力的作用是相互的，所以杠杆左端受到的拉力
F′＝F拉＝150N
因
OA∶OB＝3∶4
由杠杆的平衡条件得
F′×OB＝F×OA
即
故选B。
6．B
【详解】
由题知，不计机械和绳重、不计摩擦时：A图中动力臂等于3倍阻力臂，由杠杆平衡条件可知，F1G；B图中使用定滑轮不能省力，F2＝G；C图中使用动滑轮省一半力，F3G；D图中使用滑轮组，n＝2，F4G；由以上分析可知用力最大的是图B。
故选B。
7．D
【详解】
由图可知，滑轮组承担物重的绳子段数n=2，因为动滑轮重、绳重和摩擦都考虑在内，所以实际拉力
故D符合题意。
故选D。
8．B
【详解】
AB．定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，故A错误，B正确；
C．动滑轮可以省力，但不能改变力的方向，定滑轮可以改变力的方向，但不能省力，只使用动滑轮不会改变力的方向，故C错误；
D．滑轮组既可以改变力的方向，也可以省力，机械可以省力或省距离，但不能既省力又省距离，机械不能省功，所以滑轮组不可以省距离，故D错误。
故选B。
9．B
【详解】
A．垂直于道钉撬的把手向下压时，由杠杆平衡条件可知，此时动力臂最大，人的用力最省力，故A正确，不符合题意；
B．用斜面向上搬物体时，可以省力，但需额外克服斜面摩擦力做功，不能省功，故B错误，符合题意；
C．使用镊子时，杠杆的支点在动力作用点与阻力作用点的外侧，此时杠杆的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C正确，不符合题意；
D．根据滑轮的特点可知，动滑轮上有两段绳子，n=2，图中的若沿F2方向用力，所用的力与沿F1方向用力的大小基本相同，都等于物体和动滑轮总重的，故D正确，不符合题意。
故选B。
10．C
【详解】
定滑轮是等臂杠杆，所以绳子两端的力相等，动滑轮是省力杠杆，绳子上的力是轴上力的一半，所以GA=2GB，故有
GA∶GB＝2∶1
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
11． 定 15
【详解】
[1]由图可知，坠砣移动时，左侧滑轮的位置不会改变，所以左侧滑轮是定滑轮。
[2]图中坠砣挂在钢绳的自由端，右侧滑轮是动滑轮，且n＝2，输电线A端向左移动，坠砣下降，则坠砣串下降高度h＝2sA，坠砣串下降了30cm，则输电线A端向左移动了
12． 改变力的方向 省力
【详解】
[1][2]由滑轮、立柱和轮轴组成，搬运巨型石块的机械中，滑轮是定滑轮，其作用是改变力的方向；动力在轮上，阻力在轴上，由于轮的半径大于轴的半径，即动力臂大于阻力臂，因此使用轮轴是省力的。
13． 改变力的方向 省力
【详解】
[1]安装在旗杆顶端的滑轮是定滑轮，使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向。
[2]装在起重机的吊钩上，与重物一起运动的滑轮是动滑轮，使用动滑轮可以省力。
14． 定 方向 330
【详解】
[1][2]由图得，旗杆上的滑轮转动时，中心轴固定不动，为定滑轮，利用它来升国旗，向下用力拉绳子，国旗向上运动，故可以改变施加力的方向。
[3]地面对手的支持力即为动力，动力臂
阻力为人的重力，阻力臂
由可得，地面对手的支持力为
由力的作用是相互的得，两手掌对地面的压力为
15． 20N 10 1
【详解】
[1]据动滑轮的特点有，拉力F1与弹簧测力计的拉力相等，木块匀速运动时，受到的摩擦力
f=2F1=2×10N=20N
[2]由题意知，绳子端移动的距离
s=2×0.5m=1m
F1所做的功
W=F1s=10N×1m=10J
[3]功率
16．（1）；（2）290N；（3）86.2%
【详解】
（1）滑轮组的绕绳情况如图所示,由2段绳子承担物重;
（2）动滑轮的重G轮=mg=8kg×10N/kg=80N, 不计绳重和摩擦，G总=500N+80N=580N,因为滑轮组用两段绳子承担物重,所以 ；
（3）滑轮组的机械效率:
.
17． 动 能省一半力 低 弹性势 动
【详解】
试题分析：（1）运动的物体具有的能为动能，故运动的子弹射穿木板，说明运动的子弹具有动能；（2）图中使用动滑轮两次弹簧测力计的读数不同，使用动滑轮拉同一物体是不用滑轮时的一半力，说明动滑轮的特点是可以省一半力；（3）弹性势能的大小与形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大，图中两个卡口之间的间隔越小，橡皮筋的弹性势能越大，所以卡片会跳得越高；（4）图示的“魔罐”在水平地面上滚出后，中间的钩码不动，将橡皮筋拧成一股，动能转化为弹性势能，静止后，它能自动滚回来是因为弹性势能转化为动能．
考点： 能量、滑轮、
18． 增大； 动能不变，重力势能增加，机械能增加； 1200J； ； 1800J
【详解】
(1)当货物匀速上升时，货物的质量不变，高度增加，速度不变，因此货物的重力势能增加，动能不变，且机械能等于势能与动能的总和，所以其机械能增加。
(2)重物升高0.5m的过程中，所做的有用功
W有=Gh=2 400N ×0.5m=1200J
(3)由知道，所做的总功
由图知道，绳子的有效段数是n=3，则拉力端移动的距离
s=3h=3 ×0.5m=1.5m
由W总=Fs知道，绳端的拉力
(4)不计绳重和滑轮轴与轮间摩擦，由知道，动滑轮的重力
G动=nF-G=3×1000N-2400N=600N
提升3000N的重物时拉力
仍将重物提升0.5m，则拉力端移动距离仍为1.5m，此过程中拉力做的总功
W总=Fs=1200N×1.5m=1800J
答：(1)货物匀速上升时，货物的机械能将增加，理出是货物的重力势能增加，动能不变，且机械能等于势能与动能的总和；
(2)重物升高0.5m的过程中，所做的有用功为1200J；
(3)绳端的拉力F是1000N；
(4)若将重力为3000N的重物提升0.5m，拉力做的总功1800J。
19． F2、F1、F3 300 N 30 W
【详解】
（1）由题知，不计摩擦、机械自重及绳重，
甲图，由于杠杆平衡，OB=2OA，所以F1=G；
乙图，由于杠杆平衡，OB=2OA，所以F2=2G；
丙图，n=3，F3=G；
由以上分析可知，从大到小的顺序为：F2、F1、F3，
（2）图乙中，OB=2OA，
∵F2×OA=G×OB
∴F2=2G=2×150N=300N；
（3）由图知，n=3，则
s=3h=3×2m=6m，
拉力F3=G=×150N=50N，
拉力做功：
W=Fs=50N×6m=300J，
拉力做功功率：
P===30W．
答案第1页，共2页
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