高二物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
答案 A D B C A B A D BD AB BD AD
1.A 解析：β衰变生成电子，新原子核的质量数不变，而核电荷数增加 1个；由此分析可知，
产生电子，是β衰变，故 A正确；B.属于核裂变反应方程，故 B错误；C.属于核聚变反应方
程，故 C错误；D.是发现质子的核反应方程，属于人式转变，故 D错误。
2.D 解析：由图电场线走向可知，该电场为正点电荷形成的电场，故 A错误；由于 a、b
两点电场强度方向向右，所以试探电荷在 a、b两点的静电力方向同向。但是试探电荷的电
性未知，所以试探电荷在 a点受到的静电力方向无法确定，所以 BC错误；电场线越密集的
地方，电场强度越大，可知 a点处的电场强度小于 b点处的电场强度，则试探电荷在 a点受
到的静电力比在b点的小，故 D正确。
3.B 解析：由图可知，甲的饱和电流大于乙的饱和电流，所以甲光的光强大于乙光的光强，
故 A错误；由图可知甲光和乙光对应的反向截止电压相等，且小于丙光的反向截止电压，
1
根据光电效应规律 hv W0 mv
2
0 =eUc，同一阴极材料，W0相等，可知甲乙光频率相等，2
1 2
小于丙光的频率，故 B正确；由光电效应方程 hv W0 mv0 可知甲光对应的光电子的最大2
初动能与乙光的光电子最大初动能相等，故 C错误；若丙光的频率大于某金属的截止频率，
则丙光可以使该金属发生光电效应，但若此时乙光的频率小于该金属的截止频率，则乙光就
不能使该金属发生光电效应，所以选项 D错误。
4.C 解析：虽然线框被导线分成面积相等的两部分但离导线越远，磁场越弱。所以根据磁
通量相互抵消一部分可得：导线通入由 M到 N的电流，当电流逐渐减小时，通过导线框的(与
下方磁场方向相同)磁通量减小，会产生感应电流，AB错误；根据 MN中电流的方向，结合
楞次定律则可判断 abc中电流的方向感应电流方向为 acba，C正确，D错误。
5.A 解析：将运动员的匀减速运动逆向看作是反向的初速度为零且加速度大小不变的匀加
速运动，根据初速度为零的匀加速直线运动的比例关系可知运动员在前四分之三位移和最后
3 s
四分之一位移所经历的时间相等，均设为 t，则由题意可知 v 4 3s ，滑雪者整个过程的
t 4t
s 2
平均速度为 v v ，故选 A。
2t 3
6.B 解析：打一次喷嚏喷出的空气质量为：m=ρV=1.3×5.0×10-5kg=6.5×10-5kg，设打一次喷
嚏喷出的空气受到的作用力为 F，根据动量定理得：F△t=mv，解得：
1
F mv 6.5 10
5 60
N 0.30N ，根据牛顿第三定律可得人受到的平均反冲力为：
t 0.013
F′=F=0.30N，故 B正确，ACD错误。
7.A 解析：对 a、b两个小球受力分析，如图所示
a小球受重力 m1g、轻杆的弹力 F和支架对小球 a的弹力
FN1，b小球受重力 m2g、轻杆的弹力 F和支架对小球 b的
弹力 FN2，∠BOD=60°，根据几何关系可得轻杆与 OD的夹
角为 30°，重力 m1g与 OD的夹角为 60°，支架对小球 a的
弹力 FN1沿半径 OD方向，由力的合成可得 F m g tan 60 ，OBC为一直角三角形，1
∠OBC=60°，根据几何关系可得轻杆与 BC的夹角为 45°，重力 m2g与 BC的夹角为 45°，由
力的合成得 F m2g tan 45
，两式联立解得 m1：m2=1： 3 ，故选 A。
8.D 解析：线圈进入磁场的过程中，根据楞次定律，感应电流的磁场与原磁场方向相反，
再根据右手螺旋定则可知，电流方向为正，而离开磁场时，感应电流的磁场与原磁场方向相
同，电流为负方向，故 AB错误；线圈在磁场中运动过程中，根据 E BLv，切割磁感线的
导线有效长度不变，因此感应电流恒定不变，但不为零，故 C错误，D正确。
9.BD 解析：由乙图可知，该交变电流的周期T 0.02s，因此该交变电流的频率为
f 1 50Hz，故 A错误；由乙图可知，该交流电电流的最大值 Im 10 2A，因此该交变T
Im
电流的电流的有效值为 I 10A，故 B正确；当 t 0.01s时，电流有最大值，此时线圈
2
的速度方向与磁感线方向垂直，线圈位于中性面上，磁通量为零，故 C错误；根据图乙所
示交流电瞬时值的表达式为 i im cos2 ft A ，代入数据得 i 10 2 cos100 t A ，故 D正
确。
10.AB 解析：带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动，有 mg qE q mg＝ ，可得电荷量 ＝ ，
E
根据电场强度方向和电场力方向判断出粒子带负电，故 A正确；由左手定则可判断粒子沿
顺时针方向运动，故 C错误；带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动，有 mg＝qE，根据牛
v2 BgR
顿第二定律 qvB＝m ，解得 v＝ ，故 B正确；由于电场力做功，故机械能不守恒，故 D
R E
错误。
11. BD 解析：设太阳质量为 M，地球质量为 m，由牛顿第二定律和万有引力定律得
Mm 4 2r 2 3 3 3G m 1 4 r1 r r
r2 T 2 ，解得M 2 ，A错误；设火星周期为 T2，由开普勒第三定律
1 2
T 2
T 2 ，1 GT 2
2
r 3 2
解得T2 ( 2 )2T
M m v
r ，B正确；设火星的质量为 M 火，根据第一宇宙速度的理解有G
火
2 m
火 ，
1 R R
2
因无法求得 M 火，所以无法表示 v 火，C错误；地球绕太阳运转角速度 1= ，火星绕太阳T
= 2 运转角速度 2 T ，从地球和火星相距最近到第下一次相距最近时间为 t，则ω1t - ω2t = 2π，2
3
r 2
联立解得 t 23 3 T，D正确。
r 2 22 r1
12.AD 解析： x t图像的切线斜率表示速度，可知碰撞前小球M 的速度为 0，小球m的
8
速度为 v1 m / s 4m / s
16 8
，碰撞后小球M 的速度为 v2 m / s 2m / s，碰撞后小球m的2 6 2
速度为 v
0 8
3 m / s 2m / s，碰撞过程满足动量守恒，则有mv1 Mv2 mv3，解得6 2
M v1 v 4 ( 2) 3 3
m v 2 1，A正确；碰撞过程中两小球所受合外力大小相等，方向相反，B2
错误；碰撞前后质量为m的小球动量变化量为 p mv3 mv1 6m ，可知碰撞前后质量为m
1 1
6m C mv2 8m mv2
1
Mv2的小球动量变化量大小为 ， 错误；碰撞过程中，由于 1 3 2 8m，2 2 2
可知碰撞过程满足机械能守恒，故两小球发生的是弹性碰撞，D正确。
13.答案：（1）BCD （2）AD （3） 3：2（每空 2分）
1
解析：(1)A 2球静止释放到两球碰撞前，根据机械能守恒定律有mAgl 1 cos 1 m v ，2 A A
两球碰撞后到一起运动到最高点，根据机械能守恒定律有
mA mB gl 1
1
cos 2 mA mB v2，碰撞中的不变量满足mAvA mA m v，2 B
验证动量守恒定律的表达式为mA 1 cos 1 mA mB 1 cos 2 ，
需测量的物理量为 A球的质量mA 和 B球的质量mB 以及释放时 A球被拉起的角度 1
和碰后摆起的最大角度 2，故选 BCD；
(2)A.“验证动量守恒定律”的实验中是通过平拋运动的基本规律求解碰撞前后的速度，只要小
球离开轨道后做平抛运动对斜槽是否光滑没有要求，故 A错误，符合题意；
B.要保证每次小球都做平抛运动则轨道的末端必须水平，故 B正确，不符合题意；
C.要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故 C正确，不
符合题意；
D.为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求m1 m2 ，r1 r2 ，故 D错误，符合
题意。故选 AD。
OP OM ON
(3)设落地时间为 t，则有 v0 ， v1 ， v2 ，而动量守恒的表达式为t t t
3
m1v0=m1v1+m2v2，即 m1OP=m1OM+m2ON，代入数据可得m1 :m2 3: 2。
14.答案：（1）2.150 （2）Ub RA 相等（每空 2分）
解析：（1）由螺旋测微器可知电阻丝的直径为D 2mm 15.0 0.01mm 2.150mm。
（2）根据题意有U I R R 1 1 Rx RA Rx RAx RA ，整理得 R ，结合图像可知 b，I U U U
解得 Rx Ub RA；本实验中所用电流表内阻已知，不存在由于电表内阻引入的系统误差，
所以测得电阻丝的阻值与真实值相等，进而根据电阻定律计算出的电阻率等于真实值。
v
15.解析：(1)由图像知，前 2s 2内：物体的加速度大小： a1 4m/s （1分） t
由牛顿第二定律可得： F mg sin 37 mg cos37 ma1（1分）
解得：F=14N（1分）
(2)撤去拉力 F时，速度大小为：v1=8m/s（1分）
撤去拉力 F后，有： mg sin37 mg cos37 ma2（1分）
解得：a2=-10m/s2（1分）
设经 t2时间速度减为 0，由运动学公式：0=v1+a2t2（1分）
解得 t2=0.8s（1分）
16.解析：（1）对 cd棒受力分析，由平衡条件得
mg sin BIL（1分）
得 I 1A
E
由闭合电路欧姆定律知 I （1分）
2R
设 ab棒匀速运动的速度大小为 v，则产生的感应电动势 E BLv （1分）
联立解得 v 2m/s（1分）
（2）棒 ab与棒 cd受到的安培力大小相等 Fab Fcd
对棒 ab由共点力平衡有 F mg sin 30 BIL（1分）
解得 F 0.2N（1分）
（3）力 F所做的功W Fx（1分）
时间 t内棒 ab运动的位移 x vt（1分）
这段时间内棒 cd产生的热量Q I 2Rt（1分）
解得Q 0.1J（1分）
4
v217.解析：（1）物块 B在最高点时，有m dBg mB （1分）R
1 1
b 2 2到 d由动能定理可得 mBg 2R mBvd mBvb （1分）2 2
v2
在 b点有 FN mBg m bB （1分）R
联立以上方程可得 FN 60N（1分）
（2）由动量守恒定律可得mAvA mBvB（1分）
1 2 1 2
由能量守恒可得 Ep mAvA mBvB（1分）2 2
联立以上方程可得 Ep 12J（1分）
（3）A滑到小车左端时与小车有共同速度 v，由动量守恒定律可得mAvA (mA M )v（1分）
1
由能量守恒可得 mAgL mAv
2 1
A (mA M )v
2
（1分）
2 2
联立以上方程可得M 2kg（1分）
18.解析：（1）粒子轨迹如图所示 ，粒子从O点进入磁场做匀速圆周运动，
mv2
由洛伦兹力提供向心力 qvB （1分）
R
R mv L解得 qB 2 （1分）
粒子进入电场后做类平抛运动，则有 x vt（1分）
y L 1 at2（1分），又 qE ma（1分）
2
x BL 2qL联立解得 （1分）
2 mE
（2）粒子恰好不从MN边界射出，轨迹与MN相切，如图所示
由几何关系可得 r r sin300 L（1分）
2
解得 r L（1分）
3
v2
由洛伦兹力提供向心力 Bqvm m m （1分）r
v 2BqL解得 m （1分）3m
2 m
由周期T qB （1分）
240 4 m
粒子在磁场中转过的圆心角为 240 ，则粒子的运动时间为 t T 360 （1分） 3qB
5姓名
准考证号
(在此卷上答题无效)
绝密★启用前
2021~2022学年第二学期高二年级期末考试
物理
本试卷共4页，全卷满分100分，考试时间90分钟。
考生注意：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2,回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦
干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目
要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分
1.以下核反应方程中属于B衰变的是
A.HNa→Mg+9e
B.U+dn→Xe+Sr+26n
C.H+H→gHe+n
D.9N+He→gO+iH
2.如图所示，a、b是某电场中的两点，若将一试探电荷分别放在a、b两点，则
A.该电场为负点电荷形成的电场
B.试探电荷在a点受到的静电力方向向右
C.试探电荷在a、b两点受到的静电力方向相反
D.试探电荷在a点受到的静电力比在b点的小
3.某同学研究光电效应的实验电路如图所示，用不同的光分别照射密封真空管的钠阴极（阴极K),钠阴极发射
出的光电子被阳极A吸收，在电路中形成光电流，实验得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（为甲光、乙
光、丙光)，如图所示，则以下说法正确的是
光束心
窗口
UIV
A.甲光的强度小于乙光的强度
B.乙光的领率小于丙光的频率
C.甲光对应的光电子最大初动能大于乙光的光电子的最大初动能
D.若丙光能使某金属发生光电效应，则乙光也一定能使该金属发生光电效应
4.如图，长直导线MN置于三角形金属线框abc上，彼此绝缘，线框被导线分成面积相等的
两部分。导线通人由M到N的电流，当电流逐渐减小时，线框中
A.磁通量变化量为零
B.没有产生感应电流
C.感应电流方向为acba
D.感应电流方向为abca
【高二物理试题·第1页（共4页）】
可奶只
0000000
5.第24届冬季奥林匹克运动会于2022年2月4日在北京开幕，其中滑雪是冬奥会中的一个比赛大项。如图所
示，某滑雪运动员以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零。已知运动员在前
四分之三位移中的平均速度大小为，则滑雪运动员整个过程的平均速度为
A号知
B.
2
6.新型冠状病毒主要传播方式为飞沫传播，佩戴口罩可以有效预防新冠病毒的感染。小明某次打喷嚏时气流
喷出的速度是60m/s,共喷出5.0×10-5m3的空气，用时约0.013s。已知空气的密度为1.3kg/m3,则小明打
这次喷嚏受到的平均反冲力约为
A.0.15N
B.0.30N
C.1.5N
D.3.0N
7.如图，在竖直平面内周定一光滑支架，支架左侧为四分之一圆弧，O点为圆弧的圆
0
心，OA、OB为圆弧的半径，OB沿竖直方向，D为圆弧上的一点，∠BOD=60°，支架
60P
右侧OBC为一直角三角形，∠OBC=45°，支架左右两侧各放着质量分别为m1和
459
m2的a、b小球，两小球之间用一轻杆连接，当两球平衡时小球a恰好位于D点，轻
杆处于水平方向。两球均可看作质点，则a、b两个小球的质量之比m1:2为
A.1:3
B.1:3
C.12
D.√3：2
8.一边长为21的正三角形金属框c静置于光滑绝缘水平面上，宽度为的有界匀强磁场位于正三角形右
3
侧，边界平行于bc,如图所示。现用外力沿bc的中垂线方向匀速拉动线框并穿过磁场区域。从顶点a进入磁
场开始计时，规定感应电流沿abca为正方向，则金属框经过磁场的过程中，感应电流随时间变化的图象是
0
9.图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为理想交流电流表。
线圈绕垂直于磁场的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，从图甲所示位置开始计时，产生的交变电流随时间
变化的图像如图乙所示。下列说法正确的是
A.该交变电流的频率为100Hz
◆A
10万
B.该交变电流的有效值是10A
A
1/×102s)
C.t=0.01s时，穿过线圈的磁通量最大
-102
D.该交变电流瞬时值表达式为i=10√2cos100πt(A)
10.电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场正交，如图所示。质量为m的带电粒子在垂直于
磁场方向的竖直平面内，做半径为R的匀速圆周运动，重力加速度为g,下列结论正确的是
A粒子带负电，且q=受
X
B,粒子速度大小=Bg迟
E
×
C.粒子沿逆时针方向转动
D.粒子的机械能守恒
【高二物理试题·第2页（共4页）】
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