新人教生物（2019）必修2对点训练：1.2第1课时 两对相对性状的杂交实验过程、解释和验证(word版含解析）

新人教生物（2019）必修2对点训练
1.2 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
第1课时 两对相对性状的杂交实验过程、解释和验证
A组　基础对点练
题组一　孟德尔实验方法的启示及遗传规律的再发现
1．孟德尔发现了遗传因子的分离定律和自由组合定律，他获得成功的原因不包括(　　)
A．正确地选用实验材料
B．先分析一对相对性状的遗传，再分析两对相对性状的遗传
C．先研究遗传因子的行为变化，后研究性状分离现象
D．在观察和分析的基础上提出问题，然后提出假说并进行验证
答案　C
解析　正确地选用豌豆作为实验材料是孟德尔获得成功的首要条件，A项正确；孟德尔在研究过程中先分析一对相对性状的遗传，再分析两对相对性状的遗传，B项正确；孟德尔采用了假说—演绎法进行研究，即在观察和分析(性状分离现象)的基础上提出问题，然后通过推理和想象提出解释问题的假说并进行验证，C项错误、D项正确。
2．下列有关基因、基因型、表型、等位基因的说法中，错误的是(　　)
A．基因的概念是由丹麦生物学家约翰逊提出的
B．黄色圆粒豌豆的基因型有四种
C．黄色皱粒豌豆的基因型均相同
D．Y与y是等位基因，Y与r是非等位基因
答案　C
3．下列各组基因型中，表型相同的一组是(　　)
A．AaBb和aaBb B．AABb和AaBb
C．aaBb和Aabb D．AABB和aabb
答案　B
题组二　孟德尔遗传规律的应用
4．利用杂交育种方法，可培育出具有两种优良性状的作物新品种。下列说法中错误的是(　　)
A．所选的原始材料分别具有某种优良性状且能稳定遗传
B．杂交一次，得到F1，若F1在性状上符合要求，则可直接用于扩大栽培
C．让F1自交，得到F2，从F2中初步选取性状上符合要求的类型
D．把初步选出的类型进一步隔离自交和汰劣留良，直到确认不再发生性状分离
答案　B
解析　所选的原始材料应分别具有某种优良性状且能稳定遗传，通过杂交育种可以将不同个体的优良性状集中到一个个体上，A项正确；直接用于扩大栽培的个体除了性状上符合要求外，还要能稳定遗传，B项错误；杂交育种的过程是杂交一次，得到F1，让F1自交，得到F2，从F2中初步选取性状上符合要求的类型，再把初步选出的类型进一步隔离自交和汰劣留良，直到不再发生性状分离，C、D项正确。
5．孟德尔的豌豆杂交实验中，将纯种的黄色圆粒豌豆与纯种的绿色皱粒豌豆杂交得到F1，F1自交得到F2，F2种子有556粒，从理论上推测，F2种子中基因型和个体数相符的是(　　)
选项 A B C D
基因型 YYRR yyrr YyRr yyRr
个体数(粒) 315 70 140 35
答案　C
解析　纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆杂交，所得F1为黄色圆粒(YyRr)，F1自交得到的F2中基因型共有9种，则556粒F2种子中YYRR的数目为1/16×556≈35(粒)，yyrr的数目为1/16×556≈35(粒)，YyRr的数目为4/16×556＝139(粒)，yyRr的数目为2/16×556≈70(粒)，即C项符合题意。
6．向日葵种子粒大(B)对粒小(b)为显性，含油少(S)对含油多(s)为显性，某人用粒大油少和粒大油多的向日葵进行杂交，结果如图所示。这些杂交后代的基因型的种类是(　　)
A．9种 B．8种　C．6种 D．4种
答案　C
解析　用分离定律分析每对相对性状的遗传可知，杂交后代中粒大∶粒小＝3∶1，故亲本的组合类型是Bb×Bb，杂交后代有3种基因型；杂交后代中油少∶油多＝1∶1，故亲本的组合类型是Ss×ss，杂交后代有2种基因型，由此可知，亲本BbSs和Bbss杂交，后代的基因型有3×2＝6(种)。
7．人体耳垂离生(A)对连生(a)为显性，眼睛棕色(B)对蓝色(b)为显性，两对基因自由组合。一个棕眼离生耳垂的男性与一个蓝眼离生耳垂的女性婚配，生了一个蓝眼连生耳垂的孩子。倘若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂、蓝眼连生耳垂的概率分别是(　　)
A.， B.，　C.， D.，
答案　C
解析　根据题意可知，父母的基因型为AaBb和Aabb，所以他们倘若再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂的概率是×＝，未来子女为蓝眼连生耳垂的概率是×＝。
8．(2019·河南邓州花洲实验高级中学高一月考)已知某植物开红花是由两个显性基因A和B共同决定的，否则开白花，两对等位基因独立遗传，则植株AaBb自交后代的表型种类及比例是(　　)
A．4种，9∶3∶3∶1 B．4种，1∶1∶1∶1
C．2种，3∶1 D．2种，9∶7
答案　D
解析　由题意可知，只有基因A和B同时存在时才会开红花，由于两对等位基因遗传符合自由组合定律，在植株AaBb自交后代中A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1；又由于只有基因型为A_B_的开红花，其他全开白花，因此后代中只有2种表型，并且比例为9∶(3＋3＋1)＝9∶7，故选D。
9．灰兔和白兔作为亲本杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9∶3∶4，则下列说法正确的是(　　)
A．家兔的毛色的遗传不符合孟德尔遗传规律
B．家兔的毛色受一对等位基因控制
C．F2中黑兔与亲本基因型相同的白兔交配后，后代出现白兔的概率是
D．F2中灰兔基因型有4种，其中能稳定遗传的个体占
答案　C
解析　根据F2中灰兔、黑兔和白兔的比例为9∶3∶4，可判断家兔的毛色受两对等位基因控制，且遵循自由组合定律，A、B项错误；根据F2的表型及其比例可判断灰兔为双显性个体，假设控制毛色的基因用A/a、B/b表示，F2中黑兔基因型为AAbb(或aaBB)、Aabb(或aaBb)，F1为双杂合子，亲本白兔基因型为aabb，F2中黑兔与亲本基因型相同的白兔交配，后代出现白兔的概率是×＝，C项正确；F2中灰兔基因型有四种，其中能稳定遗传的个体占，D项错误。
10．(2020·日照调研)某校生物兴趣小组选取黄色圆粒和绿色圆粒豌豆作亲本进行杂交实验，子代(F1)表型的统计结果如下表(控制豌豆子叶颜色和种子形状的基因分别用A、a和B、b表示，其中豌豆子叶的黄色对绿色为显性，圆粒对皱粒为显性)。请根据表中数据和基因的自由组合定律回答下列问题：
子叶颜色 种子形状
黄色 绿色 圆粒 皱粒
501 498 758 242
(1)亲本的基因型是________(黄色圆粒)，__________(绿色圆粒)。
(2)F1中纯合子所占的比例是________；F1中黄色圆粒豌豆的基因型是_____________。
(3)如果选取F1中的全部黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，则后代出现的表型及相应比例为__________________________________________________________________________。
答案　(1)AaBb　aaBb　(2)　AaBB、AaBb　(3)黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1
解析　(2)F1中纯合子aaBB＋aabb＝×＋×＝。F1中黄色圆粒豌豆的基因型是AaBB、AaBb。(3)F1中黄色圆粒豌豆的基因型为AaBB、AaBb，分别占、，绿色皱粒豌豆的基因型为aabb，杂交后代黄色圆粒＝××1＋××＝，绿色圆粒＝××1＋××＝，黄色皱粒＝××＝，绿色皱粒＝××＝，黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1。
B组　综合强化练
11．(2019·福建师大附中期末)玉米的高秆(D)对矮秆(d)为显性，茎秆紫色(Y)对茎秆绿色(y)为显性，两对性状独立遗传。以基因型为ddYY和DDyy的玉米为亲本杂交得到的F1，自交产生F2。选取F2中的高秆绿茎植株种植，并让它们相互授粉，则后代中高秆绿茎与矮秆绿茎玉米的比例为(　　)
A．5∶1 B．8∶1　C．3∶1 D．9∶7
答案　B
解析　依题意可知，F1的基因型为DdYy，在F2高秆绿茎植株中，基因型为Ddyy的植株占，DDyy的植株占，其中只有Ddyy自交后代中会出现矮秆绿茎(ddyy)，出现的概率是××＝，则后代中高秆绿茎∶矮秆绿茎＝8∶1，B项正确。
12．(2019·黑龙江齐齐哈尔八中高一月考)某种蛙眼色的表型与基因型的关系如下表(两对基因独立遗传)：
表型 蓝眼 绿眼 紫眼
基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_
现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1有蓝眼和绿眼两种表型，理论上F1中蓝眼蛙∶绿眼蛙为(　　)
A．3∶1　B．3∶2　C．9∶7　D．13∶3
答案　A
解析　已知蛙的蓝眼是双显性A_B_，绿眼是A_bb或aabb(必须含有bb)，紫眼是aaB_。由于蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)交配，F1仅有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb)两种表型，故亲本的基因型为AABb和aaBb，所以F1蓝眼蛙为AaB_，比例为1×＝，绿眼蛙为Aabb，比例为，即F1中蓝眼蛙和绿眼蛙的比例为3∶1，故选A。
13．水稻香味性状与抗病性状独立遗传。香味性状受隐性基因(a)控制，抗病(B)对易感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，研究人员进行了一系列杂交实验。亲本无香味易感病植株与无香味抗病植株杂交后代的统计结果如图所示。下列有关叙述不正确的是(　　)
A．香味性状一旦出现就能稳定遗传
B．两亲本的基因型分别是Aabb、AaBb
C．两亲本杂交得到的子代中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为0
D．两亲本杂交得到的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为
答案　D
解析　香味性状受隐性基因控制，具有该性状的个体基因型为aa，能够稳定遗传，A项正确；由题图可知，后代中抗病∶易感病＝1∶1，亲本的基因型是Bb、bb，后代中无香味∶有香味＝3∶1，亲本的基因型是Aa、Aa，综合两对性状考虑，两亲本的基因型为AaBb、Aabb，B项正确；杂交子代中抗病的个体基因型均为Bb，不能稳定遗传，C项正确；两亲本杂交得到的子代中，AA个体占1/4，Aa个体占1/2，aa个体占1/4；Bb个体占1/2，bb个体占1/2，子代自交产生稳定遗传的有香味抗病植株所占的比例为×××＋××＝，D项错误。
14．蝴蝶的翅型(正常翅对残缺翅为显性)和翅长(长翅对短翅为显性)分别由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b决定。基因A纯合时雄蝶致死，基因b纯合时雌蝶致死。基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配得到F1，F1随机交配得到F2。F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为(　　)
A．6∶2∶3∶1 B．15∶5∶6∶2
C．9∶3∶3∶1 D．15∶2∶6∶1
答案　D
解析　基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配，F1的基因型为AaBb，F1随机交配得F2，F2蝴蝶中雌雄个体的比例为1∶1，基因A纯合时雄蝶致死，雄蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅＝6∶2∶3∶1；基因b纯合时雌蝶致死，雌蝶中正常长翅∶残缺长翅＝9∶3，则F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为15∶2∶6∶1。
15．在家蚕的遗传中，蚁蚕(刚孵化的蚕)体色的黑色与淡赤色是一对相对性状，黄茧和白茧是一对相对性状，控制这两对相对性状的基因自由组合，两个杂交组合得到的子代(足够多)数量比见下表，以下叙述中错误的是(　　)
项目 黄茧黑蚁蚕 白茧黑蚁蚕 黄茧淡赤蚁蚕 白茧淡赤蚁蚕
组合一 9 3 3 1
组合二 0 1 0 1
A．黑色对淡赤色为显性，黄茧对白茧为显性
B．组合一中两个亲本的基因型和表型都相同
C．组合二中亲本的基因型和子代的基因型相同
D．组合一和组合二的子代中白茧淡赤蚁蚕的基因型不完全相同
答案　D
解析　由于组合一后代中黄茧∶白茧＝3∶1，因此黄茧对白茧为显性(相关基因用A、a表示)，黑色∶淡赤色＝3∶1，因此黑色对淡赤色为显性(相关基因用B、b表示)，A项正确；由组合一后代表型比例为9∶3∶3∶1可知，两亲本均为黄茧黑蚁蚕，基因型均为AaBb，B项正确；组合二后代全部为白茧，且黑色∶淡赤色＝1∶1，可知亲本基因型为aaBb和aabb，其后代基因型为aaBb、aabb，与亲本基因型相同，C项正确；白茧淡赤蚁蚕的基因型都为aabb，D项错误。
16．玉米籽粒的颜色有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如图所示。控制玉米颜色的3对等位基因遵循自由组合定律，现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性状分离比为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1。则该植株的基因型可能为(　　)
A．MMNNEE B．MmNNee
C．MmNnEE D．MmNnee
答案　B
解析　由代谢途径可知，玉米籽粒的颜色由3对等位基因控制，且遵循自由组合定律，且mm_ _ _ _、M_nn_ _为白色，M_N_ee为红色，M_N_E_为紫色。因红色籽粒玉米自交后代紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1，即没有紫色个体，且红色∶白色＝3∶1，相当于一对相对性状的杂合子自交，因此亲本红色玉米的基因型可能是MmNNee或MMNnee。
17．(2019·安徽淮南二中高二月考)在水稻中，有芒(A)对无芒(a)为显性，抗病(R)对不抗病(r)为显性，用有芒抗病(AARR)和无芒不抗病(aarr)的两种水稻作亲本，培育无芒抗病的良种水稻供农民使用。回答下列问题：
(1)用杂交育种方法培育这一良种供农民使用至少需要四年时间，完成下列育种过程。
第一年：进行杂交获得__________。第二年：进行____________________获得F2。第三年：进行自交选出符合要求的________水稻品种。第四年：继续自交扩大繁殖目标种子。
(2)第一年对作为母本的水稻应该做_______处理，这项工序应该在开花_______(填“前”或“后”)进行。
答案　(1)F1(AaRr)　自交　纯系(或aaRR)　(2)人工去雄　前
解析　(1)根据题意可知，第一年将有芒抗病(AARR)和无芒不抗病(aarr)的两种水稻作亲本进行杂交，获得F1(AaRr)；第二年，让F1自交得到F2；第三年，从F2中选出无芒抗病植株(aaRr或aaRR)，通过自交选出纯系水稻品种(aaRR)。(2)第一年在开花前应将母本水稻的雄蕊除去，这是为了避免自花传粉。
18．(2019·天津一中高一期末)如图为白化病遗传系谱图(相关基因用A、a表示)，请据图回答下列问题：
(1)决定白化病的基因为________性。
(2)Ⅱ2和Ⅲ1的基因型分别为________、________。
(3)Ⅲ2是纯合子的概率为______，Ⅲ3的基因型为________。
(4)若Ⅲ2和Ⅲ3婚配，后代患白化病的可能性为________，预计他们生一肤色正常男孩的概率为________，所以国家禁止近亲结婚。
答案　(1)隐　(2)Aa　aa　(3)1/3　Aa　(4)1/6　5/12
解析　(1)Ⅰ1和Ⅰ2表现正常，生有白化病的女儿Ⅱ3，所以决定白化病的基因为隐性基因。
(2)由图分析可知，Ⅱ2的基因型为Aa，Ⅲ1的基因型为aa。
(3)Ⅱ1和Ⅱ2的基因型均为Aa，所以Ⅲ2的基因型为1/3AA、2/3Aa，是纯合子的概率为1/3。Ⅱ3的基因型为aa，所以Ⅲ3的基因型为Aa。
(4)若Ⅲ2(1/3AA、2/3Aa)和Ⅲ3(Aa)婚配，后代患白化病的可能性为2/3×1/4＝1/6，预计他们生一肤色正常男孩的概率为(1－2/3×1/4)×1/2＝5/12。