2022-2023学年度沪粤版九年级物理上册 12.3研究物质的比热容 同步练习
一、单选题
1．（2022八下·房山期末）用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的关系图像如图所示。下列说法中正确的是（ ）
A．加热相同的时间，甲液体的温度变化量小于乙液体的温度变化量
B．温度变化量相同时，甲液体的加热时间大于乙液体的加热时间
C．用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少
D．根据质量、加热时间和温度变化信息，可以推算出甲液体的比热容大于乙液体的比热容
2．（2022·济南）炎炎夏日，小梅来到美丽的海滨城市青岛。她发现，在这里白天的风常常从海面吹向陆地，而每到夜晚风却从陆地吹向海面。她利用学过的物理知识进行分析，并画出陆地和海面之间空气流动情况的示意图，如图所示。形成这一现象的主要原因是（ ）
A．海水的密度小于砂石的密度
B．海水的密度大于砂石的密度
C．海水的比热容小于砂石的比热容
D．海水的比热容大于砂石的比热容
3．（2022·恩施）夏季，混凝土护栏被太阳晒得很热，池塘中太阳下的水却不很热，主要原因是（ ）【】
A．水不吸热 B．混凝土初温高
C．水的比热容大 D．混凝土放热
4．（2022·邵阳）湿地被称为“地球之肾”，能调节空气的湿度和温度，其中能调节温度主要是因为水的（ ）
A．比热容大 B．密度大 C．流动性大 D．热值大
5．（2022·成都）“二十里中香不断，青羊宫到浣花溪”，这是南宋大诗人陆游对成都的赞誉。漫步在成都的这段“寻香道”，观花赏水，令人心旷神怡。下列分析正确的是（ ）
A．闻到花香是分子做无规则运动的结果
B．溪水的温度高低取决于水流的速度
C．阳光下湖水内能增加是通过做功的方式
D．阳光下的石板温度升高，其比热容增大
6．（2022·梁溪模拟）如图所示，装置甲、乙和丙完全相同，燃料质量均为 ，烧杯内液体初温和质量都相等，燃料完全燃烧完后，液体均未沸腾，液体的末温分别为 、 和 ，且 ，则下列说法正确的是（ ）
A．燃料a的热值比燃料b的大 B．液体2吸收的热量最少
C．液体1的比热容比液体2的大 D．燃料b放出热量最多
7．（2022·常熟模拟）在沿海地区炎热晴朗的天气里，易形成海陆风，陆风和海风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成风。如图为海陆风示意图，此图表示的昼夜状况和风向是（ ）
A．白天，海风 B．夜晚，陆风 C．夜晚，海风 D．白天，陆风
8．（2022·成都模拟）小莉根据下列表中的数据，得出了以下四个结论，其中正确的是（ ）
物质 密度ρ/（kg/m3） 物质 熔点/℃ 物质 比热容c/[（J/（kg·℃）]
煤油 0.8×103 铜 1083 干泥土 0.84×103
纯水 1.0×103 铝 660 水 4.2×103
铜 8.9×103 铅 328 铜 0.39×103
铝 2.7×103 锡 232 铝 0.88×103
A．用来熔化铜的容器可以用锡制成
B．质量相等的纯水和煤油，纯水的体积较大
C．体积相等的铜块和铝块，放出相等的热量，铝块温度较低得较少
D．质量相等得干泥土和水，吸收相等的热量，干泥土温度升高得较多
9．（2022·宿州一模）关于温度、内能、热量、热值和比热容，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体含有的热量多
B．某种燃料完全燃烧时热值会变大
C．内能大的物体其温度一定高
D．比热容大的物质吸热或放热的本领强
10．（2022·汶上一模）如图所示，用规格相同的加热器分别给质量相等的甲乙两种液体加热，不计热损失，丙所示的液体温度与加热时间的关系图，则下列说法正确的是（ ）
A．甲液体比乙液体的比热容比大
B．甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为2︰3
C．加热相同的时间，甲、乙两种液体升高的温度之比2︰3
D．将甲、乙两种液体从20℃均加热至60℃（没有达到沸点）所需要的时间之比仍为2︰3
11．（2022·从化模拟）甲、乙两物体质量都为1kg，丙物体质量为2kg，三个物体温度都升高1℃，吸收热量如图所示，则甲、乙、丙的比热容大小关系是（ ）
A．c甲＞c乙＞c丙 B．c甲＜c乙＜c丙
C．c甲＝c乙＝c丙 D．c甲＞c乙＝c丙
12．（2022·肇东模拟）甲、乙两物体质量相等，初温相同，把甲投入一杯热水中，平衡后水温降低了 10℃，把甲捞出后（设水与热均未损失），再投入乙，热平衡后水温又降低了 10℃。由此可得出（ ）
A．甲的比热容小 B．乙的比热容小
C．甲、乙的比热容一样大 D．无法确定
13．（2022九下·福田月考）如图所示，加热-40℃的冰，下列说法正确的是（ ）
A．BC段表示当前物体的状态仍是固体
B．冰的熔化过程温度不变，说明熔化不需要吸热
C．水的沸腾过程温度不变，说明它的内能不变
D．由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，说明冰的比热容比水小
14．（2022·盐都模拟）一定质量的冰熔化成水过程中，下列判断正确的是（ ）
A．比热容变大、温度不变 B．内能不变，比热容变大
C．比热容不变、温度不变 D．内能不变，比热容不变
15．（2022·南平模拟）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（ ）
A．A的比热容与B的比热容之比为1：2
B．A的比热容与B的比热容之比为2：3
C．都加热t时间，A和B吸收热量之比为1：1
D．A和B升高相同的温度，吸收热量之比为1：1
16．（2021九上·钦北期末）在两个上端开口的正方体容器内，分别装有质量和初温都相同的甲和乙两种液体，如图所示。一起放在太阳下暴晒10min，测得甲、乙两种液体上升相同的温度，已知单位面积的液体在相同时间内，吸收的热量是相同的，忽略容器吸、放热的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．甲液体的比热容较大 B．乙液体的比热容较大
C．它们的比热容一样大 D．无法比较它们比热容的大小
17．（2021九上·高要期末）关于比热容，下列说法正确的是（ ）
A．液体的比热容都比固体的比热容大
B．因为c水>c煤油，所以质量相等的水和煤油，吸收相同的热量，水的温度升得更高
C．沙子的比热容较小，所以沙漠地区昼夜温差较大
D．比热容跟物体质量有关，质量越大，比热容越小
18．（2021九上·潮州期末）如图所示为潮州市凤凰山的一部分等高线图，某登山运动员从A点到达B点的过程，下列说法正确的是（ ）
A．运动员的体重变大
B．运动员的重力势能减小
C．在B点烧水比在A点烧水时，水的比热容升高
D．运动员携带的气压计的示数在减小
19．（2022九上·荔湾期末）用相同的电热棒分别给甲、乙两种液体（比热关系是c甲=2c乙）加热，两种液体每秒吸收的热量相同，这两种液体的温度随加热时间变化的图象如图所示，下面四个选项正确的（ ）
A．同时加热120s，甲升高的温度大于乙
B．同时加热120s，甲吸收的热量比乙多
C．甲、乙两种液体的质量之比是3∶2
D．如果相同质量的甲、乙两种液体，降低相同的温度，则乙放出的热量比甲多
20．（2021九上·蜀山期末）在探究物质熔化特点的实验中，选取质量相等的甲、乙两种固体装入相同的试管中，用如图所示的两套完全相同的装置加热。关于这个实验下列说法正确的是（ ）
A．实验中需要用到的测量工具有量筒和停表
B．甲、乙在固态时的比热容大小关系为c甲>c乙
C．甲、乙在熔化过程中吸收的热量大小关系为Q甲＜Q乙
D．甲、乙在熔化过程中吸收热量，温度和内能均不变
二、计算题
21．（2018九上·库车月考）质量为3kg的金属块,温度由20℃升高到100℃时,吸收的热量为2.112×105J,求此种金属的比热容
22．（2020九上·端州期末）用煤气灶烧水时，燃烧1kg的煤气，能使100kg的水从20℃加热到70℃.（ ， ，求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气完全燃烧放出的热量。
23．（2020八下·通州期末）冬天，南方的老人们经常使用热水袋取暖。假定热水袋中装有0.8kg的水，当袋内的水温从60℃降低到40℃时，求水放出的热量。（c水=4.2×103J/(kg ℃)）
24．（2020九上·吉林月考）寒冷的冬天，房间内暖气设备用热水供暖，每天需要给房间供热
4.2×107J，若流进房间散热器的水温是62℃，流出的水温是54℃，求：每天流经散热器水的质量。[ ]
三、实验探究题
25．（2022·包头）利用如图（a）所示的实验装置比较不同物质的吸热能力。
（1）实验时，选取质量 、初温相同的甲、乙两种不同液体，用相同的酒精灯加热，加热时液体温度升高，这是通过 方式来增大内能的。
（2）根据实验数据绘制的温度随时间变化关系如图（b）所示，分析可知， 液体的吸热能力更强。
（3）实验完成后，酒精灯中剩余酒精的热值 （填“变大”“变小”或“不变”）。
26．（2022·广安）为了探究“不同物质的吸热能力”，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，并且用相同的装置加热，如图甲所示。
（1）实验中，可以通过比较 （选填“升高的温度”或“加热时间”）来反映两种液体吸收热量的多少；
（2）加热到4min时，液体B的温度如图乙所示，此时温度计示数是 ℃；
（3）冬天，如果你想自制暖手袋，应选液体 （选填“A”或“B”）作为供暖物质，其效果更佳；
（4）上述实验中，主要用到的科学探究方法有转换法和 法。
27．（2022·河池）小红想探究水和砂石的吸热性能，取初温相同的水和砂石，分别盛放在规格相同的烧杯中，用同一盏酒精灯对它们分别加热，同时搅拌水和砂石，使之受热均匀。在相同加热时间内，比较它们温度升高的情况。
（1）除以上条件外，还要求水和砂石的质量 （选填“相等”或“不相等”）；
（2）某一时刻，温度计的示数如图所示，此时温度为 ；
（3）通过实验发现，在相同加热时间内，水升高的温度比砂石的小，说明 的吸热性能更好；
（4）由此可以解释沿海地区比沙漠地区昼夜温差 的现象。
28．（2022·常州）小组同学比较沙子和水的比热容，实验装置如图甲、乙所示。
（1）在两个相同的易拉罐内分别装入初温、 相同的沙子和水。
（2）用两盏相同的酒精灯同时加热沙子和水，加热过程中需用玻璃棒不断搅拌。搅拌的目的是： 。测得实验数据如表格所示。
加热时间/ 0 1 2 3 4 5
温度/ 沙子 18 22 29 37 45 —
水 18 19 21 23 25 27
（3）时，温度计显示沙子的温度如图丙所示，其读数为 ℃。
（4）加热相同的时间，发现沙子的温度升得更高，有同学认为此过程中沙子吸收热量比水吸收热量多，该观点 （正确/错误）。
（5）分析数据可得沙子的比热容 （小于/等于/大于）水的比热容。
四、填空题
29．（2022·怀化）如图所示为冬天人们常用的电热水袋，使用十分方便，充电加热后，能够放热较长时间，其内部液体主要成分是水，是因为利用了水的 较大；若该热水袋装有1kg的水，充电加热后温度为50℃，使用一段时间后温度降低到20℃，则此过程中放出的热量为 J。
30．（2022·邵阳模拟）已知水的比热容为，现将质量为4kg的水倒掉一半，剩下的水的比热容大小 （选填“变大”“变小”或“不变”），初温30℃，质量2kg的水吸收2.1×105J的热量后温度将升高到 ℃。
31．（2022·宜昌）小丽用相同的电加热器分别对质量为0.2kg的水和0.3kg的另一种液体进行加热，得到的实验数据如图所示，则水在16min内吸收的热量为 J，另一种液体的比热容为 J/(kg·℃)。[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
32．（2022·龙东）两个相同的容器中分别装入质量相同的甲、乙两种液体，使用相同的热源为其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示，若甲、乙两液体吸收相同的热量，则 液体升高的温度较多；两者比较， 液体更适合作汽车的冷却剂。
33．（2022·张家界）为落实《农村义务教育学生营养改善计划》学校实施学生营养餐进校园，如图是某学校免费为学生提供的牛奶，若牛奶的密度为1.02×103kg/m3，则该牛奶的质量为 kg；牛奶喝掉一半，剩余牛奶的比热容 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
34．（2022·株洲）如表格中的数据为水和煤油的比热容，这两种液体中 适合作为汽车发动机的冷却液。若要使壶中质量为2kg的水升高20℃，水需吸收 J热量，将壶中的水加热一段时间后水变少了，是因为水发生了 现象（填物态变化的名称）。
物质 比热容c/【J/kg·℃】
水 4.2×103
煤油 2.1×103
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．由图像可知，加热器相同，质量和初温相同的不同液体，加热相同的时间，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，即甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，A不符合题意；
BD．由图像可知，加热相同的时间，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，则甲液体的比热容小于乙液体的比热容。由Q吸=cmΔt可知，质量相同、要使温度变化量相同，比热容小的液体吸收的热量少，则甲液体的加热时间小于乙液体的加热时间，BD不符合题意；
C．因为在其他条件相同的情况下，加热时间越长，表示电加热器放出的热量越多，而放出的热量又是被液体所吸收。故加热时间越长，被加热的液体吸收的热量就越多。所以用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据图像信息，判断温度变化；由Q吸=cmΔt可知，质量相同、要使温度变化量相同，比热容小的液体吸收的热量少；用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少。
2．【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【解答】质量相同的水和沙吸收相同的热量，水的温度变化低于沙石的温度变化，是因为水的比热容大于沙石的比热容；在相同的日晒情况下，沙石上方的空气温度会升得较快，其密度也变得较小而上升，海面上温度较低密度较大的空气会补充过来，从而形成海面吹向陆地的风，而晚上，沙石上方的空气温度下降得较快，其密度也变得较大而下降，海面上温度下降慢且温度较高、密度较小、空气上升，陆地的空气会补充过来，从而形成陆地吹向海面的风，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】质量相同的水和沙吸收相同的热量，水的温度变化低于沙石的温度变化，是因为水的比热容大于沙石的比热容。
3．【答案】C
【知识点】比热容
【解析】【解答】根据可知，质量相等的水和混凝土，太阳照射同样的时间，吸收相同热量，由于水的比热容较大，水的温度升高较小，因此水的温度比混凝土低，所以太阳下的混凝土热得烫脚，而旁边池塘里的水却不怎么热，ABD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据可知，质量相同的两种物质，比热容大的，温度变化小。
4．【答案】A
【知识点】比热容；燃料的热值
【解析】【解答】由公式的变形式可知，质量相同的不同物质，当吸收或放出相同热量时，比热容较大的物质温度变化较小，因此，比热容大的物质对调节温度有很好的作用。湿地中含有大量的水，而水的比热容较大，因此湿地能调节温度主要是因为水的比热容大；
故答案为：A。
【分析】水的比热容较大，吸热能力大。
5．【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】A．闻到花香是由于分子在永不停息地做无规则运动，花香分子扩散到了空气中，进入人的鼻子从而闻到香味，A符合题意；
B．由Q=cmΔt可知，溪水的温度高低与溪水的质量和吸收的热量等因素有关，与水流的速度无关，B不符合题意；
C．阳光下湖水通过吸收太阳辐射的热量使得其内能增加，这是通过热传递的方式增加内能，C不符合题意；
D．比热容是物质本身的一种特性，与物体的温度无关，故阳光下的石板温度升高，其比热容不变，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】温度气味是分子不停的无规则运动；热传递和做功都可以改变内能。
6．【答案】A
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．由图甲、乙可知，使用相同质量的不同燃料对初温和质量相同的同种液体加热后，甲中液体的末温更大，故可知甲中液体吸收的热量更多，可知相同质量的燃料，燃料a完全燃烧放出的热量更多，故由Q=qm可知，燃料a的热值比燃料b的大，A符合题意；
B．由图甲、丙可知，燃料的质量和种类均相同，故可知两图中液体吸收的热量相等，B不符合题意；
C．由图甲、丙可知，燃料的种类和质量相同，故液体1和液体2吸收的热量相同，且由题意可知，液体1的温度变化量大于液体2的温度变化量，故由Q=cmΔt可知，液体1的比热容比液体2的小，C不符合题意；
D．由A中可知，燃料a的热值比燃料b的大，故相同质量的燃料，燃料a放出的热量最多，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】不同燃料的热值不同，质量相同时，放出的热量不同。
7．【答案】B
【知识点】比热容
【解析】【解答】由于地面和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风；晚上，地面比大海降温快，地面冷空气密度较大，冷空气下降，海面上空较热的空气就会流过来补充，在靠近地面的冷空气就会沿陆地吹向大海，形成陆风，此图表示的是晚上的陆风，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】在沙滩上，晚上沙滩比热容小，温度变化大，空气降温后密度比海面的密度大，空气流向海洋。
8．【答案】D
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．铜的熔点是1083℃，锡的熔点是232℃，用锡做熔化铜的器皿，铜还没有达到熔点，器皿（锡）就熔化、漏了，A不符合题意；
B．质量相等的纯水和煤油，纯水的密度大，由可知纯水的体积小，B不符合题意；
C．根据Q放=cmΔt和m=ρV得到体积相等的铜块和铝块，放出相等的热量Q1=c1m1Δt1=c1ρ1VΔt1
Q2=c2m2Δt 2=c2ρ2 VΔt2
降低的温度之比
所以铝块温度降低得较多，C不符合题意；
D．质量相等的水和干泥土，吸收热量相等，水的比热容比干泥土的大，水的温度比干泥土升高的少，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】由表中数据可得铜和锡的熔点，据此判断；根据密度公式得出体积关系。
体积相等的铜块和铝块，又知道密度关系和比热容关系，根据密度公式和放热公式判断吸收热量关系；根据Q吸=cm△t判断温度变化大小关系。
9．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容；燃料的热值
【解析】【解答】A．热量是在热传递过程中传递内能的多少，是过程量，不能说物体含热量，A不符合题意；
B．热值是燃料本身的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃烧程度无关，B不符合题意；
C．内能大小与物体的质量、温度、状态等都有关系，因此内能大的物体温度不一定高，C不符合题意；
D．比热容表示的是单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量，比热容是物质本身的一种特性，比热容大的物质吸热或放热的本领强，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；温度指物体的冷热程度；热量是指在热传递过程中内能改变的多少。
热值是燃料的一种特性，它代表燃料性能的优劣，热值的大小与燃料的种类有关，与燃烧程度、质量的多少以及是否燃烧等均无关；物体的比热容是表示物质吸热能力的物理量，是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物体的温度、质量、体积等无关。
10．【答案】D
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．如图丙所示，将甲、乙两种液体从20℃均加热至40℃时，甲用时2min，乙用时3min，由于加热器相同，则甲乙所吸收的热量之比为
根据热量计算公式可得
所以甲液体比乙液体的比热容比小，A不符合题意；
B．由于两加热器是相同的，则每分钟放出的热量相等，B不符合题意；
C．加热相同的时间，即吸热的热量相同，则温度变化量为
C不符合题意；
D．将甲、乙两种液体从20℃均加热至60℃（没有达到沸点）即温度变化相同，质量相同，所需要吸收的热量之比为
而两个加热器是相同的，吸热多少与时间成正比，所以
D符合题意。
故答案为：D。
【分析】在质量和吸收热量相同时，温度差越大， 比热容越小；就热量和比热容、质量的比值， 计算温度差的比值；在质量和温度差相同时，结合比热容，判断吸收热量的比值。
11．【答案】A
【知识点】比热容
【解析】【解答】由图得，甲吸收的热量最大，乙丙吸收的热量相等。依题意得，甲乙的质量相同，升高温度相同，由得，甲的比热容大于乙的比热容；丙的质量大于乙的质量，而升高的温度相同，由得，乙的比热容大于丙的比热容，因此甲比热容最大，丙的比热容最小，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】质量相同和温度差相同时，比热容越大，吸收的热量越大；吸收热量和温度差相同时，质量越大，比热容越小。
12．【答案】A
【知识点】比热容
【解析】【解答】 把甲投入热水中，平衡后甲和水温度相等， 所以有，把乙投入热水中，平衡后乙和水温度相等， 所以有，所以甲的比热容比乙小。
故选A。
【分析】甲乙吸收热量相等，甲升高的温度是，乙升高的温度是，由可判断甲乙比热容大小
13．【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；沸腾及沸腾条件；比热容
【解析】【解答】A. 如图，BC段吸热温度不变，是熔化过程，物体是固液共存状态，A不符合题意；
B. 冰的融化过程温度不变，但熔化过程要不断吸热，B不符合题意；
C. 水的沸腾过程温度不变，但沸腾要不断吸热，所以内能是增大的，C不符合题意；
D. 由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，根据 可知，冰的比热容比水小，D符合题意；
故答案为：D．
【分析】晶体熔化时，吸收热量温度保持不变，液体沸腾时，温度保持不变；质量和吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大。
14．【答案】A
【知识点】内能的利用及其意义；比热容
【解析】【解答】比热容是物质的特性，与状态有关，当冰熔化成水时，比热容变大；冰熔化成水时，需要吸收热量，虽然温度不变，但是内能增大，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】热传递的实质是内能的转移，发生热传递内能一定改变；物质的质量不随物态变化而变化。冰在吸热熔化过程中，质量和温度保持不变，内能和比热容增加。
15．【答案】C
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】AB．由于A、B液体质量相等，初温相同，用相同的加热器加热相同的时间t表示A、B吸收的热量相同，A温度升高了tA＝40℃﹣20℃＝20℃
B温度升高了tB＝60℃﹣20℃＝40℃
A的比热容
B的比热容
则
故AB错误；
C．用相同的加热器加热相同的时间t表示A、B吸收的热量相同，由此可知，都加热t，A、B吸收的热量相同，即A、B吸收的热量之比QA吸：QB吸＝11
符合题意；
D．由于A、B液体质量相等，初温相同，当A、B升高相同的温度，由知道A、B吸收的热量之比为
不符合题意。
故答案为：C。
【分析】当质量和物体吸收热量相同时，温度变化越大，吸热能力越小；根据物体吸收的热量、比热容和温度差，计算未知物体的比热容的大小。
16．【答案】B
【知识点】比热容
【解析】【解答】由图可知，乙液体的面积大于甲液体的面积，根据单位面积的液体在相同时间内，吸收的热量是相同的可知，甲乙两种液体都暴晒10min，乙液体吸收的热量大于甲液体吸收的热量；由于甲、乙液体的质量和初温相同，暴晒10min，甲、乙液体升高的温度相同，根据Q吸＝cmΔt，当m、Δt相同时，c越大，Q吸越大，由此可知，乙液体的比热容较大。
故答案为：B。
【分析】质量和温度差相同时，吸收热量越多，物体的比热容越大。
17．【答案】C
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．液体的比热容不一定比固体的比热容大，例如冰与煤油的比热容都是
，A不符合题意；
B．水的比热容比煤油的比热容大，质量相等的水和煤油，吸收相同的热量，根据
可知， 水升高的温度比煤油升高的温度小，B不符合题意；
C．沙的比热容较小，和质量相等的水相比，吸收或放出相同的热量，温度变化大，所以沙漠地区昼夜温差较大，C符合题意；
D．物质的比热容取决于物质的种类，还与物质的状态有关，与物体的质量、吸收的热量、升高的温度无关，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；由Q=cmΔt可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多。
18．【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；比热容；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】根据地图等高线知识分析，B点海拔1450m，A点海拔850m，即B点比A点高。登山运动员从A点到达B点时，海拔升高了；
A．人的体重是指人的质量，质量是物体的固有属性，不随空间位置的变化而变化，即使高度增加但质量不变，A不符合题意；
B．运动员的重力势能与质量、高度两因素有关，当质量一定时，高度升高，重力势能变大，B不符合题意；
C．比热容是物质的一种特性，与高度无关，C不符合题意；
D．大气压强随高度的升高而减小，所以气压计的示数在减小，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据地理课所学等高线知识来看图，B点海拔1450m，A点海拔850m，即B点比A点高；根据重力与高度关系、重力势能与高度关系、大气压强与高度的关系、比热容的影响因素判断。
19．【答案】C
【知识点】热量的计算；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．由图知同时加热120s，甲的温度变化是80℃-60℃=20℃
乙的温度变化是60℃-0℃=60℃
所以甲升高的温度小于乙升高的温度，A不符合题意；
B．题干中有“两种液体每秒吸收的热量相同”，所以在相同的时间内甲液体和乙液体吸收的热量相同，B不符合题意；
C．在0～120min时间内，相同的时间甲乙吸收相同的热量，甲、乙两种液体的质量之比
C符合题意；
D．相同质量的甲、乙两种液体，降低相同的温度，因为c甲=2c乙，根据Q=cmΔt可知甲放出的热量多，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】相同的热源，加热时间相同，物体吸收的热量相等；根据热量和比热容的关系，结合温度差的比值， 可以计算质量的比值。
20．【答案】C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．物质熔化特点实验是一个探究物质熔化过程时物质温度随时间变化的实验，选取质量相等的甲、乙两种固体，因此实验中用到的测量工具是天平、停表和温度计，A不符合题意；
B．相同质量的甲、乙在固态时，升高相同的温度，甲用时较短，根据可知，甲的比热容小于乙的比热容，B不符合题意；
C．根据甲、乙的温度-时间变化曲线可知，在熔化过程中，甲保持恒温的时间短，即甲的熔化时间短，所以甲吸收的热量要更少，即Q甲乙，C符合题意；
D．甲、乙在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，内能逐渐增加，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】晶体熔化时的特点是：继续吸热，温度保持不变。
质量是1kg的某种物质温度升高1℃吸收的热量，叫做这种物质的比热；可根据公式Q吸=cm△t比较物体比热的大小。使用相同的装置通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
21．【答案】解：此种金属的比热容 。
答：此种金属的比热容是0.88×103J/（kg ℃）。
【知识点】比热容
【解析】【分析】求解金属的比热容，结合金属的质量、升高的温度和吸收的热量，利用比热容公式求解即可。
22．【答案】（1）水吸收的热量：
（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】（1）结合水的质量和温度的变化量，利用比热容公式求解水吸收的热量即可；
（2）结合煤气的质量，利用热值公式求解煤气释放的热量。
23．【答案】解：水放出的热量
答：水放出的热量是6.72×104J。
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】结合水的质量和温度的变化量，利用比热容公式求解水放出的热量即可。
24．【答案】解：由题意知，水放出的热量Q放=Q=4.2×107J
由Q放=cm（t0-t）得，每天需要流经散热器水的质量
答：每天流经散热器水的质量是1250kg
【知识点】比热容
【解析】【分析】结合水吸收到的热量和升高的温度求解水的质量即可。
25．【答案】（1）相等；热传递
（2）乙
（3）不变
【知识点】热传递改变物体内能；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）实验时，根据控制变量法的需要，选取质量相等、初温相同的甲、乙两种不同液体，用相同的酒精灯加热，加热相同的时间，通过比较两种液体的温度变化，来比较两种液体的吸热本领。
加热时烧杯壁吸收酒精灯的热量，再把热量传递给液体，液体温度升高，这是通过热传递的方式来增大内能的。
（2）由乙图可知，加热相同时间，相同质量的两种液体吸收相同的热量时，甲液体的温度变化较大，由此可知甲的吸热能力较差，乙液体的吸热能力更强。
（3）热值是燃料的一种性质，不随质量的变化而变化，因此实验完成后，酒精灯中剩余酒精的热值不变。
【分析】（1）探究不同物质的吸热能力时，选择质量相同的不同物质；温度不同的物体间，通过热传递改变内能；
（2）质量和吸收热量相同时，温度变化越小，吸热能力越强；
（3）燃料的热值是特性，和质量无关。
26．【答案】（1）加热时间
（2）42
（3）A
（4）控制变量
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）实验中，用相同规格的电加热器加热两种质量相等的不同液体，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少，加热时间越长，液体吸收的热量越多。
（2）如图乙所示，温度计的分度值为1℃，此时温度计示数是42℃。
（3）如图，加热时间相同时，液体A的温度变化小于液体B的温度变化，因此液体A的吸热能力较强，吸热能力强的物质，放热能力也强；因此，冬天自制暖手袋，应选液体A作为供暖物质，其效果更佳。
（4）上述实验中，通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少，主要用到的科学探究方法是转换法，通过控制两种液体的质量相同和加热时间，来实现实验的要求，主要用到的科学探究方法是控制变量法。
【分析】（1）探究物体的吸热能力时，利用相同加热器，加热时间反应吸收热量的多少；
（2）根据温度计液柱位置， 测量温度；
（3）质量和吸收热量相同时，温度变化越小，吸热能力越强；
（4）探究吸热能力时，利用了转换法和控制变量法。
27．【答案】（1）相等
（2）62
（3）水
（4）小
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。根据比较吸热能力的方法知道，要控制不同物质的质量相同，在两个相同的烧杯中分别装有初温和质量都相同的水和砂石。
（2）由图知道，温度计的分度值为2℃，且此时温度为零上，示数为62℃
（3）加热时间相同时，砂石的温度变化大，根据比较吸热能力的方法，这说明水的吸热性能强。
（4）由上述探究的结论知道，沿海地区，水多，内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。
【分析】（1）探究不同物质的吸热能力时，选择相同质量的不同物质；
（2）根据温度计液柱位置，测量温度；
（3）质量和吸收热量相同时，水的温度差小，比热容较大；
（4）沿海地区水的比热容大，温度差小。
28．【答案】（1）质量
（2）让物质受热均匀
（3）52
（4）错误
（5）小于
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）要比较沙子和水的比热容，利用控制变量法要控制初始温度相同，同时质量也要相同。
（2）加热的时候用玻璃棒搅拌的目的是让水和沙子受热均匀。
（3）根据温度计的刻度，可知此时温度为52度。
（4）加热相同的时间，相同初始温度，相同质量的水和沙子吸收的热量是等量的，此时升高的温度不同证实它们的比热容不同。
（5）根据比热容的公式可知：相同初始温度相同质量的不同物质，吸收相同热量后升高的温度越高的，其比热容越小。即沙子的比热容小于水的比热容。
【分析】（1）要比较沙子和水的比热容，利用控制变量法要控制初始温度相同，同时质量也要相同；
（2）加热的时候用玻璃棒搅拌的目的是让水和沙子受热均匀；
（3）看清分度值，结合对应刻度读数；
（4）比热容不同的物体，吸收相同的热量时，温度变化不同；
（5）同初始温度相同质量的不同物质，吸收相同热量后升高的温度越高的，其比热容越小。
29．【答案】比热容；
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】相同质量的不同种液体温度变化相同时，水放出或吸收的热量较多，电热水袋内部液体主要成分是水，就是利用了水的这一特性，即水的比热容较大。
1kg的水，充电加热后温度为50℃，使用一段时间后温度降低到20℃，则此过程中放出的热量
【分析】水的比热容较大，便于对物体放热；根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量多少。
30．【答案】不变；55
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】比热容中物质的一种属性，只与物质的种类、状态有关，与质量无关，故剩下的水的比热容大小不变。
水升高的温度为
水的末温为
【分析】比热容中物质的一种属性，只与物质的种类、状态有关，与质量无关。
利用Q=cm△t求得水的末温。
31．【答案】2.52×104；1.4×103
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】由图像可知，水的初温是10℃，16min时的末温是40℃，则水在16min内吸收的热量为Q水吸=c水m水(t水-t0水)=4.2×103J/(kg·℃)×0.2kg×(40℃-10℃)=2.52×104J
水16min吸收的热量是2.52×104J，所以水8min吸收的热量为
由于是用相同的电加热器加热，所以水和另一种液体在相同的时间内吸收的热量是相同的，即另一种液体8min吸收的热量也为1.26×104J。由图像可知，另一种液体从开始加热到第8min温度从20℃升高到50℃，根据公式Q水吸=c水m水(t水-t0水)可知，另一种液体的比热容为
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差乘积计算吸收的热量；利用热量和物体的质量和温度差，计算未知的比热容。
32．【答案】甲；乙
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】由图像可知，甲、乙两液体吸收相同的热量，即加热相同的时间，甲升高的温度较多。
由图像可知，甲、乙两液体升高相同的温度，乙需要吸收更多的热量，说明乙的比热容大，乙液体更适合作汽车的冷却剂。
【分析】根据温度和时间关系，判断温度变化大小；质量和吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大。
33．【答案】0.204；不变
【知识点】密度公式及其应用；比热容
【解析】【解答】牛奶的体积为
牛奶的质量为
比热容是物质的一种特性，与质量、体积无关，所以牛奶喝掉一半后，剩余牛奶比热容不变。
【分析】根据物体的密度和体积的乘积，计算质量；比热容是物体的特性，一般不变。
34．【答案】水；1.68×105；汽化
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容；热量的计算
【解析】【解答】由表格数据可知，水的比热容大于煤油的比热容，相同质量的水和煤油相比，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以水适合作为汽车发动机的冷却液；水吸收的热量
将壶中的水加热一段时间后，部分液态的水汽化变为气态的水蒸气导致壶中的水变少。
【分析】水的比热容大于煤油的比热容；根据，计算水吸收的质量；物质从液态变为气态的过程叫汽化。
1 / 12022-2023学年度沪粤版九年级物理上册 12.3研究物质的比热容 同步练习
一、单选题
1．（2022八下·房山期末）用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的关系图像如图所示。下列说法中正确的是（ ）
A．加热相同的时间，甲液体的温度变化量小于乙液体的温度变化量
B．温度变化量相同时，甲液体的加热时间大于乙液体的加热时间
C．用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少
D．根据质量、加热时间和温度变化信息，可以推算出甲液体的比热容大于乙液体的比热容
【答案】C
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．由图像可知，加热器相同，质量和初温相同的不同液体，加热相同的时间，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，即甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，A不符合题意；
BD．由图像可知，加热相同的时间，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，则甲液体的比热容小于乙液体的比热容。由Q吸=cmΔt可知，质量相同、要使温度变化量相同，比热容小的液体吸收的热量少，则甲液体的加热时间小于乙液体的加热时间，BD不符合题意；
C．因为在其他条件相同的情况下，加热时间越长，表示电加热器放出的热量越多，而放出的热量又是被液体所吸收。故加热时间越长，被加热的液体吸收的热量就越多。所以用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据图像信息，判断温度变化；由Q吸=cmΔt可知，质量相同、要使温度变化量相同，比热容小的液体吸收的热量少；用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少。
2．（2022·济南）炎炎夏日，小梅来到美丽的海滨城市青岛。她发现，在这里白天的风常常从海面吹向陆地，而每到夜晚风却从陆地吹向海面。她利用学过的物理知识进行分析，并画出陆地和海面之间空气流动情况的示意图，如图所示。形成这一现象的主要原因是（ ）
A．海水的密度小于砂石的密度
B．海水的密度大于砂石的密度
C．海水的比热容小于砂石的比热容
D．海水的比热容大于砂石的比热容
【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【解答】质量相同的水和沙吸收相同的热量，水的温度变化低于沙石的温度变化，是因为水的比热容大于沙石的比热容；在相同的日晒情况下，沙石上方的空气温度会升得较快，其密度也变得较小而上升，海面上温度较低密度较大的空气会补充过来，从而形成海面吹向陆地的风，而晚上，沙石上方的空气温度下降得较快，其密度也变得较大而下降，海面上温度下降慢且温度较高、密度较小、空气上升，陆地的空气会补充过来，从而形成陆地吹向海面的风，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】质量相同的水和沙吸收相同的热量，水的温度变化低于沙石的温度变化，是因为水的比热容大于沙石的比热容。
3．（2022·恩施）夏季，混凝土护栏被太阳晒得很热，池塘中太阳下的水却不很热，主要原因是（ ）【】
A．水不吸热 B．混凝土初温高
C．水的比热容大 D．混凝土放热
【答案】C
【知识点】比热容
【解析】【解答】根据可知，质量相等的水和混凝土，太阳照射同样的时间，吸收相同热量，由于水的比热容较大，水的温度升高较小，因此水的温度比混凝土低，所以太阳下的混凝土热得烫脚，而旁边池塘里的水却不怎么热，ABD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据可知，质量相同的两种物质，比热容大的，温度变化小。
4．（2022·邵阳）湿地被称为“地球之肾”，能调节空气的湿度和温度，其中能调节温度主要是因为水的（ ）
A．比热容大 B．密度大 C．流动性大 D．热值大
【答案】A
【知识点】比热容；燃料的热值
【解析】【解答】由公式的变形式可知，质量相同的不同物质，当吸收或放出相同热量时，比热容较大的物质温度变化较小，因此，比热容大的物质对调节温度有很好的作用。湿地中含有大量的水，而水的比热容较大，因此湿地能调节温度主要是因为水的比热容大；
故答案为：A。
【分析】水的比热容较大，吸热能力大。
5．（2022·成都）“二十里中香不断，青羊宫到浣花溪”，这是南宋大诗人陆游对成都的赞誉。漫步在成都的这段“寻香道”，观花赏水，令人心旷神怡。下列分析正确的是（ ）
A．闻到花香是分子做无规则运动的结果
B．溪水的温度高低取决于水流的速度
C．阳光下湖水内能增加是通过做功的方式
D．阳光下的石板温度升高，其比热容增大
【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】A．闻到花香是由于分子在永不停息地做无规则运动，花香分子扩散到了空气中，进入人的鼻子从而闻到香味，A符合题意；
B．由Q=cmΔt可知，溪水的温度高低与溪水的质量和吸收的热量等因素有关，与水流的速度无关，B不符合题意；
C．阳光下湖水通过吸收太阳辐射的热量使得其内能增加，这是通过热传递的方式增加内能，C不符合题意；
D．比热容是物质本身的一种特性，与物体的温度无关，故阳光下的石板温度升高，其比热容不变，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】温度气味是分子不停的无规则运动；热传递和做功都可以改变内能。
6．（2022·梁溪模拟）如图所示，装置甲、乙和丙完全相同，燃料质量均为 ，烧杯内液体初温和质量都相等，燃料完全燃烧完后，液体均未沸腾，液体的末温分别为 、 和 ，且 ，则下列说法正确的是（ ）
A．燃料a的热值比燃料b的大 B．液体2吸收的热量最少
C．液体1的比热容比液体2的大 D．燃料b放出热量最多
【答案】A
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．由图甲、乙可知，使用相同质量的不同燃料对初温和质量相同的同种液体加热后，甲中液体的末温更大，故可知甲中液体吸收的热量更多，可知相同质量的燃料，燃料a完全燃烧放出的热量更多，故由Q=qm可知，燃料a的热值比燃料b的大，A符合题意；
B．由图甲、丙可知，燃料的质量和种类均相同，故可知两图中液体吸收的热量相等，B不符合题意；
C．由图甲、丙可知，燃料的种类和质量相同，故液体1和液体2吸收的热量相同，且由题意可知，液体1的温度变化量大于液体2的温度变化量，故由Q=cmΔt可知，液体1的比热容比液体2的小，C不符合题意；
D．由A中可知，燃料a的热值比燃料b的大，故相同质量的燃料，燃料a放出的热量最多，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】不同燃料的热值不同，质量相同时，放出的热量不同。
7．（2022·常熟模拟）在沿海地区炎热晴朗的天气里，易形成海陆风，陆风和海风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成风。如图为海陆风示意图，此图表示的昼夜状况和风向是（ ）
A．白天，海风 B．夜晚，陆风 C．夜晚，海风 D．白天，陆风
【答案】B
【知识点】比热容
【解析】【解答】由于地面和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风；晚上，地面比大海降温快，地面冷空气密度较大，冷空气下降，海面上空较热的空气就会流过来补充，在靠近地面的冷空气就会沿陆地吹向大海，形成陆风，此图表示的是晚上的陆风，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】在沙滩上，晚上沙滩比热容小，温度变化大，空气降温后密度比海面的密度大，空气流向海洋。
8．（2022·成都模拟）小莉根据下列表中的数据，得出了以下四个结论，其中正确的是（ ）
物质 密度ρ/（kg/m3） 物质 熔点/℃ 物质 比热容c/[（J/（kg·℃）]
煤油 0.8×103 铜 1083 干泥土 0.84×103
纯水 1.0×103 铝 660 水 4.2×103
铜 8.9×103 铅 328 铜 0.39×103
铝 2.7×103 锡 232 铝 0.88×103
A．用来熔化铜的容器可以用锡制成
B．质量相等的纯水和煤油，纯水的体积较大
C．体积相等的铜块和铝块，放出相等的热量，铝块温度较低得较少
D．质量相等得干泥土和水，吸收相等的热量，干泥土温度升高得较多
【答案】D
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．铜的熔点是1083℃，锡的熔点是232℃，用锡做熔化铜的器皿，铜还没有达到熔点，器皿（锡）就熔化、漏了，A不符合题意；
B．质量相等的纯水和煤油，纯水的密度大，由可知纯水的体积小，B不符合题意；
C．根据Q放=cmΔt和m=ρV得到体积相等的铜块和铝块，放出相等的热量Q1=c1m1Δt1=c1ρ1VΔt1
Q2=c2m2Δt 2=c2ρ2 VΔt2
降低的温度之比
所以铝块温度降低得较多，C不符合题意；
D．质量相等的水和干泥土，吸收热量相等，水的比热容比干泥土的大，水的温度比干泥土升高的少，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】由表中数据可得铜和锡的熔点，据此判断；根据密度公式得出体积关系。
体积相等的铜块和铝块，又知道密度关系和比热容关系，根据密度公式和放热公式判断吸收热量关系；根据Q吸=cm△t判断温度变化大小关系。
9．（2022·宿州一模）关于温度、内能、热量、热值和比热容，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体含有的热量多
B．某种燃料完全燃烧时热值会变大
C．内能大的物体其温度一定高
D．比热容大的物质吸热或放热的本领强
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容；燃料的热值
【解析】【解答】A．热量是在热传递过程中传递内能的多少，是过程量，不能说物体含热量，A不符合题意；
B．热值是燃料本身的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃烧程度无关，B不符合题意；
C．内能大小与物体的质量、温度、状态等都有关系，因此内能大的物体温度不一定高，C不符合题意；
D．比热容表示的是单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量，比热容是物质本身的一种特性，比热容大的物质吸热或放热的本领强，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；温度指物体的冷热程度；热量是指在热传递过程中内能改变的多少。
热值是燃料的一种特性，它代表燃料性能的优劣，热值的大小与燃料的种类有关，与燃烧程度、质量的多少以及是否燃烧等均无关；物体的比热容是表示物质吸热能力的物理量，是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物体的温度、质量、体积等无关。
10．（2022·汶上一模）如图所示，用规格相同的加热器分别给质量相等的甲乙两种液体加热，不计热损失，丙所示的液体温度与加热时间的关系图，则下列说法正确的是（ ）
A．甲液体比乙液体的比热容比大
B．甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为2︰3
C．加热相同的时间，甲、乙两种液体升高的温度之比2︰3
D．将甲、乙两种液体从20℃均加热至60℃（没有达到沸点）所需要的时间之比仍为2︰3
【答案】D
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．如图丙所示，将甲、乙两种液体从20℃均加热至40℃时，甲用时2min，乙用时3min，由于加热器相同，则甲乙所吸收的热量之比为
根据热量计算公式可得
所以甲液体比乙液体的比热容比小，A不符合题意；
B．由于两加热器是相同的，则每分钟放出的热量相等，B不符合题意；
C．加热相同的时间，即吸热的热量相同，则温度变化量为
C不符合题意；
D．将甲、乙两种液体从20℃均加热至60℃（没有达到沸点）即温度变化相同，质量相同，所需要吸收的热量之比为
而两个加热器是相同的，吸热多少与时间成正比，所以
D符合题意。
故答案为：D。
【分析】在质量和吸收热量相同时，温度差越大， 比热容越小；就热量和比热容、质量的比值， 计算温度差的比值；在质量和温度差相同时，结合比热容，判断吸收热量的比值。
11．（2022·从化模拟）甲、乙两物体质量都为1kg，丙物体质量为2kg，三个物体温度都升高1℃，吸收热量如图所示，则甲、乙、丙的比热容大小关系是（ ）
A．c甲＞c乙＞c丙 B．c甲＜c乙＜c丙
C．c甲＝c乙＝c丙 D．c甲＞c乙＝c丙
【答案】A
【知识点】比热容
【解析】【解答】由图得，甲吸收的热量最大，乙丙吸收的热量相等。依题意得，甲乙的质量相同，升高温度相同，由得，甲的比热容大于乙的比热容；丙的质量大于乙的质量，而升高的温度相同，由得，乙的比热容大于丙的比热容，因此甲比热容最大，丙的比热容最小，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】质量相同和温度差相同时，比热容越大，吸收的热量越大；吸收热量和温度差相同时，质量越大，比热容越小。
12．（2022·肇东模拟）甲、乙两物体质量相等，初温相同，把甲投入一杯热水中，平衡后水温降低了 10℃，把甲捞出后（设水与热均未损失），再投入乙，热平衡后水温又降低了 10℃。由此可得出（ ）
A．甲的比热容小 B．乙的比热容小
C．甲、乙的比热容一样大 D．无法确定
【答案】A
【知识点】比热容
【解析】【解答】 把甲投入热水中，平衡后甲和水温度相等， 所以有，把乙投入热水中，平衡后乙和水温度相等， 所以有，所以甲的比热容比乙小。
故选A。
【分析】甲乙吸收热量相等，甲升高的温度是，乙升高的温度是，由可判断甲乙比热容大小
13．（2022九下·福田月考）如图所示，加热-40℃的冰，下列说法正确的是（ ）
A．BC段表示当前物体的状态仍是固体
B．冰的熔化过程温度不变，说明熔化不需要吸热
C．水的沸腾过程温度不变，说明它的内能不变
D．由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，说明冰的比热容比水小
【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；沸腾及沸腾条件；比热容
【解析】【解答】A. 如图，BC段吸热温度不变，是熔化过程，物体是固液共存状态，A不符合题意；
B. 冰的融化过程温度不变，但熔化过程要不断吸热，B不符合题意；
C. 水的沸腾过程温度不变，但沸腾要不断吸热，所以内能是增大的，C不符合题意；
D. 由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，根据 可知，冰的比热容比水小，D符合题意；
故答案为：D．
【分析】晶体熔化时，吸收热量温度保持不变，液体沸腾时，温度保持不变；质量和吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大。
14．（2022·盐都模拟）一定质量的冰熔化成水过程中，下列判断正确的是（ ）
A．比热容变大、温度不变 B．内能不变，比热容变大
C．比热容不变、温度不变 D．内能不变，比热容不变
【答案】A
【知识点】内能的利用及其意义；比热容
【解析】【解答】比热容是物质的特性，与状态有关，当冰熔化成水时，比热容变大；冰熔化成水时，需要吸收热量，虽然温度不变，但是内能增大，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】热传递的实质是内能的转移，发生热传递内能一定改变；物质的质量不随物态变化而变化。冰在吸热熔化过程中，质量和温度保持不变，内能和比热容增加。
15．（2022·南平模拟）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（ ）
A．A的比热容与B的比热容之比为1：2
B．A的比热容与B的比热容之比为2：3
C．都加热t时间，A和B吸收热量之比为1：1
D．A和B升高相同的温度，吸收热量之比为1：1
【答案】C
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】AB．由于A、B液体质量相等，初温相同，用相同的加热器加热相同的时间t表示A、B吸收的热量相同，A温度升高了tA＝40℃﹣20℃＝20℃
B温度升高了tB＝60℃﹣20℃＝40℃
A的比热容
B的比热容
则
故AB错误；
C．用相同的加热器加热相同的时间t表示A、B吸收的热量相同，由此可知，都加热t，A、B吸收的热量相同，即A、B吸收的热量之比QA吸：QB吸＝11
符合题意；
D．由于A、B液体质量相等，初温相同，当A、B升高相同的温度，由知道A、B吸收的热量之比为
不符合题意。
故答案为：C。
【分析】当质量和物体吸收热量相同时，温度变化越大，吸热能力越小；根据物体吸收的热量、比热容和温度差，计算未知物体的比热容的大小。
16．（2021九上·钦北期末）在两个上端开口的正方体容器内，分别装有质量和初温都相同的甲和乙两种液体，如图所示。一起放在太阳下暴晒10min，测得甲、乙两种液体上升相同的温度，已知单位面积的液体在相同时间内，吸收的热量是相同的，忽略容器吸、放热的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．甲液体的比热容较大 B．乙液体的比热容较大
C．它们的比热容一样大 D．无法比较它们比热容的大小
【答案】B
【知识点】比热容
【解析】【解答】由图可知，乙液体的面积大于甲液体的面积，根据单位面积的液体在相同时间内，吸收的热量是相同的可知，甲乙两种液体都暴晒10min，乙液体吸收的热量大于甲液体吸收的热量；由于甲、乙液体的质量和初温相同，暴晒10min，甲、乙液体升高的温度相同，根据Q吸＝cmΔt，当m、Δt相同时，c越大，Q吸越大，由此可知，乙液体的比热容较大。
故答案为：B。
【分析】质量和温度差相同时，吸收热量越多，物体的比热容越大。
17．（2021九上·高要期末）关于比热容，下列说法正确的是（ ）
A．液体的比热容都比固体的比热容大
B．因为c水>c煤油，所以质量相等的水和煤油，吸收相同的热量，水的温度升得更高
C．沙子的比热容较小，所以沙漠地区昼夜温差较大
D．比热容跟物体质量有关，质量越大，比热容越小
【答案】C
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．液体的比热容不一定比固体的比热容大，例如冰与煤油的比热容都是
，A不符合题意；
B．水的比热容比煤油的比热容大，质量相等的水和煤油，吸收相同的热量，根据
可知， 水升高的温度比煤油升高的温度小，B不符合题意；
C．沙的比热容较小，和质量相等的水相比，吸收或放出相同的热量，温度变化大，所以沙漠地区昼夜温差较大，C符合题意；
D．物质的比热容取决于物质的种类，还与物质的状态有关，与物体的质量、吸收的热量、升高的温度无关，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；由Q=cmΔt可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多。
18．（2021九上·潮州期末）如图所示为潮州市凤凰山的一部分等高线图，某登山运动员从A点到达B点的过程，下列说法正确的是（ ）
A．运动员的体重变大
B．运动员的重力势能减小
C．在B点烧水比在A点烧水时，水的比热容升高
D．运动员携带的气压计的示数在减小
【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；比热容；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】根据地图等高线知识分析，B点海拔1450m，A点海拔850m，即B点比A点高。登山运动员从A点到达B点时，海拔升高了；
A．人的体重是指人的质量，质量是物体的固有属性，不随空间位置的变化而变化，即使高度增加但质量不变，A不符合题意；
B．运动员的重力势能与质量、高度两因素有关，当质量一定时，高度升高，重力势能变大，B不符合题意；
C．比热容是物质的一种特性，与高度无关，C不符合题意；
D．大气压强随高度的升高而减小，所以气压计的示数在减小，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据地理课所学等高线知识来看图，B点海拔1450m，A点海拔850m，即B点比A点高；根据重力与高度关系、重力势能与高度关系、大气压强与高度的关系、比热容的影响因素判断。
19．（2022九上·荔湾期末）用相同的电热棒分别给甲、乙两种液体（比热关系是c甲=2c乙）加热，两种液体每秒吸收的热量相同，这两种液体的温度随加热时间变化的图象如图所示，下面四个选项正确的（ ）
A．同时加热120s，甲升高的温度大于乙
B．同时加热120s，甲吸收的热量比乙多
C．甲、乙两种液体的质量之比是3∶2
D．如果相同质量的甲、乙两种液体，降低相同的温度，则乙放出的热量比甲多
【答案】C
【知识点】热量的计算；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．由图知同时加热120s，甲的温度变化是80℃-60℃=20℃
乙的温度变化是60℃-0℃=60℃
所以甲升高的温度小于乙升高的温度，A不符合题意；
B．题干中有“两种液体每秒吸收的热量相同”，所以在相同的时间内甲液体和乙液体吸收的热量相同，B不符合题意；
C．在0～120min时间内，相同的时间甲乙吸收相同的热量，甲、乙两种液体的质量之比
C符合题意；
D．相同质量的甲、乙两种液体，降低相同的温度，因为c甲=2c乙，根据Q=cmΔt可知甲放出的热量多，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】相同的热源，加热时间相同，物体吸收的热量相等；根据热量和比热容的关系，结合温度差的比值， 可以计算质量的比值。
20．（2021九上·蜀山期末）在探究物质熔化特点的实验中，选取质量相等的甲、乙两种固体装入相同的试管中，用如图所示的两套完全相同的装置加热。关于这个实验下列说法正确的是（ ）
A．实验中需要用到的测量工具有量筒和停表
B．甲、乙在固态时的比热容大小关系为c甲>c乙
C．甲、乙在熔化过程中吸收的热量大小关系为Q甲＜Q乙
D．甲、乙在熔化过程中吸收热量，温度和内能均不变
【答案】C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；比热容；热量的计算
【解析】【解答】A．物质熔化特点实验是一个探究物质熔化过程时物质温度随时间变化的实验，选取质量相等的甲、乙两种固体，因此实验中用到的测量工具是天平、停表和温度计，A不符合题意；
B．相同质量的甲、乙在固态时，升高相同的温度，甲用时较短，根据可知，甲的比热容小于乙的比热容，B不符合题意；
C．根据甲、乙的温度-时间变化曲线可知，在熔化过程中，甲保持恒温的时间短，即甲的熔化时间短，所以甲吸收的热量要更少，即Q甲乙，C符合题意；
D．甲、乙在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，内能逐渐增加，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】晶体熔化时的特点是：继续吸热，温度保持不变。
质量是1kg的某种物质温度升高1℃吸收的热量，叫做这种物质的比热；可根据公式Q吸=cm△t比较物体比热的大小。使用相同的装置通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
二、计算题
21．（2018九上·库车月考）质量为3kg的金属块,温度由20℃升高到100℃时,吸收的热量为2.112×105J,求此种金属的比热容
【答案】解：此种金属的比热容 。
答：此种金属的比热容是0.88×103J/（kg ℃）。
【知识点】比热容
【解析】【分析】求解金属的比热容，结合金属的质量、升高的温度和吸收的热量，利用比热容公式求解即可。
22．（2020九上·端州期末）用煤气灶烧水时，燃烧1kg的煤气，能使100kg的水从20℃加热到70℃.（ ， ，求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气完全燃烧放出的热量。
【答案】（1）水吸收的热量：
（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】（1）结合水的质量和温度的变化量，利用比热容公式求解水吸收的热量即可；
（2）结合煤气的质量，利用热值公式求解煤气释放的热量。
23．（2020八下·通州期末）冬天，南方的老人们经常使用热水袋取暖。假定热水袋中装有0.8kg的水，当袋内的水温从60℃降低到40℃时，求水放出的热量。（c水=4.2×103J/(kg ℃)）
【答案】解：水放出的热量
答：水放出的热量是6.72×104J。
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】结合水的质量和温度的变化量，利用比热容公式求解水放出的热量即可。
24．（2020九上·吉林月考）寒冷的冬天，房间内暖气设备用热水供暖，每天需要给房间供热
4.2×107J，若流进房间散热器的水温是62℃，流出的水温是54℃，求：每天流经散热器水的质量。[ ]
【答案】解：由题意知，水放出的热量Q放=Q=4.2×107J
由Q放=cm（t0-t）得，每天需要流经散热器水的质量
答：每天流经散热器水的质量是1250kg
【知识点】比热容
【解析】【分析】结合水吸收到的热量和升高的温度求解水的质量即可。
三、实验探究题
25．（2022·包头）利用如图（a）所示的实验装置比较不同物质的吸热能力。
（1）实验时，选取质量 、初温相同的甲、乙两种不同液体，用相同的酒精灯加热，加热时液体温度升高，这是通过 方式来增大内能的。
（2）根据实验数据绘制的温度随时间变化关系如图（b）所示，分析可知， 液体的吸热能力更强。
（3）实验完成后，酒精灯中剩余酒精的热值 （填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）相等；热传递
（2）乙
（3）不变
【知识点】热传递改变物体内能；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）实验时，根据控制变量法的需要，选取质量相等、初温相同的甲、乙两种不同液体，用相同的酒精灯加热，加热相同的时间，通过比较两种液体的温度变化，来比较两种液体的吸热本领。
加热时烧杯壁吸收酒精灯的热量，再把热量传递给液体，液体温度升高，这是通过热传递的方式来增大内能的。
（2）由乙图可知，加热相同时间，相同质量的两种液体吸收相同的热量时，甲液体的温度变化较大，由此可知甲的吸热能力较差，乙液体的吸热能力更强。
（3）热值是燃料的一种性质，不随质量的变化而变化，因此实验完成后，酒精灯中剩余酒精的热值不变。
【分析】（1）探究不同物质的吸热能力时，选择质量相同的不同物质；温度不同的物体间，通过热传递改变内能；
（2）质量和吸收热量相同时，温度变化越小，吸热能力越强；
（3）燃料的热值是特性，和质量无关。
26．（2022·广安）为了探究“不同物质的吸热能力”，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，并且用相同的装置加热，如图甲所示。
（1）实验中，可以通过比较 （选填“升高的温度”或“加热时间”）来反映两种液体吸收热量的多少；
（2）加热到4min时，液体B的温度如图乙所示，此时温度计示数是 ℃；
（3）冬天，如果你想自制暖手袋，应选液体 （选填“A”或“B”）作为供暖物质，其效果更佳；
（4）上述实验中，主要用到的科学探究方法有转换法和 法。
【答案】（1）加热时间
（2）42
（3）A
（4）控制变量
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）实验中，用相同规格的电加热器加热两种质量相等的不同液体，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少，加热时间越长，液体吸收的热量越多。
（2）如图乙所示，温度计的分度值为1℃，此时温度计示数是42℃。
（3）如图，加热时间相同时，液体A的温度变化小于液体B的温度变化，因此液体A的吸热能力较强，吸热能力强的物质，放热能力也强；因此，冬天自制暖手袋，应选液体A作为供暖物质，其效果更佳。
（4）上述实验中，通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少，主要用到的科学探究方法是转换法，通过控制两种液体的质量相同和加热时间，来实现实验的要求，主要用到的科学探究方法是控制变量法。
【分析】（1）探究物体的吸热能力时，利用相同加热器，加热时间反应吸收热量的多少；
（2）根据温度计液柱位置， 测量温度；
（3）质量和吸收热量相同时，温度变化越小，吸热能力越强；
（4）探究吸热能力时，利用了转换法和控制变量法。
27．（2022·河池）小红想探究水和砂石的吸热性能，取初温相同的水和砂石，分别盛放在规格相同的烧杯中，用同一盏酒精灯对它们分别加热，同时搅拌水和砂石，使之受热均匀。在相同加热时间内，比较它们温度升高的情况。
（1）除以上条件外，还要求水和砂石的质量 （选填“相等”或“不相等”）；
（2）某一时刻，温度计的示数如图所示，此时温度为 ；
（3）通过实验发现，在相同加热时间内，水升高的温度比砂石的小，说明 的吸热性能更好；
（4）由此可以解释沿海地区比沙漠地区昼夜温差 的现象。
【答案】（1）相等
（2）62
（3）水
（4）小
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。根据比较吸热能力的方法知道，要控制不同物质的质量相同，在两个相同的烧杯中分别装有初温和质量都相同的水和砂石。
（2）由图知道，温度计的分度值为2℃，且此时温度为零上，示数为62℃
（3）加热时间相同时，砂石的温度变化大，根据比较吸热能力的方法，这说明水的吸热性能强。
（4）由上述探究的结论知道，沿海地区，水多，内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。
【分析】（1）探究不同物质的吸热能力时，选择相同质量的不同物质；
（2）根据温度计液柱位置，测量温度；
（3）质量和吸收热量相同时，水的温度差小，比热容较大；
（4）沿海地区水的比热容大，温度差小。
28．（2022·常州）小组同学比较沙子和水的比热容，实验装置如图甲、乙所示。
（1）在两个相同的易拉罐内分别装入初温、 相同的沙子和水。
（2）用两盏相同的酒精灯同时加热沙子和水，加热过程中需用玻璃棒不断搅拌。搅拌的目的是： 。测得实验数据如表格所示。
加热时间/ 0 1 2 3 4 5
温度/ 沙子 18 22 29 37 45 —
水 18 19 21 23 25 27
（3）时，温度计显示沙子的温度如图丙所示，其读数为 ℃。
（4）加热相同的时间，发现沙子的温度升得更高，有同学认为此过程中沙子吸收热量比水吸收热量多，该观点 （正确/错误）。
（5）分析数据可得沙子的比热容 （小于/等于/大于）水的比热容。
【答案】（1）质量
（2）让物质受热均匀
（3）52
（4）错误
（5）小于
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）要比较沙子和水的比热容，利用控制变量法要控制初始温度相同，同时质量也要相同。
（2）加热的时候用玻璃棒搅拌的目的是让水和沙子受热均匀。
（3）根据温度计的刻度，可知此时温度为52度。
（4）加热相同的时间，相同初始温度，相同质量的水和沙子吸收的热量是等量的，此时升高的温度不同证实它们的比热容不同。
（5）根据比热容的公式可知：相同初始温度相同质量的不同物质，吸收相同热量后升高的温度越高的，其比热容越小。即沙子的比热容小于水的比热容。
【分析】（1）要比较沙子和水的比热容，利用控制变量法要控制初始温度相同，同时质量也要相同；
（2）加热的时候用玻璃棒搅拌的目的是让水和沙子受热均匀；
（3）看清分度值，结合对应刻度读数；
（4）比热容不同的物体，吸收相同的热量时，温度变化不同；
（5）同初始温度相同质量的不同物质，吸收相同热量后升高的温度越高的，其比热容越小。
四、填空题
29．（2022·怀化）如图所示为冬天人们常用的电热水袋，使用十分方便，充电加热后，能够放热较长时间，其内部液体主要成分是水，是因为利用了水的 较大；若该热水袋装有1kg的水，充电加热后温度为50℃，使用一段时间后温度降低到20℃，则此过程中放出的热量为 J。
【答案】比热容；
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】相同质量的不同种液体温度变化相同时，水放出或吸收的热量较多，电热水袋内部液体主要成分是水，就是利用了水的这一特性，即水的比热容较大。
1kg的水，充电加热后温度为50℃，使用一段时间后温度降低到20℃，则此过程中放出的热量
【分析】水的比热容较大，便于对物体放热；根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量多少。
30．（2022·邵阳模拟）已知水的比热容为，现将质量为4kg的水倒掉一半，剩下的水的比热容大小 （选填“变大”“变小”或“不变”），初温30℃，质量2kg的水吸收2.1×105J的热量后温度将升高到 ℃。
【答案】不变；55
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】比热容中物质的一种属性，只与物质的种类、状态有关，与质量无关，故剩下的水的比热容大小不变。
水升高的温度为
水的末温为
【分析】比热容中物质的一种属性，只与物质的种类、状态有关，与质量无关。
利用Q=cm△t求得水的末温。
31．（2022·宜昌）小丽用相同的电加热器分别对质量为0.2kg的水和0.3kg的另一种液体进行加热，得到的实验数据如图所示，则水在16min内吸收的热量为 J，另一种液体的比热容为 J/(kg·℃)。[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
【答案】2.52×104；1.4×103
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【解答】由图像可知，水的初温是10℃，16min时的末温是40℃，则水在16min内吸收的热量为Q水吸=c水m水(t水-t0水)=4.2×103J/(kg·℃)×0.2kg×(40℃-10℃)=2.52×104J
水16min吸收的热量是2.52×104J，所以水8min吸收的热量为
由于是用相同的电加热器加热，所以水和另一种液体在相同的时间内吸收的热量是相同的，即另一种液体8min吸收的热量也为1.26×104J。由图像可知，另一种液体从开始加热到第8min温度从20℃升高到50℃，根据公式Q水吸=c水m水(t水-t0水)可知，另一种液体的比热容为
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差乘积计算吸收的热量；利用热量和物体的质量和温度差，计算未知的比热容。
32．（2022·龙东）两个相同的容器中分别装入质量相同的甲、乙两种液体，使用相同的热源为其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示，若甲、乙两液体吸收相同的热量，则 液体升高的温度较多；两者比较， 液体更适合作汽车的冷却剂。
【答案】甲；乙
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】由图像可知，甲、乙两液体吸收相同的热量，即加热相同的时间，甲升高的温度较多。
由图像可知，甲、乙两液体升高相同的温度，乙需要吸收更多的热量，说明乙的比热容大，乙液体更适合作汽车的冷却剂。
【分析】根据温度和时间关系，判断温度变化大小；质量和吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大。
33．（2022·张家界）为落实《农村义务教育学生营养改善计划》学校实施学生营养餐进校园，如图是某学校免费为学生提供的牛奶，若牛奶的密度为1.02×103kg/m3，则该牛奶的质量为 kg；牛奶喝掉一半，剩余牛奶的比热容 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】0.204；不变
【知识点】密度公式及其应用；比热容
【解析】【解答】牛奶的体积为
牛奶的质量为
比热容是物质的一种特性，与质量、体积无关，所以牛奶喝掉一半后，剩余牛奶比热容不变。
【分析】根据物体的密度和体积的乘积，计算质量；比热容是物体的特性，一般不变。
34．（2022·株洲）如表格中的数据为水和煤油的比热容，这两种液体中 适合作为汽车发动机的冷却液。若要使壶中质量为2kg的水升高20℃，水需吸收 J热量，将壶中的水加热一段时间后水变少了，是因为水发生了 现象（填物态变化的名称）。
物质 比热容c/【J/kg·℃】
水 4.2×103
煤油 2.1×103
【答案】水；1.68×105；汽化
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容；热量的计算
【解析】【解答】由表格数据可知，水的比热容大于煤油的比热容，相同质量的水和煤油相比，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以水适合作为汽车发动机的冷却液；水吸收的热量
将壶中的水加热一段时间后，部分液态的水汽化变为气态的水蒸气导致壶中的水变少。
【分析】水的比热容大于煤油的比热容；根据，计算水吸收的质量；物质从液态变为气态的过程叫汽化。
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