沪科版九年级物理 第17章 从指南针到磁浮列车 专题练习试卷(精选含详解)

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沪科版九年级物理第十七章从指南针到磁浮列车专题练习
考试时间：90分钟；命题人：物理教研组
考生注意：
1、本卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟
2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上
3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。
第I卷（选择题 30分）
一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）
1、如图所示，通电螺线管中的电流方向和形成的磁场N极标注正确的是（　　）
A． B．
C． D．
2、下列有关电和磁的说法中，正确的是（　　）
A．磁体周围的磁感线是直实存在的
B．地理S、N极与地磁S、N完全重合
C．电磁铁磁性强弱只与电流大小有关
D．可自由转动小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向
3、如图所示，闭合开关，铜棒向右运动，为使开关闭合后铜棒向左运动，下列操作可行的是（ ）
A．换用更细的铜棒
B．将磁体的N、S极对调
C．向左移动滑动变阻器的滑片
D．将电源正、负极和磁体N、S同时对调
4、我们在学习物理知识时，运用了很多研究方法，下列几个实例：①研究电流时，把它比作水流；②在探究电磁铁磁性强弱的影响因素时；③在探究压强与压力关系时，控制受力面积相同；④研究磁场时，引入磁感线。其中，运用了相同研究方法的是（　　）
A．①② B．②③ C．②④ D．③④
5、已知，电磁铁的磁性随电流的增大而增强。如图所示，电源电压保持不变，弹簧秤下挂着一块铁。现在盛有硫酸铜溶液的烧杯中，逐渐滴入氢氧化钡溶液，可发现弹簧测力计的示数（　　）
A．逐渐变小，最后趋于稳定 B．一直保持不变
C．先变小，后变大，最后趋于稳定 D．先变大，后变小，最后趋于稳定
6、一学生利用手中的条形磁体做了以下实验，其中结论正确的是（　　）
A．同名磁极互相吸引
B．条形磁体能够吸引小铁钉
C．将条形磁体用细线悬挂起来，当它在水平面静止时北极会指向地理南方
D．条形磁体与小磁针之间隔了一层薄玻璃后就没有相互作用了
7、如图所示，当闭合开关S，且将滑动变阻器的滑片P向左滑动时，图中的电磁铁（　　）
A．a端是N极，磁性增强 B．a端是S极，磁性减弱
C．b端是N极，磁性增强 D．b端是S极，磁性减弱
8、将条形磁铁周围附近摆放几个可以自由转动的小磁针（涂黑的一端表示小磁针的N极），仅考虑小磁针跟磁铁之间的相互作用，图中能正确反映小磁针静止时跟磁铁之间相对位置关系的是（　　）
A． B．
C． D．
9、以下说法正确的是（　　）
A．牛顿发现了流体压强与流速的关系
B．帕斯卡最早测出了大气压的值
C．奥斯特发现了电磁感应现象
D．欧姆总结出了电流与电压和电阻的关系
10、如图所示的描述错误的是（　　）
A．条形磁铁周围磁感线的分布.
B．奥斯特实验:通电直导线周围存在磁场
C．通电磁线管的磁场分布.
D．地磁场N极与地理北极基本一致
第Ⅱ卷（非选择题 70分）
二、填空题（5小题，每小题3分，共计15分）
1、 “指南针”是我国四大发明之一，这一伟大发明在航海、探险、军事方面都有重要的实用价值。指南针能指方向，是因为指南针受到了_______磁场的作用，指南针静止时北极所指的方向是在地理的_______极附近。
2、奥斯特实验证明：通电导线的周围存在着_______，磁场的方向跟_______的方向有关，这种现象叫做电流的磁效应。这一现象是由丹麦物理学家______在1820年发现的。
3、小治同学在重庆市区某教室用水平放置能自由转动的小磁针做实验，静止时小磁针 ___________极指向地理的北极。地理两极和地磁两极并不重合，存在一定的偏角，世界上最早记述这一现象的是我国宋代学者 ___________，这个发现比西方早了400多年。
4、奥斯特实验表明，通电导体周围存在________。电动机通电后会转动，是由于磁场对通电导体具有___________的作用。
5、著名的______实验，首次揭示了电流磁效应的存在；德国物理学家______最先通过实验归纳出“一段导体中的电流，跟加在这段导体两端电压成正比，跟这段导体的电阻成反比”的定量关系。
三、计算题（5小题，每小题8分，共计40分）
1、科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温箱温控电路，它包括控制电路和受控电路两部分，用于获得高于室温、且温度在一定范围内变化的“恒温”．其中控制电路电源电压为36 V，R为可变电阻，Rt为热敏电阻（置于恒温箱内），热敏电阻阻值随温度变化的关系如图乙所示，继电器线圈电阻R0为50 Ω．已知当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路的电流减小到0.036 A时，衔铁会被释放．加热器的规格是“220 V 1000 W”，恒温箱内部空间大小是2 m3，空气的密度是1.30 kg/m3，比热容是103 J/（kg·℃）．
（1）如图甲所示状态，通过加热器的电流多大？
（2） 加热器产生的热量有80 %转化为恒温箱内空气的内能，若使恒温箱内空气温度从25℃升高到65℃，加热器需正常工作多长时间？
（3） 若要使恒温箱内可获得上限为100℃的“恒温”，当可变电阻R调节到多大？
（4）如果需要将恒温箱内的下限温度设为50℃的“恒温”，则应将可变电阻R调节为多大？
2、如图甲所示，是一种电加热恒温箱的简化工作原理电路图。工作电路由电压U0=220V的电源和阻值为R0=88Ω的电热丝组成。控制电路是由电压U1=7.5V的电源、开关、电磁继电器（线圈电阻不计）、电阻箱R1（可取值范围为0~120Ω）和热敏电阻Rt组成的，热敏电阻Rt的阻值随温度变化的关系如图乙所示。当控制电路的电流达到50mA时，衔铁才吸合，从而切断右边工作电路，停止加热。
（1）由乙图可知热敏电阻Rt的阻值随温度的升高怎样变化？
（2）求工作电路中电热丝R0工作时的电流和工作5min产生的热量。
（3）如果恒温箱的温度设定为60℃则电阻箱R1应取多大阻值。
（4）该恒温箱可设定的最高温度是多少。
3、有一种电加热恒温箱，工作原理如图1所示。控制电路由电压为U1=9V的电源、开关、电磁继电器（线圈电阻不计）、电阻箱R0和热敏电阻R1组成；工作电路由电压为U2=220V的电源和电阻为R2=44Ω的电热丝组成。其中，电磁继电器只有当线圈中电流达到60mA时，衔铁才吸合，切断工作电路；热敏电阻 R1的阻值随温度变化关系如图2所示。
（1）求电热丝工作时的功率和在10min内产生的热量；
（2）如果恒温箱的温度设定为50℃，求电阻箱R0应接入电路的阻值；
（3）若要提高恒温箱的设定温度，电阻箱R0接入电路的阻值应调大还是调小？简要说明理由。
4、如图所示，这是物理兴趣小组设计的汽车转向指示灯电路模型，指示灯的规格均为“6V0.5A”，R0为6Ω的定值电阻，电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计，电源电压为6V；根据要求回答下列问题：
（1）当汽车正常直行时，转向开关应处于什么位置；
（2）请你解释一下当汽车左转弯时，左转指示灯会较暗、较亮交替闪烁的工作原理；
（3）当左转弯时，指示灯发光较暗时它两端的电压为多少。
5、某家用电热水器，其工作模式和相关参数如下表所示。图为电热水器的原理图，包括工作电路和控制电路两部分，通过电磁继电器自动控制电热水器实现加热状态和保温状态的挡位变换。R0、R1为电热丝，R2为滑动变阻器，R为热敏电阻（置于电热水器内），其阻值随温度的升高而减小。红灯、绿灯是电热水器工作时的指示灯，忽略指示灯对电路的影响。
(1)分析说明当绿灯亮时，电热水器处于保温状态还是加热状态
(2)R1工作时的电阻是多大
(3)该电热水器处于加热状态时，工作4.2min，可使1L水的温度升高40℃，则该电热水器的效率是多少 [，计算结果精确到0.1%]
电源 220V 50Hz
加热功率 800W
保温功率 40W
水容量 1.0L
四、实验探究（3小题，每小题5分，共计15分）
1、如图是探究“通电螺线管外部的磁场方向”的实验装置。实验中，用小磁针的_______极指向来判断通电螺线管外部某点的磁场方向；断开开关，将电源的正负极对调，再闭合开关，将观察到小磁针________。
2、小明设计了一种“自动限重器”，如图甲所示。该装置由控制电路和工作电路组成，其主要元件有电磁继电器、货物装载机（实质是电动机）、压敏电阻R1和滑动变阻器R2等。压敏电阻R1的阻值随压力F变化的关系如图（乙）所示。当货架承受的压力达到限定值，电磁继电器会自动控制货物装载机停止向货架上摆放物品。已知控制电路的电源电压U＝6V，电磁继电器线圈的阻值忽略不计。请你解答下列问题：
（1）用笔画线代替导线将图（甲）的电路连接完整______；
（2）随着控制电路电流的增大，电磁铁的磁性将______，当电磁继电器线圈中的电流大小为30mA时，衔铁被吸下。若货架能承受的最大压力为800N，则所选滑动变阻器R2的最大阻值至少为______Ω；
（3）若将滑动变阻器R2的阻值调小，则货架能承受的最大压力将______（选填“增大”，“减小”或“不变”）。
3、为了研究影响电磁铁磁性强弱的有关因素，现用两个线圈匝数分别为50匝和100匝的外形相同的电磁铁进行实验，实验中先后将两个线圈接入图所示的电路中、闭合电键S后，用电磁铁吸引大头针，并移动滑动变阻器的滑片P，重复多次实验，记录如表所示。
电磁铁匝数 50匝 100匝
实验次数 1 2 3 4 5 6
电流表示数（A） 0.8 1.2 1.5 0.8 1.2 2.0
吸引大头针的最多数目（枚） 5 8 10 10 16 25
（1）实验中是通过电磁铁______来判定其磁性强弱的；
（2）分析第1、2、3次的实验记录，会发现______相同时，______磁性越强；
（3）分析第______次的实验记录，会发现电流相同时，______磁性越强。
-参考答案-
一、单选题
1、B
【详解】
A．根据安培定则，四指的方向方向为电流的方向，大拇指的方向为N极的指向，如图右端为N极，故A错误；
B．根据安培定则，四指的方向方向为电流的方向，大拇指的方向为N极的指向，如图左端为N极，故B正确；
C．根据安培定则，四指的方向方向为电流的方向，大拇指的方向为N极的指向，如图左端为N极，故C错误；
D．在电源外部，电流从电源的正极出发，经用电器、开关等回到负极，所以图中电流方向标注错误，故D错误。
故选B。
2、D
【详解】
A．磁感线是科学家为了形象的表示磁场，通过想象而描绘出来的线，所以不是真实存在的，故A错误；
B．地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，地磁场的两极与地理的两极相反，且与地球的两极并不完全重合，故B错误；
C．电磁铁产生磁场强弱的因素与电流大小和螺线管的线圈匝数多少有关，故C错误；
D.．物理学规定：放在磁场中的小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向，因此可自由转动小磁针静止时N极所指的方向也为该点的磁场方向，故D正确。
故选D。
3、B
【详解】
A．换用更细的铜棒，使电阻变大电流变小，但不能改变受力的方向，所以A错误，故A不符合题意；
B．将磁体的N、S极对调，磁场方向改变，则通电导体的受力方向改变，铜棒向左运动，所以B正确，故B符合题意；
C．向左移动滑动变阻器的滑片，只能改变电流的大小，不能改变电流的方向，所以C错误，故C不符合题意；
D．将电源正负极对调，同时将磁体磁极对调，影响磁场力方向的两个因素同时改变，则通电导体的受力方向不变，铜棒仍然向右运动，所以D错误，故D不符合题意。
故选D。
4、B
【详解】
①研究电流时，把电流比作水流，采用的是类比法；
②在探究电磁铁磁性强弱与电流的关系时，应控制线圈的匝数不变，采用的是控制变量法；
③在探究压强与压力关系时，控制受力面积相同，采用的是控制变量法；
④研究磁场时，为了形象的描述磁场的分布情况，引入了“磁感线”，采用的是模型法；
比较可知：②和③都采用的是控制变量法，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
5、C
【详解】
图中电磁铁通电后具有磁性，对弹簧秤下方的铁块有向下的吸引力；在线圈匝数不变时，电磁铁的磁性强弱跟电流的大小有关，电流越大，则电磁铁的磁性越强。当向硫酸铜中逐渐滴入氢氧化钡溶液时，由于硫酸铜与氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化铜沉淀，使溶液的导电能力减弱，电流变小，从而电磁铁的磁性变弱，对铁块的吸引力变小，则测力计示数变小；当氢氧化钡与硫酸铜完全反应后，再向里加入氢氧化钡溶液，则会使溶液的导电性能增强，电流变大，电磁铁的磁性变强，对铁块的吸引力变大，则测力计的示数变大；最后氢氧化钡溶液过量（即氢氧化钡溶液饱和），电路中的电流趋于稳定，则弹簧秤示数趋于稳定，所以测力计的示数先变小，后变大，最后趋于稳定，故C符合题意。
故选C。
6、B
【详解】
A．由磁极间的相互作用规律可知，同名磁极相互排斥，故A错误；
B．由课本知识：磁体能吸引铁、钴、镍等物质，故条形磁体能够吸引小铁钉，故B正确；
C．将条形磁体用线悬挂起来，让磁体自由转动，静止时指向地理南极的磁极叫南极（S极），指向地理北极的是磁体的北极（N极），故C错误；
D．玻璃不能隔离磁场，条形磁体与小磁针之间隔了一层薄玻璃后仍有互相作用，故D错误。
故选B。
7、C
【详解】
由于电源的左端为正极，右端为负极，所以螺线管中的电流 方向是从左端流入右端流出。结合线圈绕向利用安培定则可以确定螺线管的右（b）端为N极，左（a）端为S极。当滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电流的阻值减小，电路中的电流增大。在线圈匝数和铁芯不变的情况下，电磁铁的磁性增强。
故选C。
8、C
【详解】
由条形磁铁的磁感线分布可知，条形磁铁的磁感线在外部从N极出发回到S极，小磁针的N极的指向为该处磁感线的方向，故可知ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
9、D
【详解】
A．伯努利发现了流体压强与流速的关系，故A错误；
B．意大利科学家托里拆利最早比较精确地测出了大气压的数值，故B错误；
C．奥斯特发现了电流的磁效应，即电流周围存在磁场，英国物理学家法拉第最早发现电磁感应现象，故C错误；
D．德国物理学家欧姆首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系，被后人命名为欧姆定律，故D正确。
故选D。
10、D
【详解】
A．条形磁铁的外部磁感线从N极出来，回到S极，且两端磁性强，磁感线密，故A正确，不符合题意；
B．由图通电直导线中电流由右向左，根据安培定则可知，通电直导线下方磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针N极向外旋转，S极转向纸内，故B正确，不符合题意；
C．由图电源左端为正极右端为负极，根据安培定则可知，通电螺线管左端为S极，右端为N极，外部磁感线从N极出来，回到S极，故C正确，不符合题意；
D．地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近，故D错误，符合题意。
故选D。
二、填空题
1、地球 北
【详解】
[1]指南针是我国的四大发明之一，指南针本身是磁体，地球也是一个大的磁体，指南针之所以能够指方向就是因为受到了地磁场的作用。
[2]根据同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，指南针静止时北极指示地理的北方，是地理的北极，地磁的南极。
2、磁场 电流 奥斯特
【详解】
略
3、N 沈括
【详解】
[1]水平放置能自由转动的小磁针静止时N极指向地理的北极。
[2]地理两极和地磁两极并不重合，存在一定的偏角，叫地磁偏角，最早记述这一现象的是我国宋代学者沈括。
4、磁场 力
【详解】
[1]奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，即电流的磁效应。
[2]电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的。
5、奥斯特 欧姆
【详解】
[1]1820年奥斯特发现：当小磁针发生偏转时，说明了磁场的存在，这就是著名的奥斯特实验，首次揭示了电流磁效应的存在。
[2]德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出“一段导体中的电流，跟加在这段导体两端电压成正比，跟这段导体的电阻成反比”的定量关系，这一规律被称为欧姆定律。
三、计算题
1、（1）4.55A（2）130s（3）450Ω（4）150Ω
【详解】
(1)由图甲所示电路可以知道，工作电路是通路，加热器处于加热状态．受控电路电源电压为220V，加热器的规格“220V 1000W”，此时加热器在额定电压下工作，其电流为：
(2) 恒温箱内空气温度从25℃升高到65℃需要吸收的热量为：
设加热器需正常工作时间为t，则放出的热量为W=Pt（其中P=1000W），
根据已知列方程如下：80%×Pt=1.04×105J，计算得t=130s；
(3) 若要使恒温箱内可获得上限为100℃的“恒温”，欲使电流达到0.04A的最高衔接电流，控制电路的电阻应该为，读图乙可知100℃时热敏电阻的阻值为400Ω，所以可变电阻R此时调节为：900Ω－400Ω－50Ω=450Ω；
(4) 当获得最高温度为50℃时，欲使电流达到0.036A的最低释放电流，控制电路的电阻应该为，读图乙可知50℃时热敏电阻的阻值为800Ω，所以可变电阻R此时调节为：1000Ω－800Ω－50Ω=150Ω；
2、（1）随着温度的升高热敏电阻Rt的阻值逐渐减小；（2）2.5A；1.65×105J；（3）60Ω；（4）180℃
【详解】
（1）观察乙图坐标轴可知，随着温度的升高热敏电阻Rt的阻值逐渐减小。
（2）工作电路中电热丝R0工作时的电流为
工作5min产生的热量为
（3）衔铁被吸下时控制电路总电阻为
由乙图可知当温度为60℃时，热敏电阻Rt的阻值为90Ω，则可求此时电阻箱R1阻值为
R1=R总-Rt=150Ω-90Ω=60Ω
（4）设定温度越高则热敏电阻Rt的阻值越小，总阻值须达到150Ω衔铁才会被吸下，则当滑动变阻器取得最大值为120Ω时，热敏电阻Rt的阻值最小为
Rtmin=150Ω-120Ω=30Ω
对应乙图可知，可测量最高温度为180℃。
答：（1）随着温度的升高热敏电阻Rt的阻值逐渐减小；
（2）电热丝R0工作时的电流为2.5A，工作5min产生的热量为1.65×105J；
（3）如果恒温箱的温度设定为60℃则电阻箱R1应取60Ω；
（4）该恒温箱可设定的最高温度是180℃。
3、 (1)1100W，6.6×105J；(2)50Ω；(3) R0的阻值必须调大
【详解】
解：(1)电热丝工作时的功率
电热丝在10min内产生的热量
Q=Pt=1100W×10×60s=6.6×105J
(2)由图2知，当温度为50℃时，热敏电阻的阻值
R1=100Ω
此时衔铁应吸合，切断工作电路，那么控制电路中的电流为
I=60mA=0.06A
控制电路中的总电阻
电阻箱接入电路的阻值
R0=R总-R1=150Ω-100Ω=50Ω
(3)若要使恒温箱的设定温度高于50℃，由图2知道，热敏电阻的阻值R1将减小，衔铁吸合工作电流即线圈中的电流仍需0.06A，即要求控制电路中的总电阻不变，所以R0的阻值必须调大。
答：(1) 电热丝工作时的功率为1100W，10min内产生的热量为6.6×105J；
(2)电阻箱R0应接入电路的阻值为50Ω；
(3)若要提高恒温箱的设定温度，电阻箱R0接入电路的阻值应调大。
4、（1）1和2；（2）当转向开关与触点4和5刚接通时，电磁铁中有电流通过，左转指示灯发光较暗，接着衔铁被吸下，触点A与B接通，电磁铁和电阻R0被短路，左转指示灯发光较亮，此时由于电磁铁中没有电流通过，衔铁被弹簧拉上去，触点A与B分离，电磁铁中又有电流通过，随后电磁铁又将衔铁吸下，如此循环，左转指示灯会较暗、较亮交替闪烁；（3）4V
【详解】
解：（1）汽车正常直行时，左转指示灯和右转指示灯均不亮，电路处于断开状态，所以转向开关应处于1和2的位置。
（2）当转向开关与触点4和5刚接通时，电磁铁中有电流通过，左转指示灯发光较暗，接着衔铁被吸下，触点A与B接通，电磁铁和电阻R0被短路，左转指示灯发光较亮，此时由于电磁铁中没有电流通过，衔铁被弹簧拉上去，触点A与B分离，电磁铁中又有电流通过，随后电磁铁又将衔铁吸下，如此循环，左转指示灯会较暗、较亮交替闪烁。
（3）指示灯的规格均为“6V0.5A”，由可得，指示灯的电阻为
当左转弯时，指示灯发光较暗时，左转指示灯和R0串联，电路中的总电阻为
因为电磁铁线圈阻值不计，电路中电流为
指示灯发光较暗时它两端的电压为
答：（1）开关应处于1和2的位置；
（2）当转向开关与触点4和5刚接通时，电磁铁中有电流通过，左转指示灯发光较暗，接着衔铁被吸下，触点A与B接通，电磁铁和电阻R0被短路，左转指示灯发光较亮，此时由于电磁铁中没有电流通过，衔铁被弹簧拉上去，触点A与B分离，电磁铁中又有电流通过，随后电磁铁又将衔铁吸下，如此循环，左转指示灯会较暗、较亮交替闪烁；
（3）当左转弯时，指示灯发光较暗时它两端的电压为4V。
5、 (1)保温状态；(2)1149.5Ω；(3)83.3%
【详解】
解：(1)当电磁继电器的衔铁被释放时，动触头与上方静触头接触，红灯亮，R0单独工作，总功率P=；当电磁继电器的衔铁被吸下时，动触头与下方静触头接触，绿灯亮，R0与R1串联工作，总功率P'=。比较得出，红灯亮时总功率较大，为加热状态；绿灯亮时总功率较小，为保温状态。
(2)R0的电阻是
R0===60.5Ω
保温时的功率
P保温=
即
40W=
解得
R1=1149.5Ω
(3)1L水的温度升高40℃吸收的热量
Q=c水mΔt=c水ρ水VΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1.0×103kg/m3×10-3m3×40℃=1.68×105J
加热4.2min消耗的电能
W=P加热t=800W×4.2×60s=2.016×105J
电热水器的效率
η=×100%=×100%≈83.3%
答：(1)当绿灯亮时，电热水器处于保温状态；
(2)R1工作时的电阻是1149.5Ω；
(3)该电热水器的效率是83.3%。
四、实验探究
1、N N极指向发生了改变
【详解】
[1]小磁针静止时N极的指向为该点磁场的方向，所以，实验中，用小磁针的N极指向来判断通电螺线管外部某点的磁场方向。
[2]将电源的正负极对调后，螺线管中的电流方向发生了改变，磁场的方向发生了改变，则小磁针的N极指向也会改变。
2、 增强 120 减小
【详解】
（1）[1]压敏电阻R1应与滑动变阻器R2串联接入控制电路中，由图乙可知，压敏电阻R1的阻值随压力F的增大而减小，控制电路中电流随压力F的增大而增大，当货架承受的压力达到限定值，电磁继电器会自动控制货物装载机停止向货架上摆放物品，货物装载机应与上面的触点相连接入工作电路中，如下图所示：
（2）[2]电磁铁的磁性与电流大小有关，电流越大，磁性越强；所以随着控制电路电流的增大，电磁铁的磁性将增强。
[3]当电磁继电器线圈中的电流大小为30mA时，控制电路总电阻为
由图乙可知，货架能承受的最大压力为800N时，压敏电阻R1的阻值为80Ω，滑动变阻器R2的最大阻值至少为
R2=R-R1=200Ω-80Ω=120Ω
（3）[4]当电磁继电器线圈中的电流大小为30mA时，衔铁被吸下，控制电路的总电阻不变，将滑动变阻器R2的阻值调小，压敏电阻R1的阻值会变大，由图乙可知，货架能承受的最大压力将减小。
3、吸引大头针的数量 线圈匝数 电流越大 1、4或2、5 线圈匝数越多
【详解】
（1）[1]实验应用了转换法，即用实验中小强通过电磁铁吸引大头针的最多数目来判定磁性强弱。
（2）[2][3]分析第1、2、3次的实验记录，当匝数相同时，电流越大，吸引的大头针数目越多，故匝数相同时，电流越大，磁性越强。
（3）[4][5]通过分析比较，第1、4次或2、5次的实验记录，会发现电流相同时，线圈匝数越多，磁性越强。
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