湖南省长沙市师大附中高新实验中学2022-2023学年九年级上学期入学考试物理试卷（Word版含答案）

2022-2023学年湖南省长沙师大附中高新实验中学九年级（上）入学物理试卷（附答案与解析）
一、选择题（每题3分，共36分）
1．（3分）下列过程中，力的作用效果与其他三个不同的是（　　）
A．把橡皮泥捏成不同造型
B．进站的火车受阻力缓缓停下
C．用脚拦住地上滚动的小球
D．用力把铅球推出
2．（3分）如图所示，为保障市民安全出行，志愿者们正在清理道路冰雪，他们采用增大压力的方法来增大摩擦的是（　　）
A．戴防滑手套
B．在路面上铺防滑垫
C．穿鞋底粗糙的橡胶鞋
D．铲雪时握紧铲子，防止铲子滑落
3．（3分）2022年6月5日，我国三名宇航员搭载神舟十四号载人飞船再一次遨游太空，我国航天技术日益引起世界关注，下列有关航天员在太空说法正确的是（　　）
A．宇航员从地球带到太空的旋转陀螺质量变小了
B．透过宇航员展示的水球，看到了她的倒立的缩小的像，这和投影仪的原理是一样的
C．宇航员轻轻推动水球，水球独自做匀速直线运动，说明运动需要力来维持
D．飘在空中航天员轻轻相互推一下，两人都向后运动，说明物体间力的作用是相互的
4．（3分）下面四幅图中所描述的力，对物体做了功的是（　　）
A．使小车向前运动了一段距离的推力
B．搬石头但没有搬动，手对石头的力
C．托着货物停在水平地面上，叉车对货物的力
D．提着滑板在水平路面上前行，手提滑板的力
5．（3分）爱劳动的小明春节去给外婆家拜年时，想和爸爸一起去果园修理果枝，他在家里的工具箱里翻出了下面几种剪刀（如图所示），应当选择哪一种最为合适（　　）
A． B．
C． D．
6．（3分）如图所示，用细线拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（　　）
A．木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力是一对平衡力
B．木块对细线的拉力和细线对木块的拉力是一对平衡力
C．木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力
D．木块对细线的拉力和手对细线的拉力是一对相互作用力
7．（3分）“五一”假期期间，小明一家乘坐高铁外出旅游，下列说法正确的是（　　）
A．匀速运动的列车，若它所受的一切外力同时消失，列车会立即停下来
B．车速越高，列车越难刹停，说明速度越大，惯性越大
C．加速前进时，列车受到的牵引力大于受到的阻力
D．站台相对于进站的列车是静止的
8．（3分）一辆在水平面上匀速行驶的洒水车正在洒水作业，下列说法正确的是（　　）
A．机械能变小，动能不变
B．机械能变小，动能变小
C．机械能不变，动能变小
D．重力势能变小，动能不变
9．（3分）如图所示，跳远运动员在比赛过程中要先助跑，再起跳至最高点，最终落地。在这一过程中，下列说法中正确的是（　　）
A．当运动员跳至最高点时，他相对地面是运动的
B．当运动员跳至最高点时，他受到平衡力
C．运动员助跑，主要是为了让自己跳得更高
D．落地时，运动员到助跑起点的距离为运动员的跳远成绩
10．（3分）如图所示，形状不同，底面积和重力相等的A、B、C三个容器放在水平桌面上，容器内分别装有质量相等的不同液体。下列分析正确的是（　　）
A．液体密度关系为：ρA＜ρB＜ρC
B．A容器底部受到的液体压强最小
C．C容器对桌面的压力最大
D．三个容器对桌面的压强相等
（多选）11．（3分）如图，甲、乙两个相同的杯子盛有不同浓度的盐水，放在同一水平面上，将两个质量、体积均相同的鸡蛋放入两个杯子中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，则下列说法正确的是（　　）
A．甲杯中的鸡蛋排开盐水的质量较大
B．甲杯的盐水密度比乙杯的盐水密度小
C．乙杯中的鸡蛋受到的浮力较大
D．乙杯对水平桌面的压强较大
（多选）12．（3分）小明关注长沙4.29楼房坍塌救援现场用到了起重机，他查找资料发现其中涉及滑轮知识，他设计了如图甲所示模型装置，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100N。物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。不计绳重和摩擦，则（　　）
A．拉力的功率为150W
B．滑轮组中动滑轮重10N
C．该滑轮组的机械效率为90%
D．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
二、填空题（每空2分，共20分）
13．（4分）生活中，“吸”字表述的现象，其原因各不相同。如图所示，用吸管“吸”饮料时，饮料是在　 　作用下被“吸”入口中的。用吸尘器“吸”灰尘时，灰尘是由于空气流速越大，压强越　 　的缘故被“吸”入吸尘器中的。
14．（4分）重50N的物体放在水平面上，在25N的水平推力作用下做匀速直线运动，则摩擦力为　 　N，撤掉推力，物体仍可以向前运动一段距离，在减速的过程中摩擦力的大小　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
15．（6分）用如图所示的电动起重机将3000N的货物提高4m，起重机对货物做的有用功是 　 　J；它的电动机功率为3000W，此过程用时10s，起重机的机械效率为 　 　%；若减小动滑轮的重力，起重机的机械效率将变 　 　。
16．（6分）如图所示，长为1m的轻质杠杆AB，支点O是杠杆AB的中点，OC：OB＝1：2，将重分别为10N和2N的正方体M、N用细绳系于杠杆的B点和C点。已知M的边长L＝5cm，则M的密度为　 　kg/m3，此时M对地面的压强为　 　Pa。若沿竖直方向将M左右两边各切去0.5h的部分，然后将C点处系着N的细绳向右移动h时，M对地面的压强减小了600Pa，则h＝　 　m。（g＝10N/kg）
三、作图题（每题2分，共4分）
17．（2分）物体A沿着斜面匀速下滑，在图中画出物体A受到的重力G和支持力F的示意图。
18．（2分）如图所示是一台活塞式抽水机的简化图，O为支点，请画出动力F1的力臂L1。
四、实验题（每空2分，共26分）
19．（6分）在探究“牛顿第一定律”的实验中，在水平桌面上分别铺上粗糙程度不同的毛巾、木板、玻璃，让小车自斜面顶端从静止开始滑下，小车从同一高度滑下后，在不同物体表面上运动的距离如图所示。
（1）实验时小车每次都从斜面顶端滑下，为了让小车在这些物体表面开始运动的　 　相同。
（2）由图示可知，小车在玻璃上运动的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。根据这个实验推理：若水平物体表面绝对光滑（即小车不受任何阻力作用），那么小车将一直保持　 　。
（3）著名的牛顿第一定律就是在此基础上推理总结出来的，该定律　 　（选填“能”或“不能”）实验直接证明。
20．（6分）为了探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，小明设计了如图所示实验。
（1）实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小 　 　弹簧测力计的示数。
（2）比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与 　 　是否有关。
（3）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图中丁图所示的实验装置，该装置的优点是 　 　长木板做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。
21．（8分）在“探究压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、海绵、砝码等器材做了如图所示的系列实验。
（1）同学们是根据　 　来比较压力的作用效果的。
（2）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较　 　两图的实验，得到的结论是：　 　。
（3）小明将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图丁所示，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为：p乙　 　p丁（选填“＞”“＜”或“＝”）
22．（6分）小林用如图所示的器材探究“杠杆平衡的条件”，操作如下：
（1）实验前，小林发现杠杆静止在如图甲所示的位置，为了使杠杆在水平位置平衡，此时应向　 　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，以方便读取力臂；
（2）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆　 　（选填“左”或“右”）端将下沉；
（3）如果利用如图丙所示装置进行实验，每个钩码重1N，杠杆平衡时弹簧测力计的读数为4.5N。如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，为了保证杠杆在水平位置平衡，其示数　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
五、计算题（22题6分，23题8分，共14分）
23．（6分）如图所示，在水平桌面上放着一个玻璃杯，水面距杯底0.1m，水的质量是0.2kg，玻璃杯重0.5N，玻璃杯的底面积是1×10﹣3m2。请分别求出：（g取10N/kg）
（1）水对杯底的压强；
（2）水对杯底的压力；
（3）杯子对桌面的压强。
24．（8分）在科技节上，小明用传感器设计了如图甲所示的力学装置，竖直细杆B的下端通过力传感器固定在柱形容器的底部，它的上端与不吸水的实心正方体A固定（不计细杆B及连接处的质量和体积）。力传感器可以显示出细杆B的下端所受作用力的大小，现缓慢地向容器中加水，力传感器的示数大小F随水深h水变化的图象如图乙所示。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）正方体A所受重力大小；
（2）当容器内水的深度为15cm时，正方体A受到的浮力大小；
（3）当容器内水的深度为7cm时，力传感器的示数大小为F，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，水对容器底部的压强是多少？
2022-2023学年湖南省长沙师大附中高新实验中学九年级（上）入学物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每题3分，共36分）
1．（3分）下列过程中，力的作用效果与其他三个不同的是（　　）
A．把橡皮泥捏成不同造型
B．进站的火车受阻力缓缓停下
C．用脚拦住地上滚动的小球
D．用力把铅球推出
【分析】力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变。
【解答】解：A、把橡皮泥捏成不同造型，橡皮泥的形状发生变化，属于力改变物体的形状；
B、进站的火车缓缓停下，速度在减小，属于力改变物体的运动状态；
C、用脚拦住地上滚动的小球，小球由运动变为静止，属于力改变物体的运动状态；
D、用力把铅球推出，铅球由静止变为运动，属于力改变物体的运动状态；
综合分析BCD属于力改变物体的运动状态，A属于力改变物体的形状，故A与BCD不同类。
故选：A。
【点评】本题考查了力的作用效果，力的这两个作用效果有明显的不同，比较容易辨别。
2．（3分）如图所示，为保障市民安全出行，志愿者们正在清理道路冰雪，他们采用增大压力的方法来增大摩擦的是（　　）
A．戴防滑手套
B．在路面上铺防滑垫
C．穿鞋底粗糙的橡胶鞋
D．铲雪时握紧铲子，防止铲子滑落
【分析】增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：ABC、戴防滑手套、在路面上铺防滑垫、穿鞋底粗糙的橡胶鞋，都是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故ABC不符合题意；
D、铲雪时握紧铲子，防止铲子滑落，是通过增大压力的方法来增大摩擦的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查改变摩擦力的方法，属于基础知识应用，难度不大。
3．（3分）2022年6月5日，我国三名宇航员搭载神舟十四号载人飞船再一次遨游太空，我国航天技术日益引起世界关注，下列有关航天员在太空说法正确的是（　　）
A．宇航员从地球带到太空的旋转陀螺质量变小了
B．透过宇航员展示的水球，看到了她的倒立的缩小的像，这和投影仪的原理是一样的
C．宇航员轻轻推动水球，水球独自做匀速直线运动，说明运动需要力来维持
D．飘在空中航天员轻轻相互推一下，两人都向后运动，说明物体间力的作用是相互的
【分析】（1）质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态和位置无关，与物体所含物质的多少有关；
（2）照相机的原理：物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像；
投影仪的原理：物距大于1倍焦距小于2倍焦距，成倒立放大的实像；
（3）物体不受力的作用，处于静止状态或匀速直线运动状态；
（4）物体间力的作用是相互的。
【解答】解：A、陀螺从地球带到太空，位置变化、所含物质多少没有变化，质量不变，故A错误；
B、透过宇航员展示的水球，看到了她的倒立的缩小的像，这和照相机的原理是一样的，故B错误；
C、宇航员轻轻推动水球，水球不受力的作用，水球独自做匀速直线运动，故C错误；
D、飘在空中航天员轻轻相互推一下，两人都向后运动，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查质量的概念、照相机的原理、运动和力的关系与力的概念的知识，属于综合题。
4．（3分）下面四幅图中所描述的力，对物体做了功的是（　　）
A．使小车向前运动了一段距离的推力
B．搬石头但没有搬动，手对石头的力
C．托着货物停在水平地面上，叉车对货物的力
D．提着滑板在水平路面上前行，手提滑板的力
【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
【解答】解：
A、小车在推力的作用下向前运动了一段距离，有力作用在小车上，小车在力的方向上通过了距离，所以做了功，故A符合题意；
B、用力搬石头，但未搬动，有力作用在物体上，但没有移动距离，所以不做功，故B不符合题意；
C、托着货物停在水平地面上，叉车对货物有力的作用，但没有在力的方向上通过距离，所以不做功，故C不符合题意；
D、提着滑板在水平路上前行，人给滑板一个向上的力，滑板向上没有移动距离，人对滑板没有做功，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。
5．（3分）爱劳动的小明春节去给外婆家拜年时，想和爸爸一起去果园修理果枝，他在家里的工具箱里翻出了下面几种剪刀（如图所示），应当选择哪一种最为合适（　　）
A． B．
C． D．
【分析】剪刀是生活中一种特殊杠杆，有时省力但费距离，有时省距离但费力，要根据实际情况做出选择。
【解答】解：修理树枝时，需要选择省力的剪刀。
AB、该选项中的剪刀在使用时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，不合题意；
CD、选项中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，但C选项中的剪刀动力臂与阻力臂的比值更大，更省力，所以选C最合适。
故选：C。
【点评】此题考查杠杆的应用，生活中要根据需要选择最合适的剪刀：手柄长的剪刀省力，刀口长的剪刀省距离。
6．（3分）如图所示，用细线拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（　　）
A．木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力是一对平衡力
B．木块对细线的拉力和细线对木块的拉力是一对平衡力
C．木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力
D．木块对细线的拉力和手对细线的拉力是一对相互作用力
【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：
A、由图知，细线对木块的拉力斜向上，木块受到的摩擦力水平向左，所以木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力不在同一直线上，不是一对平衡力，故A错误；
B、木块对细线的拉力和细线对木块的拉力，分别作用在细线和木块两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力，分别作用在水平面和木块两个物体上，且大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对相互作用力，故C正确；
D、木块对细线的拉力和手对细线的拉力，作用在同一物体上，不是相互作用力，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
7．（3分）“五一”假期期间，小明一家乘坐高铁外出旅游，下列说法正确的是（　　）
A．匀速运动的列车，若它所受的一切外力同时消失，列车会立即停下来
B．车速越高，列车越难刹停，说明速度越大，惯性越大
C．加速前进时，列车受到的牵引力大于受到的阻力
D．站台相对于进站的列车是静止的
【分析】（1）根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（2）影响惯性大小的因素是物体的质量，质量越大，惯性越大；
（3）列车做加速运动时，受到的牵引力大于它受到的阻力；
（4）判断物体的运动情况时，要看物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：
A．匀速运动的列车，若它所受的一切外力同时消失，由牛顿第一定律可知列车将做匀速直线运动，故A错误；
B．车速越高，列车越难刹停，是因为列车的动能大，刹车后滑行的距离长；惯性大小取决于物体的质量，列车的速度越大，但列车的质量不变，其惯性大小也不变，故B错误；
C．列车加速前进时，合力向前，则它受到的牵引力大于它受到的阻力，故C正确；
D．以进站的列车为参照物，站台的位置不断发生变化，所以站台相对于进站的列车是运动的，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了学生对运动和静止的相对性、惯性的大小、牛顿第一定律等知识的理解和应用，灵活运用相关的知识点是解题的关键。
8．（3分）一辆在水平面上匀速行驶的洒水车正在洒水作业，下列说法正确的是（　　）
A．机械能变小，动能不变
B．机械能变小，动能变小
C．机械能不变，动能变小
D．重力势能变小，动能不变
【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
（2）重力势能大小跟质量、被举的高度有关。被举的高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。
（3）机械能等于动能和势能的总和。
【解答】解：一辆在水平面上匀速行驶的洒水车正在洒水作业，洒水车的质量变小，洒水车的速度不变，洒水车的动能变小。洒水车相对地面的高度不变，所以洒水车的重力势能不变。洒水车在洒水过程中，没有发生弹性形变，洒水车的机械能等于洒水车的动能和重力势能之和，所以洒水车的机械能变小。
故选：B。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
9．（3分）如图所示，跳远运动员在比赛过程中要先助跑，再起跳至最高点，最终落地。在这一过程中，下列说法中正确的是（　　）
A．当运动员跳至最高点时，他相对地面是运动的
B．当运动员跳至最高点时，他受到平衡力
C．运动员助跑，主要是为了让自己跳得更高
D．落地时，运动员到助跑起点的距离为运动员的跳远成绩
【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（2）对运动员进行受力分析，结合其运动状态可做出判断；
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，据此解释；
（4）根据生活经验，结合图片解答。
【解答】解：A、当运动员跳至最高点时，运动员在水平方向上有一定的速度，因此相对于地面有位置变化，他相对地面是运动的，故A正确；
B、当运动员跳至最高点时，他受到重力和空气阻力的作用，其运动状态仍在不断改变，所以不是受平衡力，故B错误；
C、跳远运动员在比赛中都是先助跑一段距离后才起跳，目的是使自己处于运动状态，跳远时，由于惯性，运动员跳起时具有更大的速度，从而使运动员跳的更远，但不是为了让自己跳得更高，故C错误；
D、落地时，运动员到起跳点的距离为运动员的跳远成绩，故D错误。
故选：A。
【点评】此题以跳远比赛为背景，考查学生对运动和静止的相对性、惯性、平衡状态等的理解和掌握，学习中要注意联系实际，用所学知识解决生活中的实际问题。
10．（3分）如图所示，形状不同，底面积和重力相等的A、B、C三个容器放在水平桌面上，容器内分别装有质量相等的不同液体。下列分析正确的是（　　）
A．液体密度关系为：ρA＜ρB＜ρC
B．A容器底部受到的液体压强最小
C．C容器对桌面的压力最大
D．三个容器对桌面的压强相等
【分析】A、由图可知液体体积大小关系，在液体质量相等时，由公式可知液体密度大小关系；
B、由公式、p＝ρ液gh可知，液体对容器底部的压力为F底＝pS底＝ρ液ghS底，在A容器中，液体深度h与S底的乘积所表示的体积大小大于液体的体积，即hS底＞V液A，结合公式G液＝m液g＝ρV液g可知，A容器底部受到的液体压力大于液体的重力，即F底A＞G液A，同理，F底B＝G液B，F底C＜G液C；
因为液体的质量相等，所以液体的重力相等，由此可知液体对容器底部的压力大小关系，在底面积相同时，由公式可知液体对容器底部压强的大小关系；
CD、容器对水平桌面的压力为F容＝G总＝G容+G液，由此可知容器对水平桌面的压力大小关系，在底面积相同时，由公式可知容器对桌面的压强大小关系。
【解答】解：A、由图可知液体体积VA＜VB＜VC，在液体质量相等时，由公式可知液体密度的大小关系为：ρA＞ρB＞ρC，故A错误；
B、由公式、p＝ρ液gh可知，液体对容器底部的压力为F底＝pS底＝ρ液ghS底，
在A容器中，液体深度h与S底的乘积所表示的体积大小大于液体的体积，即hAS底＞V液A，
由公式G液＝m液g＝ρV液g可知，A容器底部受到的液体压力大于液体的重力，即F底A＞G液A，同理可得，F底B＝G液B，F底C＜G液C；
因为液体的质量相等，所以液体的重力相等，由此可知液体对容器底部的压力大小关系为：F底A＞F底B＞F底C，
在底面积相同时，由公式可知液体对容器底部压强的大小关系为：pA＞pB＞pC，故B错误；
CD、容器对水平桌面的压力为F容＝G总＝G容+G液，因为容器的重力相同，液体的重力也相同，所以容器对水平桌面的压力大小关系为：FA＝FB＝FC，
在底面积相同时，由公式可知容器对桌面的压强大小关系为：pA′＝pB′＝pC′，故C错误、D正确。
故选：D。
【点评】本题考查压强大小的比较，要求学生能灵活应用密度公式、压强公式控制变量进行对比，难度较大。
（多选）11．（3分）如图，甲、乙两个相同的杯子盛有不同浓度的盐水，放在同一水平面上，将两个质量、体积均相同的鸡蛋放入两个杯子中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，则下列说法正确的是（　　）
A．甲杯中的鸡蛋排开盐水的质量较大
B．甲杯的盐水密度比乙杯的盐水密度小
C．乙杯中的鸡蛋受到的浮力较大
D．乙杯对水平桌面的压强较大
【分析】（1）当物体漂浮时，ρ液＞ρ物；当物体悬浮时，ρ液＝ρ物；当物体下沉时，ρ液＜ρ物；
（2）当物体漂浮时，F浮＝G；当物体悬浮时，F浮＝G；当物体下沉时，F浮＜G；
（3）杯子对水平桌面的压力大小等于杯子、容器内液体和鸡蛋的总重力，受力面积相同，根据p＝比较压强大小。
【解答】解：
AC、同一鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，则它受到的浮力都等于自身的重力，即：F浮甲＝F浮乙＝G，根据阿基米德原理G排＝F浮可知，鸡蛋排开的盐水的重力相同，排开的盐水的质量相同，故AC错误；
B、同一鸡蛋在甲杯盐水中悬浮，则ρ甲＝ρ蛋；在乙杯盐水中漂浮，则ρ蛋＜ρ乙，因此ρ甲＜ρ乙，故B正确；
D、杯子对水平桌面的压力大小等于杯子、杯子内液体和鸡蛋的总重力，由图知，甲杯子内液体的体积小于乙杯子内的体积，又知ρ甲＜ρ乙，根据ρ＝和G＝mg可知甲杯子内的盐水重力小于乙杯子内盐水的重力，两杯子、两鸡蛋的重力均相等，故甲杯对水平桌面的压力小于乙杯对水平桌面的压力，杯子的底面积相等，根据p＝可知，甲杯对水平桌面的压强小于乙杯对水平桌面的压强，即乙杯对水平桌面的压强较大，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查液体压强公式、固体压强公式的应用、物体的浮沉条件及其应用，属于中等题。
（多选）12．（3分）小明关注长沙4.29楼房坍塌救援现场用到了起重机，他查找资料发现其中涉及滑轮知识，他设计了如图甲所示模型装置，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100N。物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。不计绳重和摩擦，则（　　）
A．拉力的功率为150W
B．滑轮组中动滑轮重10N
C．该滑轮组的机械效率为90%
D．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
【分析】先根据物体和绳子自由端的运动情况确定滑轮组承担物重的绳子股数n，则拉力端移动距离s＝nh；
（1）利用速度公式求绳子自由端移动速度；
（2）利用G＝mg求提升物体的重力，根据η＝＝×100%求滑轮组的机械效率；
（3）知道拉力大小，利用P＝＝＝Fv求拉力的做功功率；
（4）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），据此求动滑轮的重力。
【解答】解：由图乙可知，在t＝4s内，物体上升高度h＝2m时，绳子自由端移动距离s＝6m，
滑轮组承担物重的绳子股数：n＝＝＝3。
（1）绳子自由端移动的速度：
v＝＝＝1.5m/s，故D错误；
（2）物体重力：G＝mg＝27kg×10N/kg＝270N，
滑轮组的机械效率：
η＝＝＝×100%＝90%，故C正确；
（3）拉力的做功功率：
P＝＝＝Fv＝100N×1.5m/s＝150W，故A正确；
（4）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：
G动＝3F﹣G＝3×100N﹣270N＝30N，故B错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、功率和机械效率的计算，能根据表中图象乙求出使用滑轮组承担物重的绳子股数是关键。
二、填空题（每空2分，共20分）
13．（4分）生活中，“吸”字表述的现象，其原因各不相同。如图所示，用吸管“吸”饮料时，饮料是在　大气压　作用下被“吸”入口中的。用吸尘器“吸”灰尘时，灰尘是由于空气流速越大，压强越　小　的缘故被“吸”入吸尘器中的。
【分析】（1）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里。
（2）在气体和液体中，流速大的位置压强小。
【解答】解：（1）用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；
（2）用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的。
故答案为：大气压；小。
【点评】本题考查了大气压的存在，以及利用气压与流速的关系解释相关现象，注重了理论联系实际。
14．（4分）重50N的物体放在水平面上，在25N的水平推力作用下做匀速直线运动，则摩擦力为　25　N，撤掉推力，物体仍可以向前运动一段距离，在减速的过程中摩擦力的大小　不变　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【分析】（1）静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力条件求出滑动摩擦力大小。
（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，从影响因素进行分析。
【解答】解：（1）物体在25N拉力下进行匀速直线运动，物体在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力是平衡力，大小相等，拉力是25N，滑动摩擦力是25N。
（2）减速运动过程中，压力大小不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变。
故答案为：25；不变。
【点评】静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力条件判断力的大小和方向是很常用的方法。
15．（6分）用如图所示的电动起重机将3000N的货物提高4m，起重机对货物做的有用功是 　1.2×104　J；它的电动机功率为3000W，此过程用时10s，起重机的机械效率为 　40　%；若减小动滑轮的重力，起重机的机械效率将变 　大　。
【分析】（1）知道货物的重力和提升的高度，根据W＝Gh求出起重机对货物做的有用功；
（2）知道电动机的功率和时间，根据W＝Pt求出电动机所做的总功，再求出机械效率；
（3）若提升同一物体时，减小动滑轮的重力，则所做的有用功相同，额外功减小，总功减小，机械效率变大。
【解答】解：（1）起重机对货物做的有用功：
W有＝Gh＝3000N×4m＝1.2×104J；
（2）电动机所做的总功：
W总＝Pt＝3000W×10s＝3×104J；
起重机的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝40%；
（3）提升同一物体时，减小动滑轮的重力，则所做的有用功相同，额外功减小，总功减小，由公式η＝×100%可知，滑轮组的机械效率变大。
故答案为：1.2×104；40；大。
【点评】本题考查了有用功、总功、机械效率、功率的计算，关键要理解有用功和总功的定义、灵活应用相关公式。
16．（6分）如图所示，长为1m的轻质杠杆AB，支点O是杠杆AB的中点，OC：OB＝1：2，将重分别为10N和2N的正方体M、N用细绳系于杠杆的B点和C点。已知M的边长L＝5cm，则M的密度为　8×103　kg/m3，此时M对地面的压强为　3600　Pa。若沿竖直方向将M左右两边各切去0.5h的部分，然后将C点处系着N的细绳向右移动h时，M对地面的压强减小了600Pa，则h＝　0.033　m。（g＝10N/kg）
【分析】（1）由G＝mg算出M的质量，根据密度公式算出M的密度；
（2）根据杠杆平衡条件、力作用的相互性及力的平衡条件求出M对地面的压力，利用数学知识求出受力面积，最后根据p＝求出此时M对地面的压强；
（3）先求出M剩余的重力，再求出剩余的压强和面积，进而得出压力，根据力作用的相互性几以及杠杆平衡条件表示出M受到的拉力，最后利用力的平衡条件求出h。
【解答】解：（1）由G＝mg知M的质量为：
mM＝＝＝1kg，
M的体积为：
ρM＝＝＝8×103kg/m3；
（2）设B端受到细绳的拉力为FB，
由杠杆平衡条件得，GN×OC＝FB×OB，已知OC：OB＝1：2，
则有：FB＝GN×＝2N×＝1N；
根据力的作用是相互的可知，细绳对M的拉力：F＝FB＝1N，
此时M对地面的压力：F压＝F支＝GM﹣F＝10N﹣1N＝9N，
M与地面的接触面积：S＝L2＝（0.05m）2＝0.0025m2，
则此时M对地面的压强：p＝＝＝3600Pa；
（3）若沿竖直方向将M两边各切去厚度为0.5h后，
剩余M的底面积：S′＝L（L﹣0.5h﹣0.5h）＝L×（L﹣h），
剩余M的体积：V′＝S′L＝L2×（L﹣h），
剩余M的密度不变，则剩余部分的重力与原来重力的比值：＝＝，
所以剩余M的重力：GM′＝×GM＝×10N﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
剩余的物体M对地面的压强：p′＝p﹣△p＝3600Pa﹣600Pa＝3000Pa，
剩余M的底面积：S′＝l×（l﹣h）＝0.05m×（0.05m﹣h），
地面对剩余的物体M的支持力：
F支′＝F压′＝p′S′＝3000Pa×0.05m×（0.05m﹣h）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
沿竖直方向将M两边各切去厚度为0.5h后，将C点处系着N的细绳向右移动h，
设此时B端受到细绳的拉力为FB′，
由杠杆平衡条件得，GN×（OC﹣h）＝FB′×OB，
则有：FB′＝＝，
即细绳对剩余M的拉力：F′＝FB′＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
对剩余M进行受力分析，由力的平衡条件得，F支′+F′＝GM′﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④
将①②③式代入④式得：
3000Pa×0.05m×（0.05m﹣h）+＝×10N，
解得：h＝0.033m。
故答案为：8×103；3600；0.033。
【点评】本题是一道纯力学综合应用题，涉及到密度的计算、压强的计算、以及杠杆平衡条件的应用等，关键要会正确受力分析，学会利用方程进行解题，难度较大。
三、作图题（每题2分，共4分）
17．（2分）物体A沿着斜面匀速下滑，在图中画出物体A受到的重力G和支持力F的示意图。
【分析】重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；
斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上。
【解答】解：重力G和支持力F的作用点画在物体的重心上，重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上。如图所示：
【点评】本题考查了作力的示意图，作力的示意图时，应先确定力的作用点及力的方向，这是作力的示意图的关键。
18．（2分）如图所示是一台活塞式抽水机的简化图，O为支点，请画出动力F1的力臂L1。
【分析】已知支点和动力的方向，根据力臂的定义过支点作力的作用线的垂线段。
【解答】解：过支点O作F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1，如图所示：
【点评】画力臂时，找准力的作用线是关键，画力臂时，一定要从支点开始向作用线画垂线，不要受到杠杆自身形状的干扰。
四、实验题（每空2分，共26分）
19．（6分）在探究“牛顿第一定律”的实验中，在水平桌面上分别铺上粗糙程度不同的毛巾、木板、玻璃，让小车自斜面顶端从静止开始滑下，小车从同一高度滑下后，在不同物体表面上运动的距离如图所示。
（1）实验时小车每次都从斜面顶端滑下，为了让小车在这些物体表面开始运动的　速度　相同。
（2）由图示可知，小车在玻璃上运动的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。根据这个实验推理：若水平物体表面绝对光滑（即小车不受任何阻力作用），那么小车将一直保持　匀速直线运动状态　。
（3）著名的牛顿第一定律就是在此基础上推理总结出来的，该定律　不能　（选填“能”或“不能”）实验直接证明。
【分析】（1）为使小车到达水平面的速度相同，应使小车从斜面的同一高度处由静止滑下；
（2）阻力越小，小车滑行的距离越远；小车最后停下来，是因为受到摩擦阻力的作用；运动物体不受力，将做匀速直线运动；
（3）牛顿第一定律是概括了伽利略等人的研究成果，在大量经验事实的基础上，通过推理而抽象概括出来的，运用的是科学推理法。
【解答】解：（1）实验中，让小车自斜面顶端从静止开始滑下，使小车运动到斜面底端时的速度相同；
（2）木板表面最光滑，对小车的阻力最小，所以小车在木板表面滑行得最远；物体表面越光滑，小车滑行的距离越远，推理可知，若水平面绝对光滑，则车会在水平面上做匀速直线运动；
（3）著名的牛顿第一定律，也称惯性定律，就是在此基础上总结出来的。这个定律因为是用推理的方法得出，所以它不是用实验直接得出的。
故答案为：（1）速度；（2）匀速直线运动状态；（3）不能。
【点评】本实验考查了阻力对物体运动的影响，要掌握实验的现象及结论，在此基础上经过推理可得到牛顿第一定律。
20．（6分）为了探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，小明设计了如图所示实验。
（1）实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小 　等于　弹簧测力计的示数。
（2）比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与 　接触面的粗糙程度　是否有关。
（3）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图中丁图所示的实验装置，该装置的优点是 　不需要　长木板做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。
【分析】（1）弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，木块受到平衡力作用，滑动摩擦力等于拉力大小；
（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，利用控制变量法探究滑动摩擦力跟影响因素之间的关系；
（3）根据A处于静止状态结合二力平衡分析。
【解答】解：（1）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使木块做匀速直线运动，滑动摩擦力与拉力是平衡力，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计拉力的大小，即滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）由甲、乙两图可知，甲、乙两次实验压力大小相等，接触面粗糙程度不同，根据控制变量法，可以探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系；
（3）拉动木板时，木块在水平方向上只受到弹簧测力计的拉力与木板的摩擦力，相对于地面处于静止状态，即木块处于平衡状态，摩擦力等于弹簧测力计的拉力，拉动木板时，不改变与木块之间接触面的粗糙程度及压力大小，对摩擦力没有影响，故不需要匀速拉动，操作更简单。
故答案为：（1）等于；（2）接触面的粗糙程度；（3）不需要。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
21．（8分）在“探究压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、海绵、砝码等器材做了如图所示的系列实验。
（1）同学们是根据　海绵的凹陷程度　来比较压力的作用效果的。
（2）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较　乙丙　两图的实验，得到的结论是：　压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显　。
（3）小明将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图丁所示，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为：p乙　＝　p丁（选填“＞”“＜”或“＝”）
【分析】（1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，
探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。据此分析回答；
（3）根据p＝分析。
【解答】解：（1）根据转换法，同学们是根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果的。
（2）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，要控制压力相同，故应比较乙、丙两图的实验，乙中受力面积小，作用效果明显，故得到的结论是：压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显。
（3）小明将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图丁所示，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁，根据p＝，因压力和受力面积都相等，大小关系为：p乙＝p丁。
故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）乙丙；压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显；（3）＝。
【点评】本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
22．（6分）小林用如图所示的器材探究“杠杆平衡的条件”，操作如下：
（1）实验前，小林发现杠杆静止在如图甲所示的位置，为了使杠杆在水平位置平衡，此时应向　右　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，以方便读取力臂；
（2）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆　左　（选填“左”或“右”）端将下沉；
（3）如果利用如图丙所示装置进行实验，每个钩码重1N，杠杆平衡时弹簧测力计的读数为4.5N。如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，为了保证杠杆在水平位置平衡，其示数　变大　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【分析】（1）由图甲可知，杠杆左端下倾，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了直接从杠杆上读出力臂；
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，通过计算判断杠杆哪端下沉；
（3）利用杠杆的平衡条件，首先先判断动力臂如何变化，然后根据杠杆平衡条件计算弹簧测力计示数如何变化。
【解答】解：（1）由图甲可知，杠杆左端下倾，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，所以平衡螺母向右移动；
（2）假设每个钩码的重力为G，根据杠杆平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂可知，4G×3＝3G×4；
如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，此时3G×3＞2G×4，故杠杆左端下沉；
（3）如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，动力臂减小，根据杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂可知，动力增大，所以弹簧测力计示数增大。
故答案是：（1）右；（2）左；（3）变大。
【点评】该题主要考查了探究杠杆平衡条件的过程中平衡螺母的调节方法以及杠杆平衡原理的应用。
五、计算题（22题6分，23题8分，共14分）
23．（6分）如图所示，在水平桌面上放着一个玻璃杯，水面距杯底0.1m，水的质量是0.2kg，玻璃杯重0.5N，玻璃杯的底面积是1×10﹣3m2。请分别求出：（g取10N/kg）
（1）水对杯底的压强；
（2）水对杯底的压力；
（3）杯子对桌面的压强。
【分析】（1）根据p＝ρ液gh求水对杯底的压强；
（2）利用p＝可求水对杯底的压力大小；
（3）杯子对水平桌面的压力等于杯子和水的总重力，再由p＝可求杯子对桌面的压强。
【解答】解：（1）依据题意可知，水对杯底的压强p1＝ρ液gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1.0×103Pa；
（2）由p＝可得水对杯底的压力F＝pS＝1.0×103Pa×1×10﹣3m2＝1N；
（3）杯子和水的总重力G＝G水+G杯＝m水g+G杯＝0.2kg×10N/kg+0.5N＝2.5N；
则杯子对桌面的压力F′＝G＝2.5N；
由p＝可得杯子对桌面的压强p2＝＝2.5×103Pa。
答：（1）水对杯底的压强为1.0×103Pa；
（2）水对杯底的压力为1N；
（3）杯子对桌面的压强为2.5×103Pa。
【点评】本题考查压强的计算、液体压强公式及其应用，掌握压强公式和液体压强公式是解答本题的关键。
24．（8分）在科技节上，小明用传感器设计了如图甲所示的力学装置，竖直细杆B的下端通过力传感器固定在柱形容器的底部，它的上端与不吸水的实心正方体A固定（不计细杆B及连接处的质量和体积）。力传感器可以显示出细杆B的下端所受作用力的大小，现缓慢地向容器中加水，力传感器的示数大小F随水深h水变化的图象如图乙所示。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）正方体A所受重力大小；
（2）当容器内水的深度为15cm时，正方体A受到的浮力大小；
（3）当容器内水的深度为7cm时，力传感器的示数大小为F，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，水对容器底部的压强是多少？
【分析】（1）根据图乙可知，当h＝0cm时力传感器的示数为6N，此时没有浮力，细杆的质量不考虑可知，正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，据此得出正方体A的重力；
（2）根据图乙可知，当h＝3cm时物体A的下表面恰好与水面接触，当容器内水的深度h＝13cm时，当中间某位置杆子的作用力为0，此时浮力等于重力，继续加水时，浮力大于重力，因而杆子的拉力向下，根据二力平衡计算浮力，结合F浮＝ρ液gV排求出正方体的边长，分析水的深度为15cm时正方体的状态，计算浮力。
（3）当容器内水的深度为7cm时，求出物块浸入的深度h＝4cm，根据V＝Sh求出排开水的体积，利用F浮＝ρ液gV排求出正方体A受到的浮力，正方体A的重力减去受到的浮力即为力传感器的示数，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，根据图乙可知，力传感器受到的拉力为0.5F时，可能是G﹣F浮＝0.5F，也可能是F浮﹣G＝0.5F，因此分两种情况讨论水对容器的压力；第一种情况：水的深度较大，F浮﹣G＝0.5F，分析正方体A受到的力，然后结合正方体受到的合力为零求出受到的浮力，根据F浮＝ρ液gV排＝ρ液gSh浸求出此时正方体浸入水中的深度，从而得出此时容器内水的深度，最后利用p＝ρ液gh求出水对容器底的压强；同理也可分析第二种情况，水深较小时，G﹣F浮＝0.5F。
【解答】解：（1）由图乙可知，当h0＝0cm时，力传感器的示数为F0＝6N，
由细杆的质量不考虑可知，正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，即正方体A的重力G＝F0＝6N；
（2）由图乙可知，当h2＝3cm时，物体A的下表面恰好与水面接触，说明木杆长为3cm；当容器内水的深度h1＝13cm时，已经超过了F＝0的深度，因而此时木杆的作用力向下，因而此时F浮＝G+F＝6N+4N＝10N，若正方体的边长为a，此时的V排＝a2×10cm；
根据阿基米德原理有F浮＝ρ液gV排，代入数据得
10N＝1.0×103kg/m3×10N/kg×a2×0.1m，解得a＝0.1m；
说明水深13cm时正方体恰好浸没，水深15cm时，仍是浸没，排开液体的体积没有改变，则浮力没有改变，仍为10N。
（3）当容器内水的深度h3＝7cm时，正方体A浸入水的深度h浸2＝h3﹣h2＝7cm﹣3cm＝4cm＝0.04m，
排开水的体积V排′＝L2h浸2＝（0.1m）2×0.04m＝4×10﹣4m3，
正方体A受到的浮力F浮′＝ρ水gV排′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣4m3＝4N，
力传感器的示数F＝G﹣F浮′＝6N﹣4N＝2N，
继续向容器中加水，分力传感器受到的拉力或压力两种情况讨论力传感器的示数大小变为0.5F：
由图乙可知，第一种情况：当力传感器受到的拉力F′＝0.5F＝0.5×2N＝1N且水的深度较大时，此时正方体A受到竖直向上的浮力和竖直向下重力、细杆的拉力作用处于平衡状态，
所以，由正方体受到的合力为零可得，受到的浮力F浮″＝G+F′＝6N+1N＝7N，
由F浮＝ρ液gV排＝ρ液gSAh浸可得，
此时正方体浸入水中的深度h浸3＝＝＝0.07m＝7cm，
则此时容器内水的深度h4＝h2+h浸3＝3cm+7cm＝10cm＝0.1m，
则此时水对容器底的压强为：p＝ρ液gh4＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
第二种情况：当力传感器受到的压力F′＝0.5F＝0.5×2N＝1N且水的深度较小时，此时正方体A受到竖直向上的浮力和竖直向下重力、细杆的向上的作用力处于平衡状态，
所以，由正方体受到的合力为零可得，受到的浮力F浮'''＝G﹣F′＝6N﹣1N＝5N，
由F浮＝ρ液gV排＝ρ液gSAh浸可得，
此时正方体浸入水中的深度h浸4＝＝＝0.05m＝5cm，
则此时容器内水的深度h5＝h2+h浸4＝3cm+5cm＝8cm＝0.08m，
则此时水对容器底的压强为：p'＝ρ液gh5＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝800Pa。
答：（1）物体A所受到的重力为6N；
（2）当容器内水的深度为13cm时，正方体A受到的浮力为10N；
（3）当容器内水的深度为7cm时，力传感器的示数大小为F，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，水对容器底的压强为800Pa或1000Pa。
【点评】本题考查了阿基米德原理和液体压强公式、固体压强公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键，有一定的难度。