高三物理试题参考答案
一、单选题：本题共 8小题，每小题 3分，共 24分。
1.B 2.D 3.C 4.D 5.A 6.B 7.C 8.B
二、多选题：本题共 4小题，每小题 4分，共 16分。在每小题给出的四个选项中有多项符合
要求。全部选对得 4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分。
9.BC 10.AD 11.BD 12.AC
三、非选择题：本题共 6小题，共 60分。
13．（6 分）
2
（ d1）1.050 （2） （3）偏大
2lt2
评分标准：每问 2分，共 6分。
14.（8 分）
（1）R1 （2）右 （3）电路连接如图
（4）1.56 1.3
评分标准：第（1）、（2）问各 1分；第（3）问 2分；第（4）问每空 2分；共 8分。
15．（7 分）
sin θ
解：（1）设光在 EF 介面上折射角为 r，由折射定律得： n = ①
sin r
d
光由 EF 面至 AB 面传播距离： s = ②
cosr
c
光在玻璃中的传播速度：v = ③
n
= s光束穿过玻璃砖所用时间： t ④
v
2 6d
联立以上各式代入数据解得： t = ⑤
3c
（2）不放遮光板时光束传播光路图如图所示，从 EF 面恰好观察不到有光束射出，则遮光
板上沿应位于 D 点
L
由几何关系可得： l =（ d tan r)sin 45° ⑥
2
即 l = 2 L 6d ⑦
4 6
评分标准：每式 1分，共 7分。
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16．（9 分）
解：（1）设轻绳断开时甲速度的大小为 v1，根据机械能守恒
L L 1
Mg sinθ mg = (M + m)v21 ①
2 2 2
设甲到达斜面底端时的速度大小为 v2，根据动能定理
L 1 1Mg sinθ = Mv22 Mv
2
1 ②
2 2 2
重力的瞬时功率
P = Mgv sinθ ③ 2
解得：P = 21W ④
（2）设甲到达 C 时的速度大小为 v3，根据动能定理
1 1Mgl = Mv2 Mv2 ⑤ 3 2
2 2
由 C 到 D 过程，由动能定理得
= 1 2 1Mgi2R Mv4 Mv
2 ⑥
3
2 2
设甲到达 D 时的速度大小为 v4，根据牛顿运动定律
v2
Mg = M 4 ⑦
R
解得： = 0.4 ⑧
评分标准：①式 2分，其余每式 1分，共 9分。
17．（14 分）
解：（1）I 区域内粒子在 xoz 平面内做匀速圆周运动，轨迹如图
由几何关系得：r1=2l ①
mv2
由牛顿第二定律得：qvB = ②
r
1
= mv0解得：B ③
2ql
（2）II 区域内粒子在 yoz 平面内做类平抛运动
4l
z 轴方向： = v0t1 ④
3
l 1 2
y 轴方向： = at1 ⑤
2 2
a = qE ⑥
m
9mv2
联立解得：E = 0 ⑦
16ql
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（3）进入Ⅲ区域后做螺旋线运动
粒子在 M 点沿 y 轴方向的分速度为：
3
vy = at1 vy = v0 ⑧
4
xoy 平面内做圆周运动，轨迹如图
由几何关系可知：
l
（ ）2 + 3r 2 =（ 2 r = l2 l r2 ) 可解得： 2 ⑨
2 8
2πr2 πl
则粒子在 xoy 平面内做圆周运动的周期：T = = ⑩
vy v0
设由 M 到 N 时间为 t2，M、N 两点 y 坐标相同
则： t2 = nT （n=1，2，3……）
粒子沿 z 轴的正方向做初速度为 v0的匀加速直线运动，由运动学公式得
1
L = v t + at 2 0 2 2
2
9n2π 2
代入数据解得： L = nπ l + l （n=1，2，3……）
32
评分标准：①式 2分，其余每式 1分，共 14分。
18．（16 分）
解：（1）P 能沿斜面匀速下滑，则
mgsinθ=μmgcosθ ①
解得：μ=tanθ ②
（2）设 Q 下滑的加速度为 a，由牛顿第二定律：mgsinθ=ma ③
1
经 发生第 次碰撞，由匀变速直线运动规律： l = at2t1 1 0 1 ④
2
2l
解得： t 01= ⑤
g sinθ
（3）Q 与 P 第 1 次碰撞前的速度：v0=at1 ⑥
解得：v0= 2gl0 sinθ
Q、P 第 1 次碰后速度分别为 vQ1、vP1
碰撞过程动量守恒：mv0=mvQ1+mvP1 ⑦
1 1 1
碰撞过程机械能守恒： mv20 = mv
2 2
Q1 + mvP1 ⑧
2 2 2
解得：vQ1=0 v P1= v0= 2gl0 sinθ
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即碰撞过程交换速度
碰后 Q 做初速度为零的匀加速运动，加速度仍为 a
碰后物块 P 匀速下滑
设再经时间 t2，发生第 2 次碰撞
1
v 2P1t2 = at2 ⑨
2
第 2 次碰前物块 Q 的速度：v'Q2=at2 ⑩
根据弹性正碰可得，碰撞过程 Q、P 交换速度，则碰后 Q、P 的速度分别为 vQ2、vP2
vQ2=v0= 2gl0 sinθ
vP2=2v0= 2 2gl0 sinθ
（4）设再经 t3 发生第 3 次碰撞，同理可得 t3 = t2
第三次碰前 Q 的速度大小为 v'Q3= v0+at2=3v0
碰后 Q 的初速度大小 vQ3=2v0
P 匀速运动速度大小 vP3=3v0
经 t4 第 4 次碰撞：t4=t2
P 匀速运动速度大小 vP4=4v0
综上分析可得：
第 n-1 次碰撞到第 n 次碰撞用时 tn=t2
2l
则从释放到第 n 次碰撞用时 t=t1+t2+…tn=(2n-1)
0
g sinθ
物体第 1 次、第 2 次、第 3 次、…第 n-1 次碰撞后运动位移分别为 x1、x2、x3、…xn-1,
x1=v0t2
x2=2v0t2
xn-1=(n－1)v0t2
第 n 次碰撞点到 Q 释放点距离为 x=l0+x1+x2+…xn-1
解得 2x=(2n －2n+1)l0
评分标准：每式 1分，共 16分。
高三物理答案 第 4 页（共 4 页）10.介质中一列简谐横波沿x轴传播，传播速度为1Oms.某时刻开始计时，介质中P质点的
振动图像如图甲所示，1二0.47s时介质中的部分波形如图乙所示，则
A.该波沿x轴正方向传播是里
y/cm
y/cm
1QcB.P振动频率为12.5Hz
x/m
C.P平衡位置的坐标x=0.15m
D.再经过0.25s,P通过的路程为68cm
11.真空中，点电荷a、b分别位于x轴上的x=-L处的P点和x=L处的Q点，它们之间连
线上电场强度E随位置x变化的图像如图所示。一带正电的检验电荷由x=0.5L处的M
点由静止释放后能通过x=0.5L处的N点。不计检验电荷的重力，O为坐标原点，以下判
断正确的是
个四始出小安本代共，代是0学出小8共醒本
西单A.a、b均带正电不诗的点南方内其，内是量
B.a电荷量大于b电荷量流贵普南内X
C.x轴上从P至Q电势先降低再升高
D,M、O间的电势差大于O、N间的电势差
全11-L-0.5L00.5L
12.如图所示，光滑平行金属导轨由左侧弧形轨道与右侧水平轨道平滑连接而成，导轨间距均
为L。左侧轨道上端连接有阻值为R的电阻。水平轨道间有连续相邻、宽均为 的区域I、
星8
Ⅱ、Ⅲ，区域边界与水平导轨垂直。I、Ⅲ区域存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小
为B:Ⅱ区域存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为2B。质量为m、长度为L、电
阻为R的金属棒从左侧轨道上h高处由静止释放，金属棒最终停在Ⅲ区域右边界上。不
计金属导轨电阻，金属棒与导轨接触良好，重力加速度大小为g,则金属棒
1
A.穿过区域I过程，通过R的电荷量为BLd
2R
声B.刚进入区域Ⅲ时受到的安培力大小为B产2g
6R
C.穿过区域I与过程，R上产生的焦耳热之比为11：24
D.穿过区域与皿过程，克服安培力做功之比为5：12,2m0
m01X08
mols1.G
m 01/E.A
w01X9)
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三、非选择题：本题共6小题，共0分。其1面中本童四面牌出为游显合
13.(6分)某小组用如图甲所示的装置测量重力加速度，实验过程如下：意不向
①用游标卡尺测出小球直径测量结果如图乙所示团面示
②将铁架台竖直架稳，将电磁铁和与光电计时器相连的光电门自上而下依次固定，调节
电磁铁的位置，使小钢球由静止释放后球心恰好能通过光电门中心，
:表
③将毫米刻度尺竖直固定在铁架台上，使被磁铁吸住的小球球心与刻度尺0刻度拾好对
齐，读取并记录光电门中心对应的刻度尺读数：月3皇刘籍)
④断开电磁铁电源，小球下落，读取光电计时器记录下的挡光时间：4已0(
⑤调整光电门高度重复实验。
电磁铁
小球
9y
3 cm
光电门
个
20
甲
乙
请回答下列问题：
(1)小球直径d=
cm;
(2)当地的重力加速度大小g=
（用实验中所测物理量字母表示)；
(3)若实验中操作不当，导致小球下落过程球心并没有通过光电门中心，光电计时器仍
记录下了挡光时间，则该操作会导致测得的重力加速度值
(选填“偏
大”、“偏小”或“不变”)。
14.(8分)某实验小组测量一电池的电动势E和内阻，可选择的器材有：
A.待测电池E(电动势约为1.5V,内阻约为22)
B.滑动变阻器R1,最大阻值202：
C.滑动变阻器R2,最大阻值100k2:
D.电阻箱R,最大阻值99999.92；
E.
电流表A1(量程为0.6A,内阻为0.32)
F.
电流表A2(量程为50uA,内阻为800Q)
G.开关、导线若干
该小组设计了如图甲所示的电路图，请回答下列问题：
(1)滑动变阻器应选
(填“R”或“R2”)。
(2)开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于」
端（填“左”或“右”）。
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