2023年1月广东省普通高中学业水平考试数学模拟卷四
一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.每小题6分,共90分。
1.已知集合,,则下列式子正确的是( )
A. B. C. D.
2.函数的图像大致为( )
A. B.
C. D.
3.已知,若,则的最大值为( )
A. B. C. D.
4.下列各角中与角的终边相同的是( )
A. B. C. D.
5.函数(a>0,且a≠1)的图象恒过定点( )
A.(0,-3) B.(0,-2) C.(1,-3) D.(1,-2)
6.已知定义在R上的偶函数在是减函数,则( )
A. B.
C. D.
7.若关于的不等式的解集是,则实数等于( )
A.-1 B.-2 C.1 D.2
8.若函数,则( )
A.-2 B.2 C.-4 D.4
9.已知,则( )
A. B. C. D.
10.在中,,为( )
A.直角三角形 B.锐角三角形 C.钝角三角形 D.等边三角形
11.10名工人某天生产同一零件,生产的件数分别是15,17,14,10,15,17,17,16,14,12.设其平均数为a,中位数为b,众数为c,则有( )
A. B. C. D.
12.已知是空间中两条不同的直线,是空间中两个不同的平面,则下列命题正确的是( )
A.若,则 B.若,则
C.若,则 D.若,则
13.甲、乙两人下棋,两人下成和棋的概率是,甲获胜的概率是,则甲不输的概率为( )
A. B. C. D.
14.已知,则使成立的必要不充分条件是( )
A. B. C. D.
15.某大学,,三个专业的在校学生人数见下表:
专业类别 合计
学生人数
现采用分层抽样的方法,调查这三个专业学生对参加某项社会实践活动的意向.在抽取的样本中,专业的学生有人,则样本中专业的学生人数为( )
A. B. C. D.
二、填空题:把答案填在题中的横线上.每小题6分,共24分。
16.水平放置的的直观图如右图所示,已知,
则边上的中线的实际长度为______.
17.已知复数,则z的虚部为________。
18.已知圆锥底面半径为1,高为,则该圆锥的侧面积为_______.
19.袋内装有质地、大小完全相同的6个球,其中红球3个、白球2个、黑球1个,现从中任取两个球.对于下列各组中的事件A和事件B:
①事件A:至少一个白球,事件B:都是红球;
②事件A:至少一个白球,事件B:至少一个黑球;
③事件A:至少一个白球,事件B:红球、黑球各一个;
④事件A:至少一个白球, 事件B:一个白球一个黑球.
是互斥事件的是___________.(将正确答案的序号都填上)
三、解答题:本大题共3小题,共36分,解答必修写出文字说明,证明过程和演算步骤。
20.(12分)吉祥物“冰墩墩”在北京2022年冬奥会强势出圈,并衍生出很多不同品类的吉祥物手办.某企业承接了“冰墩墩”玩具手办的生产,已知生产此玩具手办的固定成本为200万元.每生产万盒,需投入成本万元,当产量小于或等于50万盒时;当产量大于50万盒时,若每盒玩具手办售价200元,通过市场分析,该企业生产的玩具手办可以全部销售完(利润=售价-成本,成本=固定成本+生产中投入成本)
(1)求“冰墩墩”玩具手办销售利润(万元)关于产量(万盒)的函数关系式;
(2)当产量为多少万盒时,该企业在生产中所获利润最大?
21.(12分)如图,在平面四边形中,,,,.
(1)求的值; (2)求边的值.
(12分)如图所示,是的直径,点在上,是所在平面外一点,
是的中点.
(1).求证:平面;
(2).若是边长为6的正三角形,,且,求三棱锥的体积.答案第1页,共2页
2023年普通高中学业水平合格性考试数学模拟考试B卷
参考答案:
1.C
【详解】因为集合,
所以选C.
考点:集合的运算.
2.A
【分析】根据给定的幂函数的值域排除两个选项,再利用函数图象在第一象限的特征判断作答.
【详解】由得,函数的图象在x轴及上方,B、D都不正确,
函数的图象是曲线,在时,该曲线在直线的下方,且增长速度逐渐变慢,C不正确,A满足条件.
故选:A
3.B
【解析】根据题意,利用均值不等式即可求得最大值.
【详解】因为且,根据均值不等式即可得:
,当且仅当时取得最大值.
故选:B.
【点睛】本题考查利用均值不等式求积的最大值,属基础题.
4.B
【分析】写出与角的终边相同的角为,选出正确答案.
【详解】与角的终边相同的角为,
当时,,B正确;
经验证,其他三个选项均不合要求.
故选:B
5.D
【分析】根据指数函数的图象所过定点的性质求解.
【详解】令x-1=0,则x=1,此时,y=a0-3=-2,∴图象过定点(1,-2).
故选:D.
6.D
【分析】由偶函数和在单减直接比较大小即可求解.
【详解】由函数为偶函数,在单减,
则,,所以.
故选:D
7.C
【分析】根据一元一次不等式与一元一次方程的关系,列出方程,即可求解.
【详解】由题意不等式的解集是,
所以方程的解是,则,解得,故选C.
【点睛】本题主要考查了一元一次不等式与一元一次方程的关系的应用,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.
8.C
【分析】由,得到,由此求出即可.
【详解】∵函数,∴,
.
故选:C.
9.A
【分析】根据三角函数诱导公式和余弦二倍角公式即可计算求值.
【详解】.
故选:A.
10.A
【分析】根据向量数量积为0可得,即可得出结论.
【详解】解:因为,所以,则在中,,,
所以为直角三角形.
故选:A.
11.D
【分析】将数据从小到大重新排列(也可以是从大到小),计算出的值即可比较大小.
【详解】解:重新排列得:10,12,14,14,15,15,16,17,17,17.
则有:.
所以
故选:D.
12.B
【分析】由空间线面关系的判定及性质依次判断4个选项即可.
【详解】对于A,若,的位置关系无法确定,A错误;
对于B,由面面平行的性质知,若,则,B正确;
对于C,若,则或,C错误;
对于D,若,则的关系无法确定,D错误.
故选:B.
13.A
【解析】利用互斥事件概率的加法公式,即可求解甲不输的概率,得到答案.
【详解】由题意,甲、乙两人下棋,两人下成和棋的概率是,甲获胜的概率是,
根据互斥事件的概率加法公式,可得甲不输的概率为.
故选:A.
14.B
【分析】解不等式可得,然后结合题意对每个选项进行验证、判断后可得结果.
【详解】由可得,解得.
选项A中,“”是“”成立的充要条件,所以A不符合题意;
选项B中,由“”成立不能得到“”成立,反之,当“”成立时,“”成立,所以“”是“”的必要不充分条件,所以B符合题意;
选项C中,“”是“”的既不充分也不必要条件,所以C不符合题意;
选项D中,“”是“”的充分不必要条件,所以D不符合题意.
故选B.
【点睛】本题考查对充分条件、必要条件概念的理解,解题的关键是正确理解“使成立的必要不充分条件”的含义,即由可得所选结论成立,而由所选的结论不能得到成立,属基础题.
15.C
【分析】根据专业和专业学生的入样比相等可计算出样本中专业的学生人数.
【详解】设样本中专业的学生人数为,根据专业和专业学生的入样比相等可得,解得.
故选:C.
【点睛】本题考查分层抽样中的相关计算,根据分层抽样的特点列等式是解答的关键,考查计算能力,属于基础题.
16.2.5(或 )
【分析】由已知中直观图中线段的长,可分析出实际为一个直角边长分别为、的直角三角形,进而根据勾股定理求出斜边,结合直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可得答案.
【详解】根据斜二测画法的原则,由直观图知,原平面图形为直角三角形,且,
所以,
所以,
故边上中线长为.
故答案为:2.5.
17.(或-0.5)
【分析】由已知运用复数的四则运算化简,根据虚部的定义,即可求解.
【详解】,故虚部为.
故答案为:
18.
【分析】由已知求得母线长,代入圆锥侧面积公式求解.
【详解】由已知可得r=1,h=,则圆锥的母线长l=,
∴圆锥的侧面积S=πrl=2π.
故答案为2π.
【点睛】本题考查圆锥侧面积的求法,侧面积公式S=πrl.
19.①③
【分析】根据互斥事件的定义逐个辨析即可.
【详解】①“至少一个白球”与“都是红球”不能同时发生,且不为对立事件,故为互斥事件;
②“至少一个白球”与“至少一个黑球”均包含“一黑一白”的情况,故不为互斥事件;
③“至少一个白球”与“红球、黑球各一个”不能同时发生,且不为对立事件,故为互斥事件;
④“至少一个白球”与“一个白球一个黑球”均包含“一黑一白”的情况,故不为互斥事件.
综上,①③为互斥事件.
故答案为:①③
20.(1)
(2)70万盒
【分析】(1)根据题意分和两种情况求解即可;
(2)根据分段函数中一次与二次函数的最值求解即可.
【详解】(1)当产量小于或等于50万盒时,,
当产量大于50万盒时,,
故销售利润(万元)关于产量(万盒)的函数关系式为
(2)当时,;
当时,,
当时,取到最大值,为1200.
因为,所以当产量为70万盒时,该企业所获利润最大.
21.(1);
(2).
【分析】(1)△中应用正弦定理求出,根据三角形内角性质即可得结果.
(2)△中应用余弦定理求即可.
【详解】(1)由题设,,故,
又,则.
(2)由,,故,
所以,故.
22.(1) 证明见解析 (2)
【分析】(1)由条件有,则可证明结论
(2)由条件可证明平面,则得到答案.
【详解】(1)是的直径,则由是的中点,
又是的中点.
在中,可得,且平面,平面.
所以平面.
(2)由是的直径,点在上,则,即.
又,且.
所以平面.
是边长为6的正三角形,则.
又
【点睛】本题考查线面平行的证明和求三棱锥的体积,属于中档题.