姓名
准考证号
(在此卷上答题无效)
绝密★启用前
2022~2023学年第二学期开学摸底考试
高一物理试题
本试卷共4页，全卷满分100分，考试时间75分钟。
考生注意：
1,答卷前，考生务必将自已的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2,回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦
干净后，再选涂其它答案标号。回答非逃择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3,考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.北京时间2022年11月12日10时03分，搭载若天舟五号货运飞船的长征七号遥六运载火箭，在我国文昌航
天发射场准时点火发射，约10分钟后，天舟五号货运飞船与火箭成功分离并进人预定轨道。天舟五号货运
飞船入轨后顺利完成状态设置，于北京时间11月12日12时10分，采取自主快速交会对接模式，成功对接于
空间站天和核心舱后向端口，中国航天员首次在空间站迎接货运飞船来访，交会对接完成后，天舟五号将转
入组合体飞行段。结合材科信息，下列说法正确的是
A.交会对接完成后，天舟五号和空间站组合体一起飞行，以空问站为参考系，天舟五号
是静止的
B.北京时间2022年11月12日10时03分指的是时间间隔
C.长征七号火箭发射起飞后，火箭对尾部燃气的推力和燃气对火箭的推力大小相等、方
向相反，是一对平衡力
D.在我国空间站直播画面看到航天员可以“飘在”空中，说明在空间站中航天员不受重力作用，没有了惯性
2.小明疫情期间居家学习，突然听到楼下志愿者急需口罩，他发现家里还有多余的口罩，立即打成一个小包裹
告知志愿者，从自家离地7.2m的窗户由箭止释放（志愿者已经做好安全防护）。包裹下落时可忽略空气阻
力，重力加速度g取10m/s2,请你帮他估算一下，包裂下落到地面瞬间的速度为
A.3m/s
B.5m/s
C.10m/s
D.12m/s
3.某物体在四个共点力作用下处于平衡状态，若将其中一个F=10N力的方向沿逆时针方向转过60°角，但其
大小保持不变，其余三个力的大小和方向均保持不变，此时物体受到的合力的大小为
A.0
B.10N
C.10√2N
D.20N
4,如图所示，吊篮P悬挂在天花板上，与吊篮质量相等的物体Q被固定在吊篮中的轻弹簧托住，当悬挂吊篮的
细绳烧断的瞬间，吊篮P和物体Q的加速度大小分别为
A.ap=aq=g
B.ap=2g,aq=0
C.ar=8+aq=2g
D.ap=2g,aa=g
【高一物理试题·第1页（共4页）】高一物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A D B B A C AD AB AD AC
1.A 解析：交汇对接完成后，天舟五号和空间站组合体一起飞行，所以以空间站为参考系，
天舟五号是静止的，A正确；北京时间 2022年 11月 12日 10时 03分指的是时刻，B错误；
长征七号火箭发射起飞后，火箭对尾部喷出的燃气的作用力和燃气对火箭的作用力大小相
等、方向相反，是一对相互作用力，C错误；惯性只与质量有关，故 D错误。
2.D 2解析：根据自由落体规律有 v 2gh，解得 v 2gh 2 10 7.2m/s=12m/s ，
故选 D。
3.B 解析：由于该物体原本处于受力平衡状态，可以认为其中的一个力 F与其他力的合力
F’相互平衡，即大小相等、方向相反，则当 F沿逆时针方向转过 60°角后，F与 F’的夹角变
为 120°，根据力的合成可知 F与 F’产生的合力大小与 F、F’相等，故 B正确，ACD错误。
4.B 解析：细绳烧断前，弹簧弹力等于物体 Q的重力，细绳烧断的瞬间，弹簧的弹力大小
mpg mqg
并没有变化；吊篮 P在竖直方向受重力的作用和弹簧弹力的作用，则：aP= m =2g；p
物体 Q的合力在这一瞬间仍为零，则：aQ= 0，故 B项正确。
5.A 解析：三物块一起向右匀加速运动，加速度相同，对三个物块组成的整体，由牛顿第
F
二定律得 F m 2m 3m g m 2m 3m a，解得 a g；以 Q、R组成的整体为
6m
2
研究对象，根据牛顿第二定律得T m 3m g m 3m a，解得T F ，故选 A。
3
x x
6.C 解析：AB段中间时刻的速度 v 11 ，BC段中间时刻 D点的速度 v v 2 t D 2
，
2 t
a v2 v 1 x2 2x1 1 1
t t ，联立解得：
a
3( t)2 ，D到 B的逆过程：
x vD t a( t)
2
，联立解得：
2 2
x x 1 x2 ，故 C正确。（解法二：构建等时间间隔、运用逐差公式计算亦可）
3
7.AD 解析：体重计示数是 40kg，示数小于体重，说明该同学对体重计的压力小于重力，
处于失重状态，故 A正确；该同学对体重计的压力和体重计对同学的支持力是一对作用力
与反作用力，大小相等，故 B错误；电梯做向上的减速运动也会是失重状态，示数小于其
mg F 50g 40g 1
重力，故 C错误；以人为研究对象 mg-FN=ma，求得：a＝ N ＝ g，方向m 50 5
1
竖直向下，选项 D正确。
v
8.AB 1
16 2 1
解析：由图可知甲车的加速度大小 a1 | | m/s m/s
2
t 48 3 ，乙车的加速度大小1
a | v2 | 20 2 1 22 m/s m/s t 40 2 ，则甲车的加速度小于乙车的加速度，A正确；t 24 s时两车的速2
1
度相等，且均为 v (16 24) m/s 8 m/s，B正确；0~24 s内，甲车的位移
3
x 16 81 24 m 288 m x
20 8
，乙车的位移 2 24 m 336 m，两车位移之差 x x2 x2 2 1
48 m，
若两车在 t 24 s时刻相撞，则开始刹车时两辆车的间距等于 48 m，若两车在 t 24 s时刻之
前相撞，则开始刹车时两辆车的间距小于 48 m，C错误；若两车速度相等时没有相撞，则
速度相等后，甲车的速度比乙车的大，两车不可能相撞，D错误。
9.AD 解析：以花盆为研究对象，分析受力，受重力 G、绳 OA的拉力 FOA和绳 BO的拉力
FOB。根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小相等、方向相反，作出轻绳 OB
在不同位置时力的合成图如图所示，由图可看出，FOA逐渐减小，FOB先减小后增大，当θ＝
90°时，FOB最小，故 AD项正确，BC错误。
10.AC 解析：速度的转折点即达到共速时，所以传送带的速度大小是 4m/s，A正确；由
7
v-t图的斜率可知 a 1m/s2，由牛顿第二定律得 a g cos37 g sin 37 ，解得 ，B错8
误；0~6s内小物块相对于传送带向下滑动， 6s之后与传送带相对静止，由 v-t图的面积可
1
求得划痕长度为 s 4 2 6m 18m，C正确；0~8s内摩擦力方向一直沿传动带向2
上，D错误。
11.答案：(1)弹簧始终在弹性限度内 (2)B (3)mg (4)98(每空 2分)
k
解析：(1)实验过程中，要保证弹簧始终在弹性限度内。
(2)由平衡条件可知 F＝nmg，弹力与 n成正比，由图像知，弹簧伸长量与 n成正比，所
以弹簧弹力与弹簧伸长量成正比，故选 B。
2
(3)根据胡克定律 F＝kx得 nmg＝k(l l Δl mg－ 0)，整理得 ＝ 。
Δn k
(4) k Δn弹簧的劲度系数 ＝ mg 6＝ ×0.05kg×9.8m/s2＝98N/m。
Δl 13 10 －（ － ）×10 2m
12．答案：（1）不需要（2分） （2）C（3分） （3）2.0（3分）
解析：（1）由图可知，可以通过弹簧测力计读出绳子的拉力，不是砂桶的重力充当合力，所
以不需要满足M m；
（2）由（1）可知砂桶和砂的总质量较大导致 a较大时，图线仍保持原方向不变，故 C正
确，AB错误；
（3）由题意知纸带上相邻计数点的时间间隔T 5 0.02s 0.1s，根据逐差法得加速度
a xCE xAC (8.61 10.61) (4.61 6.59) 22 2 10 m/s
2 2.0m/s2。
（2T） 4 0.1
13.解析：（1）着陆后 8s末滑行的速度 v v0 at8 (60 6 8)m/s=12m/s （4分）
v
（2）飞机停止滑行经历的时间 t 0 10s（4分）
a
（3）12s飞机已经停止运动，则飞机着陆后 12s内滑行的位移等于 10s内的位移，则
x v0 t 60 10m=300m（4分）
2 2
14.解析：（1）如图甲所示分析结点 P受力
由平衡条件得 FA cos37 G1（2分）
FA sin 37 FB（2分）
解得 FA 5N， FB 3N（2分）
（2）再分析G2 的受力情况，如图乙所示
由物体的平衡条件可得
Ff G2 sin 37 F B cos37 （2分）
F F N B sin 37 G2 cos37 （2分）
F B FB（1分）
解得 Ff 60N， FN 75N （1分）
F 60
（3 f）动摩擦因数为 0.8F 75 （2分）N
3
15.解析：（1）对 A和 B整体，根据牛顿第二定律： F 2 1mg 2ma（2分）
解得 a 1m/s2（1分）
隔离 B，根据牛顿第二定律 f =ma（1分）
解得 f 1N（1分）
（2）撤去 F后，隔离 A，根据牛顿第二定律 2 1mg 2mg maA （1分）
解得 aA 4m / s
2
（1分）
隔离 B，根据牛顿第二定律 2mg maB（1分）
a 2m / s2解得 B （1分）
撤去 F瞬间 A和 B速度 v at 4m/s（1分）
从撤去到停止 A和 B位移分别为 xA 、 xB
v2 2aAxA（1分）
解得 xA 2m
v2 2aBxB（1分）
解得 xB 4m（1分）
木板的最小长度 L xB xA 2m（1分）
4
