广东省汕头市潮南区2022-2023学年高三下学期物理期初摸底考试试卷
1．（2023高三下·潮南开学考）新冠疫情下，无数医务工作者化身“大白”挺身而出，如图是一位“大白”手里拿着核酸采样管静止在空中，则（ ）
A．“大白”对采样管的压力大小等于采样管的重力大小
B．“大白”对采样管的摩擦力大小等于采样管的重力大小
C．“大白”对采样管拿得越紧，采样管受到的摩擦力会越大
D．“大白”对采样管的作用力大小等于采样管的重力大小
【答案】D
【知识点】共点力平衡条件的应用；受力分析的应用；滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】A．“大白”对采样管的压力垂直于采样管，它与采样管受到的摩擦力的合力等于重力，A不符合题意；
B．“大白”的手拿采样管的方向是倾斜的，此时重力与静摩擦力不在一条直线上，二力不平衡，采样管受到的静摩擦力和“大白”对采样管的压力的合力等于重力，B不符合题意；
C．采样管受到的是静摩擦力，静摩擦力的大小由受力平衡决定，与“大白”对采样管的压力大小无关，C不符合题意；
D．采样管受到地球和“大白”两个施力物体的共同作用，合力等于零，而“大白”对采样管的作用力是“大白”对采样管施加的压力和摩擦力的合力，所以“大白”对采样管的作用力等于采样管的重力，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据受力分析以及共点力平衡得出 对采样管的压力 和采样管重力的大小关系，结合滑动摩擦的表达式得出 对采样管拿得越紧，采样管受到的摩擦力会越大 。
2．（2023高三下·潮南开学考）如图所示，半球形陶罐和陶罐内的物块（视为质点）绕竖直转轴从静止开始缓慢加速转动，物块相对陶罐始终保持静止，下列说法正确的是（ ）
A．物块的线速度可能先增大后减小
B．某时刻物块可能只受两个力
C．物块一定有上滑的趋势
D．物块一定有下滑的趋势
【答案】B
【知识点】匀速圆周运动；向心力
【解析】【解答】A．由于物块相对陶罐始终保持静止，所以运动半径不变，根据 可知物块的线速度一定一直增大，A不符合题意；
B．当物块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力恰好提供向心力时，物块只受这两个力作用，B符合题意；
CD．当物块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力大于所需的向心力时，物块会受到沿内壁切线斜向上的摩擦力作用，此时物块有下滑趋势；当物块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力小于所需的向心力时，物块会受到沿内壁切线向下的摩擦力作用，此时物块有上滑趋势，CD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】由于物块相对陶罐始终保持静止，所以运动半径不变。块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力恰好提供向心力时，物块只受这两个力作用。
3．（2023高三下·潮南开学考）在学习机械波相关知识后，两名同学分别乘坐静止在湖面的甲、乙两艘小船，两船水平距离。某时刻，一列水波从甲船向乙船传播，每艘船在时间内上下浮动30次，已知甲船在波峰时，乙船在波谷，两船间恰好还有2个波峰，以下说法正确的是（）
A．水波的周期为
B．水波的波长为
C．水波的波速为
D．水波经过一段时间，甲乙两船将靠近
【答案】B
【知识点】波长、波速与频率的关系
【解析】【解答】A．船在1min时间内上下浮动30次，故水波的周期为 ，A不符合题意；
B．当甲船位于波峰时，乙船位于波谷，这时两船之间还有两个波峰，故两船间距离为 ，代入解得，水波的波长为 B符合题意；
C．由公式可得，水波的波速为 ，C不符合题意；
D．两船上下振动，水波经过一段时间，甲乙两船不会靠近，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】当甲船位于波峰时，乙船位于波谷，这时两船之间还有两个波峰，故两船间距离为2.5个波长，船上下浮动一次，相当于振动一个周期。
4．（2023高三下·潮南开学考）我国首颗量子科学实验卫星“墨子”已于酒泉卫星发射中心成功发射。“墨子”由火箭发射至高度为500km的预定圆形轨道。此前在西昌卫星发射中心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G7，G7属于地球静止轨道卫星（高度约为36 000 km），它将使北斗系统的可靠性进一步提高。关于卫星以下说法中正确的是（ ）
A．这两颗卫星的运行速度可能大于7.9 km/s
B．通过地面控制可以将北斗G7定点于西昌正上方
C．量子科学实验卫星“墨子”的周期比北斗G7的周期小
D．量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7的小
【答案】C
【知识点】卫星问题
【解析】【解答】A．根据引力作为向心力可得
解得
可知轨道半径越大，线速度越小，当轨道半径等于地球半径时，对应的线速度为第一宇宙速度7.9km/s，故北斗G7和量子科学实验卫星“墨子”的线速度均小于地球的第一宇宙速度，A不符合题意；
B．北G7即同步卫星，只能定点于赤道正上方，B不符合题意；
C．根据引力作为向心力可得
解得
量子科学实验卫星“墨子”的轨道半径较小，周期较小，C符合题意；
D．由引力作为向心力可得
解得卫星的向心加速度为
量子科学实验卫星“墨子”的轨道半径较小，向心加速度较大，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】引力作为向心力，轨道半径越大，线速度越小，轨道半径较小，向心加速度较大。
5．（2023高三下·潮南开学考）据历史文献和出土文物证明，踢毽子起源于中国汉代，盛行于朝、隋唐。毽子由羽毛、金属片和胶垫组成。如图是同学练习踢毽子，毽子离开脚后，恰好沿竖直方向运动，下列说法正确的是（）
A．脚对毽子的作用力大于毽子对脚的作用力，所以才能把毽子踢起来
B．因为空气阻力存在，毽子在空中运动时加速度总是小于重力加速度g
C．毽子上升过程机械能减少，下落过程机械能增加
D．图中毽子被踢上去的漫画，符合物理规律的是图a
【答案】D
【知识点】牛顿第三定律；机械能守恒定律
【解析】【解答】A．脚对毽子的作用力与毽子对脚的作用力是一对作用力和反作用力，故等大反向，A不符合题意；
B．因为空气阻力存在，毽子在空中上升段阻力向下，加速度大于重力加速度g，而下降阶段阻力向上，加速度小于重力加速度g，B不符合题意；
C．毽子上升过程和落过程，阻力都做负功，机械能一直在减少，C不符合题意；
D．因惯性作用，毽子向上运动过程，重力大的部分惯性大，故图中毽子被踢上去的漫画，符合物理规律的是图a，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】脚对毽子的作用力与毽子对脚的作用力是一对作用力和反作用力，故等大反向。空气阻力存在，毽子在空中上升段阻力向下，加速度大于重力加速度g。
6．（2023高三下·潮南开学考）如图所示，某同学练习投篮时，将篮球从同一位置斜向上投出，第1次篮球斜向下击中篮板，第2次篮球垂直击中篮板。不考虑空气阻力，下列说法正确的是（）
A．第1次投球，篮球的初速度一定较大
B．第2次投球，篮球运动的时间较短
C．篮球在空中运动处于超重状态
D．篮球向上运动过程，速度变化越来越慢
【答案】B
【知识点】斜抛运动
【解析】【解答】AB．第一次投球比第二次投球上升的最大高度大，因此第一次篮球竖直分速度大，运动时间长，两次投球水平位移相等，由 可知，第一次投球水平速度小，根据 ，无法比较抛出时的初速度大小，A不符合题意，B符合题意；
CD．篮球只受重力作用，处于完全失重状态，加速度为重力加速度，保持不变，即速度变化快慢不变，CD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】第一次篮球竖直分速度大，运动时间长，但水平分速度较小，故无法比较合速度大小。篮球只受重力作用，在抛出去后处于完全失重状态。
7．（2023高三下·潮南开学考）云室是借助过饱和水蒸气在离子上凝结来显示通过它的带电粒子径迹的装置。图为一张云室中拍摄的照片。云室中加了垂直于纸面向里的磁场。图中a、b、c、d、e是从O点发出的一些正电子或负电子的径迹。有关a、b、c三条径迹以下判断正确的是（ ）
A．a、b、c都是正电子的径迹 B．a径迹对应的粒子动量最大
C．c径迹对应的粒子动能最大 D．c径迹对应的粒子运动时间最长
【答案】C
【知识点】带电粒子在匀强磁场中的运动
【解析】【解答】A．带电粒子在垂直于纸面向里的磁场中运动，根据左手定则可知a、b、c都是负电子的径迹，A不符合题意；
B．带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，有 ，解得 ，由图可知 ，所以 ，根据 可知 ，B不符合题意；
C．根据 ，可知 ，C符合题意。
D．带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，有 ， ，则 ，所以 ，粒子在磁场中的运动时间 ，其中 为粒子在磁场中的偏转角度，由图可知a径迹对应的偏转角度最大，则a径迹对应的粒子运动时间最长，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据左手定则可知a、b、c都是负电子的径迹。带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力。周期相等，偏转角度越大，在磁场中运动时间越长。
8．（2023高三下·潮南开学考）如图甲所示为市面上的一款自发电无线门铃，按下按键，按键将推动永磁铁运动（平面运动如图乙所示），即能产生电能供给发射器部件（接线圈两端，图中没有画出）正常工作。松开按键后，在弹簧的作用下按键将恢复原位。关于按压按键和松开按键反弹过程中，下列说法正确的是（ ）
A．连续按压和松开按键过程，线圈中一定产生交变电流
B．按压和松开按键过程，线圈中都产生感应电动势
C．按住门铃按键保持不动，线圈中一直保持有感应电流
D．按键反弹过程，弹簧的弹性势能部分转化为电能
【答案】B,D
【知识点】磁通量；感应电动势及其产生条件
【解析】【解答】A．连续按压和松开按键过程不能保证线圈中磁通量一定是周期性变化的，故不一定产生交变电流，A项错误；
B．按压和松开按键过程，永久磁铁通过铁芯形成闭合磁路，线圈中磁通量发生变化，线圈中都产生感应电动势，B项正确；
C．按住门铃按键不动，穿过线圈的磁通量保持不变，感应电动势和感应电流为零，C项错误；
D．由能量守恒定律可知按键反弹过程，弹簧的弹性势能减小，克服磁场力做功并转化为电能，也有部分能量转化为其他形式的能，D项正确。
故答案为：BD。
【分析】产生感应电流的条件是闭合回路磁通量发生变化；感应电动势产生的条件是磁通量发生变化，结合功能关系进行分析判断。
9．（2023高三下·潮南开学考）电子眼系统路面下埋设的感应线可感知汽车的压力。感应线是一个压电薄膜传感器，压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大，压电薄膜与电容器C、电阻R组成图甲所示的回路。红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中产生两脉冲电流（如图乙所示），电子眼会拍照，即视为“闯红灯”，则红灯亮时（ ）
A．车轮停在感应线上时，电阻R上有恒定电流
B．某车轮经过感应线的过程中，电容器先充电后放电
C．某车轮经过感应线的过程中，通过电阻R上的电流大小不变
D．汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，仍会被电子眼拍照
【答案】B,D
【知识点】电磁振荡
【解析】【解答】A．车轮停在感应线上后，压力不变，则电压不变，电容器不充电，也不放电，电阻上没有电流，A不符合题意；
BC．由题图乙可知，当车轮经过感应线时电流先增大后减小，然后再反向增大再减小，说明电容器先充电后放电，B符合题意，C不符合题意；
D．若汽车前轮越过感应线，又倒回线内，则前轮两次压线，仍形成两个脉冲电流，符合拍照条件，电子眼仍会拍照，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】车轮停在感应线上后，压力不变，则电压不变，电容器不充电，也不放电，电阻上没有电流。
10．（2023高三下·潮南开学考）如图所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成。发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO 在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度匀速转动。矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻。以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是（ ）
A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最大
B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为
C．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高
D．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动
【答案】A,D
【知识点】变压器原理；变压器的应用
【解析】【解答】A．线圈处于图示位置，线圈与磁场平行时，两边切割的速度与磁感线垂直，瞬时感应电流最大，A符合题意；
B．以线圈平面与磁场平行时为计时起点，发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为 ，B不符合题意；
C．当滑动触头P向下移动时，输出电压变小，但变压器原线圈两端的电压将不变，C不符合题意；
D．当用户数目增多时，电路总电阻变小，电路中的电流变大，则输电线上电阻的电压增大，用户得到的电压变小，为了使用户电压保持不变，则要增大变压器的副线圈电压，即滑动触头P向上移动，D符合题意；
故答案为：AD。
【分析】线圈处于图示位置，线圈与磁场平行时，磁通量最小，但磁通量变化率最大，电动势最大，两边切割的速度与磁感线垂直，瞬时感应电流最大。
11．（2023高三下·潮南开学考）直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示。设箱子初速度为零，箱子所受的空阻力与箱了下落速度的平方成正比，且运动过程中道子始终保持图示姿态。在箱子下落过程中，下列说法正确的是（ ）
A．箱内物体对箱子底部始终没有压力
B．箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最小
C．箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大
D．若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”
【答案】B,C
【知识点】牛顿运动定律的综合应用
【解析】【解答】A. 箱内物体对箱子底部有压力，A不符合题意；
B. 箱子刚从飞机上投下时箱子初速度为零，箱子所受的空阻力等于零，箱子的加速度等于重力加速度，箱内物体的加速度也等于重力加速度，物体受到的支持力最小等于零，B符合题意；
C. 箱子接近地面时，由牛顿第二定律 ，箱内物体受到的支持力比刚投下时大，C符合题意；
D. 若下落距离足够长，空气阻力等于箱子的重力，箱子匀速下落，箱内物体受到的支持力等于物体的重力，物体不可能“飘起来”，D不符合题意。
故答案为：BC。
【分析】受空气阻力影响，不是完全失重，所以 箱内物体对箱子底部有压力。若下落距离足够长，空气阻力等于箱子的重力，箱子匀速下落。
12．（2023高三下·潮南开学考）如图甲所示，一实验小组利用气垫导轨测定滑块的加速度，滑块上安装了宽度为d的遮光板，滑块在牵引力作用下做匀变速运动，先后通过两个光电门，数字计时器记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1，通过第二个光电门的时间为△t2。
（1）用10分度游标卡尺测量遮光片宽度d如图乙所示，遮光片宽度d= mm；
（2）滑块通过光电门1的速度v1= （用题中字母表示）；
（3）要测得滑块的加速度，还需测量的物理量是 。
【答案】（1）3.4
（2）
（3）两光电门之间的距离L（或者测量的物块从光电门1到光电门2的时间t）
【知识点】匀变速直线运动基本公式应用
【解析】【解答】（1）用10分度游标卡尺测量遮光片宽度d=3mm+0.1mm×4=3.4mm
（2）滑块通过光电门1的速度
（3）滑块通过光电门2的速度
根据
则要测得滑块的加速度，还需测量的物理量是两光电门之间的距离L。
或者根据
要测得滑块的加速度，还需测量的物块从光电门1到光电门2的时间t。
【分析】（1）利用游标卡尺的精度和结构可以读出对应的读数；
（2）利用平均速度公式可以求出瞬时速度的大小；
（3）利用瞬时速度结合速度位移公式可以判别其测量加速度所需要已知的物理量。
13．（2023高三下·潮南开学考）某小组研究光敏电阻阻值随光照强度的变化规律。实验已选用了规格和量程合适的器材。
（1）用多用电表粗测光敏电阻在实验室正常光照条件下的阻值。选择×1k倍率的欧姆挡，将两表笔短接，调节 旋钮，使指针指在“0Ω”处。将两表笔与光敏电阻连接，测量的示数如图甲，则其电阻为 Ω。
（2）按图乙连接好电路进行测量。
①合开关S前，将电阻箱调至 （选填“最大值”或“最小值”）。将一光源对准光敏电阻的透光窗口，利用手机软件测量光敏电阻所处位置的光照强度。闭合开关S，调节电阻箱，使电压表（可视为理想电表）的指针偏转到某一位置。待示数稳定后记录此时的光照强度，测出电压表的示数U和电阻箱阻值，断开开关S。已知电源电动势为E，内阻可以忽略不计，则此时光敏电阻阻值 。
②改变光敏电阻处的光照强度，测量不同光照强度下的光敏电阻阻值，并据此绘出如图丙的关系图线，可以大致得到光敏电阻阻值随光照强度的变大而 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）欧姆调零；16k（或 、16000、16.0k、 ）
（2）最大值；；变小
【知识点】练习使用多用电表
【解析】【解答】（1）选择×1k倍率的欧姆挡，将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0Ω”处；如图甲所示，指针恰好指在16刻度上，多用电表欧姆挡不需要估读，所选倍率×1k，所以阻值为16kΩ，也可以采用科学记数法 。
（2）①为了保护电路，电阻箱的阻值应先调到最大值，使得回路总阻值最大，回路电流最小，因此电压表的电压值最小，避免电压表的指针超过电压表的量程。由闭合电路欧姆定律可知 ，整理可得
②由图丙可知横坐标为光照强度，纵坐标为光敏电阻阻值，随着光照强度的变大，光敏电阻的阻值变小，但二者无线性关系。
【分析】（1）选择×1k倍率的欧姆挡，将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0Ω”处。多用电表欧姆挡测量结果不是很准确，估读没有意义，所以，多用电表欧姆挡不需要估读。
（2）①为了保护电路，电阻箱的阻值应先调到最大值，使得回路总阻值最大，回路电流最小。②随着光照强度的变大，光敏电阻的阻值变小，但二者无线性关系即没有一次函数的关系。
14．（2023高三下·潮南开学考）农村地区有一种全自动无塔供水器（如图甲），采用气压式供水，以解决供水管网水压不足的问题。如图乙所示，工作原理是由水泵将水通过止回阀压入塔体使塔内密闭气体受到压缩，压力逐渐增大。当压力达到上限时，电接点压力表通过控制柜使水泵自动停止。当塔内水位下降，气压减小到下限位置时，电接点压力表通过控制柜使水泵重新启动。如此反复，使设备不停供水。当塔内气体不足时，补气阀可自动补气。已知水泵工作压强范围为，塔容积为，第一次注水前塔内气体压强等于外界大气压强．塔内气体可视为理想气体，忽略温度变化。求
（1）求水泵停止注水时塔内气体的体积；
（2）为了降低水泵的启动频率，达到省电节能的目的，可适度调高水泵工作压强的上限。欲使水泵停止注水时，水的体积达到塔容积的75％，水泵工作压强的上限应调到多少？
【答案】（1）解：因为塔内封闭气体做等温变化，由玻意耳定律得
其中 ， ，
代入数据解得，水泵停止注水时塔内气体的体积为
（2）解：对塔内气体，由玻意耳定律得
由题意得
代入数据解得，水泵工作压强的上限应调到
【知识点】理想气体与理想气体的状态方程
【解析】【分析】（1） 因为塔内封闭气体做等温变化，由玻意耳定律 列方程求解。
（2）塔内气体依然是等温变化，所以由 由玻意耳定律 或者理想气体方程列方程求解。
15．（2023高三下·潮南开学考）如图所示为一种新型粒子收集装置，一个粒子源放置在立方体ABCDA'B'C'D'中心（固定在竖直轴上），粒子源可以向水平各方向均匀地发射一种带正电粒子，粒子比荷为C/kg。立方体处在竖直向下的匀强电场中，场强N/C；立方体边长L=0.1m，除了上下底面AA'B'B、CC'D'D为空外，其余四个侧面均为荧光屏。不考虑粒子源的尺寸大小、粒子重力以及粒子间的相互作用；粒子打到荧光屏上后被荧光屏所吸收，不考虑荧光屏吸收粒子后的电势变化。求：
（1）粒子打出后，在电场中运动的加速度大小；
（2）分析说明打到荧光屏上哪些位置的粒子运动的时间最长，并求最长时间；
（3）不能打到荧光屏上的粒子，发射时的速度范围。
【答案】（1）解：根据牛顿第二定律
代入数据可得加速度为
（2）解：粒子在电场中做类平抛运动，粒子刚落在荧光屏的下边缘时间最长，即落到正方形CDD’C’边上的粒子在电场中运动时间最长，竖直方向
得
（3）解：水平方向
得能打到荧光屏上的最小速度为
所以不能打到荧光屏上的粒子的速度范围为：
【知识点】电场及电场力；带电粒子在电场中的偏转
【解析】【分析】（1）由牛顿第二定律定律求解加速度大小。
（2） 粒子在电场中做类平抛运动，粒子刚落在荧光屏的下边缘时间最长，即落到正方形CDD’C’边上的粒子在电场中运动时间最长 。
（3）要打到荧光屏上，粒子水平位移至少为边长一半。
16．（2023高三下·潮南开学考）如图（a）所示，质量为的物块A与质量为的长木板B并排放置在粗糙的水平面上，二者之间夹有少许塑胶炸药，长木板B的右端放置有可视为质点的小物块C．现引爆塑胶炸药，爆炸后物块A可在水平面上向左滑行，小物块C的速度随时间变化图像如图（b）所示。已知物块A和长木板B与水平面间的动摩擦因数均为，物块C未从长木板B上掉落，重力加速度g取，求：
（1）炸药爆炸后瞬间长木板B的速度大小；
（2）小物块C的质量；
（3）小物块C静止时距长木板B右端的距离d。
【答案】（1）解：对物块A在爆炸后，知
可得
对物块A与长木板B在爆炸过程中知
可得.
（2）解：对B、C在相对滑动过程中共速时速度为
对小物块C，在0~1s内
可得
对长木板B，在0~1s内知
且
可得
（3）解：对长木板B与小物块C在0~1s内，相对位移为
对长木板B，在1s后至停下时知
可得
对长木板B与小物块C在1s后至均停下，相对位移为
可知，小物块C静止时距长木板B右端的距离
【知识点】动量守恒定律；运动学 v-t 图象
【解析】【分析】（1） 对物块A在爆炸后 ，克服摩擦力做功，爆炸过程中，系统动量守恒。
（2）结合图像，以及牛顿第二定律求解。
（3）求出 长木板B与小物块C在0~1s内，相对位移大小以及长木板B与小物块C在1s后至均停下，相对位移大小从而求出小物块C静止时距长木板B右端的距离d。
1 / 1广东省汕头市潮南区2022-2023学年高三下学期物理期初摸底考试试卷
1．（2023高三下·潮南开学考）新冠疫情下，无数医务工作者化身“大白”挺身而出，如图是一位“大白”手里拿着核酸采样管静止在空中，则（ ）
A．“大白”对采样管的压力大小等于采样管的重力大小
B．“大白”对采样管的摩擦力大小等于采样管的重力大小
C．“大白”对采样管拿得越紧，采样管受到的摩擦力会越大
D．“大白”对采样管的作用力大小等于采样管的重力大小
2．（2023高三下·潮南开学考）如图所示，半球形陶罐和陶罐内的物块（视为质点）绕竖直转轴从静止开始缓慢加速转动，物块相对陶罐始终保持静止，下列说法正确的是（ ）
A．物块的线速度可能先增大后减小
B．某时刻物块可能只受两个力
C．物块一定有上滑的趋势
D．物块一定有下滑的趋势
3．（2023高三下·潮南开学考）在学习机械波相关知识后，两名同学分别乘坐静止在湖面的甲、乙两艘小船，两船水平距离。某时刻，一列水波从甲船向乙船传播，每艘船在时间内上下浮动30次，已知甲船在波峰时，乙船在波谷，两船间恰好还有2个波峰，以下说法正确的是（）
A．水波的周期为
B．水波的波长为
C．水波的波速为
D．水波经过一段时间，甲乙两船将靠近
4．（2023高三下·潮南开学考）我国首颗量子科学实验卫星“墨子”已于酒泉卫星发射中心成功发射。“墨子”由火箭发射至高度为500km的预定圆形轨道。此前在西昌卫星发射中心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G7，G7属于地球静止轨道卫星（高度约为36 000 km），它将使北斗系统的可靠性进一步提高。关于卫星以下说法中正确的是（ ）
A．这两颗卫星的运行速度可能大于7.9 km/s
B．通过地面控制可以将北斗G7定点于西昌正上方
C．量子科学实验卫星“墨子”的周期比北斗G7的周期小
D．量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7的小
5．（2023高三下·潮南开学考）据历史文献和出土文物证明，踢毽子起源于中国汉代，盛行于朝、隋唐。毽子由羽毛、金属片和胶垫组成。如图是同学练习踢毽子，毽子离开脚后，恰好沿竖直方向运动，下列说法正确的是（）
A．脚对毽子的作用力大于毽子对脚的作用力，所以才能把毽子踢起来
B．因为空气阻力存在，毽子在空中运动时加速度总是小于重力加速度g
C．毽子上升过程机械能减少，下落过程机械能增加
D．图中毽子被踢上去的漫画，符合物理规律的是图a
6．（2023高三下·潮南开学考）如图所示，某同学练习投篮时，将篮球从同一位置斜向上投出，第1次篮球斜向下击中篮板，第2次篮球垂直击中篮板。不考虑空气阻力，下列说法正确的是（）
A．第1次投球，篮球的初速度一定较大
B．第2次投球，篮球运动的时间较短
C．篮球在空中运动处于超重状态
D．篮球向上运动过程，速度变化越来越慢
7．（2023高三下·潮南开学考）云室是借助过饱和水蒸气在离子上凝结来显示通过它的带电粒子径迹的装置。图为一张云室中拍摄的照片。云室中加了垂直于纸面向里的磁场。图中a、b、c、d、e是从O点发出的一些正电子或负电子的径迹。有关a、b、c三条径迹以下判断正确的是（ ）
A．a、b、c都是正电子的径迹 B．a径迹对应的粒子动量最大
C．c径迹对应的粒子动能最大 D．c径迹对应的粒子运动时间最长
8．（2023高三下·潮南开学考）如图甲所示为市面上的一款自发电无线门铃，按下按键，按键将推动永磁铁运动（平面运动如图乙所示），即能产生电能供给发射器部件（接线圈两端，图中没有画出）正常工作。松开按键后，在弹簧的作用下按键将恢复原位。关于按压按键和松开按键反弹过程中，下列说法正确的是（ ）
A．连续按压和松开按键过程，线圈中一定产生交变电流
B．按压和松开按键过程，线圈中都产生感应电动势
C．按住门铃按键保持不动，线圈中一直保持有感应电流
D．按键反弹过程，弹簧的弹性势能部分转化为电能
9．（2023高三下·潮南开学考）电子眼系统路面下埋设的感应线可感知汽车的压力。感应线是一个压电薄膜传感器，压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大，压电薄膜与电容器C、电阻R组成图甲所示的回路。红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中产生两脉冲电流（如图乙所示），电子眼会拍照，即视为“闯红灯”，则红灯亮时（ ）
A．车轮停在感应线上时，电阻R上有恒定电流
B．某车轮经过感应线的过程中，电容器先充电后放电
C．某车轮经过感应线的过程中，通过电阻R上的电流大小不变
D．汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，仍会被电子眼拍照
10．（2023高三下·潮南开学考）如图所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成。发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO 在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度匀速转动。矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻。以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是（ ）
A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最大
B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为
C．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高
D．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动
11．（2023高三下·潮南开学考）直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示。设箱子初速度为零，箱子所受的空阻力与箱了下落速度的平方成正比，且运动过程中道子始终保持图示姿态。在箱子下落过程中，下列说法正确的是（ ）
A．箱内物体对箱子底部始终没有压力
B．箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最小
C．箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大
D．若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”
12．（2023高三下·潮南开学考）如图甲所示，一实验小组利用气垫导轨测定滑块的加速度，滑块上安装了宽度为d的遮光板，滑块在牵引力作用下做匀变速运动，先后通过两个光电门，数字计时器记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1，通过第二个光电门的时间为△t2。
（1）用10分度游标卡尺测量遮光片宽度d如图乙所示，遮光片宽度d= mm；
（2）滑块通过光电门1的速度v1= （用题中字母表示）；
（3）要测得滑块的加速度，还需测量的物理量是 。
13．（2023高三下·潮南开学考）某小组研究光敏电阻阻值随光照强度的变化规律。实验已选用了规格和量程合适的器材。
（1）用多用电表粗测光敏电阻在实验室正常光照条件下的阻值。选择×1k倍率的欧姆挡，将两表笔短接，调节 旋钮，使指针指在“0Ω”处。将两表笔与光敏电阻连接，测量的示数如图甲，则其电阻为 Ω。
（2）按图乙连接好电路进行测量。
①合开关S前，将电阻箱调至 （选填“最大值”或“最小值”）。将一光源对准光敏电阻的透光窗口，利用手机软件测量光敏电阻所处位置的光照强度。闭合开关S，调节电阻箱，使电压表（可视为理想电表）的指针偏转到某一位置。待示数稳定后记录此时的光照强度，测出电压表的示数U和电阻箱阻值，断开开关S。已知电源电动势为E，内阻可以忽略不计，则此时光敏电阻阻值 。
②改变光敏电阻处的光照强度，测量不同光照强度下的光敏电阻阻值，并据此绘出如图丙的关系图线，可以大致得到光敏电阻阻值随光照强度的变大而 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
14．（2023高三下·潮南开学考）农村地区有一种全自动无塔供水器（如图甲），采用气压式供水，以解决供水管网水压不足的问题。如图乙所示，工作原理是由水泵将水通过止回阀压入塔体使塔内密闭气体受到压缩，压力逐渐增大。当压力达到上限时，电接点压力表通过控制柜使水泵自动停止。当塔内水位下降，气压减小到下限位置时，电接点压力表通过控制柜使水泵重新启动。如此反复，使设备不停供水。当塔内气体不足时，补气阀可自动补气。已知水泵工作压强范围为，塔容积为，第一次注水前塔内气体压强等于外界大气压强．塔内气体可视为理想气体，忽略温度变化。求
（1）求水泵停止注水时塔内气体的体积；
（2）为了降低水泵的启动频率，达到省电节能的目的，可适度调高水泵工作压强的上限。欲使水泵停止注水时，水的体积达到塔容积的75％，水泵工作压强的上限应调到多少？
15．（2023高三下·潮南开学考）如图所示为一种新型粒子收集装置，一个粒子源放置在立方体ABCDA'B'C'D'中心（固定在竖直轴上），粒子源可以向水平各方向均匀地发射一种带正电粒子，粒子比荷为C/kg。立方体处在竖直向下的匀强电场中，场强N/C；立方体边长L=0.1m，除了上下底面AA'B'B、CC'D'D为空外，其余四个侧面均为荧光屏。不考虑粒子源的尺寸大小、粒子重力以及粒子间的相互作用；粒子打到荧光屏上后被荧光屏所吸收，不考虑荧光屏吸收粒子后的电势变化。求：
（1）粒子打出后，在电场中运动的加速度大小；
（2）分析说明打到荧光屏上哪些位置的粒子运动的时间最长，并求最长时间；
（3）不能打到荧光屏上的粒子，发射时的速度范围。
16．（2023高三下·潮南开学考）如图（a）所示，质量为的物块A与质量为的长木板B并排放置在粗糙的水平面上，二者之间夹有少许塑胶炸药，长木板B的右端放置有可视为质点的小物块C．现引爆塑胶炸药，爆炸后物块A可在水平面上向左滑行，小物块C的速度随时间变化图像如图（b）所示。已知物块A和长木板B与水平面间的动摩擦因数均为，物块C未从长木板B上掉落，重力加速度g取，求：
（1）炸药爆炸后瞬间长木板B的速度大小；
（2）小物块C的质量；
（3）小物块C静止时距长木板B右端的距离d。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】共点力平衡条件的应用；受力分析的应用；滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】A．“大白”对采样管的压力垂直于采样管，它与采样管受到的摩擦力的合力等于重力，A不符合题意；
B．“大白”的手拿采样管的方向是倾斜的，此时重力与静摩擦力不在一条直线上，二力不平衡，采样管受到的静摩擦力和“大白”对采样管的压力的合力等于重力，B不符合题意；
C．采样管受到的是静摩擦力，静摩擦力的大小由受力平衡决定，与“大白”对采样管的压力大小无关，C不符合题意；
D．采样管受到地球和“大白”两个施力物体的共同作用，合力等于零，而“大白”对采样管的作用力是“大白”对采样管施加的压力和摩擦力的合力，所以“大白”对采样管的作用力等于采样管的重力，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据受力分析以及共点力平衡得出 对采样管的压力 和采样管重力的大小关系，结合滑动摩擦的表达式得出 对采样管拿得越紧，采样管受到的摩擦力会越大 。
2．【答案】B
【知识点】匀速圆周运动；向心力
【解析】【解答】A．由于物块相对陶罐始终保持静止，所以运动半径不变，根据 可知物块的线速度一定一直增大，A不符合题意；
B．当物块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力恰好提供向心力时，物块只受这两个力作用，B符合题意；
CD．当物块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力大于所需的向心力时，物块会受到沿内壁切线斜向上的摩擦力作用，此时物块有下滑趋势；当物块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力小于所需的向心力时，物块会受到沿内壁切线向下的摩擦力作用，此时物块有上滑趋势，CD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】由于物块相对陶罐始终保持静止，所以运动半径不变。块所受重力和陶罐内壁的支持力的合力恰好提供向心力时，物块只受这两个力作用。
3．【答案】B
【知识点】波长、波速与频率的关系
【解析】【解答】A．船在1min时间内上下浮动30次，故水波的周期为 ，A不符合题意；
B．当甲船位于波峰时，乙船位于波谷，这时两船之间还有两个波峰，故两船间距离为 ，代入解得，水波的波长为 B符合题意；
C．由公式可得，水波的波速为 ，C不符合题意；
D．两船上下振动，水波经过一段时间，甲乙两船不会靠近，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】当甲船位于波峰时，乙船位于波谷，这时两船之间还有两个波峰，故两船间距离为2.5个波长，船上下浮动一次，相当于振动一个周期。
4．【答案】C
【知识点】卫星问题
【解析】【解答】A．根据引力作为向心力可得
解得
可知轨道半径越大，线速度越小，当轨道半径等于地球半径时，对应的线速度为第一宇宙速度7.9km/s，故北斗G7和量子科学实验卫星“墨子”的线速度均小于地球的第一宇宙速度，A不符合题意；
B．北G7即同步卫星，只能定点于赤道正上方，B不符合题意；
C．根据引力作为向心力可得
解得
量子科学实验卫星“墨子”的轨道半径较小，周期较小，C符合题意；
D．由引力作为向心力可得
解得卫星的向心加速度为
量子科学实验卫星“墨子”的轨道半径较小，向心加速度较大，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】引力作为向心力，轨道半径越大，线速度越小，轨道半径较小，向心加速度较大。
5．【答案】D
【知识点】牛顿第三定律；机械能守恒定律
【解析】【解答】A．脚对毽子的作用力与毽子对脚的作用力是一对作用力和反作用力，故等大反向，A不符合题意；
B．因为空气阻力存在，毽子在空中上升段阻力向下，加速度大于重力加速度g，而下降阶段阻力向上，加速度小于重力加速度g，B不符合题意；
C．毽子上升过程和落过程，阻力都做负功，机械能一直在减少，C不符合题意；
D．因惯性作用，毽子向上运动过程，重力大的部分惯性大，故图中毽子被踢上去的漫画，符合物理规律的是图a，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】脚对毽子的作用力与毽子对脚的作用力是一对作用力和反作用力，故等大反向。空气阻力存在，毽子在空中上升段阻力向下，加速度大于重力加速度g。
6．【答案】B
【知识点】斜抛运动
【解析】【解答】AB．第一次投球比第二次投球上升的最大高度大，因此第一次篮球竖直分速度大，运动时间长，两次投球水平位移相等，由 可知，第一次投球水平速度小，根据 ，无法比较抛出时的初速度大小，A不符合题意，B符合题意；
CD．篮球只受重力作用，处于完全失重状态，加速度为重力加速度，保持不变，即速度变化快慢不变，CD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】第一次篮球竖直分速度大，运动时间长，但水平分速度较小，故无法比较合速度大小。篮球只受重力作用，在抛出去后处于完全失重状态。
7．【答案】C
【知识点】带电粒子在匀强磁场中的运动
【解析】【解答】A．带电粒子在垂直于纸面向里的磁场中运动，根据左手定则可知a、b、c都是负电子的径迹，A不符合题意；
B．带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，有 ，解得 ，由图可知 ，所以 ，根据 可知 ，B不符合题意；
C．根据 ，可知 ，C符合题意。
D．带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，有 ， ，则 ，所以 ，粒子在磁场中的运动时间 ，其中 为粒子在磁场中的偏转角度，由图可知a径迹对应的偏转角度最大，则a径迹对应的粒子运动时间最长，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据左手定则可知a、b、c都是负电子的径迹。带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力。周期相等，偏转角度越大，在磁场中运动时间越长。
8．【答案】B,D
【知识点】磁通量；感应电动势及其产生条件
【解析】【解答】A．连续按压和松开按键过程不能保证线圈中磁通量一定是周期性变化的，故不一定产生交变电流，A项错误；
B．按压和松开按键过程，永久磁铁通过铁芯形成闭合磁路，线圈中磁通量发生变化，线圈中都产生感应电动势，B项正确；
C．按住门铃按键不动，穿过线圈的磁通量保持不变，感应电动势和感应电流为零，C项错误；
D．由能量守恒定律可知按键反弹过程，弹簧的弹性势能减小，克服磁场力做功并转化为电能，也有部分能量转化为其他形式的能，D项正确。
故答案为：BD。
【分析】产生感应电流的条件是闭合回路磁通量发生变化；感应电动势产生的条件是磁通量发生变化，结合功能关系进行分析判断。
9．【答案】B,D
【知识点】电磁振荡
【解析】【解答】A．车轮停在感应线上后，压力不变，则电压不变，电容器不充电，也不放电，电阻上没有电流，A不符合题意；
BC．由题图乙可知，当车轮经过感应线时电流先增大后减小，然后再反向增大再减小，说明电容器先充电后放电，B符合题意，C不符合题意；
D．若汽车前轮越过感应线，又倒回线内，则前轮两次压线，仍形成两个脉冲电流，符合拍照条件，电子眼仍会拍照，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】车轮停在感应线上后，压力不变，则电压不变，电容器不充电，也不放电，电阻上没有电流。
10．【答案】A,D
【知识点】变压器原理；变压器的应用
【解析】【解答】A．线圈处于图示位置，线圈与磁场平行时，两边切割的速度与磁感线垂直，瞬时感应电流最大，A符合题意；
B．以线圈平面与磁场平行时为计时起点，发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为 ，B不符合题意；
C．当滑动触头P向下移动时，输出电压变小，但变压器原线圈两端的电压将不变，C不符合题意；
D．当用户数目增多时，电路总电阻变小，电路中的电流变大，则输电线上电阻的电压增大，用户得到的电压变小，为了使用户电压保持不变，则要增大变压器的副线圈电压，即滑动触头P向上移动，D符合题意；
故答案为：AD。
【分析】线圈处于图示位置，线圈与磁场平行时，磁通量最小，但磁通量变化率最大，电动势最大，两边切割的速度与磁感线垂直，瞬时感应电流最大。
11．【答案】B,C
【知识点】牛顿运动定律的综合应用
【解析】【解答】A. 箱内物体对箱子底部有压力，A不符合题意；
B. 箱子刚从飞机上投下时箱子初速度为零，箱子所受的空阻力等于零，箱子的加速度等于重力加速度，箱内物体的加速度也等于重力加速度，物体受到的支持力最小等于零，B符合题意；
C. 箱子接近地面时，由牛顿第二定律 ，箱内物体受到的支持力比刚投下时大，C符合题意；
D. 若下落距离足够长，空气阻力等于箱子的重力，箱子匀速下落，箱内物体受到的支持力等于物体的重力，物体不可能“飘起来”，D不符合题意。
故答案为：BC。
【分析】受空气阻力影响，不是完全失重，所以 箱内物体对箱子底部有压力。若下落距离足够长，空气阻力等于箱子的重力，箱子匀速下落。
12．【答案】（1）3.4
（2）
（3）两光电门之间的距离L（或者测量的物块从光电门1到光电门2的时间t）
【知识点】匀变速直线运动基本公式应用
【解析】【解答】（1）用10分度游标卡尺测量遮光片宽度d=3mm+0.1mm×4=3.4mm
（2）滑块通过光电门1的速度
（3）滑块通过光电门2的速度
根据
则要测得滑块的加速度，还需测量的物理量是两光电门之间的距离L。
或者根据
要测得滑块的加速度，还需测量的物块从光电门1到光电门2的时间t。
【分析】（1）利用游标卡尺的精度和结构可以读出对应的读数；
（2）利用平均速度公式可以求出瞬时速度的大小；
（3）利用瞬时速度结合速度位移公式可以判别其测量加速度所需要已知的物理量。
13．【答案】（1）欧姆调零；16k（或 、16000、16.0k、 ）
（2）最大值；；变小
【知识点】练习使用多用电表
【解析】【解答】（1）选择×1k倍率的欧姆挡，将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0Ω”处；如图甲所示，指针恰好指在16刻度上，多用电表欧姆挡不需要估读，所选倍率×1k，所以阻值为16kΩ，也可以采用科学记数法 。
（2）①为了保护电路，电阻箱的阻值应先调到最大值，使得回路总阻值最大，回路电流最小，因此电压表的电压值最小，避免电压表的指针超过电压表的量程。由闭合电路欧姆定律可知 ，整理可得
②由图丙可知横坐标为光照强度，纵坐标为光敏电阻阻值，随着光照强度的变大，光敏电阻的阻值变小，但二者无线性关系。
【分析】（1）选择×1k倍率的欧姆挡，将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0Ω”处。多用电表欧姆挡测量结果不是很准确，估读没有意义，所以，多用电表欧姆挡不需要估读。
（2）①为了保护电路，电阻箱的阻值应先调到最大值，使得回路总阻值最大，回路电流最小。②随着光照强度的变大，光敏电阻的阻值变小，但二者无线性关系即没有一次函数的关系。
14．【答案】（1）解：因为塔内封闭气体做等温变化，由玻意耳定律得
其中 ， ，
代入数据解得，水泵停止注水时塔内气体的体积为
（2）解：对塔内气体，由玻意耳定律得
由题意得
代入数据解得，水泵工作压强的上限应调到
【知识点】理想气体与理想气体的状态方程
【解析】【分析】（1） 因为塔内封闭气体做等温变化，由玻意耳定律 列方程求解。
（2）塔内气体依然是等温变化，所以由 由玻意耳定律 或者理想气体方程列方程求解。
15．【答案】（1）解：根据牛顿第二定律
代入数据可得加速度为
（2）解：粒子在电场中做类平抛运动，粒子刚落在荧光屏的下边缘时间最长，即落到正方形CDD’C’边上的粒子在电场中运动时间最长，竖直方向
得
（3）解：水平方向
得能打到荧光屏上的最小速度为
所以不能打到荧光屏上的粒子的速度范围为：
【知识点】电场及电场力；带电粒子在电场中的偏转
【解析】【分析】（1）由牛顿第二定律定律求解加速度大小。
（2） 粒子在电场中做类平抛运动，粒子刚落在荧光屏的下边缘时间最长，即落到正方形CDD’C’边上的粒子在电场中运动时间最长 。
（3）要打到荧光屏上，粒子水平位移至少为边长一半。
16．【答案】（1）解：对物块A在爆炸后，知
可得
对物块A与长木板B在爆炸过程中知
可得.
（2）解：对B、C在相对滑动过程中共速时速度为
对小物块C，在0~1s内
可得
对长木板B，在0~1s内知
且
可得
（3）解：对长木板B与小物块C在0~1s内，相对位移为
对长木板B，在1s后至停下时知
可得
对长木板B与小物块C在1s后至均停下，相对位移为
可知，小物块C静止时距长木板B右端的距离
【知识点】动量守恒定律；运动学 v-t 图象
【解析】【分析】（1） 对物块A在爆炸后 ，克服摩擦力做功，爆炸过程中，系统动量守恒。
（2）结合图像，以及牛顿第二定律求解。
（3）求出 长木板B与小物块C在0~1s内，相对位移大小以及长木板B与小物块C在1s后至均停下，相对位移大小从而求出小物块C静止时距长木板B右端的距离d。
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