高二下学期物理人教版（2019版）选择性必修二 第二章 电磁感应 单元检测（A卷）（含解析）
文档属性
| 名称 | 高二下学期物理人教版（2019版）选择性必修二 第二章 电磁感应 单元检测（A卷）（含解析） |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 855.2KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版（2019） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2023-03-21 21:23:50 | ||
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文档简介
第二章 电磁感应 单元检测（A卷）
一、单选题
1．下列家用电器利用电磁感应原理工作的是（ ）
A．电饭煲 B．电磁炉 C．电烙铁 D．热水器
2．一个闭合线圈放在变化的磁场中，线圈产生的感应电动势为E。若仅将线圈匝数增加为原来的4倍，则线圈产生的感应电动势变为（ ）
A．4E
B．2E
C．E/2
D．E/4
3．如图甲所示，面积为0.2m2的100匝线圈处在匀强磁场中，线圈电阻，磁场方向垂直于线圈平面向里，已知磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示，定值电阻，则0~5s内（ ）
A．线圈感应电动势均匀增大
B．a、b两点间电压
C．通过电阻R的电荷量为1C
D．电阻R上产生的热量为2J
4．如图所示，金属导轨OM、ON焊接在O点处的金属块（大小不计，图中黑色所示）上，虚线OP是的角平分线，整个空间分布着垂直导轨平面的匀强磁场。时刻，金属棒由O点沿OP方向做匀速直线运动，棒始终与导轨接触良好且与OP垂直，除金属块外其他电阻不计，则在开始计时的连续相等时间内，通过棒中点横截面的感应电荷量之比为（ ）
A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．2：3
5．无线充电是近年发展起来的新技术，如图所示，该技术通过交变磁场在发射线圈和接收线圈间传输能量。内置接收线圈的手机可以直接放在无线充电基座上进行充电，关于无线充电的说法正确的是（ ）
A．无线充电效率高，线圈不发热
B．无线充电基座可以用稳恒直流电源供电
C．无线充电过程主要利用了电磁感应原理
D．无线充电基座可以对所有手机进行无线充电
6．如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A。线圈BC。电流计及电键按如图所示连接，已知电路接通时A中电流方向如图中箭头所示。关于实验现象，下列判断正确的是（ ）
A．将线圈A迅速插入下面线圈时，通过电流计的电流方向是B→G→C
B．将线圈A插入下面线圈稳定后，通过电流计的电流方向是C→G→B
C．线圈A插入下面线圈稳定后，将变阻器滑片迅速向左滑动时电流计指针不偏转
D．将线圈A从下面线圈中拔出时，快速拔比慢慢拔过程中电流计的最大偏转角度大
7．如图所示，AOC是光滑的金属轨道，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，PQ是一根金属直杆如图所示立在导轨上，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q端始终在OC上，空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，则在PQ杆滑动的过程中，下列判断正确的是（ ）
A．感应电流的方向始终是由
B．感应电流的方向始终是由
C．PQ受磁场力的方向垂直杆向左
D．PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左下，后垂直于杆向右上
8．如图所示，水平面上足够长的平行直导轨左端连接一个耐高压的平行板电容器，竖直向下的匀强磁场分布在整个空间。导体杆在恒力作用下从静止开始向右运动，在运动过程中导体杆始终与导轨接触良好。若不计一切摩擦和电阻，那么导体杆所受安培力以及运动过程中的瞬时速度v随时间t的变化关系图正确的是（ ）
A． B．C． D．
二、多选题
9．空间存在一方向与直面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线MN所示，一硬质细导线的电阻率为ρ、横截面积为S，将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内，圆心O在MN上．t=0时磁感应强度的方向如图（a）所示：磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示，则在t=0到t=t1的时间间隔内（ ）
A．圆环所受安培力的方向始终不变
B．圆环中的感应电流始终沿顺时针方向
C．圆环中的感应电流大小为
D．圆环中的感应电动势大小为
10．如图所示，固定的竖直光滑U型金属导轨，间距为L，上端接有阻值为R的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、电阻为r的导体棒与劲度系数为k的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计．初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为x1=，此时导体棒具有竖直向上的初速度v0．在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．则下列说法正确的是（）
A．初始时刻导体棒受到的安培力大小F =
B．初始时刻导体棒加速度的大小
C．导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R上产生的焦耳热
D．导体棒往复运动，最终静止时弹簧处于压缩状态
11．如图，是一个正方形金属框放在光滑水平面上的俯视图，虚线右侧存在方向竖直向上的匀强磁场．正方形金属框电阻为R，边长为L，在外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域．自线框从左边界进入磁场时开始计时，t1时刻线框全部进入磁场．设金属框中感应电流大小为i，外力大小为F，线框中电功率为P，通过导体横截面的电荷量为q，则上述物理量随时间变化的关系可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
三、实验题
12．为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．已知线圈由a端开始绕至b端：当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．
（1）将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．俯视线圈，其绕向为____________（填：“顺时针”或“逆时针”）．
（2）当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为____________（填：“顺时针”或“逆时针”）．
四、解答题
13．国庆阅兵时，我国的JH-7型歼击轰炸机在天安门上空沿水平方向自东向西呼啸而过。该机的翼展为12.7m，北京地区地磁场的竖直分量为T，该机水平飞过天安门时的速度为声速的0.7倍，求该机两翼端的电势差。哪端的电势比较高？
14．如图甲所示，匝的线圈（图中只画了2匝），电阻，其两端与一个的电阻相连，线圈内有指向纸内方向的磁场。线圈中的磁通量按图乙所示规律变化。
(1)判断通过电阻的电流方向；
(2)求线圈产生的感应电动势；
(3)求电阻两端的电压。
15．如图所示，条形磁铁以某一速度v向螺线管靠近，此时螺线管中是否产生感应电流？如果产生，感应电流的方向是怎样的？
16．如图甲所示，MN、PQ为水平放置的足够长平行光滑导轨，导轨间距为，导轨左端连接的定值电阻，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为，将电阻为（接入电路中的电阻）的金属棒ab垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，导轨电阻不计，规定水平向右为x轴正方向，在处给棒一个向右的初速度，同时对棒施加水平向右的拉力F作用，在运动过程中受的安培力FA随位移x的关系图象如图乙所示。求：
(1)金属棒速度时，金属棒受到安培力大小FA1；
(2)金属棒运动到时，速度大小v2；
(3)估算金属棒运动到的过程中克服安培力做功值WA。
参考答案：
1．B
【详解】热水器、电饭煲、电烙铁利用了电流的热效应，电磁炉是利用电磁感应原理工作。
故选B。
2．A
【详解】根据法拉第电磁感应定律：
E=n，
可知仅将磁通量的变化率增加为原来的4倍时，线圈中的感应电动势变为4E，故BCD错误，A正确。
故选A。
3．C
【详解】A．因B-t图像的斜率一定，则一定，产生的感应电动势一定，选项A错误；
B．根据楞次定可知，线圈中产生逆时针方向的感应电流，则a点电势高于b点，由乙图知
则
电路的总电流为I，则有
Uab=IR=0.2×6 V=1.2 V
选项B错误；
C．通过电阻R的电荷量为
q=It=0.2×5C=1C
选项C正确；
D．电阻R上产生的热量为
Q=I2Rt=0.22×6×5J=1.2J
选项D错误。
故选C。
4．C
【详解】根据题意，由感应电荷量的公式可得
又平均电流为
金属棒由O点沿OP方向做匀速直线运动，切割磁感线，则有
所以，可得电荷量为
因为整个空间分布着垂直导轨平面的匀强磁场，故感应电荷量只与相同时间内面积的大小有关，设金属棒运行的时间分别为t和2t，由几何关系可得，后一t内面积是前一t面积的3倍，故电荷量也是3倍，ABD错误，C正确。
故选C。
5．C
【详解】A．接收线圈的磁通量只是发射线圈产生的一部分，则无线充电效率低；充电时线圈中有电流，根据电流的热效应，可知线圈会发热，故A错误；
B．如果无线充电基座用稳恒直流电源供电，则接收线圈的磁通量不变，不能产生感应电流，无法对手机充电，故B错误；
C．无线充电过程主要利用互感现象来实现能量传递的，故C正确；
D．如果手机内没有接受线圈，则无线充电基座不可以对手机进行充电，故D错误。
故选C。
6．D
【详解】A.题干中已知A中电流方向在下面螺线管中产生的磁场方向是竖直向下，当A插入下面线圈时，根据楞次定律知感应电流的磁场向上，由安培定则知感应电流方向为C→G→B，故A错误；
B.线圈A插入下面线圈稳定后不再有感应电流，故B错误；
C.线圈A插入下面线圈稳定后，将变阻器滑片迅速向左滑动时A中电流变化，在下面线圈中有感应电流产生，电流计指针偏转，故C错误；
D.根据电磁感应定律可知感应电动势与磁通量的变化率成正比，快速拔出产生的电动势比较大，感应电流也就比较大。故D正确。
7．D
【详解】AB．在PQ杆滑动的过程中，的面积先增大，后减小，穿过磁通量先增大，后减小，根据楞次定律可知：感应电流的方向先是由P到Q，后是由Q到P，故AB错误；
CD．由左手定则判断得到：PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左下，后垂直于杆向右上，故D正确，C错误。
故选D。
8．C
【详解】导体杆在恒力作用下从静止开始向右运动，切割磁感线产生感应电动势，电容器充电，由于不考虑电阻，电容器两端电压与电动势相等，设充电电流为i，则有
则安培力为
对导体杆由牛顿第二定律有
即
得
即导体杆做匀加速直线运动，则安培力恒定
故选C。
9．BC
【详解】AB、根据B-t图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在t0时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向的方向在t0时刻发生变化，则A错误，B正确；
CD、由闭合电路欧姆定律得：，又根据法拉第电磁感应定律得：，又根据电阻定律得：，联立得：，则C正确，D错误．
故本题选BC．
10．BD
【详解】A．导体棒的初速度为v0，初始时刻产生的感应电动势为E，由法拉第电磁感应定律得
E=BLv0
设初始时刻回路中产生的电流为I，由闭合电路的欧姆定律得
设初始时刻导体棒受到的安培力为F，由安培力公式得
F=BIL
联立上式得
F=
故A错误；
B．初始时刻，弹簧处于伸长状态，棒受到重力、向下的安培力和弹簧的弹力，所以
ma=mg+kx+F
得：
a=
故B正确；
C．导体棒直到最终静止时，棒受到重力和弹簧的弹力，受力平衡，则
mg=kx2
得：
x2=
由于x1=x2，所以弹簧的弹性势能不变，由能的转化和守恒定律得
mg(x1+x2)+Ek=Q
解得系统产生的总热量
Q=
R上产生的热量要小于系统产生的总热量，故C错误；
D．从初始时刻到最终导体棒静止的过程中，导体棒减少的机械能一部分转化为弹簧的弹性势能，另一部分通过克服安培力做功转化为电路中的电能；当导体棒静止时，棒受到重力和弹簧的弹力，受力平衡，所以弹簧处于压缩状态，故D正确.
故选BD．
11．AC
【详解】A．0﹣t1时间内，线框由静止开始以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域，根据速度时间关系可得：
v＝at
感应电动势：
E＝BLv＝Blat
感应电流：
B、L、a、R是定值，则i与t成正比，故A正确；
B．线框受到的安培力：
F安＝BIL＝
对线框，由牛顿第二定律可得：
F﹣ ＝ma
解得：
F＝+ma
故B错误；
C．电功率：
P＝I2R＝t2
P为时间的二次函数，故C正确；
D．电荷量：
q＝It＝
q与t的平方成正比，故D错误；
12． 顺时针 逆时针
【详解】（1）由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由a经G流向b，再由安培定则知线圈绕向如图所示，为顺时针．
（2）由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由b经G流向a，再由安培定则知线圈绕向为逆时针．
13．0.14V，左端的电势较高
【详解】根据地球磁场方向判断，北京第五磁场的竖直分量方向为竖直向下，飞机在水平自东向西飞过天安门上空，可看作为该机的机翼做导体切割磁感线运动，根据右手定则，可以判断感应电流方向为右指向左，则左端的电势较高，该机两翼端的电势差
14．(1)；(2)；(3)
【详解】(1)根据图像可知，线圈中垂直于纸面向里的磁场增大，为了阻碍线圈中磁通量的增大，根据楞次定律可知线圈中感应电流产生的磁场垂直于纸面向外，根据安培定则可知线圈中的感应电流为逆时针方向，所通过电阻的电流方向为。
(2)根据法拉第电磁感应定律
(3)电阻两端的电压为路端电压，根据分压规律可知
15．产生感应电流，方向在螺线管中由下到上
【详解】当磁铁向左运动时，导致线圈的磁通量向下增大，感应电流的产生的磁场与它相反；据右手螺旋定则可知，螺线管产生感应电流，感应电流方向在螺线管中由下到上。
16．(1)1.0N；(2)0.9m/s；(3)2.08J
【详解】(1)由法拉第电磁感应定律，感应电动势为
E1=BLv1
由闭合电路欧姆定律，回路中感应电流
由安培力公式
FA1=BLI1
联立解得
FA1=1.0N
(2)由图乙可得，金属棒运动到x=3m处，受到的安培力FA2=0.9N，根据安培力公式
F=BIL
可得
解得
v2=0.9m/s
(3)由FA-x图象中图线与x轴围成面积值就等于此过程安培力做的功，由图可得，在0~3m区域内大约有104个小方格，每个小方格面积值0.1×0.2=0.02J，所以此过程克服安培力做功
WA≈0.02×104=2.08J
一、单选题
1．下列家用电器利用电磁感应原理工作的是（ ）
A．电饭煲 B．电磁炉 C．电烙铁 D．热水器
2．一个闭合线圈放在变化的磁场中，线圈产生的感应电动势为E。若仅将线圈匝数增加为原来的4倍，则线圈产生的感应电动势变为（ ）
A．4E
B．2E
C．E/2
D．E/4
3．如图甲所示，面积为0.2m2的100匝线圈处在匀强磁场中，线圈电阻，磁场方向垂直于线圈平面向里，已知磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示，定值电阻，则0~5s内（ ）
A．线圈感应电动势均匀增大
B．a、b两点间电压
C．通过电阻R的电荷量为1C
D．电阻R上产生的热量为2J
4．如图所示，金属导轨OM、ON焊接在O点处的金属块（大小不计，图中黑色所示）上，虚线OP是的角平分线，整个空间分布着垂直导轨平面的匀强磁场。时刻，金属棒由O点沿OP方向做匀速直线运动，棒始终与导轨接触良好且与OP垂直，除金属块外其他电阻不计，则在开始计时的连续相等时间内，通过棒中点横截面的感应电荷量之比为（ ）
A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．2：3
5．无线充电是近年发展起来的新技术，如图所示，该技术通过交变磁场在发射线圈和接收线圈间传输能量。内置接收线圈的手机可以直接放在无线充电基座上进行充电，关于无线充电的说法正确的是（ ）
A．无线充电效率高，线圈不发热
B．无线充电基座可以用稳恒直流电源供电
C．无线充电过程主要利用了电磁感应原理
D．无线充电基座可以对所有手机进行无线充电
6．如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A。线圈BC。电流计及电键按如图所示连接，已知电路接通时A中电流方向如图中箭头所示。关于实验现象，下列判断正确的是（ ）
A．将线圈A迅速插入下面线圈时，通过电流计的电流方向是B→G→C
B．将线圈A插入下面线圈稳定后，通过电流计的电流方向是C→G→B
C．线圈A插入下面线圈稳定后，将变阻器滑片迅速向左滑动时电流计指针不偏转
D．将线圈A从下面线圈中拔出时，快速拔比慢慢拔过程中电流计的最大偏转角度大
7．如图所示，AOC是光滑的金属轨道，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，PQ是一根金属直杆如图所示立在导轨上，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q端始终在OC上，空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，则在PQ杆滑动的过程中，下列判断正确的是（ ）
A．感应电流的方向始终是由
B．感应电流的方向始终是由
C．PQ受磁场力的方向垂直杆向左
D．PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左下，后垂直于杆向右上
8．如图所示，水平面上足够长的平行直导轨左端连接一个耐高压的平行板电容器，竖直向下的匀强磁场分布在整个空间。导体杆在恒力作用下从静止开始向右运动，在运动过程中导体杆始终与导轨接触良好。若不计一切摩擦和电阻，那么导体杆所受安培力以及运动过程中的瞬时速度v随时间t的变化关系图正确的是（ ）
A． B．C． D．
二、多选题
9．空间存在一方向与直面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线MN所示，一硬质细导线的电阻率为ρ、横截面积为S，将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内，圆心O在MN上．t=0时磁感应强度的方向如图（a）所示：磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示，则在t=0到t=t1的时间间隔内（ ）
A．圆环所受安培力的方向始终不变
B．圆环中的感应电流始终沿顺时针方向
C．圆环中的感应电流大小为
D．圆环中的感应电动势大小为
10．如图所示，固定的竖直光滑U型金属导轨，间距为L，上端接有阻值为R的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、电阻为r的导体棒与劲度系数为k的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计．初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为x1=，此时导体棒具有竖直向上的初速度v0．在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．则下列说法正确的是（）
A．初始时刻导体棒受到的安培力大小F =
B．初始时刻导体棒加速度的大小
C．导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R上产生的焦耳热
D．导体棒往复运动，最终静止时弹簧处于压缩状态
11．如图，是一个正方形金属框放在光滑水平面上的俯视图，虚线右侧存在方向竖直向上的匀强磁场．正方形金属框电阻为R，边长为L，在外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域．自线框从左边界进入磁场时开始计时，t1时刻线框全部进入磁场．设金属框中感应电流大小为i，外力大小为F，线框中电功率为P，通过导体横截面的电荷量为q，则上述物理量随时间变化的关系可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
三、实验题
12．为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．已知线圈由a端开始绕至b端：当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．
（1）将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．俯视线圈，其绕向为____________（填：“顺时针”或“逆时针”）．
（2）当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为____________（填：“顺时针”或“逆时针”）．
四、解答题
13．国庆阅兵时，我国的JH-7型歼击轰炸机在天安门上空沿水平方向自东向西呼啸而过。该机的翼展为12.7m，北京地区地磁场的竖直分量为T，该机水平飞过天安门时的速度为声速的0.7倍，求该机两翼端的电势差。哪端的电势比较高？
14．如图甲所示，匝的线圈（图中只画了2匝），电阻，其两端与一个的电阻相连，线圈内有指向纸内方向的磁场。线圈中的磁通量按图乙所示规律变化。
(1)判断通过电阻的电流方向；
(2)求线圈产生的感应电动势；
(3)求电阻两端的电压。
15．如图所示，条形磁铁以某一速度v向螺线管靠近，此时螺线管中是否产生感应电流？如果产生，感应电流的方向是怎样的？
16．如图甲所示，MN、PQ为水平放置的足够长平行光滑导轨，导轨间距为，导轨左端连接的定值电阻，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为，将电阻为（接入电路中的电阻）的金属棒ab垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，导轨电阻不计，规定水平向右为x轴正方向，在处给棒一个向右的初速度，同时对棒施加水平向右的拉力F作用，在运动过程中受的安培力FA随位移x的关系图象如图乙所示。求：
(1)金属棒速度时，金属棒受到安培力大小FA1；
(2)金属棒运动到时，速度大小v2；
(3)估算金属棒运动到的过程中克服安培力做功值WA。
参考答案：
1．B
【详解】热水器、电饭煲、电烙铁利用了电流的热效应，电磁炉是利用电磁感应原理工作。
故选B。
2．A
【详解】根据法拉第电磁感应定律：
E=n，
可知仅将磁通量的变化率增加为原来的4倍时，线圈中的感应电动势变为4E，故BCD错误，A正确。
故选A。
3．C
【详解】A．因B-t图像的斜率一定，则一定，产生的感应电动势一定，选项A错误；
B．根据楞次定可知，线圈中产生逆时针方向的感应电流，则a点电势高于b点，由乙图知
则
电路的总电流为I，则有
Uab=IR=0.2×6 V=1.2 V
选项B错误；
C．通过电阻R的电荷量为
q=It=0.2×5C=1C
选项C正确；
D．电阻R上产生的热量为
Q=I2Rt=0.22×6×5J=1.2J
选项D错误。
故选C。
4．C
【详解】根据题意，由感应电荷量的公式可得
又平均电流为
金属棒由O点沿OP方向做匀速直线运动，切割磁感线，则有
所以，可得电荷量为
因为整个空间分布着垂直导轨平面的匀强磁场，故感应电荷量只与相同时间内面积的大小有关，设金属棒运行的时间分别为t和2t，由几何关系可得，后一t内面积是前一t面积的3倍，故电荷量也是3倍，ABD错误，C正确。
故选C。
5．C
【详解】A．接收线圈的磁通量只是发射线圈产生的一部分，则无线充电效率低；充电时线圈中有电流，根据电流的热效应，可知线圈会发热，故A错误；
B．如果无线充电基座用稳恒直流电源供电，则接收线圈的磁通量不变，不能产生感应电流，无法对手机充电，故B错误；
C．无线充电过程主要利用互感现象来实现能量传递的，故C正确；
D．如果手机内没有接受线圈，则无线充电基座不可以对手机进行充电，故D错误。
故选C。
6．D
【详解】A.题干中已知A中电流方向在下面螺线管中产生的磁场方向是竖直向下，当A插入下面线圈时，根据楞次定律知感应电流的磁场向上，由安培定则知感应电流方向为C→G→B，故A错误；
B.线圈A插入下面线圈稳定后不再有感应电流，故B错误；
C.线圈A插入下面线圈稳定后，将变阻器滑片迅速向左滑动时A中电流变化，在下面线圈中有感应电流产生，电流计指针偏转，故C错误；
D.根据电磁感应定律可知感应电动势与磁通量的变化率成正比，快速拔出产生的电动势比较大，感应电流也就比较大。故D正确。
7．D
【详解】AB．在PQ杆滑动的过程中，的面积先增大，后减小，穿过磁通量先增大，后减小，根据楞次定律可知：感应电流的方向先是由P到Q，后是由Q到P，故AB错误；
CD．由左手定则判断得到：PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左下，后垂直于杆向右上，故D正确，C错误。
故选D。
8．C
【详解】导体杆在恒力作用下从静止开始向右运动，切割磁感线产生感应电动势，电容器充电，由于不考虑电阻，电容器两端电压与电动势相等，设充电电流为i，则有
则安培力为
对导体杆由牛顿第二定律有
即
得
即导体杆做匀加速直线运动，则安培力恒定
故选C。
9．BC
【详解】AB、根据B-t图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在t0时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向的方向在t0时刻发生变化，则A错误，B正确；
CD、由闭合电路欧姆定律得：，又根据法拉第电磁感应定律得：，又根据电阻定律得：，联立得：，则C正确，D错误．
故本题选BC．
10．BD
【详解】A．导体棒的初速度为v0，初始时刻产生的感应电动势为E，由法拉第电磁感应定律得
E=BLv0
设初始时刻回路中产生的电流为I，由闭合电路的欧姆定律得
设初始时刻导体棒受到的安培力为F，由安培力公式得
F=BIL
联立上式得
F=
故A错误；
B．初始时刻，弹簧处于伸长状态，棒受到重力、向下的安培力和弹簧的弹力，所以
ma=mg+kx+F
得：
a=
故B正确；
C．导体棒直到最终静止时，棒受到重力和弹簧的弹力，受力平衡，则
mg=kx2
得：
x2=
由于x1=x2，所以弹簧的弹性势能不变，由能的转化和守恒定律得
mg(x1+x2)+Ek=Q
解得系统产生的总热量
Q=
R上产生的热量要小于系统产生的总热量，故C错误；
D．从初始时刻到最终导体棒静止的过程中，导体棒减少的机械能一部分转化为弹簧的弹性势能，另一部分通过克服安培力做功转化为电路中的电能；当导体棒静止时，棒受到重力和弹簧的弹力，受力平衡，所以弹簧处于压缩状态，故D正确.
故选BD．
11．AC
【详解】A．0﹣t1时间内，线框由静止开始以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域，根据速度时间关系可得：
v＝at
感应电动势：
E＝BLv＝Blat
感应电流：
B、L、a、R是定值，则i与t成正比，故A正确；
B．线框受到的安培力：
F安＝BIL＝
对线框，由牛顿第二定律可得：
F﹣ ＝ma
解得：
F＝+ma
故B错误；
C．电功率：
P＝I2R＝t2
P为时间的二次函数，故C正确；
D．电荷量：
q＝It＝
q与t的平方成正比，故D错误；
12． 顺时针 逆时针
【详解】（1）由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由a经G流向b，再由安培定则知线圈绕向如图所示，为顺时针．
（2）由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由b经G流向a，再由安培定则知线圈绕向为逆时针．
13．0.14V，左端的电势较高
【详解】根据地球磁场方向判断，北京第五磁场的竖直分量方向为竖直向下，飞机在水平自东向西飞过天安门上空，可看作为该机的机翼做导体切割磁感线运动，根据右手定则，可以判断感应电流方向为右指向左，则左端的电势较高，该机两翼端的电势差
14．(1)；(2)；(3)
【详解】(1)根据图像可知，线圈中垂直于纸面向里的磁场增大，为了阻碍线圈中磁通量的增大，根据楞次定律可知线圈中感应电流产生的磁场垂直于纸面向外，根据安培定则可知线圈中的感应电流为逆时针方向，所通过电阻的电流方向为。
(2)根据法拉第电磁感应定律
(3)电阻两端的电压为路端电压，根据分压规律可知
15．产生感应电流，方向在螺线管中由下到上
【详解】当磁铁向左运动时，导致线圈的磁通量向下增大，感应电流的产生的磁场与它相反；据右手螺旋定则可知，螺线管产生感应电流，感应电流方向在螺线管中由下到上。
16．(1)1.0N；(2)0.9m/s；(3)2.08J
【详解】(1)由法拉第电磁感应定律，感应电动势为
E1=BLv1
由闭合电路欧姆定律，回路中感应电流
由安培力公式
FA1=BLI1
联立解得
FA1=1.0N
(2)由图乙可得，金属棒运动到x=3m处，受到的安培力FA2=0.9N，根据安培力公式
F=BIL
可得
解得
v2=0.9m/s
(3)由FA-x图象中图线与x轴围成面积值就等于此过程安培力做的功，由图可得，在0~3m区域内大约有104个小方格，每个小方格面积值0.1×0.2=0.02J，所以此过程克服安培力做功
WA≈0.02×104=2.08J