姓名：
准考证号：
5.如图所
秘密★启用前
完全重
大同市高一年级“双新”质量监测
A.2点
物理试题
C.2点
6.如图所
(考试时间75分钟，满分100分)
一边喷
注意事项：
1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
流在地
2.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。
A.若h
3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改
B.若w
动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案用0.5mm的黑色笔迹签字笔写
周喷水
在答题卡上。
C.若h
4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。
位长度
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合
D.若a
题目要求。
的水量
1.物体做圆周运动时有关其物理量的描述，以下说法正确的是
7.如图所
A.物体的线速度越大，其向心加速度一定越大
上固定
B.物体的角速度越大，其向心加速度一定越大
框架分
C.物体的速度为0时刻，其加速度一定为0
止，若
D.物体的速度为0时刻，其向心加速度一定为0
A.两到
2.如图为一自行车，当人脚蹬自行车在水平地面上无滑动前进时，以下说法正确的是
B.水平
A.小齿轮、大齿轮、后轮三者的角速度相等
C.细绚
B.小齿轮和大齿轮二者角速度相等
D.细绚
小因
C.后轮受到地面向后的静摩擦力
后轮
二、多项
D.前轮受到地面向后的静摩擦力
以上选项
3.诗词“坐地日行八万里，巡天遥看一千河”，指的是在地球赤道上的人随地球一昼夜运行路程大约
为8万里，假设地球为半径R=6.4×10m的球体，山西省太原市位于北纬37°，则
8.如图所
太原市市民随地球自转的速度大约为(sin37°=0.6，cos37°=0.8)
高度摆
A.391m/sB.382m/s
C.372m/s
D.351m/s
速度分
4.如图所示，固定的光滑斜面其倾角为30°，斜面顶端固定一小定滑轮，两个小物块
A.v=v.
P和Q用细线绕过定滑轮相连，细线平行于斜面，P、Q的质量分别为3m和m,
B.01三
在手的作用下保持静止。现在松手释放该系统，则细线的拉力为
C.a1>
A.mg
C.mg
D.gmg
D.钉子
30
高一物理试题
第1页（共4页）
5.如图所示为走时准确的钟表，钟表现在指示的时间是1点整，从现在开始直至时针和分针第2次
完全重合在一起时，钟表指示的时间最接近
A.2点05分
B.2点08分
C.2点09分
D.2点11分
6.如图所示，水平面上0点有一个向上的竖直细管，细管的上方安装有喷头，喷头能一边匀速旋转
一边喷水，当喷口距地面高度为h、喷水管出水的速度为v、喷头旋转的角速度为ω时，它喷出的水
域内。
流在地面形成以O为圆心、半径为r的圆周，以下说法正确的是
A.若h变为原来的2倍，其他条件不变，则半径r变为原来的2倍
除黑。如需改
B.若ω变为原来的2倍且v变为原来的2倍，其他条件不变，则喷头旋转
笔迹签字笔写
周喷水总量变为原来的2倍
C.若h、ω、v均变为原来的2倍，则喷头旋转一周使得水流形成圆周的单
位长度获得的水量变为原来的？倍
有一项符合
D.若ω减为原来的一半且v变为原来的2倍，则喷头旋转一周使得水流形成圆周的单位长度获得
的水量变为原来的√2倍
7.如图所示，相互垂直的水平粗糙细杆和竖直细杆组成框架，框架可以绕竖直杆O0'转动，竖直杆
上固定一个小定滑轮，质量均为m的两个小球穿在水平横杆上并通过细线绕过定滑轮相连。当
框架分别以ω，和ω，匀速转动时，细绳始终保持伸直状态且两球均相对于水平横杆保持相对静
止，若ω，A.两球所受的摩擦力一定增大
B.水平横杆对小球的弹力大小可能不变
C.细绳的拉力一定增大
D.细绳的拉力可能减小
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个
以上选项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错得0分。
运行路程大约
8.如图所示，细绳一端固定在0点，另一端系一个小球，在0点的正下方钉一个钉子A,小球从一定
高度摆下，细绳与钉子相碰前后瞬间小球的线速度分别为v,和2，角速度分别为ω，和ω2，向心加
速度分别为a,和a,则以下说法正确的是
A.V,=2
B.w1=02
C.a>az
D.钉子的位置离0点越远，细绳越容易断裂
高一物理试题
第2页（共4页）秘密★启用前
大同市高一年级“双新”质量监测
物理试题参考答案
1. D = v2根据向心加速度表达式 an = ω2r，可知向心加速度除了与线速度、角速度有关，还与其运动半径有关，所r
以A B v2、 错误；物体的速度为 0时刻，其加速度不一定为 0，C错误；物体的速度为 0时刻，根据公式 an = ，其向心r
加速度一定为0，D正确。
2. D 小齿轮和大齿轮二者边缘的线速度相等，由于二者半径不一样，所以二者角速度不相等，所以A、B错误；后轮
受到地面向前的静摩擦力，C错误；前轮相对于地面有向前的运动趋势，所以前轮受到地面向后的静摩擦力，
D正确。
3. C 太原市市民随地球自转的线速度 v=ωR cos 37°=372 m/s，C正确。
4. D P 3 1 1沿斜面向下的分力为 2 mg，整个系统沿绳子的合外力为 2 mg，则系统的加速度为 8 g,对Q由牛顿第二定律
得 T-mg=m18g,
9
得T= 8 mg,所以D正确。
5. D π π 2π 2π当 二 者 第 二 次 完 全 重 合 时 ，分 针 比 时 针 多 走 了 2π+ 6 , 可 得 ω1 t ω2 t=2π+ 6 ,将 ω1= = ，T1 60
ω2=2π= 2π60 × 12 代入得 t≈70.9分钟，所以D正确。T1
6. C 喷水做平抛运动，则 h=12gt2 ，下落时间 t=
2h
，半径 r=vt=v 2h 。当 h变为原来的 2倍，则半径变为原来的
g g
2倍，A错误；若ω变为原来的 2倍且 v变为原来的 2倍，喷头旋转一周的时间变为原来的一半，v变为原来的 2
倍，则出水量不变，B错误；因为ω变为原来的 2倍且 v变为原来的 2倍，则喷头旋转一周出水量不变，又因为 h变
为原来的 2倍且速度变为原来的 2 1倍，则半径变为 2 2倍，所以单位长度获得水量为原来的 = 422 2 倍，C正
确；若ω减为原来的一半且 v变为原来的 2倍，则喷头旋转一周的出水量变为原来的 4倍，半径变为原来的 2倍，
则圆周上单位长度获得水量变为原来的2倍，D错误。
7. B 有一种情况是随着ω增大，细绳拉力增大，细绳与水平横杆所夹角度不变，当细绳拉力向上的分力等于小球
重力时，小球与横杆无挤压，小球所受摩擦力变为 0，摩擦力由大变小，所以A错误；如图所示，假设转速较小，两
球所需向心力均由横杆对小球的静摩擦力提供，绳子只是刚好伸直但没有拉力，
O'
小球由ω1增大到ω2，提供向心力的仍然是横杆静摩擦力，绳子拉力一直保持为
0，所以C错误；若绳子有拉力后，若由ω1增大到ω2，向心力一定增大，静摩擦力是固
定的，所以绳子拉力一定增大不可能减小，所以D错误；有一种可能的情况是，角速
度较小时细绳拉力较小，水平细杆对小球的弹力向上，当角速度增大时，细绳对小
O
球拉力变大，水平细杆对小球的弹力向下，且二者大小相等，所以B正确。
8. AD 细绳碰钉子瞬间无外力做功，小球机械能不变,即小球的线速度不变，A正确；碰钉子后，圆周运动的半径变
小，所以角速度变大，B错误；因为线速度不变，半径减小，所以向心加速度变大，C错误；钉子越靠近小球，半径越
小，同样的线速度，所需的向心力就越大，即绳子拉力越大，所以D正确。
9. AD 小球落地前最后 0.5 s内竖直位移大小为 3.75m,在这段时间内的平均速度为 7.5 m/s，也等于该段时间的时间
中点的瞬时速度，所以从开始到该时间段的时间中点的时间为 0.75 s，小球总的运动时间为 1.0 s，所以小球落地
前竖直方向的速度为 10 m/s，小球落地前瞬间速度大小为 5 5 m/s，A正确；小球平抛点与落地点间的水平距离
为 x=v0t=5 m，B错误；小球落地前瞬间速度与水平方向夹角的正切值 tanθ=2，C错误；整个过程的位移为竖直位
移与水平位移之矢量合，大小为5 2 m，D正确。
高一物理试题答案 第1页（共3页）
10. AB 1 x由图像可知图像斜率为 4.8，写出上升过程的位移时间关系式 x=vt-2 at2,两边除以时间 t得 =v-
1
2 at
F f
，综上 15.（1）人和雪橇在AB阶段的加速度a1= =5 m/s2 2分t M
2
得出上升过程的加速度 a1=9.6m/s2=gsin37°+μg cos 37°，得 μ=0.45，A正确；由此求出下滑时加速度 a2= gsin37°- 从A到B点：v1 0=2a1x1，得 v1=20 m/s 1分
人和雪橇在BC阶段的加速度a2=-μg=-1 m/s2 1分
μg cos 37°=2.4m/s2，上升经过 A点时的速度为 v1=9m/s
2 2
，从 A v v点上升到最高点过程 x=2 1 ，从最高点返回 A点 x=a1 2
2 ， 2 2
a 从B到C点：v2 v1=2a2x2，得 v2=18 m/s 1分2
2 （2）从D点切入飞进圆形轨道，所以在D点速度与水平线夹角为 37°，作出速度三角形，水平速度为 18 m/s,得在v1=a1=9.6联立上述两式子得 2 2.4=4，得 v2=4.5m/s,B
v2
正确；A点到最高点的距离 x=2 2 ≈4.22 m，C错误；从最高点返回 A D点的竖直向下的速度为 vy=13.5m/s 2分v2 a2 a2 v
v 从C到D经历时间 t= y=1.35s 1分
点所用时间 t= =1.875s ,D g错误。
a2
C D 1所以 、 间的竖直距离h= gt2≈9.1m 2分
11. 2滑块质量 细线长度（运动半径） v2 （每空2分）
（3）在D点作速度三角形得物体的合速度 v合=22.5m/s 2分2
向心力公式为F=mv ，所以还需要测出滑块质量m和 运动半径 r。借助图像法来猜想表达式应作出的图像为 在D点受力分析如图所示，分解重力到沿半径方向和垂直于半径方向
r v2合
F- v2。 沿半径方向有F-Mgcos37°=M 2分R
12. 1 2 2 2 g 得 F =1492.5N 2分（）水平（ 分）（）使得钢球每次平抛的初速度相同（ 分）（3）x1 2 （3分）（4）C（2分）y2 y1
斜槽末端保持水平才能使得小球做平抛运动；每次都从同一位置释放，使得小球平抛的初速度相同从而使它们
的轨迹相同；只要从同一位置释放，小球就会获得相同的平抛初速度，不是越光滑越好。
13.（1）已知物体初速度 v0=10m/s
物体的加速度a=-gsin30°=-5m/s2 ，方向沿斜面向下 1分
从底端到顶端过程，设小物块离开斜面时速度为 v，则
v2-v20=2aL 2分
代入数据得 v=8m/s 2分
v
（2）物体在斜面上运动时间 t1= =0.4s 1分a
离开斜面后物体做斜抛运动，竖直分速度 v1=vsin30°=4m/s 2分
v
物体从斜面顶端到达到最高点时间 t = 12 =0.4s 1分g
总时间 t=t1+t2=0.8s 1分
14. mv2（1）在最高点，对A杯里的水由牛顿第二定律得 F1+mg= 2分r
2
在最低点，对B杯里的水由牛顿第二定律得 F2-mg=mv 2分r
联立以上两式得出F2=F1+2mg，B杯杯底受到的弹力方向向下 2分
2 2 + =mv21 = (2F1 + mg) r（）在A到达最高点时由牛顿第二定律得 F1 mg ，得 vr 1 2分m
细绳断裂后B杯的速度和A杯等大反向 1分
A 2( + r )杯断裂后做平抛运动的时间 t1= 1 分g
B 2( r )杯断裂后做平抛运动的时间 t2= 1分g
A、B在水平地面上相距 x=v1(t1+t2)= (2F1 + mg) r ( 2 ( + r ) + 2 ( r ) ) 2分m g g
高一物理试题答案 第2页（共3页）
15. 1 AB a =F f（）人和雪橇在 阶段的加速度 1 =5 m/s2 2分M
从A到B点：v21 0=2a1x1，得 v1=20 m/s 1分
人和雪橇在BC阶段的加速度a2=-μg=-1 m/s2 1分
从B到C点：v22 v21=2a2x2，得 v2=18 m/s 1分
（2）从D点切入飞进圆形轨道，所以在D点速度与水平线夹角为 37°，作出速度三角形，水平速度为 18 m/s,得在
D点的竖直向下的速度为 vy=13.5m/s 2分
v
从C到D经历时间 t= y=1.35s 1分
g
1
所以C、D间的竖直距离h=2gt2≈9.1m 2分
（3）在D点作速度三角形得物体的合速度 v合=22.5m/s 2分
在D点受力分析如图所示，分解重力到沿半径方向和垂直于半径方向
沿半径方向有F-Mgcos37°= v2M 合 2分
R
得 F =1492.5N 2分
F
37°
Mg
高一物理试题答案 第3页（共3页）
