（统考版）2023高考数学二轮 第三篇 （研重点 保大分）专题四 统计与概率 第2讲 概率、随机变量及其分布列 课件（59张）

(共59张PPT)
第2讲　概率、随机变量及其分布列
考点一
考点二
考点三
考点四
考点一　古典概型与几何概型
——构建模型，合理分类
考点一　古典概型与几何概型——构建模型，合理分类
1．古典概型的概率公式
P(A)＝＝.
2．几何概型的概率公式
P(A)＝.
例 1 (1)[2022·全国甲卷]从分别写有1，2，3，4，5，6的6张卡片中无放回随机抽取2张，则抽到的2张卡片上的数字之积是4的倍数的概率为(　　)
A．　　　B．　　　C．　　　D．
答案：C
解析：从6张卡片中任取2张的取法有(1，2)，(1，3)，(1，4)，(1，5)，(1，6)，(2，3)，(2，4)，(2，5)，(2，6)，(3，4)，(3，5)，(3，6)，(4，5)，(4，6)，(5，6)，共15种不同取法，其中2张卡片上的数字之积是4的倍数的取法有(1，4)，(2，4)，(2，6)，(3，4)，(4，5)，(4，6)，共6种，所以所求概率P＝＝.故选C.
(2)[2022·河南省杞县高中]在区间[0，1]上随机取两个数，则这两个数差的绝对值大于的概率为(　　)
A． B． C． D．
答案：C
解析：设在[0，1]上取的两数为x，y，则>，即x－y>，或x－y<－.画出可行域，如图所示，
则x－y>，或x－y<－所表示的区域为图中阴影部分，易求阴影部分的面积为，故所求概率P＝＝.故选C.
归纳总结
1．求古典概型的两个关键点
一是会利用排列、组合与两个基本计数原理求样本空间所含的基本事件数n以及事件A所含的基本事件数m；二是会运用古典概型的概率公式P(A)＝求事件A发生的概率．
2．解几何概型的步骤
(1)“定变量”，根据事件发生的过程确定事件中的相关变量，确定变量的取值范围；
(2)“观图形”，根据变量的取值范围，画出基本事件所包含的图形和所求事件对应的图形；
(3)“求度量”，根据图形的直观性，结合变量的取值范围，求出相应图形的几何度量；
(4)“求概率”，把所求得的几何度量代入几何概型的概率计算公式，即可求出概率．
提醒　对立事件是互斥事件，是互斥中的特殊情况，但互斥事件不一定是对立事件，“互斥”是“对立”的必要不充分条件．
对点训练
1.[2021·全国甲卷]将4个1和2个0随机排成一行，则2个0 不相邻的概率为(　　)
A．　　 　B．　　 　C．　　 　D．
答案：C
解析：解法一　(将4个1和2个0视为完全不同的元素)4个1分别设为1A，1B，1C，1D，2个0分别设为OA，OB，将4个1和2个0随机排成一行有种排法，将1A，1B，1C，1D排成一行有种排法，再将OA，OB插空有 种排法，所以2个0不相邻的概率P＝.
解法二　(含有相同元素的排列)　将4个1和2个0安排在6个位置，则选择2个位置安排0，共有种排法；将4个1排成一行，把2个0插空，即在5个位置中选2个位置安排0，共有种排法．所以2个0＝.
2．[2021·全国乙卷]在区间(0，1)与(1，2)中各随机取1个数，则两数之和大于的概率为(　　)
A． B． C． D．
答案：B
解析：在区间(0，1)中随机取一个数，记为x，在区间(1，2)中随机取一个数，记为y，两数之和大于，即x＋y>，则.在如图所示的平面直角坐标系中，点(x，y)构成的区域
是边长为1的正方形区域(不含边界)，事件A“两
数之和大于”即x＋y>中，点(x，y)构成的区域
为图中阴影部分(不含边界)，由几何概型的概率
计算公式得P(A)＝＝，故选B.
考点二　相互独立事件和独立重复试验——正难则反
考点二　相互独立事件和独立重复试验——正难则反
1．条件概率
在A发生的条件下B发生的概率：
P(B|A)＝.
2．相互独立事件同时发生的概率
P(AB)＝P(A)P(B)．
3．独立重复试验、二项分布
如果事件A在一次试验中发生的概率是p，那么它在n次独立重复试验中恰好发生k次的概率为Pn(k)＝pk(1－p)n－k，k＝0，1，2…，n.
例 2 11分制乒乓球比赛，每赢一球得1分，当某局打成10∶10平后，每球交换发球权，先多得2分的一方获胜，该局比赛结束．甲、乙两位同学进行单打比赛，假设甲发球时甲得分的概率为0.5，乙发球时甲得分的概率为0.4，各球的结果相互独立．在某局双方10∶10平后，甲先发球，两人又打了X个球该局比赛结束．
(1)求P(X＝2)；
(2)求事件“X＝4且甲获胜”的概率．
解析：(1)X＝2就是10∶10平后，两人又打了2个球该局比赛结束，则这2个球均由甲得分，或者均由乙得分．因此P(X＝2)＝0.5×0.4＋(1－0.5)×(1－0.4)＝0.5.
(2)X＝4且甲获胜，就是10∶10平后，两人又打了4个球该局比赛结束，且这4个球的得分情况为前两球是甲、乙各得1分，后两球均为甲得分．
因此所求概率为[0.5×(1－0.4)＋(1－0.5)×0.4]×0.5×0.4＝0.1.
归纳总结
求相互独立事件的概率的两种方法
直接法 正确分析复杂事件的构成，将复杂事件转化为几个彼此互斥事件的和事件或几个相互独立事件同时发生的积事件或独立重复试验问题，然后用相应概率公式求解．
间接法 当复杂事件正面情况较多，反面情况较少时，可利用其对立事件进行求解．对于“至少” “至多”等问题往往也用这种方法求解．
对点训练
[2022·山东济宁联考]为吸引顾客，某商场举办购物抽奖活动．抽奖规则是：从装有2个白球和3个红球(小球除颜色外，完全相同)的抽奖箱中，每次摸出一个球，不放回地依次摸取两次，记为一次抽奖．若摸出的2个球颜色相同则为中奖，否则为不中奖．下列随机事件的概率错误的是(　　)
A．某顾客抽奖一次中奖的概率是
B．某顾客抽奖三次，至少有一次中奖的概率是
C．在一次抽奖过程中，若已知顾客第一次抽出了红球，则该顾客中奖的概率是
D．在一次抽奖过程中，若已知顾客第一次抽出了红球，则该顾客中奖的概率是
答案：C
解析：对于A选项，顾客抽奖一次中奖的概率为＝＝，故A选项正确．
对于B选项，有如下两种方法：
方法一　顾客抽奖三次，至少有一次中奖的概率是＝.
方法二　顾客抽奖三次，至少有一次中奖的概率是1－＝1－＝1－＝.
故B选项正确．对于CD选项，由于第一次抽出了红球，故剩余2个白球和2个红球，再抽一个，抽到红球的概率是＝，故C选项错误，D选项正确．故选C.
考点三　离散型随机变量的分布列、均值与方差
考点三　离散型随机变量的分布列、均值与方差——综合各类概率，活用分布模型
离散型随机变量的均值与方差
(1)均值与方差的性质
①E(aX＋b)＝aE(X)＋b；
②D(aX＋b)＝a2D(X)(a，b为实数)．
(2)两点分布与二项分布的均值、方差
①若X服从两点分布，则E(X)＝p，D(X)＝p(1－p)；
②若X～B(n，p)，则E(X)＝np，D(X)＝np(1－p)．
例 3 [2022·辽宁大连测试]某校辩论队计划在周六、周日各参加一场辩论赛，分别由正、副队长负责，已知该校辩论队共有10位成员(包含正、副队长)，每场比赛除负责人外均另需3位队员(同一队员可同时参加两天的比赛，正、副队长只能参加一场比赛)．假设正、副队长分别将各自比赛通知的信息独立、随机地发给辩论队8名队员中的3位，且所发信息都能收到．
(1)求辩论队员甲收到正队长或副队长所发比赛通知信息的概率；
(2)记辩论队收到正队长或副队长所发比赛通知信息的队员人数为随机变量X，求X的分布列及其数学期望．
解析：(1)设事件A表示：辩论队员甲收到正队长的通知信息．
则P(A)＝，P()＝；
设事件B表示：辩论队员甲收到副队长的通知信息．
则P(B)＝，P()＝；
设事件C表示：辩论队员甲收到正队长或副队长的通知信息．
则P(C)＝1－P()P()＝1－＝.
所以辩论队员甲收到正队长或副队长的通知信息的概率为.
(2)由题意可得，随机变量X的所有可能取值为3，4，5，6，
则P(X＝3)＝＝，P(X＝4)＝＝，P(X＝5)＝＝，P(X＝6)＝＝，
所以随机变量X的分布列为
故数学期望E(X)＝3×＋4×＋5×＋6×＝.
X 3 4 5 6
P
归纳总结
计算期望与方差的基本方法
(1)已知随机变量的概率分布求它的期望、方差和标准差，可直接用定义或公式求．
(2)已知随机变量X的期望、方差，求X的线性函数Y＝aX＋b的期望、方差和标准差，可直接用期望及方差的性质求．
(3)若能分析出所给随机变量服从常用的分布(如两点分布、二项分布等)，则可直接利用它们的期望、方差公式来求．
对点训练
[2022·福建漳州一模]北京冬奥会某个项目招募志愿者需进行有关专业、礼仪及服务等方面知识的测试，测试合格者录用为志愿者．现有备选题10道，规定每次测试都从备选题中随机抽出3道题进行测试，至少答对2道题者视为合格，已知每位参加笔试的人员测试能否合格是相互独立的．若甲能答对其中的6道题，乙能答对其中的8道题．求：
(1)甲、乙两人至多一人测试合格的概率；
(2)甲答对的试题数X的分布列和数学期望．
解析：(1)根据题意，甲测试合格的概率为＝＝；
乙测试合格的概率为＝＝；
故甲、乙两人都测试合格的概率为＝，
则甲、乙两人至多一人测试合格的概率为1－＝.
(2)由题可知，甲答对的试题数X可以取0，1，2，3，
又P(X＝0)＝＝＝，
P(X＝1)＝＝＝，
P(X＝2)＝＝＝，
P(X＝3)＝＝＝，
故X的分布列如下：
则E(X)＝1×＋2×＋3×＝.
X 0 1 2 3
P
考点四　概率与统计的综合应用——准确审题，数据分析
考点四　概率与统计的综合应用——准确审题，数据分析
概率与统计问题在近几年的高考中背景取自现实，题型新颖，综合性增强，难度加深，掌握此类问题的解题策略，在高考中才能游刃有余．
角度1 概率与统计图表的交汇问题
例 4 [2022·福建漳州三模]漳州布袋木偶戏是传统民俗艺术，2006年被列入首批国家非物质文化遗产保护，据《漳州府志》记载，漳州地区在宋代就已经有布袋木偶戏了，清朝中叶后，布袋木偶戏开始进入兴盛时期，一直到抗日战争前，漳州的龙溪、漳浦、海澄、长泰等县，几乎乡乡都有布袋木偶戏，在传承的基础上，不断创新和发展壮大，走向更广阔的世界，为了了解民众对布袋木偶戏的了解程度，某单位随机抽取了漳州地区男女各100名市民进行问卷调查，根据调查结果绘制出得分条形图，如图所示
(1)若被调查者得分低于60分，则认为是不够了解布袋木偶戏，否则认为是相对了解布袋木偶戏．根据条形图，完成2×2列联表，并根据列联表判断能否有90%的把握认为对布袋木偶戏的了解程度与性别有关？
不够了解 相对了解 合计
男
女
合计
解析：(1)2×2列联表如下：
假设H0：对布袋木偶戏的了解程度与性别无关，
根据列联表的数据，可以求得
K2＝＝＝2.381<2.706，
故没有90%的把握认为对布袋木偶戏的了解程度与性别有关．
不够了解 相对了解 合计
男 35 65 100
女 25 75 100
合计 60 140 200
(2)恰逢三八妇女节，该单位对参与调查问卷的女市民制定如下抽奖方案：得分低于60分的可以获得1次抽奖机会，得分不低于60分的可以获得2次抽奖机会，每次抽奖结果相互独立，在一次抽奖中，获得一个木偶纪念品的概率为，获得两个木偶纪念品的概率为，不获得木偶纪念品的概率为，在这100名女市民中任选一人．记X为她获得木偶纪念品的个数，求X的分布列和数学期望．
参考公式：K2＝
参考数据：
P(K2≥k0) 0.1 0.05 0.01 0.001
k0 2.706 3.841 6.635 10.828
解析：在这100名女市民中任选一人，得分低于60分的概率为＝，得分不低于60分的概率为＝，X的所有取值为0，1，2，3，4，
P(X＝0)＝＝＝，
P(X＝1)＝＋2×＝＝，
P(X＝2)＝＋2×＝，
P(X＝3)＝2×＝，
P(X＝4)＝＝，
所以X的分布列为
故E(X)＝0×＋1×＋2×＋3×＋4×＝＝.
X 0 1 2 3 4
P
归纳总结
破解频率分布直方图与概率相交汇问题的步骤
角度2 概率与统计案例的交汇问题
例 5 [2022·河南开封]大豆是我国重要的农作物，种植历史悠久．某种子实验基地培育出某大豆新品种，为检验其最佳播种日期，在A，B两块试验田上进行实验(两地块的土质等情况一致).6月25日在A试验田播种该品种大豆，7月10日在B试验田播种该品种大豆．收获大豆时，从中各随机抽取20份(每份1千粒)，并测量出每份的质量(单位：克)，按照[100，150)，[150，200)，[200，250]进行分组，得到如下表格：
把千粒质量不低于200克的大豆视为籽粒饱满，否则视为籽粒不饱满．
[100，150) [150，200) [200，250]
A试验田/份 3 6 11
B试验田/份 6 10 4
(1)判断是否有97.5%的把握认为大豆籽粒饱满与播种日期有关？
(2)从A，B两块实验田中各抽取一份大豆，求抽取的大豆中至少有一份籽粒饱满的概率；
(3)用样本估计总体，从A试验田随机抽取100份(每份千粒)大豆，记籽粒饱满的份数为X，求X的数学期望和方差．
参考公式：K2＝，其中n＝a＋b＋c＋d.
P(K2≥k0) 0.15 0.10 0.05 0.025 0.010 0.001
k0 2.072 2.706 3.841 5.024 6.635 10.828
解析：(1)2×2列联表为
K2＝＝≈5.227>5.024，
所以有97.5%的把握认为大豆籽粒饱满与播种日期有关．
6月25日播种 7月10日播种 合计
饱满 11 4 15
不饱满 9 16 25
合计 20 20 40
(2)A，B两块实验田中各抽取一份大豆，
抽取的大豆中有一份籽粒饱满的概率分别为，
两份大豆籽粒都不饱满的概率为＝，
故抽取的大豆中至少有一份籽粒饱满的概率为1－＝.
(3)从A试验田的样本中随机抽取1份大豆，抽到饱满的概率为，则X～B，故E(X)＝100×＝55，
D(X)＝100×＝.
归纳总结
解决概率、统计与其他知识的综合
角度3 概率、统计与数列的交汇
例 6 第24届冬奥会于2022年在中国北京和张家口举行，届时，北京将成为第一个举办过夏季奥林匹克运动会和冬季奥林匹克运动会以及亚洲运动会三项国际赛事的城市．在某次滑雪表演比赛中，抽取部分参赛队员的分数(得分取正整数，满分为100分)作为样本(样本容量为n)进行统计，并按照[60，70)，[70，80)，[80，90)，[90，100](已知分数在[90，100]内的人数为3)的分组作出如图所示的频率分布直方图．据此解答如下问题：
(1)求样本容量n及频率分布直方图中a的值．
(2)滑雪场馆内的一销售网点为了吸引游客，增加营业收入，开展“参加游戏赢奖券”促销活动，购物满200元可以参加1次游戏，游戏规则如下：有一张共7格的方格图，依次编号为第1格、第2格、第3格、…、第7格，游戏开始时“跳子”在第1格，参与者需从一个口袋(装有除颜色外完全相同的2个黑球和2个白球)中任取两个球，若两个球颜色不同，则“跳子”前进1格(即从第1格到第2格)，若两个球颜色相同，则“跳子”前进2格(即从第1格到第3格)，当“跳子”前进到第6格或者第7格时，游戏结束．“跳子”落在第6格可以得到30元奖券，“跳子”落在第7格可以得到90元奖券．记“跳子”前进到第n格(1≤n≤7)的概率为Pn.
①证明：{Pn－Pn－1}(2≤n≤6)是等比数列．
②求某一位顾客参加一次这样的游戏获得的奖券金额的期望．
解析：(1)由题意知，分数在[90，100]内的人数为3人，其对应的频率为10×0.015＝0.15.所以样本容量n＝＝20.a＝＝0.02.
(2)①证明：从口袋中摸到的两个球是同色球的概率为P＝＝；摸到的两个球是异色球的概率为1－P＝.“跳子”开始在第1格为必然事件，即P1＝1，“跳子”移到第2格，其概率为，即P2＝.
“跳子”前进到第n(3≤n≤6)格的情况有如下两种：
“跳子”先到第n－2格，概率为Pn－2；
“跳子”先到第n－1格，概率为Pn－1.
所以3≤n≤6时，Pn＝Pn－1＋Pn－2，
所以Pn－Pn－1＝－(Pn－1－Pn－2)．
因为P2－P1＝－≠0.
所以＝－(3≤n≤6)．
所以当2≤n≤6时，数列{Pn－Pn－1}是等比数列，首项为P2－P1＝－，公比为－.
②设某一位顾客参加一次这样的游戏获得的奖券金额为X元，则X的所有可能取值为30，90，
由①可知Pn－Pn－1＝＝(2≤n≤6)，
所以Pn＝(Pn－Pn－1)＋(Pn－1－Pn－2)＋…＋(P2－P1)＋P1
＝＋＋…＋＋1
＝＝(2≤n≤6)，
所以P6＝＝，
易知P7＝P5＝＝.
故X的分布列为
则X的期望为E(X)＝×30＋×90＝.
X 30 90
P
归纳总结
破解此题的关键是将概率的参数表达式与数列的递推式相结合，可得数列的通项公式，此种解法新颖独特．
对点训练
[2022·四川省泸县第二中学]中国探月工程自2004年立项以来，聚焦“自主创新、重点跨越、支撑发展、引领未来”的目标，创造了许多项中国首次.2020年12月17日凌晨，嫦娥五号返回器携带“月壤”着陆地球，又首次实现了我国地外天体无人采样返回．为了了解某中学高三学生对此新闻事件的关注程度，从该校高三学生中随机抽取了50名学生进行调查，调查样本中有20名女生．如图是根据样本的调查结果绘制的等高条形图(阴影区域表示关注“嫦娥五号”的部分)．
(1)完成上面的2×2列联表，判断是否有95%的把握认为对“嫦娥五号”的关注程度与性别有关？
关注 没关注 合计
男
女
合计
解析：(1)2×2列联表如下：
所以K2＝
＝＝≈1.970<3.841，
所以没有95%的把握认为对“嫦娥五号”关注程度与性别有关．
关注 没关注 合计
男 15 15 30
女 6 14 20
合计 21 29 50
(2)若将频率视为概率，现从该中学高三的女生中随机抽取3人．记被抽取的3名女生中对“嫦娥五号”新闻关注的人数为随机变量X，求X的分布列及数学期望．
附：K2＝，其中n＝a＋b＋c＋d.
P(K2≥k0) 0.150 0.100 0.050 0.010 0.005
k0 2.072 2.706 3.841 6.635 7.879
解析：因为随机选一个高三的女生，对此事关注的概率为P＝＝，
由题意可知随机变量X满足二项分布，即X～B，
所以有P(X＝k)＝k3－k.
所以随机变量X的分布列为
故E(X)＝np＝3×＝.
X 0 1 2 3
P
[高考5个大题] 解题研诀窍(四)
概率与统计问题重在“辨”——辨析、辨型
[思维流程——找突破口]
[技法指导——迁移搭桥]
概率与统计问题辨析、辨型的基本策略
(1)准确弄清问题所涉及的事件有什么特点，事件之间有什么关系，如互斥、对立、独立等．
(2)理清事件以什么形式发生，如同时发生、至少有几个发生、至多有几个发生、恰有几个发生等．
(3)明确抽取方式，如放回还是不放回、抽取有无顺序等．
(4)准确选择排列组合的方法来计算基本事件发生数和事件总数，或根据概率计算公式和性质来计算事件的概率．
(5)确定随机变量取值并求其对应的概率，写出分布列后再求期望、方差．
(6)会套用求、K2的公式，再作进一步求值与分析．
[典例]　某工厂的某种产品成箱包装，每箱200件，每一箱产品在交付用户之前要对产品作检验，如检验出不合格品，则更换为合格品．检验时，先从这箱产品中任取20件作检验，再根据检验结果决定是否对余下的所有产品作检验．设每件产品为不合格品的概率都为p(0(1)记20件产品中恰有2件不合格品的概率为f(p)，求f(p)的最大值点p0.
(2)现对一箱产品检验了20件，结果恰有2件不合格品，以(1)中确定的p0作为p的值．已知每件产品的检验费用为2元，若有不合格品进入用户手中，则工厂要对每件不合格品支付25元的赔偿费用．
①若不对该箱余下的产品作检验，这一箱产品的检验费用与赔偿费用的和记为X，求E(X)；
②以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据，是否该对这箱余下的所有产品作检验？
[快审题]
求什么 想什么 求f(p)的最大值点，想到f(p)的表达式．
求E(X)的值，想到X的可能取值及所对应的概率、均值的性质．
给什么 用什么 给出检验费及赔偿费可计算E(X)．
差什么 找什么 计算E(X)，应找出X与不合格产品件数的关系，利用均值性质求解．
[稳解题]
(1)因为20件产品中恰有2件不合格品的概率为f(p)＝p2·(1－p)18，
所以f′(p)＝[2p(1－p)18－18p2(1－p)17]
＝p(1－p)17(1－10p)．
令f′(p)＝0，得p＝0.1，
当p∈(0，0.1)时，f′(p)＞0；当p∈(0.1，1)时，f′(p)＜0.
所以f(p)的最大值点为p0＝0.1.
(2)由(1)知，p＝0.1，
①令Y表示余下的180件产品中的不合格品件数，
依题意知Y～B(180，0.1)，
X＝20×2＋25Y，
即X＝40＋25Y.
所以E(X)＝E(40＋25Y)＝40＋25E(Y)＝490．
②若对余下的产品作检验，则这一箱产品所需要的检验费用为400元，由于E(X)＞400，故应该对余下的产品作检验．

题后悟道
解决概率与统计问题的关键点
(1)会利用两个基本计数原理、排列与组合，以及古典概型的概率公式求随机变量的概率；能准确判断随机变量X的所有可能取值，然后求出随机变量X取每个值时的概率，即可得随机变量X的分布列；还需活用定义，即会活用随机变量的数学期望的定义进行计算．
(2)独立性检验是用来考察两个分类变量是否有关系，根据统计量K2的计算公式确定K2的值，K2越大，说明两个分类变量有关系的可能性越大．