广东省茂名市电白区2022-2023学年高一下学期期中考试物理试题（选择性）（扫描版含解析）
文档属性
| 名称 | 广东省茂名市电白区2022-2023学年高一下学期期中考试物理试题（选择性）（扫描版含解析） |  | |
| 格式 | doc | ||
| 文件大小 | 1.3MB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版（2019） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2023-04-20 20:13:59 | ||
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文档简介
2022～2023学年度第二学期期中考试
高一物理（选择性考试）参考答案
1．D
足球运动至P点时，速度沿轨迹的切线方向，受竖直向下的重力及与速度方向相反的空气阻力，这两个力的合力指向左下方，故D正确，ABC错误。
故选D。
2．C
根据
解得
t=0.8s
根据
x=vt
解得
x=4m
故选C。
3．D
A．物资离开无人机后具有水平方向的初速度，做平抛运动，故A错误；
B．水平方向，无人机相对于物资静止，从无人机上拍摄的视频看到物资做自由落体运动，故B错误；
C．物资落地的水平方向的速度大小由无人机的水平速度决定，物资落地的竖直方向的速度由无人机的高度决定，则物资落地的速度大小由无人机的水平速度决定和无人机的高度决定，故C错误；
D．由得物资从抛出到落地的时间
飞行员投掷物资时距目标的水平距离为
故D正确。
故选D。
4．C
AB．人做平抛运动，根据平抛运动的特点可知，人下落的高度
则下落的时间为
由图可知，则，故A、B错误；
CD．设斜面与水平面的夹角为，根据平抛运动特点可知
斜面倾角不变，由可知，故C正确，D错误。
故选C。
5．D
A．线速度方向垂直半径方向，则水珠从雨伞的边缘沿垂直于半径方向脱离雨伞，选项A错误；
BD．水滴飞出做离心运动是因为水珠受到的合外力小于水珠做圆周运动需要的向心力，但无法比较水珠重力与水珠与雨伞之间的作用力的大小关系，选项B错误，D正确；
C．水珠脱离雨伞时的速率等于雨伞边缘的线速度，选项C错误；
故选D。
6．C
A．设飞机通过最高点时的最小速率为v，根据牛顿第二定律有
解得
所以飞机在通过最高点时的速率不可能小于，故A错误；
B．当飞机在通过最高点时的速率等于时，飞行员所受支持力为零；当飞机在通过最高点时的速率大于时，重力不足以提供向心力，所以飞行员还将受到向下的支持力。因此飞行员不可能受到向上的支持力，故B错误；
C．飞机在圆周轨迹的最低点时，飞行员的向心加速度方向向上，处于超重状态，故C正确；
D．飞机在圆周轨迹的最低点时飞行员受到重力和支持力，这两个力的合力提供向心力。向心力是效果力，受力分析时不可将其与其他性质力并列分析，故D错误。
故选C。
7．A
由图可知，空间站在P点处由高轨变到低轨，需要减速，即向前喷气，同理在Q点处由高轨变到低轨，需要减速，即向前喷气。
故选A。
8．ACD
A．由于题中已知二者线速度大小相等，即
v甲=v乙
由于
R甲＜R乙
根据
v=ωR
可知二者角速度大小关系为
故A错误；
B．向心加速度
可知二者向心加速度大小关系为
故B正确；
C．地面对车的径向摩擦力提供向心力
f=ma
由于甲、乙两辆车的质量相等，二者地面对车的径向摩擦力
故C错误；
D．由向心力
由于R甲＜R乙，所以当两车的速度大小相等时，甲需要的向心力大，当摩擦力不足以提供向心力时，就会发生侧滑，所以若两车转弯速度过大，则甲车更容易发生侧滑，故D错误。
此题选择不正确的，故选ACD。
9．AD
ABC．要想使两球在落地前相遇，则父亲扔出的球的竖直位移较大，则根据
可知，时间超长，即父亲先将球抛出，选项A正确，BC错误；
D．若父亲下蹲适当高度与儿子高度相同，再与儿子同时将球抛出，则两球在相同时间内下落相同的高度，则也能相遇，选项D正确。
故选AD。
10．BD
【详解】根据题意，由万有引力等于重力有
A．根据万有引力提供向心力有
解得
故A错误；
B．有上述分析可知，地球的质量为
地球的体积为
则地球密度为
故B正确；
C．根据万有引力提供向心力有
解得
故C错误；
D．卫星围绕地球做圆周运动最大速度为，则组合体的运行速度小于，故D正确。
11． C C B
（1）[1]本实验通过控制质量m、角速度和半径r中两个物理量相同，探究向心力F与另外一个物理量之间的关系，采用的科学方法是控制变量法。
故选C。
（2）[2]图中所示，两个钢球质量和半径相等，则是在研究向心力的大小F与角速度的关系。
故选C。
（3）[3]两钢球质量m相等，做匀速圆周运动的半径r相等，根据
可知二者角速度之比为
两变速塔轮边缘的线速度大小相等，所以有
与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为
故选B。
12． B 2 2.5 A
（1）[1]由于改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，表明球体竖直方向的分运动相同，即说明平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动。
故选B。
（2）[2]根据图乙可知，小球相邻两照片间的水平距离为2格，令每格长为L，即相邻两照片之间经历时间相等，均为T，则在水平方向上有
竖直方向上有
解得
[3]b点竖直分速度，根据中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度有
则经过b点时的速度大小
（3）[4]A．为了确保小球飞出时的初速度方向沿水平，必须将斜槽末端必须调节为水平，A正确；
B．实验中应该以小球的球心作为研究点，则平面直角坐标系的原点应该建立在斜槽末端上端高度为小球半径的位置处，B错误；
C．为了确保小球每次飞出的初速度大小一定，则每次释放小球时挡板在斜槽上的位置均一定，C错误；
D．如果每次释放小球时挡板在斜槽上的位置均一定，则小球每次滚下过程中摩擦力做功相同，即小球每次飞出的初速度大小一定，表明斜槽的摩擦对实验没有影响，D错误。
故选A。
13．（10分）（1）；（2）1.5s；（3）2m/s
（1）由牛顿第二定律可得
.................................（1分）
代入数据，解得
.................................（1分）
由运动学公式，可得1s末的速度大小为
.................................（1分）
（2）小球在1s内的位移为
.................................（1分）
撤去F后，小球向右匀速运动，则有
.................................（1分）
代入数据，解得
.................................（1分）
则小球运动到桌面右端的时间为
.................................（1分）
（3）小球从桌面右端飞出做平抛运动，则有
.................................（1分）
代入数据解得，在空中运动时间为
s.................................（1分）
则竖直分速度为
vy=gt0=2m/s.................................（1分）
14．（10分）(1)；(2)，
(1)当小球刚好离开水平桌面做匀速圆周运动时，由向心力公式可得
.................................（2分）
解得小球的角速度为
.................................（2分）
(2)当小球以作圆锥摆运动时，由于，桌面对小球存在支持力，竖直方向小球处于平衡，满足
.................................（2分）
水平方向由向心力公式可得
.................................（2分）
联立解得
，.................................（2分）
15．（18分）（1）；（2）；（3）
（1）根据题图中的几何关系，小物块下落的高度
.................................（1分）
平抛运动竖直方向有
=2g（H-h）.................................（2分）
小物块在B点的速度大小
.................................（1分）
解得
.................................（1分）
（2）在C点对小物块进行受力分析，根据向心力公式
.................................（2分）
其中
.................................（1分）
解得
.................................（1分）
（3）对小物块受力分析有
.................................（1分）
对长木板受力分析有
.................................（1分）
根据速度—时间关系有
.................................（1分）
根据速度—时间关系有
.................................（1分）
小物块与长木板共速
.................................（1分）
根据位移一时间关系有
.................................（1分）
根据位移—时间关系有
.................................（1分）
最短板长
.................................（1分）
解得
.................................（1分）
高一物理（选择性考试）参考答案
1．D
足球运动至P点时，速度沿轨迹的切线方向，受竖直向下的重力及与速度方向相反的空气阻力，这两个力的合力指向左下方，故D正确，ABC错误。
故选D。
2．C
根据
解得
t=0.8s
根据
x=vt
解得
x=4m
故选C。
3．D
A．物资离开无人机后具有水平方向的初速度，做平抛运动，故A错误；
B．水平方向，无人机相对于物资静止，从无人机上拍摄的视频看到物资做自由落体运动，故B错误；
C．物资落地的水平方向的速度大小由无人机的水平速度决定，物资落地的竖直方向的速度由无人机的高度决定，则物资落地的速度大小由无人机的水平速度决定和无人机的高度决定，故C错误；
D．由得物资从抛出到落地的时间
飞行员投掷物资时距目标的水平距离为
故D正确。
故选D。
4．C
AB．人做平抛运动，根据平抛运动的特点可知，人下落的高度
则下落的时间为
由图可知，则，故A、B错误；
CD．设斜面与水平面的夹角为，根据平抛运动特点可知
斜面倾角不变，由可知，故C正确，D错误。
故选C。
5．D
A．线速度方向垂直半径方向，则水珠从雨伞的边缘沿垂直于半径方向脱离雨伞，选项A错误；
BD．水滴飞出做离心运动是因为水珠受到的合外力小于水珠做圆周运动需要的向心力，但无法比较水珠重力与水珠与雨伞之间的作用力的大小关系，选项B错误，D正确；
C．水珠脱离雨伞时的速率等于雨伞边缘的线速度，选项C错误；
故选D。
6．C
A．设飞机通过最高点时的最小速率为v，根据牛顿第二定律有
解得
所以飞机在通过最高点时的速率不可能小于，故A错误；
B．当飞机在通过最高点时的速率等于时，飞行员所受支持力为零；当飞机在通过最高点时的速率大于时，重力不足以提供向心力，所以飞行员还将受到向下的支持力。因此飞行员不可能受到向上的支持力，故B错误；
C．飞机在圆周轨迹的最低点时，飞行员的向心加速度方向向上，处于超重状态，故C正确；
D．飞机在圆周轨迹的最低点时飞行员受到重力和支持力，这两个力的合力提供向心力。向心力是效果力，受力分析时不可将其与其他性质力并列分析，故D错误。
故选C。
7．A
由图可知，空间站在P点处由高轨变到低轨，需要减速，即向前喷气，同理在Q点处由高轨变到低轨，需要减速，即向前喷气。
故选A。
8．ACD
A．由于题中已知二者线速度大小相等，即
v甲=v乙
由于
R甲＜R乙
根据
v=ωR
可知二者角速度大小关系为
故A错误；
B．向心加速度
可知二者向心加速度大小关系为
故B正确；
C．地面对车的径向摩擦力提供向心力
f=ma
由于甲、乙两辆车的质量相等，二者地面对车的径向摩擦力
故C错误；
D．由向心力
由于R甲＜R乙，所以当两车的速度大小相等时，甲需要的向心力大，当摩擦力不足以提供向心力时，就会发生侧滑，所以若两车转弯速度过大，则甲车更容易发生侧滑，故D错误。
此题选择不正确的，故选ACD。
9．AD
ABC．要想使两球在落地前相遇，则父亲扔出的球的竖直位移较大，则根据
可知，时间超长，即父亲先将球抛出，选项A正确，BC错误；
D．若父亲下蹲适当高度与儿子高度相同，再与儿子同时将球抛出，则两球在相同时间内下落相同的高度，则也能相遇，选项D正确。
故选AD。
10．BD
【详解】根据题意，由万有引力等于重力有
A．根据万有引力提供向心力有
解得
故A错误；
B．有上述分析可知，地球的质量为
地球的体积为
则地球密度为
故B正确；
C．根据万有引力提供向心力有
解得
故C错误；
D．卫星围绕地球做圆周运动最大速度为，则组合体的运行速度小于，故D正确。
11． C C B
（1）[1]本实验通过控制质量m、角速度和半径r中两个物理量相同，探究向心力F与另外一个物理量之间的关系，采用的科学方法是控制变量法。
故选C。
（2）[2]图中所示，两个钢球质量和半径相等，则是在研究向心力的大小F与角速度的关系。
故选C。
（3）[3]两钢球质量m相等，做匀速圆周运动的半径r相等，根据
可知二者角速度之比为
两变速塔轮边缘的线速度大小相等，所以有
与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为
故选B。
12． B 2 2.5 A
（1）[1]由于改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，表明球体竖直方向的分运动相同，即说明平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动。
故选B。
（2）[2]根据图乙可知，小球相邻两照片间的水平距离为2格，令每格长为L，即相邻两照片之间经历时间相等，均为T，则在水平方向上有
竖直方向上有
解得
[3]b点竖直分速度，根据中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度有
则经过b点时的速度大小
（3）[4]A．为了确保小球飞出时的初速度方向沿水平，必须将斜槽末端必须调节为水平，A正确；
B．实验中应该以小球的球心作为研究点，则平面直角坐标系的原点应该建立在斜槽末端上端高度为小球半径的位置处，B错误；
C．为了确保小球每次飞出的初速度大小一定，则每次释放小球时挡板在斜槽上的位置均一定，C错误；
D．如果每次释放小球时挡板在斜槽上的位置均一定，则小球每次滚下过程中摩擦力做功相同，即小球每次飞出的初速度大小一定，表明斜槽的摩擦对实验没有影响，D错误。
故选A。
13．（10分）（1）；（2）1.5s；（3）2m/s
（1）由牛顿第二定律可得
.................................（1分）
代入数据，解得
.................................（1分）
由运动学公式，可得1s末的速度大小为
.................................（1分）
（2）小球在1s内的位移为
.................................（1分）
撤去F后，小球向右匀速运动，则有
.................................（1分）
代入数据，解得
.................................（1分）
则小球运动到桌面右端的时间为
.................................（1分）
（3）小球从桌面右端飞出做平抛运动，则有
.................................（1分）
代入数据解得，在空中运动时间为
s.................................（1分）
则竖直分速度为
vy=gt0=2m/s.................................（1分）
14．（10分）(1)；(2)，
(1)当小球刚好离开水平桌面做匀速圆周运动时，由向心力公式可得
.................................（2分）
解得小球的角速度为
.................................（2分）
(2)当小球以作圆锥摆运动时，由于，桌面对小球存在支持力，竖直方向小球处于平衡，满足
.................................（2分）
水平方向由向心力公式可得
.................................（2分）
联立解得
，.................................（2分）
15．（18分）（1）；（2）；（3）
（1）根据题图中的几何关系，小物块下落的高度
.................................（1分）
平抛运动竖直方向有
=2g（H-h）.................................（2分）
小物块在B点的速度大小
.................................（1分）
解得
.................................（1分）
（2）在C点对小物块进行受力分析，根据向心力公式
.................................（2分）
其中
.................................（1分）
解得
.................................（1分）
（3）对小物块受力分析有
.................................（1分）
对长木板受力分析有
.................................（1分）
根据速度—时间关系有
.................................（1分）
根据速度—时间关系有
.................................（1分）
小物块与长木板共速
.................................（1分）
根据位移一时间关系有
.................................（1分）
根据位移—时间关系有
.................................（1分）
最短板长
.................................（1分）
解得
.................................（1分）
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