绝密★启用前
2023年高一年级下学期期中调研测试
物理
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目
要求，第8~11题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1,物理方法是运用现有的物理知识对物理问题做深人的学习和研究，找到解决物理问题的基本思路与方
法。在运用如图所示的向心力演示仪探究向心力的表达式时，所采用的研究方法是
A.控制变量法
B.比较法
C.理想模型法
D.等效法
2.装备了TVC(矢量控制喷管)的歼-10B飞机在珠海航展上做出了惊艳全国、震惊世界的单发机“眼镜蛇
机动”动作，如图所示是歼-10B飞机采用蛇形走位，迅速从A点运动到F点，完成“眼镜蛇机动”动作，对
于歼-10B飞机运动轨迹上B、C、D、E四点所标的速度方向正确的是
A.1
B.2
C.3
D.v4
3.如图，小船从河岸A点过河，船头与河岸所成的夹角始终为0，航行轨迹是从A点到C点的直线，航行轨迹
与河岸的夹角为a。已知河宽为144m,船在静水中的速度"1=3m/s,0=53°，a=37°，sin37°=0.6，下列
说法正确的是
上游
水流
0入
A.河水的流速大小为4m/s
B.船的实际速度大小为5m/s
C.渡河时间为80s
D.AC是小船渡河的最短路径
4.如图所示是码头上用电动机拖小船的原理图，通过电动机的转动收缩绳子从而拖动小船靠近码头。已知
电动机卷绳轮以大小不变的速度拖动绳子，小船位于A点时绳子与水平方向的夹角为30°，小船到达B点
时绳子与水平方向的夹角为45°，小船在A点和B点的速度之比4为
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电动机
卷绳轮
A台04s:
A.1:万
B.√2：1
C.2:5
D.3:2
5.北京冬奥会“跳台滑雪项目”是一大看点，小明观看了此项目比赛后，构建了一个跳台滑雪的运动模型，运
动员从高台上起跳后，滑人助滑道AB,从助滑道最低点B以初速度%水平抛出，落到倾角0=30°的斜坡
上的C点。已知重力加速度为g,不计空气阻力，运动员在空中运动的时间为
1
c.23
D.3
g
2g
6.图甲是游乐场里的“旋转飞椅”，图乙是其工作时的简化原理图，圆盘匀速转动，通过系在圆盘边缘的轻绳
带动小球A在水平面内做匀速圆周运动。已知轻绳长度L.=22m,圆盘半径r=2m,轻绳与竖直方向的
夹角a=45°，重力加速度g取10m/s2,取π2=10，小球A做圆周运动的周期为
甲
A.48
B.5s
C.6s
D.7s
7.如图甲，A、B两颗卫星在同一平面内围绕中心天体做匀速圆周运动，图乙是两颗卫星的间距△r随时间t
的变化图像。已知卫星A的周期T,-号，结合图像给出的信息，可知B卫星的周期了为
024o30
A号
分
学
兴
8.风洞实验室能产生大小和方向恒定的风力，一小球在风洞中的一个平面内运动，其运动规律为x=1.5+4.5,
y=-2-6(式中各量均取国际单位)，下列说法正确的是
A,小球做匀变速曲线运动
B.小球做变加速曲线运动
C.小球做匀变速直线运动
D.每秒钟小球的速度变化量大小为5m/s
物理第2页（共4页）2023年高一年级下学期期中调研测试
物理参考答案
1.【答案】A
【解析】在探究向心力的表达式时，由于要研究向心力F与质量m、圆周运动的半径r和线速度（或角速度ω）多
个变量之间的关系，所以采用的方法是控制变量法，A项正确。
2.【答案】B
【解析】歼-10B在做曲线运动时，速度方向沿轨迹的切线方向，B项正确。
3.【答案】D
【解析】由于0+a=90°，可知船在静水中的速度，与船的合速度垂直，由图示的几何关系可知”=s&,
=anQ,可得河水的流速大小，=5m/s,船的实际速度大小。=4m/s,A,B项错误；船在垂直河岸的分速度为
血0，菠河时间1=品。代人数据可得1=60，C项错误：以6未端为圆心，以为半径做圆如图所示，此圆
恰好与AC相切，可知AC是船渡河的最短路径，D项正确。
B
C
上游…
水流
0入
)a.
4.【答案】C
【解析】电动机卷绳轮以大小不变的速度拖动绳子，则小船沿绳方向的分速度大小相同，即4cos0°=cos45°，
解得4：g=2:√5，C项正确。
5.【答案】C
【解析】运动员从B点水平抛出，在空中做平抛运动，设落到斜面上时速度的偏向角为α，根据平抛运动规律，可
知ama=2am0=2.由图可知，兰=ma,其中6，=，解得运动员在空中的时间
250,C项正确。
3g
6.【答案】A
【解析】设小球A的质量为m,对小球A受力分析可得，小球A所受合力F=mgtan a,合力F提供小球A做圆周
运动的向心力，可得F=m学(1m。+),解得小球4做圆周运动的周期T=4s,A项正确。
7.【答案】B
【解析】由图乙可知，在，的时间间隔内，卫星A比卫星B多转一周，即气-会1，解得7，代人数据，可
得了，=宁，B项正确。
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8.【答案】CD
【解析】由x=1.5+4.51,对应x=w+2a,可得x方向上。=4.5m/s,a,=3m/s,y=-2r-61,对应y=o1
+a2,可得y方向上0=-6/s,a=-4:,因-受，放与o在同-直线上，且合加速度恒定不变。
故小球做匀变速直线运动，A、B项错误，C项正确；由于a=√a+a,=5m/s2,由△v=aAt,可知每秒钟小球的速
度变化量大小为5m/s,D项正确。
9.【答案】AC
【解析】小球做类平抛运动，加速度a=gsn0,沿斜面向下，C项正确；号=2gsm0,解得小球从4点运动到0
点经历的时间1m-、品。A项正确：小球运动到0点时，水平速度w名=√@Lm0,沿斜面向下的速度
L
=ato=√gLsin6,小球运动到0点的速度v=√2 gLsin6,B项错误；沿斜面方向，小球做初速度为零的匀加速
直线运动，小球从A点到O点沿斜面向下的位移和小球从O点到M点沿斜面向下的位移相同，根据初速度为零
的匀加速直线运动的特点可知小球从A点到0点和小球从O点到M点所用时间之比为1：(2-1)，即为
(2+1):1,D项错误。
10.【答案】BC
【解析】小球A和C由轻杆固定，围绕着小球B做匀速圆周运动，可知小球A和C的角速度相同，A项错误；在
角速度相同的情况下，由v=wr可知，线速度与圆周运动的半径成正比，可得：2=L,:L2,B项正确；由题意
可知轻杆AB段和BC段对小球B的拉力等大反向，可知m1a1=m2a2,即m1w2L,=m2w2L2,可得a1:a2=L,:L2,
m1:m2=L2:L,C项正确，D项错误。
11.【答案】BCD
【解折】由=mg,M=p,-号R,可得地球的密度p=42品R由于万有引力常量G未给出，所以不能求出
密度，A项错误：由Mm=m,=mg,可得地球的第一字宙速度”=√gR,B项正确；设距
R’R2
面高h的山顶处的重力加速度为g1,可得，CWm
左十)工=mg、、结合”mg,可得三（K)名，对距离形2突方
处矿并底每=r-,解得6：R点】
(R+h)产(R-)C项正确：设卫星距离
R8,解得=
R3
R
(R+,)2sm4x
地面的高度为A1,则，CWm
(R+么)，结合=mg,可以求出此地球卫星的公转周期为
R2
2m(R+h)R+,D项正确。
12.【答案1)42分)(2)学(2分)(2分)
【解析】(1)小球通过最低点时的线速度=由。=wL,可得角速度w=4
d
(②)对小球受力分析可得F-mg=m心L,把a代人，可得P=mg+×,可得
=k,mg=b,解得m
db
13.【答案】1)竖直方向的运动(3分)(2)AB(3分，选对1个得1分，有选错不得分)(3)号24分)
【解析】(1)甲装置验证的是平抛的小球在竖直方向的运动和自由落体的小球运动规律相同，所以甲装置研究
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