2023年浙江省中考科学三轮冲刺——选择压轴题（含解析）

中考冲刺——选择压轴题
姓名：_____
一、选择题
1．（2022秋·浙江宁波·九年级期中）如图所示，测量小灯泡电功率的电路图，电源电压恒为6V，电流表量程0~0.6A，电压表量程0~3V，滑动变阻器规格“50Ω 1A”，小灯泡规格“2.5V 0.625W”，若不考虑小灯泡阻值随温度的变化，小灯泡两端电压不允许超过额定值，闭合开关，下列说法正确的是（　　）
A．滑片向右滑动，电流表示数变小，电压表示数变大
B．电路的最大电功率是1.8W
C．滑动变阻器的阻值允许调节的范围是14~50Ω
D．电流表的示数变化范围是0.1~0.3A
2．（2022春·浙江宁波·九年级宁波市第七中学校联考阶段练习）如图电路中，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V。在电路安全的情况下，闭合开关S，当滑片移到滑动变阻器的b端时，电压表的示数为4伏，10秒内定值电阻R1做功为5焦；当滑片P移到滑动变阻器的中点时，电压表的示数为3伏。下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为8V
B．定值电阻R1为16Ω
C．为保证电路安全，滑片移动过程中，变阻器R接入电路的阻值允许变化范围为0Ω~20Ω
D．为保证电路安全，滑片移动过程中，变阻器R消耗功率允许的变化范围为0.72W~1.125W
3．（2020秋·浙江宁波·九年级慈溪市新世纪实验学校校考阶段练习）下图所示，电源电压恒为5v，电压表的量程为 “0 3V”，电流表的量程为“0 0.6A”，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，灯泡标有“3V 1.8W”字样。闭合开关，在电路安全的情况下（不考虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（　　）
A．滑动变阻器的阻值允许调节的范围是0 20Ω
B．电流表的示数变化范围是0.1 0.6A
C．电压表示数的变化范围是1V 3V
D．小灯泡的最小功率是1W
4．（2020秋·浙江·九年级统考期末）如图，电源电压为4．5V，小灯泡规格为3V 0．6w(灯丝电阻不变)，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0．6A，滑动变阻器规格为50Ω 2A。保证电路元件安全，下列分析正确的是（ ）
A．电流变化范围是0-0．2A
B．滑动变阻器变化范围是7．5Ω—30Ω
C．小灯泡功率变化范围是0．2w-0．6w
D．电路的最小总功率是0．225w
5．（2020·浙江绍兴·统考模拟预测）如图，电源电压18 V且保持不变，电流表接“0～0.6 A”量程，电压表接“0～15 V”量程，灯泡上标有“6 V ，3 W”字样，灯丝电阻保持恒定不变，要求两电表示数均不超过量程，灯泡两端电压不能超过额定电压，下列说法正确的是 （ ）
A．滑动变阻器的滑片向左移动时，两电表的示数都将变大
B．当电流表示数为0.4A时，电压表示数为12V
C．该电路的最大功率是10.8W
D．滑动变阻器允许调节的范围是24欧～60欧
6．（2022·全国·二模）水平桌面上三个完全相同的容器内装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的小球分别放入容器内，小球静止后如图所示，此时三个容器内水面高度相同。以下说法不正确的是（　　）
A．小球受到的浮力大小 B．容器对桌面的压力大小
C．小球的质量大小 D．容器底部受到的液体压强大小
7．（2021春·浙江绍兴·九年级校联考期中）陪伴了诸暨人整整 26 年的茅渚埠桥已拆除并开始重建。大桥修建时，往往要向江中沉放大量的施工构件。如图甲所示，假设一正方体构件从江面被匀速吊入江水中，在沉入过程中，其下表面到水面的距离 h逐渐增大，构件所受浮力 F1、钢绳拉力 F2随 h 的变化如图乙所示。下列判断正确的是（　　）
　　
A．构件的边长为4m
B．构件密度为3×103kg/m3
C．浮力F1随h变化的图线是图乙中的①图线
D．当构件的下表面距江面4m深时，构件上表面受到江水的压强为4×104Pa
8．（2021春·浙江·九年级专题练习）如图所示，在盛有水的圆柱形容器内，体积为实心物块甲放在实心木块乙上，木块乙漂浮在水面上，木块受的浮力为F1，水对容器底部的压强为p1；现将甲取下并浸没水中，静止时，容器对甲的支持力为N，木块静止时受的浮力为F2，水对容器底部的压强为p2，水面深度变化5cm．已知木块乙的质量为400g，圆柱形容器的底面积为（g取10N/kg），则下列说法中正确的是（ ）
A．
B．容器对甲的支持力N为2N
C．甲的密度为
D． F1与F2的差值为11N
9．（2020春·浙江·九年级阶段练习）同一个正方体先后放入a、b、c三种液体中，静止时如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．物体受到的浮力
B．物体下表面受到液体的压强
C．物体上下表面所受的压力差不等
D．液体的密度
10．（2020·浙江·九年级期中）如图所示，甲、乙两个实心小球，体积分别为V甲、V乙，密度分别为ρ甲、ρ乙，质量分别为m甲、m乙，两个容器A、B中装有密度分别为ρ1、ρ2的液体，已知它们的密度关系为ρ1<ρ甲<ρ乙<ρ2，则：（ ）
A．若V甲=V乙，将甲、乙都放入容器A中，静止时二者所受浮力之比为ρ甲：ρ乙
B．若V甲=V乙，将甲、乙都放入容器B中，静止时二者所受浮力之比为ρ1：ρ2
C．若m甲=m乙，将甲、乙都放入容器B中，静止时二者所受浮力之比为ρ乙：ρ甲
D．若m甲=m乙，将甲、乙分别放入容器A、B中，静止时二者所受浮力之比为ρ1：ρ甲
11．（2021秋·浙江杭州·九年级杭州市十三中教育集团（总校）校联考阶段练习）有一包金属粉末，可能由Mg、Zn、Fe、Al、Ag这几种金属中的一种或几种组成。取该样品2.4g，加入100g稀硫酸恰好完全反应，只得到0.2gH2和无色溶液。下列说法正确的是（　　）
A．样品中一定只含有Mg B．样品中一定不含有Ag，可能含有Fe
C．该粉末中最多含有3种金属 D．100g稀硫酸中含H2SO4质量为19.6g
12．（2022秋·浙江绍兴·九年级统考期末）下列对各组成分的鉴别，根据现象得出的结论正确的是（　　）
鉴别 方法 现象 结论
A 鉴别固体中的成分（含有BaCl2、Na2SO4、Na2CO3中的一种或几种） 取部分样品溶于水中 产生白色沉淀 一定有BaCl2、Na2SO4，可能有Na2CO3
B 鉴别溶液中的溶质（含有Na2SO4、Na2CO3、NaNO3中的一种或几种） 取部分溶液，先加入足量的稀盐酸，再加入氯化钡溶液 产生气泡；产生白色沉淀 一定有Na2SO4、Na2CO3，可能有NaNO3
C 鉴别气体的成分（含有CO、H2、H2O中的一种或几种） 将气体先后通入装有氧化铜的玻璃管中，再对玻璃管加热→无水硫酸铜→澄清石灰水 黑色的氧化铜变红；无水硫酸铜变蓝；澄清石灰水变浑浊 一定有CO、H2、H2O
D 鉴别生成的沉淀（含有Mg(OH)2、BaCO3、AgCl中的一种或几种） 过滤得到的沉淀中加入足量的稀硝酸 沉淀部分溶解，产生气泡 一定有Mg(OH)2、BaCO3、AgCl
A．A B．B C．C D．D
13．（2021秋·浙江金华·九年级义乌市绣湖中学教育集团校联考期中）一包不纯的Na2CO3固体，杂质可能是CaCl2、NaCl、NaHCO3中的一种或几种。现取该样品溶于水得到澄清溶液；另取样品10.6g，加入100g稀盐酸恰好完全反应，产生气体4g，则下列判断不正确的是（　　）
A．加水得澄清溶液，样品中一定没有CaCl2
B．样品中一定含有NaCl，可能含有NaHCO3
C．样品中杂质可能只含有NaCl
D．所加的稀盐酸溶质质量分数大于7.3%
14．（2021春·浙江·九年级专题练习）实验室现有一瓶水垢样品，其成分为氢氧化镁和碳酸钙，已知：氢氧化镁受热易分解，反应的化学方程式为：；碳酸钙高温下分解。某兴趣小组为测定其中各成分的质量分数，取水垢样品加热，加热过程中剩余固体的质量随加热时间的变化如图所示。关于加热一段时间后剩余固体的判断，下列说法正确的是（　　）
A．、、三点剩余固体中钙元素的质量逐渐减小
B．若剩余固体中钙元素的质量分数为40.0%，则剩余固体的成分为、、
C．图中点对应的质量为9.2克，组成物质为和
D．若向点的剩余固体中加入足量稀盐酸，充分反应生成的质量为
15．（2021秋·浙江·九年级专题练习）某科学兴趣小组的同学，将实验室中某钢样品（假设钢样品中只含铁和碳），分成完全相同的质量为、、的三份，分别加入稀硫酸中进行实验（实验Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ），充分反应后，得到的实验数据如下表所示。下列分析中错误的是（　　）
实验Ⅰ 实验Ⅱ 实验Ⅲ
样品质量/ 2.84 4.26 6.23
加入稀硫酸质量/ 100 100 100
产生氢气质量/ 0.10 0.15 0.20
A．实验Ⅰ中，铁已完全参加反应
B．实验Ⅱ，铁参加反应的质量为
C．实验Ⅲ中，稀硫酸已完全参加反应实验
D．反应中所用稀硫酸的溶质质量分数为4.9%
16．（2020·浙江·模拟预测）某粗盐样品中除含有不溶性固体杂质外，可能还含有少量氯化镁、氯化钙、硫酸钠。某化学兴趣小组开展如下探究活动：
探究一：除去粗盐中不溶性杂质
探究二：从滤液1中提取氯化钠固体（该探究中，微溶物不沉淀）
关于以上探究活动，下列说法正确的是：（　　）
A．试剂甲是碳酸钠溶液，试剂乙是氯化钡溶液
B．滤液1中的溶质一定有氯化钠和氯化钙
C．若向探究二所得的白色滤渣中加入过量的稀盐酸，滤渣不溶解
D．往滤液4中加入适量试剂丙时有中和反应发生
17．（2019秋·浙江杭州·九年级统考期末）如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮重均为50N，滑轮组下端挂有物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，此时测力计的示数为550N。若在物体B下加挂重为90N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时物体B上升的速度大小为5cm/s。若不计绳重及滑轮的摩擦，g取10N/kg，则下列说法中正确的是（　　）
A．物体A所受滑动摩擦力大小为275N B．F的大小为530N
C．F做功的功率为42W D．B的重力为500N
18．（2022秋·浙江·九年级阶段练习）如图所示，一轻质弹簧一端系在墙上的O点，自由伸长到B点，今将一小物块m连在弹簧上，并把弹簧压缩到A点，然后释放，小物体能运动到C点，物体与水平地面间的摩擦力恒定，试判断下列说法中正确的是（　　）
A．物体从A到B动能越来越大，从B到C动能越来越小
B．物体从A到B动能先增大后减小，从B到C动能一直减小
C．物体从A到C动能一直在减小
D．物体动能最大的位置在B和C之间
19．（2020秋·浙江温州·九年级校联考阶段练习）如图，用水平力F推乙物块，使甲、乙、丙、丁四个完全相同的物块一起沿水平地面以相同的速度匀速运动，各物块受到摩擦力的情况是(　　)
A．甲物块受到一个摩擦力的作用 B．乙物块受到两个摩擦力的作用
C．丙物块受到两个摩擦力的作用 D．丁物块没有受到摩擦力的作用
20．（2020·浙江·九年级期中）如图所示，足够长的长方体木板甲在大小为12N的水平拉力F作用下，以0．2m/s的速度在水平地面上匀速运动，弹簧测力计的示数为2N， 2秒钟后，拉力F逐渐增大到16N。若不计弹簧测力计重、绳重、滑轮重、滑轮和绳间的摩擦，在运动过程中（ ）
A．F=12N时， 地面受到的摩擦力为16N
B．F =12N时，滑轮移动的速度为0．1m/s
C．F =12N时， 绳子拉物体甲的功率为1．6W
D．F =16N时，弹簧测力计的示数为4N
21．（2021·浙江·九年级校联考专题练习）如图所示，物体A重50N，物体B重30N，物体A在物体B的作用下向右做匀速直线运动。如果在物体A上施加一个水平向左的力F，使物体B以0.1m/s的速度匀速上升（滑轮和绳子的重以及绳子与滑轮之间的摩擦均不计）。则下列说法中正确的是（　　）
A．F的大小为30N
B．2s内拉力F所做的功是12J
C．A物体滑动时受到的摩擦力为20N
D．当物体B以0.1m/s上升时，物体A向左运动速度为0.2m/s
参考答案：
1．C
【详解】A．由电路图可知，滑动变阻器与小灯泡串联，当滑片向右滑动，滑动变阻器阻值增大，电路中电流减小，所以电流表示数减小，滑动变阻器两端电压增大，则小灯泡两端电压减小，所以电压表示数减小，故A错误；
B．小灯泡规格“2.5V 0.625W”，则灯泡正常工作时电流
电流表量程0~0.6A，所以电路中最大电流为0.25A，则
故B错误；
C．当小灯泡正常工作时，灯泡两端电压为2.5V，电路中电流为0.25A，则滑动变阻器最小阻值
滑动变阻器阻值越大，电流表示数越小，电压表示数越小，越安全，所以滑动变阻器的阻值允许调节的范围是14~50Ω，故C正确；
D．不考虑小灯泡阻值随温度的变化，小灯泡阻值
滑动变阻器阻值最大时，电路中电流最小，即
为了灯泡安全，电路中最大电流为0.25A，故电流表的示数变化范围是0.1~0.25A，故D错误。
故选C。
2．D
【详解】A．由电路图可知，R1与滑动变阻器R串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
由图可知，当滑片滑到b处时，变阻器接入电路的电阻最大为R且与电阻R1串联，滑动变阻器两端电压为
U大=4V
即
①
当滑片在中点时，变阻器接入电路的电阻为且与R1串联，此时滑动变阻器两端电压为
U中=3V
即
②
由①②可得
R=2R1，U=6V
故A错误。
B．当滑片移到滑动变阻器的b端时，电压表的示数为4伏，R1两端电压
UR1=U-U大=6V-4V=2V
由题可知，此时10秒内定值电阻R1做功为5焦，由W=UIt可得此时电路中的电流
定值电阻R1为
滑动变阻器的最大阻值为
故B错误。
C．当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流为
根据电流表的量程为0～0.6A，可知电路中的最大电流为0.6A，此时电路中的总电阻为
此时滑动变阻器R接入电路中的电阻最小，为
当滑动变阻器在b端时，电压表示数为4V，电流为0.25A，不超过电压表和电流表量程，故滑动变阻器R接入电路的阻值允许变化范围为2Ω~16Ω，故C错误。
D．当滑动变阻器接入电路中的电阻为2Ω时，电路中的电流为0.6A，其功率为
P小=I2R=（0.6A）2×2Ω=0.72W
当滑动变阻器接入电路中的电阻等于R1时，即接入电阻为8Ω时，滑动变阻器的功率最大，此时电路中的电流为
此时滑动变阻器功率为
P大=I2R=（0.375A）2×8Ω=1.125W
故变阻器R消耗功率允许的变化范围为0.72W~1.125W，故D正确。
故选D。
3．C
【详解】A．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测串联电路的电流。灯泡标有“3V 1.8W”，根据P=UI可得，灯泡的额定电流
灯泡正常发光时的电阻
电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，则灯泡两端最大电压为3V，通过灯泡的最大电流
由欧姆定律 可得，电路的最小总电阻
由串联电路的总电阻等于各分电阻之和可知，滑动变阻器连入电路的最小阻值
已知滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是3.3Ω～20Ω，故A错误。
B．电路中的最大总电阻是
则电路中的最小电流
所以电流表的变化范围为0.2A~0.6A，故B错误。
C．灯泡两端最小电压
所以电压表示数变化范围为1V~3V，故C正确。
D．此时灯泡的功率最小为
故D错误。
故选C。
4．B
【详解】A．由电路图知道，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。灯泡正常发光时的电压为3V，功率为0.6W，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压
U滑=U-UL=4.5V-3V=1.5V＜3V
则灯泡两端的电压可以达到3V，由P=UI知道，灯泡的额定电流
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为2A，所以，电路中的最大电流I大=0.2A，此时灯泡的最大功率为0.6W，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由I=知道，滑动变阻器接入电路中的最小阻值
灯泡的电阻
当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡和电路的总功率最小，此时灯泡两端的电压
UL′=U-U滑大=4.5V-3V=1.5V
电路中的最小电流
则电路中电流变化的范围是0.1A～0.2A，故A错误；
B．滑动变阻器接入电路中的最大阻值
即滑动变阻器阻值变化的范围是7.5Ω～30Ω，故B正确；
C．小灯泡的最小功率
PL′=I小2RL=（0.1A）2×15Ω=0.15W
即灯泡的功率变化范围是0.15W～0.6W，故C错误；
D．电路的最小总功率
P小=UI小=4.5V×0.1A=0.45W
故D错误。
故选B。
5．D
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由U＝IR可知，灯泡两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A错误；
由P＝UI可得，灯泡的额定电流：，
由可得，灯泡的电阻：，
因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流为0.5A，
此时电路中的总电阻：，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小＝R﹣RL＝36Ω﹣12Ω＝24Ω，
电路消耗的最大功率：P大＝UI大＝18V×0.5A＝9W，故C错误；
当电压表的示数最大为15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U滑大＝18V﹣15V＝3V，
因串联电路中各处的电流相等，，即，
解得：R滑大＝60Ω，
所以，滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω，故D正确；
当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压：
UL″＝IRL＝0.4A×12Ω＝4.8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的示数：U滑＝U﹣UL″＝18V﹣4.8V＝13.2V，故B错误。
6．D
【详解】A．由图知道，A、B、C三个小球排开水的体积关系为
VA排由F浮=ρ液gV排知道，浮力的大小关系为
FA故A正确，不符合题意；
B．因小球分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理知道，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中小球的重力等于小球排开水的重力，可视为容器中小球的重力补充了它排开的水的重力，所以三个容器和水、小球的总重力相等，由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为
F甲=F乙=F丙
故B正确，不符合题意；
C．由图可知，A、B漂浮，C悬浮，则由浮沉条件知道
GA=FA
GB=FB
GC=FC
由于A、B、C受到的浮力关系为
FA则A、B、C受到的重力关系为
GA所以A、B、C的质量关系为
mA故C正确，不符合题意；
D．小球静止时，三个容器内水面高度相同，即液体的深度h相同，水的密度一定，由知道，容器底受到水的压强关系为
pA=pB=pC
故D错误，符合题意。
故选D。
7．B
【分析】(1)当构件完全淹没时的高度则为构件的边长；
(2)利用体积公式求出其体积，根据图中可知构件完全浸没时的拉力，此时构件受到的浮力、重力以及拉力的关系为F浮=G-F2 ，然后将密度和体积代入可得ρ水gV排=ρgV-F2，将已知数据代入即可求出构件的密度。
(3)先分析构件下沉过程中，排开水的体积变大，因此构件受到的浮力变大，当构件排开水的体积不变时，构件受到的浮力也不再改变；
(4)利用p=ρ水gh即可求出底部受到江水的压强。
【详解】A．从乙图中可以看出，当构件完全淹没时的高度为2m，则构件边长为2m，故A错误。
B．构件体积
V=2m×2m×2m=8m3
构件完全淹没时，V排=V=8m3，F2=1.6×105N，则有
F浮=G F2
ρ水gV排=ρgV F2
代入数值可得
1×103kg/m3×10N/kg×8m3=ρ×10N/kg×8m3 1.6×105N
则ρ=3×103kg/m3，故B正确。
C．由图可知，构件在浸入水中的过程是排开的水的体积变大，所以浮力逐渐变大；当构件浸没后排开水的体积不变，所以浮力不变，因此浮力F1随h变化的图线是图乙中的②，故C错误。
D．当h=3m时，构件底部受到江水的压强
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa
故D错误。
故选B。
8．D
【详解】A．由甲和乙漂浮知道
将物块甲取下并沉入水中静止时，木块乙仍漂浮，故
此时乙所受浮力
此时甲所受浮力
甲放在实心木块乙上是排开液体的体积
甲取下并浸没水中，静止时排开液体的体积
比较两个式子可得
故水面下降，根据p=ρgh可知，水对容器底部的压强
故A错误；
B．排开液体体积的变化量
即
所以
甲静止容器底时容器对甲的支持力为
故B错误；
C．甲的密度为
故C错误；
D．F1与F2的差值
故D选项正确。
故选D。
9．B
【详解】A．由图可知正方体在三种液体中处于悬浮或漂浮状态，浮力和重力相等，同一正方体重力不变，在三种液体中所受浮力都等于重力，都相等，故A错误；
B．由浮力产生原因得
对b、c液体中的正方体来说，向下的压力为0，对a液体中的正方体，向下的压力大于0，故a液体下表面受到的压力大于b、c液体中正方体下表面受到的压力，b、c液体中正方体下表面受到的压力相等，同一正方体，下表面的面积相同，由可得物体下表面受到液体的压强有
故B正确；
C．正方体在三种液体中所受浮力相等，物体上下表面所受的压力差既是浮力，故C错误；
D．正方体所受浮力相等，再由和图中正方体在液体中的位置可知
故D错误。
故选B。
10．D
【详解】A．当V甲=V乙时，将两球都放入A容器中，由于ρ1<ρ甲<ρ乙，两球都将下沉，F浮=G排，则
==
故A不符合题意；
B．当V甲=V乙时，将两球都放入B容器中，由于ρ甲<ρ乙<ρ2，两球都将漂浮，浮力等于各自的重力
====
故B不符合题意；
C．将两球都放入B容器中，由于ρ甲<ρ乙<ρ2，两球都将漂浮，浮力等于各自的重力，若m甲=m乙，则
===
故C不符合题意；
D．当两球质量相等时，将甲、乙两球分别放入A、B容器中，由于ρ1<ρ甲<ρ乙<ρ2，甲在A中下沉，乙在B中漂浮，m甲=m乙，则
ρ甲V甲=ρ乙V乙
则
V甲=
静止时二者所受浮力之比
==
故D符合题意。
故选D。
11．C
【分析】根据金属活动性顺序中，排在氢前面的金属，能和稀盐酸、稀硫酸反应生成盐和氢气，进行分析。
【详解】A．因为硫酸亚铁溶液呈浅绿色，得到无色溶液，说明金属中一定没有铁。生成0.2g氢气，单独消耗镁2.4g，锌6.5g，铝1.8g，所以样品中不一定只含有Mg，也可能是铝和锌的混合物，该选项说法不正确。
B．完全反应后得到无色溶液，说明溶液中不含有硫酸亚铁，即样品中不含有铁，该选项说法不正确。
C．参加反应的金属的质量为2.4g，金属可能是只有镁、铝锌混合物、镁铝锌混合物，所以最多含有3种金属，该选项说法正确。
D．产生0.2g氢气，说明反应的硫酸中硫酸根的质量是9.6g，则硫酸质量：9.6g+0.2g=9.8g，该选项说法不正确。
故选C。
12．B
【详解】A. 鉴别固体中的成分，含有BaCl2、Na2SO4、Na2CO3中的一种或几种：取部分样品溶于水中，产生白色沉淀，一定有BaCl2，至少含有Na2CO3、Na2SO4中的一种，此选项错误；
B. 鉴别溶液中的溶质，含有Na2SO4、Na2CO3、NaNO3中的一种或几种：取部分溶液，先加入足量的稀盐酸，再加入氯化钡溶液，产生气泡，说明含有Na2CO3，产生白色沉淀，说明含有Na2SO4，可能有NaNO3，此选项正确；
C. 鉴别气体的成分，含有CO、H2、H2O中的一种或几种：将气体先后通入装有氧化铜的玻璃管中，再对玻璃管加热→无水硫酸铜→澄清石灰水，黑色的氧化铜变红，说明CO、H2中至少含有一种，无水硫酸铜变蓝，不能说明气体中含有水蒸气，因为如果气体中含有氢气时，氢气与氧化铜反应生成水，影响对水蒸气的干扰，应该先让气体通过无水硫酸铜，以验证气体中是否含有水蒸气，此选项错误；
D. 鉴别生成的沉淀，含有Mg(OH)2、BaCO3、AgCl中的一种或几种：过滤得到的沉淀中加入足量的稀硝酸，沉淀部分溶解，产生气泡，说明一定有BaCO3、AgCl，不能确定是否含有Mg(OH)2，此选项错误。
故选B。
13．D
【详解】A、由于碳酸钠和氯化钙能够生成白色的碳酸钙沉淀，而取该样品，溶于水得到澄清溶液，所以固体中一定不会含有氯化钙，故A正确。
BC、假设该固体都是碳酸钠，则设生成的二氧化碳的质量是x，反应的氯化氢的质量是y
，
x=4.4g
y=7.3g
因为实际产生二氧化碳质量为4g，由于杂质是碳酸氢钠也能生成二氧化碳，且碳酸氢钠的相对分子质量比碳酸钠小，所以同质量的碳酸氢钠比碳酸钠生成的二氧化碳要多，故杂质中一定含有氯化钠，可能含有碳酸氢钠，故BC正确。
D、如果该固体全部是碳酸钠，此时盐酸的溶质质量分数，而反应中的二氧化碳小于4.4g，所以消耗的氯化氢应该比此时要少，所以所加的稀盐酸溶质质量分数小于7.3%，故D错误。
故选D。
14．B
【详解】A、碳酸钙高温下分解的反应方程式为CaCO3 CaO+CO2↑，依据质量守恒定律可知，a、b、d三点剩余固体中钙元素的质量等于碳酸钙中钙元素的质量，故A错误；
B、分析图像可知，ab段的反应；
设：氢氧化镁的质量为x，生成氧化镁的质量为B
x=5.8g
B=4.0g
则水垢中碳酸钙的质量为15.8g-5.8g=10.0g，钙元素的质量为10.0g××100%=4.0g；
设碳酸钙分解生成二氧化碳的质量为y
y=4.4g
水垢未分解前的钙元素的质量分数为 ×100%≈25.3%；b点时固体中钙元素的质量分数为 ×100%≈28.6%；当水垢完全分解时固体中钙元素的质量分数为 ×100%≈41.7%；
通过以上分析可知，剩余固体的成分为CaCO3、MgO、CaO，钙元素的质量分数可能为40.0%，故B正确；
C、通过以上分析可知，图中x点对应的质量为4.0g+5.6g=9.6g，故C错误；
D、分析图像可知，c点剩余固体成分为碳酸钙和氧化镁，碳酸钙的质量为10.0g，若向c点的剩余固体中加入足量稀盐酸，充分反应生成CO2的质量为4.4g，15.8g-（4.0g+5.6g）=6.2g，故D错误。
故选：B。
15．D
【分析】根据实验1的数据可知，2.84g钢样完全反应放出氢气0.10g，同样组成的钢样4.26完全反应可放出氢气0.15g；而实验3取钢样6.23g时结果得到氢气只有0.2g，说明钢样未完全反应，则稀硫酸不足，稀硫酸完全反应。
【详解】A、根据实验1的数据可知，2.84g钢样完全反应放出氢气0.10g，同样组成的钢样4.26完全反应可放出氢气0.15g，说明实验I中，铁已完全参加反应，故正确。
B、设实验Ⅱ，铁参加反应的质量为x
x=4.2g，故正确。
C、根据实验1的数据可知，2.84g钢样完全反应放出氢气0.10g，同样组成的钢样4.26完全反应可放出氢气0.15g；而实验3取钢样6.23g时结果得到氢气只有0.2g，说明钢样未完全反应，则稀硫酸不足，稀硫酸完全反应，故正确。
D、设100g稀硫酸中溶质的质量为y
y=9.8g
反应中所用稀硫酸的溶质质量分数为：，故错误。
故选D。
16．D
【分析】粗盐中不溶性杂质用过滤的方法除去；
粗盐中的氯化镁用氢氧化钠检验，硫酸钠用氯化钡检验，氯化钙和多余的氯化钡用碳酸钠检验；
氢氧化钠和碳酸钠用适量的稀盐酸除去，蒸发后得到精盐。
【详解】A、试剂甲是氯化钡溶液，试剂乙是碳酸钠溶液，选项A不正确；
B、滤液1中的溶质一定有氯化钠，剩余的氯化钡干扰氯化钙的检验，所以可能有氯化钙，选项B不正确；
C、若向探究二所得的白色滤渣中加入过量的稀盐酸，滤渣全部溶解，选项C不正确；
D、往滤液4中加适量试剂丙时有中和反应发生，即氢氧化钠和稀盐酸反应，选项D正确。
故选D。
17．B
【详解】A．设物体A所受摩擦力大小为f，则有
2f50N＝550N
所以
f＝250N
A错误。
D．对于物体B，有
3f＝GBG滑
即
250N×3＝GB50N
所以
GB＝700N
D错误。
B．加挂物体C后，有
3（F—f）＝GBGCG滑
即
3（F250N）＝700N90N50N
解得
F＝530N
B正确。
C．物体B上升的速度为5cm/s，则拉力F端移动的速度
v＝3×5cm/s＝0.15m/s
F的功率
P＝Fv＝530N×0.15m/s＝79.5W
C错误。
故选B。
18．B
【分析】当物体受到的合力与运动方向相同时，物体做加速运动；如果合力为零，那么加速停止，此时速度最大；如果合力的方向与运动方向相反，那么物体做减速运动，据此分析物体动能的变化。
【详解】①在从A到B的过程中，弹簧被压缩，因此物体受到水平向右的推力。在开始的一段时间内，弹力大于阻力，合力与运动方向相同，因此物体做加速运动。由于形变程度减小，所以弹力在不断减小，当弹力和阻力相同时，合力为零，此时加速停止，速度最大。
②从这个点到B点时，弹力小于阻力，合力与运动方向相反，物体做减速运动；
③从B到C的过程中，弹力的方向向左，且随着形变程度的增大而增大。由于阻力方向也向左，所以物体受到的合力方向与运动方向相反，即物体做减速运动，直到静止下来。
物体从A到B速度先增大后减小，从B到C速度一直减小，故B正确，而A、C错误；
因为动能最大时，物体的速度最大，应该是阻力和弹力相等的位置，那么此时弹簧应该被压缩，即在A和B之间，故D错误。
故选B。
19．C
【详解】接触面是水平的，以下我们只分析水平方向的力：
A.甲：不受摩擦力的作用，如果受摩擦力的话，甲不能处于平衡状态。
B.乙：
甲不给乙摩擦力的作用，故乙只受到丙给它的一个摩擦力的作用。
CD.丙：
丁：
丁只受地面给它的一个摩擦力的作用。
因为丙给乙一个向后的摩擦力，故乙给丙一个向前的摩擦力，丙给丁一个向前的推力，所以丁给丙一个向后的推力，丙静止，故丙受到地面给它向后的摩擦力。
综上所述：甲，不受摩擦力；乙，受1个摩擦力；丙，受2个摩擦力；丁，受一个摩擦力。
故选C。
20．B
【详解】A.甲水平匀速运动时，乙受到的弹簧测力计的拉力与甲对它的摩擦力是一对平衡力，所以
f=F测力计=2N
甲受到滑轮的拉力与乙对甲的摩擦力、地面对甲的摩擦力平衡，由图动滑轮对甲的拉力
根据力的作用是相互的，乙对甲的摩擦力
f′=f=2N
由
f′+f地面=F拉
则
f地面=F拉-f′=6N-2N=4N
力的作用是相互的地面受到的摩擦力与地面对甲的摩擦力大小相等，为4N，故A错误。
B.滑轮为动滑轮，所以
故B正确。
C.由
绳子拉物体甲的功率
P=F拉×v甲=6N×0.2m/s=1.2W
故C错误。
D.当F=16N时，由于压力和接触面的粗糙程度不变，所以乙受到摩擦力不变，即弹簧测力计的示数仍为2N，故D错误。
故选B。
21．B
【详解】AC．由图知，n=3，物体A在物体B的作用下向右做匀速直线运动时， A受到的摩擦力等于B对A的拉力，即
拉动A向左运动时，A受力如图
故拉力F为
F=f+F拉=10N+10N=20N
故AC错误；
B．2s内B上升的高度
h= vt=0.1m/s×2s=0.2m
2s内拉力F移动的距离
s=3h=3×0.2m=0.6m
2s内拉力F所做的功
W=Fs=20N×0.6m=12J
故B正确；
D．由图知，n=3，当物体B以0.1m/s上升时，物体A移动的速度
vA=3vB=3×0.1m/s=0.3m/s
故D错误。
故选B。