邯郸市2022-2023学年第二学期质量检测
高一物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A C B C B D A AD BD ABC
1.A 解析:在最高点,乘客的向心加速度向下,处于失重状态,所以座椅对他的支持力小于乘客重力,故A
正确;在最低点,乘客的向心加速度向上,处于超重状态,所以座椅对他的支持力大于乘客重力,故B错
误;乘客随摩天轮匀速转动,动能不变,重力势能不断变化,所以机械能发生变化,故C错误;乘客重力的
功率等于重力乘以竖直方向的速度,故重力的功率一直变化,故D错误。
2.C 解析:t=0时刻,由动能E =1mv2k ,可得2 EkA=2EkB
,故A错误;A、B两物体均做匀减速直线运动,
由v t图像可知二者的加速度相同,则由Ff=ma,可得2FfA=FfB,故B错误;由能量守恒可知,整个过
程中动能因为摩擦力做功完全用来产生热量,则A、B两物体克服摩擦力做功之比为2∶1,摩擦产生的热
量之比也为2∶1,故C正确,D错误。
3.B 解析:B、D 两处的点电荷在A 点产生的合电场强度为零,C 处的点电荷在A 点产生的电场强度方向
沿CA 方向,要使A 点的电场强度为零,则匀强电场的方向沿AC 方向,故B正确。
4.C 解析:负点电荷从A 点运动到B 点,动能增加,则电场力做正功,电势能减小,则EpA>EpB,则φA<
φB,电场方向沿BA 方向,故A错误,C正确;v t图像的斜率表示加速度,则aA
可知EAB 点的右侧,故D错误。
5.B 解析:
εS
只将电容器b板向左平移,板间距d 增大,由C= r 可知,电容C 减小,又由U=Q,可知板4πkd C
, εS间电压增大 静电计的张角变大,故A错误;只将电容器b板向下平移,正对面积S 减小,由C= r 可4πkd
知,电容C 减小,板间电压增大,静电计的张角变大,故B正确;插入有机玻璃板,电介质的相对介电常数
增加,则电容C 增大,板间电压减小,静电计的张角变小,故C错误;由平行板电容器电容的定义式C=
εrS 可知,电容器的电容与两极板的电荷量无关,故D错误。4πkd
6.D 解析:电流表A与R1并联,再与R2串联,根据电流表内阻等于R1 阻值的4倍,则流过R1 的电流是
电流表A的4倍,即改装后的电流表的量程扩大为原来的5倍,则将接线柱1、2或1、3接入电路,每一小
格均表示0.10A,故D正确。
7.A 解析:带负电的粒子做曲线运动,轨迹弯向电场力的方向,由电场线与等势线垂直,负电荷受力方向与
电场方向相反,可知电场线垂直等势线向下,由沿电场线方向电势降低,可知φN>φM,EpM>EpN;由于只
有电场力做功,电势能和动能之和不变,所以vM大,则aM8.AD 解析:因为库仑力的作用A、B两球被排斥开,则满足mAgtanα=mBgtanα=F库,可知A、B两球的
质量一定相等,由于A、B两球所受的库仑力为相互作用力,大小一定相等,所以A、B两球的电荷量不一
定相等,故A、D正确。
高一物理答案 第 1页(共4页)
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WAB 9.BD 解析:点电荷从A 到B,由UAB= ,代入数据解得UAB=80V,同理q UBC=-45V
,由UAC=φA-
φC=φA-φB+φB-φC=UAB+UBC=35V,故B正确,A、C错误;设φB=0,则φA=80V,φC=45V,在
AB 上找到一点D,φD=45V,则BD=0.45m,连接CD,过B 点做CD 的垂线如图,利用几何关系得出
U
BE=0.36m,则E= BEBE=125V
/m,故D正确。
10.ABC 解析:设M、N的质量分别为m1、m2,星球X、Y的质量分别为M1、M2,星球表面的重力加速度分
别为g1、g2,半径分别为R1、R ,由图像纵截距可得
1
2 2mv
2∶1mv21 0 2 0=1∶2,则2 m1∶m2=1∶2
,由Ek
=E'k0+mgh,可知图像的斜率k=mg,可得m1g1∶m2g2=3∶1,则g1∶g2=6∶1,利用黄金代换式
GM=gR2,可得M1∶M2=3∶2,故A、B正确;由第一宇宙速度v=
GM ,则v1∶v2= 3∶1,故C正R
确;由重力的功率PG=mgvy=mg 2gh,则PG1∶PG2=36∶1,故D错误。
11.答案:(1)A(2分) (2)B(2分) (3)增大(2分) 1.1(2分)
解析:(1)测小灯泡的I U 图像需要电压从零开始,所以用分压式接法,则滑动变阻器应该选A;
(2)小灯泡电阻比较小,所以用电流表外接法,结合(1)中分压式接法可知,原理图应选B;
(3)根据小灯泡的I U 图像可知,电压增大,小灯泡的电阻增大,当U=2.5V,I=0.43A时,可求得
P=UI≈1.1W。
1 212.答案:(1)滑块和遮光条的总质量M(2分) (2) (M+m)d2 t2=mgl
(2分)
(3)d
2 2
2(2分)2lt mg=
Md
2(表示方法正确均给分)(2lt 2
分)
说明:(1)中质量用其他字母表示也给分,后面字母与(1)保持一致即可。
解析:(1)托盘、砝码以及滑块和遮光条组成的系统机械能守恒,所以还需要测量滑块和遮光条的总质
量M;
2
(2)根据系统机械能守恒,动能的增量等于势能的减少量,则可得1(2 M+m
)d
t2=mgl
;
2 2
(3)滑块和遮光条做初速度为零的匀加速直线运动,由d2=2al,则可得t a=
d
2,对滑块和遮光条若要验2lt
2
证牛顿第二定律,则m =Mdg 。2lt2
13.答案:(1)2∶1(4分) (2)2∶3(6分)
解析:(1)土星和天王星均围绕太阳做匀速圆周运动
高一物理答案 第 2页(共4页)
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由万有引力提供做圆周运动的向心力得GMm=mv
2
r2
( 分)
r 2
解得v= GMr
由于r土∶r天=1∶2
代入可得v土∶v天=2∶1 (2分)
(2)方法1:地球和火星均围绕太阳做圆周运动,由万有引力提供做圆周运动的向心力得
GMm=mr
·4π2
2 2 (2分)r T
2
单位时间扫过的面积为S =πr单 (T 2
分)
由于r地∶r火=2∶3
解得S单地∶S单火=2∶3 (2分)
2
方法2:利用GMmr2 =
mv (
r 2
分)
S =1单 2rvΔt
(2分)
由于r地∶r火=2∶3
解得S单地∶S单火=2∶3 (2分)
14.答案:(1)5×103V(5分) (2)0.3m(6分)
解析:(1)质子进入圆筒4时,被加速了4次,由动能定理可得
4 1qU= mv24 (3分)2
解得U=5×103V (2分)
(2)质子进入第9个圆筒时,被加速了9次,由动能定理可得
9qU=
1mv22 9
(2分)
质子在第9个圆筒中做匀速直线运动,则
L9=v
T
9· (2 2
分)
解得L9=0.3m (2分)
15.答案:(1)4.0m/s(4分) (2)6.5J(6分) (3)13.9J(7分)
解析:(1)设物块第一次到达Q 点时的速度为vQ,物块从第一次到达Q 点到返回P 点的过程,由动能定
理可得- 1μmg·(2L 21+L2)=0- mvQ (2分)2
解得vQ=4.0m/s (2分)
(2)物块离开弹簧后,到运动至P 点的过程中做匀速直线运动,后物块滑上传送带
若物块在传送带上一直做匀加速直线运动,则离开弹簧时物块的速度最小,设为v1,由动能定理可得
1 1
μmgL2=2mv
2
Q- 2 ( 分)2mv1 2
弹簧的弹性势能完全转化为物块的动能,由能量守恒可得
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Epmin=
1
2mv
2
1 (2分)
解得Epmin=6.5J (2分)
(3)弹簧压缩至弹性势能为8J时,物块离开弹簧的速度为v'1
由能量守恒可得E 1 2p=2mv'1
(1分)
解得v'1=4m/s=v0
则可知物块第一次通过传送带做匀速直线运动,二者之间无摩擦力,到达Q 点的速度也为v'1,由于v'1=
vQ,由第(1)问计算可知,物块再次到达Q 点后向右做匀减速运动至P 点,速度刚好减为零,此过程的时
间为t1,物块运动的位移大小为L2,传送带的位移大小为x1,产生的热量为Q1
可得L 1 22=2μgt1
,x1=v0t1 (1分)
Q1=μmg(x1+L2) (1分)
物块从P 点开始做匀加速直线运动,此过程的时间为t2,传送带的位移为x2,产生的热量为Q2。
可得L 1 22= μgt2,2 x2=v0t2
,v2=μgt2
Q2=μmg(x2-L2) (1分)
物块在QR 上做匀减速直线运动,位移为x3,由动能定理可得-μmgx3=0-
1mv22 (2 1
分)
解得x3=L2Q=Q1+Q2 (1分)
解得Q=83J≈13.9J (1分)
高一物理答案 第 4页(共4页)
{#{QQABRYCUogiAAhAAAABCQwlwCAKQkgGCAIgGAFAYsEAByANABAA=}#}绝密★启用前
3.如图所示，水平面上B,C,D三点分别固定着等量正点电荷，且AB=AC=AD,如果加一个与
7.如图所示，实线表示某电场的等差等势线，虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨
ABCD平面平行的匀强电场，使得A点的电场强度为零，则匀强电场的方向为
迹，设M点和N点的电势分别为9M9N,粒子在M点和N点时加速度大小分别为aM、a
邯郸市2022一2023学年第二学期质量检测
B①4
①D
速度大小分别为vM、N,电势能分别为EM、EN。下列判断正确的是
N
高一物理
A.沿AB方向
B.沿AC方向
C沿AD方向
D.沿CA方向
班级
姓名
.如图甲所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点，一个负点电荷从A点由静止释放，仅在
注意事项
静电力的作用下从A点运动到B点，其运动的。-1图像如图乙所示。则下列说法正确的是
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级和考号填写在答题卡上。
A.VMB.UM>UN .PM>ON
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需
C.M<9x.EMD.aM>aN .E M>EN
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本
A B
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两
试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
个以上选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
A.A点的电势高于B点的电势
8.如图用两根同样长的绝缘细线把两个带同种电荷的小球A、B悬挂在一点。两小球静止时，悬
、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
B.A点的电场强度大于B点的电场强度
符合题目要求的
线与竖直方向的偏角分别为a3,若满足α一3，则下列说法正确的是
1.邯郸园博园的“复兴之眼”是邯郸最大的摩天轮，摩天轮高达百米，共有49个舱位，可同时满是
C.点电荷在A点的电势能大于在B点的电势能
294人观光乘坐。摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列说法
D.若此电场线是单个点电荷形成的，则该点电荷一定带负电
正确的是
5.研究平行板电容器电容的决定因素的实验装置如图所示。下列说法正确的是
AA,B两球的质量一定相等
B.A、B两球的质量不一定相等
7777777
C,A,B两球的电荷量一定相等
D.A、B两球的电荷量不一定相等
A.在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力
A,实验中，只将电容器b板向左平移，静电计指针的张角变小
B.在最低点，乘客重力大于座椅对他的支持力
9.如图所示，在匀强电场中将电荷量为一3×10‘C的点电荷从电场中的A点移到B点的过程
B.实验中，只将电容器b板向下平移，静电十指针的张角变大
C摩天轮转动一周的过程中，乘客的机械能一直不变
C,实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大
中，克服静电力做了2.4×10J的功，再从B点移到C点，静电力做了1.35×10J的功
D.摩天轮转动一周的过程中，乘客重力做功的功率一直不变
2.如图甲所示，A、B两物体的质量之比mA:m。=1:2,它们以初速度2。和。在水平面上做
D.实验中，只增加极板所带的电荷量，静电计指针的张角变大，表明电容器的电容变小
已知电场的方向与ABC所在的平面平行，且AB=0.8m,BC=0.6m,AC=1.0m。下列说
匀减速直线运动，直到停止，其。-图像如图乙所示。关于此过程，下列说法正确的是
6.如图所示，其中电流表A的量程为0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,
法正确的是
电流表内阻等于R,阻值的4倍：R:的阻值等于电流表内阻的4倍。若用电流表A的表盘刻
2。
度表示流过接线柱1的电流值，则下列说法正确的是
2
A.t=0时刻，A,B两物体的动能相同
A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02A
B.A、B两物体所受摩擦力的大小相等
B.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.08A
C.整个过程中，AB两物体所受的摩擦力做功之比为2：
C.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.08A
AA、B两点的电势差为UAB=一80V
B.B.C两点的电势差为Uc=一45V
D.整个过程中，A、B两物体与地面摩擦产生的热量之比为1：2
D.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.10A
C.A,C两点的电势差为Uc=-125V
D.匀强电场的电场强度大小为E=125V/m
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