2022~2023学年度第二学期期末质量检测
高一物理试卷
考试时间：75分钟
试卷满分：100分
一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。其中1~7题为单选题，8~10题为多项选择
题，漏选得2分，错选得0分。)
1.生活中处处有圆周运动，下列说法正确的是
外轨5
车轮
内轨
甲
丙
A图甲中，汽车在水平路面上拐弯，受向心力、重力、支持力和摩擦力作用
B图乙中，洗衣机脱水时，被甩出去的水滴受到了离心力作用
C图丙中，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对轮缘会有挤压作用
D.图丁中，正常工作的钟表的时针与分针转动时的角速度之比为1：12
2.下面说法正确的是
A行星绕太阳运动时，经过近日点的速度小于经过远日点的速度
B“嫦娥五号”的发射速度介于第二宇宙速度与第三宇宙速度之间
C.卡文迪什用实验的方法测出引力常量G,因此被称为“第一个称量地球质量的人”
D.开普勒通过“月一地”检验验证了重力与地球对月亮的引力是同一性质的力
3.如图所示，带有一白点的黑色圆盘，绕过其中心且垂直于盘面的轴沿顺时针方向匀速转动，转速
n=20r/s。在暗室中用每秒闪光25次的频闪光源照射圆盘，则
A.观察到白点始终在同一个位置
B.观察到白点顺时针方向转动
C.观察到白点转动的周期为0.20s
D.观察到白点转动的周期为0.25s
0000000
4国家跳台滑雪中心将承担北京冬奥会跳台滑雪的比赛。滑雪轨道由倾角37°的斜面与水平面两
部分连接而成，运动员从O点以初速度。水平滑出，不计空气阻力，经过一段时间后运动员落在
轨道上，竖直速度与水平速度之比为子，若运动员以初速度2，水平滑出，已知重力加速度为g,
an37-子，运动员在空中的飞行时间为
8vo
A.38
4U0
c
20
D.to
2
(第4题)
(第5题)
5.如图所示，总长度为1，质量为m的柔软链条一半放置在水平粗糙桌面，另一半悬置空中。由静
止释放链条，链条左端点离开桌面前的过程中阻力做功大小为W。当链条左端点离开桌面时链
条处于竖直状态，重力加速度为g,此时链条的动能为
A.gmg-W
B号mgl+w
C.mal+W
D.mgl-W
6.物体A和B用轻绳相连，挂在轻弹簧下静止不动，如图(a)所示，A的质量
为m,B的质量为M。当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升经某一
位置时的速度大小为v,这时物体B的下落速度大小为u,如图(b)所示，
在这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量大小为
B
(a)
(b)
A.mu
B.mv+mu
C.mv+Mu
D.mu
7如图所示，4是“天宫一号”飞行器，b、c是地球同步卫星，此时，a、b恰好相距最近。已知地球质
量为M,半径为R,地球自转角速度为w,若“天宫一号”飞行器a和卫星b、c均沿逆时针方向转
动，“天宫一号”飞行器a的轨道半径为r,引力常量为G,则
A.“天宫一号”飞行器α的线速度小于卫星b的线速度
B.“天官一号”飞行器a在轨运行的周期大于24小时
色球
C.卫星c加速就一定能追上卫星b
2π
D.从此时起再经
一时间ab相距最近
GM
·2·
0000000２０２２~２０２３学年度第二学期期末质量检测
高一物理试卷参考答案
一、选择题(本大题共１０小题,每小题４分,共４０分.其中１~７题为单选题,８~１０题为多项选择
题,漏选得２分,错选得０分.)
１ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ ９ １０
D C C B A B D CD AD AB
二、实验题(本大题共２小题,１８分,１１题９分,第１２题９分)
１１．(每空３分)(１)
１
f２ (４ s８－s
２
６ ) (２)C (３)C
１２．(每空３分)(１)否 (２)２∶２∶１ (３)１∶２∶２
三、解答题(本大题共３小题,４２分,１３题１０分,第１４题１４分,第１５题１８分,解答须写出必要的
文字说明、证明过程或演算步骤)
１３．(１０分)【答案】(１)６４kW;(２)４m/s２;(３)１２８m
【解】(１)加速过程在图中的B 点结束,即此后汽车沿平直路面做匀速运动,
由图可知此时最小的牵引力Fmin＝４×１０３N,最大的速度vmax＝１６m/s (１分)
则汽车恒定功率为P＝F ３minvmax＝４×１０ ×１６W＝６４kW (２分)
(２)由题知,当汽车做匀速直线运动时,阻力等于最小的牵引力,
则由平衡条件可得阻力为f＝F ３min＝４×１０N, (１分)
由图可知,图中A 点对应的牵引力为F＝８×１０３N,
根据牛顿第二定律有F－f＝ma 解得加速度a＝４m/s２ (２分)
(３)设０—１０s汽车经历的路程为s,根据动能定理有
１
Pt－fs＝ ２２mvmax
(２分)
代入数据解得s＝１２８m (２分)
１４．(１４分)【答案】(１)vB＝２m/s;(２)μ＝０．３２
【解】(１)设当B 向右运动１．５m 时,定滑轮与B 之间的绳子与水
平地面之间的夹角为α,
则有 ２ ４tanα＝ 可知１．５＝３ α＝５３°
将此刻B 的速度进行分
解 (２分)
如图所示,可知vA＝vBcosα解得vB＝２m/s (３分)
１
{#{QQABQYaEgggAABAAAAACEwXiCEEQkgECACgGREAYsEAAyBFABCA=}#}
(２)当B 向右运动１．５m 时,A 沿斜面向上移动的距离
d＝ ２ －２÷m＝０．５m (２分)
èsinα
设A 的质量为m,则A 受到斜面的摩擦力大小为Ff＝μmgcos３７° (１分)
A、B 的质量比为１∶２,则B 的质量为２m,A 的初速度为零,B 的初速度为v０＝３m/s
(１分)
根据动能定理有 １ １ １－mgdsin３７°－Ffd＝ ２２mvA＋２×２m×v
２－ ２B ( 分)２×２m×v０ ３
解得μ＝０．３２ (２分)
１５．(１８分)【答案】(１)子弹击中滑块A 后瞬间,A 的速度大小为４m/s;
(２)滑板B 右端与固定台阶相距x 为０．２５m;
(３)子弹的速度满足１５０m/s＜v子 ≤３００m/s,B 与台阶仅相碰两次.
【解】(１)子弹击中A 过程中,对子弹及滑块A,系统动量守恒,规定向右为正方向,
根据动量守恒定律得mv０＝(m＋mA)v共１ (２分)
代入数据解得v共１＝４m/s则A 的速度大小为vA＝v共１＝４m/s (２分)
(２)规定向右为正方向,子弹、A 和B 组成的系统动量守恒,三者刚好共速时,
由动量守恒可得(m＋mA)v共１＝(m＋mA＋mB)v共２ (２分)
代入数据解得v共２＝１m/s (１分)
对滑板B,运用动能定理得
１
μ(m ＋m)gx＝ ２A ( 分)２mBv共２ ２
代入数据解得x＝０．２５m (１分)
(３)设
１
B 碰撞前的速度v ２B,由动能定理可得μ(mA＋m)gx＝２mBvB
(１分)
代入数据解得vB＝１m/s (１分)
B 与台阶碰撞后速度大小不变,故每次相碰台阶对B 的冲量大小
I＝２pB＝２mBvB＝２×１．５×１kg m/s＝３kg m/s (１分)
子弹、A 和B 组成的系统而言,系统总动量p总 ＝mv子 ＝(m＋mA)v共３
B 与台阶每相碰一次,台阶对系统的改变为Δp＝２pB＝３kg m/s规定向右为正方向,
当系统的总动量为负值时,即总动量方向向左时,B 不再与台阶相碰,
故B 与台阶相碰两次的条件是:发生一次碰撞２pB＜mv子 (２分)
发生两次碰撞４pB≥mv子 (２分)
代入数据解得１５０m/s＜v子 ≤３００m/sB 与台阶仅相碰两次. (１分)
２
{#{QQABQYaEgggAABAAAAACEwXiCEEQkgECACgGREAYsEAAyBFABCA=}#}
