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{#{QQABbYQEggAIQBBAAQBCAw0SCgEQkhGCCIgGwAAUoEAAyANABCA=}#}2022—2023 学年度第二学期期末学业水平诊断
高二物理参考答案及评分意见
一、单项选择题：本题共 8小题，每小题 3分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合
题目要求的。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8
答案 A C A C B B D D
二、多项选择题：本题共 4小题，每小题 4分，共 16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目
要求。全部选对的得 4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分。
题号 9 10 11 12
答案 AC BCD BD AB
三、非选择题：本题共 6小题，共 60分。
k
13．（6分）⑴保持封闭气体的温度不变（1分）⑵b（1分）⑶ h （3分）⑷偏大（1分）0 b
m1 m2 m14．(8分)⑴AD（3分，选不全得 2分，错选 0分）⑵ 3 （3分）
l1 l2 l3
⑶定滑轮有摩擦、木板未竖直放置等(回答出一项合理答案即可 2分)
15. 解：
⑴设 AB、CD段绳的拉力分别为 FAB、FCD，以两灯整体为研究对象，根据平衡得：
FABsin30°=FCDsin60° …………………………………①（1分）
FABcos30°+FCDcos60°=3mg ……………………………………②（1分）
3 3 3
根据以上两式可得：FAB= mg ， FCD = mg …………………………③（2分）2 2
⑵设绳 MN所受拉力为 FMN，对 b灯进行受力分析，由平衡得：
FMNsinθ=FCDsin60° ……………………………………………④（1分）
FMNcosθ+FCDcos60°=2mg ………………………………………………………⑤（1分）
3 3
根据以上两式得： tan = ……………………………………⑥（1分）
5
高二物理答案第 1页（共 3页）
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16．(9分)解：
⑴发电机的输出功率 P=η1ρQgh=5×104W ……………………………①（1分）
电功率损失为 P=I2R …………………………………………②（1分）
P
解得输电线中的电流为 I= P 2R R =10A …………………………③（1分）
⑵升压变压器原线圈两端的电压 U1=240V
副线圈的输出电压为 U P2= 3I =5×10 V ……………………………………④（1分）
n1 U故升压变压器原、副线圈的匝数比为 1 6n2 U
2 125
……………………⑤（1分）
输电线上的电压损失为 U=IR=300V ……………………………………⑥（1分）
降压变压器原线圈两端的电压为 U3=U2－ U=4700V ……………………⑦（1分）
降压变压器副线圈的输出电压为 U4=220V
n U
故降压变压器原、副线圈的匝数比为 3 3n U
235
11 ……………………⑧（2分）4 4
⑶设正常发光的电灯的盏数为 N，则 N= P PP =470(盏) ……………⑨（1分）
灯
17．(14分)
⑴若该装置放入水深 10m处，由于 p0相当于 10m高的水产生的压强，因此此时汽缸 P中气体的压强
为 p1=2p0 ……………………………………………①（1分）
由于汽缸 Q中气体的压强等于 4p0，因此活塞 B不动。……………………②（1分）
设活塞 A向下移动距离为 d，P内气体为等温变化，
由波义耳定律得 p0L 2S= p1(L－d) 2S …………………………③（2分）
解得 d= L2 ………………………………………④（1分）
⑵当测量最大深度时，活塞 A刚好到汽缸 P的底端，设活塞 B向下移动的距离为 x，当活塞 B再次静
止时，上下两部分气体压强相等，设为 p2，对 P中气体，由玻意耳定律得
p0L 2S= p2x S ………………………………⑤（2分）
对 Q中的气体，由玻意耳定律得 4p0L S=p2(L－x) S …………………⑥（2分）
解得 p2=6p0 …………………………………⑦（1分）
又因为 p2=p0+ρghm ………………………………⑧（2分）
所以 hm=50m ……………………………………⑨（2分）
高二物理答案第 2页（共 3页）
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18．(16分)
解：⑴由题意可知，若开关始终接 a，棒做匀变速运动，设加速度为 a，
则有 BIL ma………………………………………………………………………①（1分）
解得:a=2m/s2…………………………………………………………………………②（1分）
⑵（ⅰ） E BLv0………………………………………………………………………③（1分）
I E ……………………………………………………………………………④（1分）
R r
U IR………………………………………………………………………………⑤（1分）
由③④⑤解得：U=0.6V………………………………………………………………（1分）
（ⅱ）可知棒先做减速运动，当棒的感应电动势等于电容器两端电压时，电容器带电量最大，设此时电容
器带电量为 Q，板间电压为 U，此后棒做匀速直线运动，设运动的速度为 v，则有
Q＝CU………………………………………………………………………………⑥（1分）
U BLv ……………………………………………………………………………⑦（1分）
_
从开始减速到开始匀速过程，设该过程中棒中平均电流为 I ，所用时间为 t
_
Q I t……………………………………………………………………………⑧（1分）
_
根据动量定理： - B I L t mv -mv0 …………………………………………⑨（1分）
由⑥⑦⑧⑨解得:Q 2C……………………（1分）
v
（ⅲ）经分析，要想在最短时间内静止，需先接 b，当棒的加
4 A
速度减到为 a=2m/s2时，设此时速度为 v'，然后接 a，并同时
通过调整电流方向使棒匀减速运动到停止。
2
第一阶段过程： P
当棒的加速度减到为 a=2m/s2时，
C
根据①③④同理可得 v'=2m/s B……………………（1分） 0 D t
_
应用动量定理： - B I L t mv -mv 2………⑩（1分） 解析：只接 a以 2m/s 加速度匀减速，0
运动图像如图 AB所示，经计算减速到
应用法拉第电磁感应定律： E BL x 1 … （1分） 零过程的运动位移为 4m，只接 b做加
t
速度减小的减速，经计算，初始加速
由④⑧⑩ 得 x1 2m………………………⑿ 度为 4m/s2，减速到零过程的运动位移
也为 4m，因此其运动图像如图 APC
第二阶段过程： 2a x 22 v ………⒀(1分) 所示。图中 P点是与 AB平行的线与曲
线 APC的切点，因此，图线 APD是最
由⑿⒀得总位移 x x1 x2 3m……(1分) 短时间减速到零的运动图像。
高二物理答案第 3页（共 3页）
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