2022一2023学年度第二学期期末学业水平诊断
高一物理
注意事项：
1,答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、座号等填写在答题卡的指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。回答非
选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。考试结束只交答题卡。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.关于圆周运动，下列说法正确的是
A.做匀速圆周运动的物体受到的合力一定是恒力
B.做匀速圆周运动的物体线速度和角速度都保持不变
C.做圆周运动的物体所受合力方向始终与速度方向垂直
D.在圆周运动中，线速度的大小等于角速度的大小与半径的乘积
2.下列说法正确的是
A.做匀变速直线运动的物体的机械能一定不守恒
B.在竖直平面内做匀速圆周运动的物体机械能守恒
C.做平抛运动的物体在任意相等时间内动能的增量相等
D,质量相同的卫星在不同轨道上绕地球做匀速圆周运动，轨道半径越小，卫星的动能越大
3.2019年3月19日，复旦大学科研团队宣称已成功制备出具有较高电导率的砷化铌纳米带材料，
据介绍该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率σ就是电阻率p的倒数，即。=】。下列说
0
法正确的是
A.电导率的单位是2m
B.材料的电导率越大，其导电性能越强
C.材料的电导率只与材料本身有关，与温度等因素无关
D.材料的电导率大小与材料的长度、横截面积等因素有关
4.2023年5月30日，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中
心发射，约10分钟后，神舟十六号载人飞船与火箭成功分离，逃入预定轨道，之后成功与离
高一物理第1页（共8页）
地高度约为400km的中国空间站对接，发射取得圆满成功。这次任务是我国载人航天工程进入
空间站应用与发展阶段的首次载人飞行任务，是工程立项实施以来的第29次发射任务，也是
长征系列运载火箭的第475次飞行。下列说法正确的是
A,空间站绕地球的运行速度大于第一宇宙速度
B,空间站与地心连线在相等时间内扫过的面积相等
C.空间站绕地球的运行周期大于月球绕地球的运行周期
D该飞船的发射速度大于第二宇宙速度且小于第三宇宙速度
5.如图所示，三个质量均为m的带正电小球A、B、C被三根不可伸长的绝缘细绳系于O点，三
球平衡时绳OC处于竖直方向，且悬点O、球A、球C和球B所在位置恰好组成一个边长为a
正方形。己知A、B、C的电荷量分别为q92、9,mg=g,静电力常量为k,重加
度为g,则q1:92:93等于
A11:2
B.1:2:
2
A91
92海B
C1:
4
D.152
4
q5
6.如图甲所示，
在光滑的水平面上有一质量为2kg的物块，在水平变力F作用下从坐标原点处，
沿x轴正方向由静止开始做直线运动，力F随位移x的变化情况如图乙所示。则物块运动到x-8m
处时，速度大小为
个FN
A.2m/s
B.√6m/s
6
C.22 m/s
D.4m/s
7,某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。在这种疗法中，为了能让质子轰击肿瘤并杀死癌细胞，
首先要实现质子的高速运动，该过程需要一种被称作“粒子加速器”的装置来实现。来自质子
源的质子（初速度为零），经粒子加速器加速后，形成细柱形的质子流。某次治疗时，所形成
的质子流的等效电流为，则此时加速器的加速电压U为（已知该细柱形的质子流横截面积为
S,单位体积的质子数为n,质子的质量为m,其电荷量为e)
A.
mp2
B.
m
2n'e'S
2n'eS2
C.
m
mI
4n'es
4ne's2
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高一物理参考答案及评分意见
一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8
答案 D D B B C A A C
二、多项选择题：本题共 6 小题，每小题 3 分，共 18 分。每小题有多个选项符合题目要求。全部
选对得 3 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。
9 10 11 12 13 14
AC BD AB AD BCD AC
三、本题共 4 小题，共 18 分.
V
15．（4 分）8.400 3.050（每空 2 分）
A
Rx
16．（4 分）⑴零刻度⑵×100⑶欧姆零点(0Ω)⑷1300（每空 1 分）
17．（4 分）⑴A、C（每空 1 分）；
S E
⑵如图（2 分）
5 f (x x ) f
2 (x x )2 f 2 x2 f 2 x (x 2x )
4 2 2 4 4 2
18．（6 分）⑴ （2 分）⑵ 4 2 （2 分）⑶ 或 （2 分）
f 10 100(x x ) 100(x x )3 1 3 1
四、本题共 4 小题，共 40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最
后答案的不能得分。有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位。
19．(8 分)
解：⑴货物达到最大速度时有 F-mgsinθ-μmgcosθ=0……………………①（1 分）
P=Fvm……………………………………………………………②（1 分）
P ………………………………………………………③（1 分）
v =
m
2mg sin
⑵在时间 t 内，货物运动的位移为 x1，由动能定理可得
………………………………④（2 分）
1
Pt (mg sin + mg cos )x = mv2 0
1 m
2
高一物理答案第1页（共 4 页）
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设此后货物向上滑行的位移为 x2，由动能定理可得
1
(mg sin + mg cos )x = 0 mv22 m ……………………………⑤（1 分）
2
货物在斜面上运动的总位移 x=x1+x2…………………………………⑥（1 分）
Pt
由④⑤⑥式解得： x = …………………………………⑦（1 分）
2mgsin
20.（10 分）
2
解：⑴对卫星 A 有GMmA 4 = m r ……………………………………………①（1 分）
2 A Ar T 2A
对卫星 B 有GMmA 4
2
= m r ……………………………………………………②（1 分）
2 B Br 2B TB
联立①②解得： TT = ……………………………………………………………③（1 分） B
8
GMm
⑵对地球表面附近物体 0 = m2 0g ……………………………………………④（1 分） R
2 2
联立①④解得： gR Tr = 3 ………………………………⑤（1 分） A
4 2
2 2
由题意可知 1 1 gR Tr = r = 3 ………………………………⑥ B A
4 4 4 2
T 2 T 在0 时间内，A 卫星转过的角度为 = = ………………………⑦（1 分） 1
6 T 6 3
2 T
B 卫星转过的角度为 = …………………………⑧ 2
TB 6
联立③⑧解得： 8 = ……………………⑨（1 分） 2
3 A
由数学知识可得，两颗卫星轨道半径之间的夹角（锐角）为
B A'
rA
= 2 - 1 - 2 = ……………………⑩（1 分）
3 O Δθ Δr
r
如图所示，由余弦定理得，两颗卫星之间的距离为 B B'
r = r 2A + r
2
B 2rArB cos …………………………… （1 分）
联立⑤⑥⑩ 解得 13 gR
2T 2
r = 3 ……………………… （1 分）
4 4 2
21.（10 分）
解：⑴设滑块沿着斜面运动加速度为 a，由牛顿第二定律得
Eqcosθ-mgsinθ=ma………………………………①（1 分）
解得 a=0 …………………………………………②（1 分）
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故滑块沿着斜面以速度 v0做匀速直线运动，离开斜面后，滑块做匀变速曲线运动，沿着水平向右
的方向和竖直向上的方向建立平面直角坐标系，坐标原点设在斜面的最高点，如图所示
在水平 x 方向，受电场力作用，加速度为
y
v0
Eq =ma ……………………………………③（1 分） x
O
3 x
a = g …………………………………④ x
4
在竖直 y 方向，受重力作用，加速度为 g
到达最高点时，竖直方向速度为零，则有
0=v0sinθ-gt………⑤（1 分）
水平速度为vx = v cos + a t………………………………………⑥ 0 x
联立⑤⑥解得 5vx = v 0
4
滑块运动到轨迹最高点时的速度大小为 5v = v = v ……………⑦（1 分） x 0
4
⑵滑块离开斜面后到落到水平面上过程中，竖直方向位移 y=-Lsinθ
1
y = v0 sin t - gt
2…………………………⑧（1 分）
2
解得 8vt = 0
5g
水平方向 1x = v0 cos t + axt
2………………⑨（1 分）
2
解得 56v
2
x = 0
25g
整个过程中，电场力对滑块做的功为 W=Eq(Lcosθ+x)…………⑩（1 分）
由功能关系可得电势能的变化量为 E = W …………………… （1 分） P
EP = 2mv
2 ………………………………………………………… （1 分）
0
22.（12 分）
解：⑴设弹簧获得最大弹性势能为 EPm，由能量守恒定律得
EPm=mgh-μmg×2R………………………………………………………①（1 分）
EPm=4mgR ………………………………………………………………②（1 分）
⑵设滑块第一次到达圆周轨道最高点时速度为 v，由机械能守恒定律得
高一物理答案第3页（共 4 页）
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1
mg 5R mg 2R = mv2 ……………………………………………………③（1 分）
2
v2
F +mg = m ………………………………………………………………④（1 分） N
R
F N = 5mg
由牛顿第三定律可知，滑块在最高点对轨道压力大小为F N = FN = 5mg…⑤（1 分）
⑶设滑块能够在竖直圆周轨道做完整圆周运动时，在最高点和最低点的最小速度分别为 v0、V0，
v2则有 mg = m 0 ………………………………⑥
R
1 2 1mV = mg 2R + mv2………………………⑦（1 分） 0 0
2 2
由⑥⑦解得V0 = 5gR
设滑块和弹簧第一次作用后，经过 CD 返回到圆周轨道最低点 C 时的速度大小为 v1，则
1
mg 5R 2 mg 2R = mv2…………………………⑧ 1
2
解得v1 = 6gR
由于v1＞V ，滑块能够到达最高点返回斜面，而后又从斜面返回并离开圆周轨道，并再一次和弹簧0
发生作用，设滑块和弹簧第二次作用后，经过 CD 返回到圆周轨道最低点 C 时的速度大小为 v2，
则 1mg 5R 4 mg 2R = mv2……………………⑨（1 分） 2
2
解得 v = 2gR
2
设滑块以速度 v2 从 C 点进入圆周轨道，能够上升的最大高度为 h1，则
1 2 ……………………⑩（1 分） mv = mgh
2 1
2
解得 h1=R，由此可见滑块沿着圆周轨道运动 1 圆周后，再次返回到 CD 轨道上运动，设滑块在轨
4
道 CD 段运动的总路程为 s，则由能量守恒定律得 mg×5R=μmgs………… （1 分）
在 CD 段运动的加速度的大小为 a=μg……………………………………… （1 分）
1
s = at 2 …………………………………………………………………………… （1 分）
2
解得 10Rt = 2 …………………………………………………………………… （1 分）
g
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