(共51张PPT)
第三节 自由组合定律
第2课时 自由组合定律
第一章 遗传的细胞基础
课标内容要求
核心素养对接
必备知识·自主预习储备
01
测交法
1∶1∶1∶1
YyRr
4
相等
分离
自由组合
配子
互不干扰
同一性状
自由组合
性状
基因组成
相对性状
关键能力·重难探究达成
02
核心点一
核心点二
应用创新·问题情境探究
03
学习效果·随堂评估自测
04
点击右图进入…
课
时
分
层
作
业
谢谢观看 THANK YOU!
W
测交
杂种子一代
隐性纯合子
黄色圆粒
绿色皱粒
X
配子
测交后代
YyRr
yyRr
yyrr
比例
浅仰芹
亲代：
Aa
×
Aa
①
2
配子：
a
a
3
子代：AA
Aa
Aa
aa
亲代：
AaBb
X
AaBb
4
5
配子：ABAb aB ab
ABAb aBab
⑥
子代：AB
A bb
aaB aabb
依据相对性状或等位基因对数()，将
自由组合问题拆分为n个分离定律问
拆
题，如AaBb×aaBb,等位基因两对，应
拆成2个分离定律问题
逐对分析拆出的分离定律问题，如：
析
Aa×aa>1/2Aa、1/2aa
Bb×Bb→1/4BB、1/2Bb、1/4bb
依据所求基因型或表型，将分析出
的分离定律相应的结果进行组合，其
组
概率乘积即为所求，如AaBb×aaBb,
子代AaBB的概率为1/2(Aa)×
1/4(BB)
1/8
依据相对性状或等位基因对数()，将
自由组合问题拆分为n个分离定律问
拆
题，如AaBb×aaBb,等位基因两对，应
拆成2个分离定律问题
逐对分析拆出的分离定律问题，如：
析
Aa×aa>1/2Aa、1/2aa
Bb×Bb→1/4BB、1/2Bb、1/4bb
依据所求基因型或表型，将分析出
的分离定律相应的结果进行组合，其
组
概率乘积即为所求，如AaBb×aaBb,
子代AaBB的概率为1/2(Aa)×
1/4(BB)
1/8
我仰
h
团结守纪勤学春
对自由组合现
F,与双隐性纯合子杂交，后代出现
象解释的验证
4种性状表现，比例为1：1：1：1
材料选择
科学方法
孟德尔成
孟德尔的豌
孟德尔遗传规
功的原因
豆杂交实验
律的再发现
逻辑推理
自由组合定律
真核生物
实质
有性生殖
适用
决定同一性状的成对遗传因子彼此分
范围
离，决定不同性状的遗传因子自由组合
核基因遗传第2课时 自由组合定律
阐明有性生殖中基因自由组合使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。 1．科学思维——归纳总结核心概念间的关系。感悟科学研究的一般规律，提高科学素养。2．科学探究——体验孟德尔遗传实验的科学方法和创新思维。3．社会责任——认同孟德尔敢于质疑的科学精神，大胆的想象和创新精神。
一、对自由组合现象解释的验证——演绎推理
1．验证方法：测交法。
2．遗传图解
(1)由测交后代的遗传因子组成及比例可推知：
①杂种子一代产生的配子的比例为1∶1∶1∶1。
②杂种子一代的遗传因子组成为YyRr。
(2)通过测交实验的结果可证实：
①F1产生4种类型且比例相等的配子。
②F1在形成配子时，决定同一性状的成对遗传因子发生了分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。
二、自由组合定律——得出结论
三、孟德尔遗传规律的再发现
1．表型：指生物体表现出来的性状。
2．基因型：指与表型有关的基因组成。
3．等位基因：控制相对性状的基因。
(正确的打“√”，错误的打“×”)
1．测交实验必须有一隐性纯合子参与。 ( )
2．测交实验结果只能证实F1产生配子的种类，不能证明不同配子间的比例。( )
3．孟德尔在以豌豆为材料所做的实验中，通过杂交实验发现问题，然后提出假设进行解释，再通过测交实验进行验证。 ( )
4．基因A、a和基因B、b分别控制两对相对性状，一亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为1∶1，则这个亲本的基因型为AABb。( )
提示：1．√
2．× 测交实验能检测F1产生的配子的种类及比例。
3．√
4．√
自由组合现象的验证及自由组合定律
1．对自由组合现象解释的验证
(1)方法：测交，即让F1与隐性纯合子杂交。
(2)目的：
①测定F1产生的配子种类及比例。
②测定F1的遗传因子组成。
③判定F1在形成配子时遗传因子的行为。
(3)结果及结论：
①F1的基因型为YyRr。
②F1减数分裂产生四种配子：YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1。
③证实在形成配子时，决定同一性状的成对遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。
2．自由组合定律的“三性”
(1)同时性：决定同一性状的成对遗传因子彼此分离与决定不同性状的遗传因子自由组合同时进行。
(2)独立性：决定同一性状的成对遗传因子彼此分离与决定不同性状的遗传因子自由组合，互不干扰，各自独立地分配到配子中去。
(3)普遍性：自由组合定律广泛适用于生物界。
遗传规律的适用范围
3．表型、基因型和等位基因的概念及理解
项目 概念 理解
表型 生物体表现出来的性状 表型＝性状表现(类型)
基因型 与表型有关的基因组成 基因型＝遗传因子组成
等位基因 控制相对性状的基因 等位基因＝成对的遗传因子
1．(多选)下列有关测交的说法，正确的是( )
A．测交实验是孟德尔“假说—演绎法”中对推理过程及结果进行验证的方法
B．对基因型为YyRr的黄色圆粒豌豆进行测交，后代中出现该基因型的个体的概率为1/4
C．通过测交可以推测被测个体的基因型、产生配子的种类和产生配子的数量等
D．对某植株进行测交，得到的后代的基因型为Rrbb和RrBb(两对等位基因独立遗传)，则该植株的基因型是Rrbb
AB [测交是孟德尔“假说—演绎法”中对推理过程及结果进行验证的方法；基因型为YyRr的个体会产生YR、Yr、yR、yr四种配子，由于隐性纯合子只能产生yr一种配子，测交后代中会出现基因型为YyRr的个体，且出现的概率为1/4；测交不能测定被测个体产生配子的数量；由于隐性纯合子只能产生一种配子(rb)，所以“某植株”产生的两种配子是Rb、RB，则其基因型是RRBb。]
2．(多选)(2021·江苏镇江月考)关于下列图解的理解正确的是( )
图甲
图乙
A．自由组合定律的实质表现在图中的⑥
B．③⑥过程表示减数分裂过程
C．分离定律的实质表现在图中的①②④⑤
D．图乙子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/3
CD [图中①②④⑤表示减数分裂形成配子的过程，自由组合定律的实质表现在图中的④⑤过程，而⑥过程表示受精作用，不能体现自由组合定律的实质，A错误；③⑥过程表示受精作用，B错误；分离定律是控制同一性状的遗传因子在体细胞中成对存在，在形成配子的过程中，成对的遗传因子分别进入不同配子中，发生在图中的①②④⑤过程中，C正确；图乙子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/3，D正确。]
自由组合定律的解题技巧
1．分析自由组合问题的“三字诀”
2．巧用子代性状分离比推测亲本的基因型
(1)9∶3∶3∶1 (3∶1)(3∶1) (Aa×Aa)(Bb×Bb) AaBb×AaBb。
(2)1∶1∶1∶1 (1∶1)(1∶1) (Aa×aa)(Bb×bb) AaBb×aabb或Aabb×aaBb。
(3)3∶3∶1∶1 (3∶1)(1∶1) (Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb) AaBb×Aabb或AaBb×aaBb。
(4)3∶1 (3∶1)×1 (Aa×Aa)(BB×B_)、(Aa×Aa)(BB×bb)、(AA×A_)(Bb×Bb)或(AA×aa)(Bb×Bb) AaBB×AaB_、AaBB×Aabb、AABb×A_Bb或AABb×aaBb。
3．常见类型分析
(1)配子类型及概率的问题
①AaBbCc产生的配子种类数为
2(A、a)×2(B、b)×2(C、c)＝8种
②AaBbCc产生ABC配子的概率为
1/2(A)×1/2(B)×1/2(C)＝1/8
(2)子代的基因型及概率问题
①AaBbCc与AaBBCc杂交，求子代的基因型种类，可将其分解为3个分离定律：
Aa×Aa→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)；
Bb×BB→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)；
Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)。
所以，后代中有3×2×3＝18(种)基因型。
②AaBbCc与AaBBCc杂交，后代中AaBBcc出现的概率为1/2(Aa)×1/2(BB)×1/4(cc)＝1/16。
(3)子代的表型种类及概率的问题
①AaBbCc与AabbCc杂交，求其杂交后代可能出现的表型种类数，可分解为3个分离定律：
Aa×Aa→后代有2种表型(3A_∶1aa)；
Bb×bb→后代有2种表型(1Bb∶1bb)；
Cc×Cc→后代有2种表型(3C_∶1cc)。
所以，后代中有2×2×2＝8(种)表型。
②AaBbCc与AabbCc杂交，后代中出现A_Bbcc的概率为(3/4)×(1/2)×(1/4)＝3/32。
3．某种哺乳动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性，体色黑色(C)对白色(c)为显性(这两对基因分离和组合互不干扰)。基因型为BbCc的个体与“个体X”交配，子代的表型及比例为直毛黑色∶卷毛黑色∶直毛白色∶卷毛白色＝3∶3∶1∶1。则“个体X”的基因型为( )
A．BbCC B．BbCc C．bbCc D．Bbcc
C [由题干可知，子代中直毛∶卷毛＝1∶1，故亲本相关基因型为Bb ×bb；黑色∶白色＝3∶1，亲本相关基因型为Cc×Cc。已知一方亲本基因型为BbCc，则“个体X”基因型为bbCc。]
4．已知A与a、B与b、D与d三对等位基因自由组合，分别控制3对相对性状。若基因型分别为AaBbDd、AabbDd的两个体进行杂交，则下列关于杂交后代的推测，正确的是( )
A．表型有8种，基因型为AaBbDd的个体占1/16
B．表型有4种，基因型为aaBbdd的个体占1/16
C．表型有8种，基因型为Aabbdd的个体占1/8
D．表型有8种，基因型为aaBbDd的个体占1/16
D [亲本的基因型分别为AaBbDd、AabbDd，两个体进行杂交，后代表型有2×2×2＝8(种)，B错误；后代基因型为AaBbDd的个体占1/2×1/2×1/2＝1/8，A错误；后代基因型为Aabbdd的个体占1/2×1/2×1/4＝1/16，C错误；后代基因型为aaBbDd的个体占1/4×1/2×1/2＝1/16，D正确。]
玉米是主要的高产粮食作物，为了提高玉米的产量，在农业生产中玉米使用的都是杂交种，杂交玉米的性状不能稳定遗传，因此农民每年都需要购买玉米杂交种，请回答下列有关问题：
由设问(2)关键信息“长期培育长果穗黄粒(AaBb)杂交种玉米”可知，必须先获得AABB和aabb(或AAbb、aaBB)，并由此确定选择和培育的方案。同时AABB和aabb(或AAbb、aaBB)需要自交留种。
1．玉米从种子发芽到新种子成熟，整个过程需90～150天，玉米是一种雌雄同株的植物，其顶部开雄花，下部开雌花，是遗传学研究的良好材料。尝试写出玉米是遗传学研究的良好材料的三点理由。(科学思维)
提示：玉米开单性花，雌雄同株，去雄容易；子代多且生长周期短；具有易于区分的相对性状。
2．现有长果穗(A)白粒(b)和短果穗(a)黄粒(B)两个玉米杂合子品种，为了达到长期培育长果穗黄粒(AaBb)杂交种玉米的目的，请你以遗传图解的形式，设计出你的育种方案。(科学探究)
提示：方案一：
方案二：
[课堂小结]
知 识 网 络 构 建 要 点 强 化 识 记
1．核心概念(1)等位基因是指控制相对性状的基因。(2)表型是指生物体表现出来的性状。生物的表型是基因型和环境共同作用的结果。(3)基因型：指与表型有关的基因组成。2．结论语句(1)两对相对性状的测交实验中，测交后代基因型和表型均为4种，数量比例均为1∶1∶1∶1。(2)在两对相对性状的杂交实验中，F2中共有9种基因型，4种性状表现，比例为9∶3∶3∶1。(3)自由组合定律的实质：在形成配子时，决定同一性状的成对遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。
1．(多选)在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。下列叙述正确的是( )
A．F1产生4种配子，雌配子的比例为1∶1∶1∶1
B．F1产生基因型为YR的雌配子和基因型为YR的雄配子数量之比为1∶1
C．自由组合定律是指F1产生的4种类型的雄配子和雌配子可以自由组合
D．F1产生的雄配子中，基因型为YR和基因型为yr的比例为1∶1
AD [F1产生4种配子，不是4个；F1产生4种雄配子和4种雌配子，且YR∶yR∶Yr∶yr＝1∶1∶1∶1，4种雄配子和雌配子可以随机结合，但雄配子的数量远多于雌配子的数量；自由组合是指形成配子时，控制不同性状的遗传因子自由组合。]
2．已知玉米籽粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性(两对等位基因独立遗传)。现有纯合的黄色甜玉米与红色非甜玉米杂交得到F1，F1自交或测交，关于预期结果错误的是( )
A．自交结果中黄色非甜与红色甜比例为9∶1
B．自交结果中与亲本相同的表型占子代的比例为5/8
C．自交结果中黄色和红色的比例为3∶1，非甜与甜的比例为3∶1
D．测交结果中红色非甜所占的比例为1/4
B [如果F1自交，则F2中表型为黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜，比例为9∶3∶3∶1，黄色非甜与红色甜比例为9∶1，A正确；F2中与亲本相同的表型占子代的比例为3/16＋3/16＝3/8，B错误；每对相对性状的遗传均符合基因的分离定律，F2中黄色和红色的比例为3∶1，非甜与甜的比例为3∶1，C正确；F1测交，后代表型为黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜，比例各为1/4，D正确。]
3．豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性性状，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性性状。某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代出现了四种表型，统计结果为圆粒∶皱粒＝3∶1，黄色子叶∶绿色子叶＝1∶1，下列叙述不正确的是( )
A．亲本的基因型是YyRr和yyRr
B．在F1中表型不同于亲本的是绿色皱粒和黄色皱粒，两者的数量比为1∶1
C．F1中纯合子所占的比例是1/4
D．如果用F1中的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到F2的表型有2种，数量比为1∶1
D [由题意分析可知，亲本的基因型为YyRr和yyRr，后代有2×2＝4(种)表型，在F1中表型不同于亲本的是黄色皱粒和绿色皱粒，它们的数量比为1∶1，A、B正确；F1中纯合子(yyRR和yyrr)的比例为1/2×1/4×2＝1/4，C正确；亲本的基因型为YyRr和yyRr，F1中黄色圆粒豌豆的基因型是YyRR或YyRr，如果用F1中基因型为YyRR的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的表型有2种，数量比为黄色圆粒∶绿色圆粒＝1∶1；如果用F1中基因型为YyRr的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的表型有4种，数量比为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1，D错误。]
4．遗传因子组成为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对遗传因子的遗传遵循自由组合定律，F1杂种形成的配子种类数及其自交后代(F2)的遗传因子组成种类数分别是( )
A．4和9 B．4和27
C．8和27 D．32和81
C [F1的基因型为AaBbCc，该个体形成配子的种类数为2(A、a)×2(B、b)×2(C、c)＝8(种)。自交后代(F2)的遗传因子组成种类数为3×3×3＝27(种)。]
1/10课时分层作业(6) 自由组合定律
题组一 对自由组合现象的验证和自由组合定律的理解
1．(2021·江苏盐城月考)孟德尔的两对相对性状的杂交实验中，不符合1∶1∶1∶1比例的是( )
A．F1产生的雌雄配子的数量的比例
B．F1产生的雌(或雄)配子的种类的比例
C．F1测交后代的遗传因子组成比例
D．F1测交后代的性状分离比
A [F1是双杂合子，其产生四种比例相等的雌配子，也能产生四种比例相等的雄配子，但雄配子数量要远多于雌配子数量，A符合题意、B不符合题意；F1是双杂合子，F1测交后代的遗传因子组成比例为1∶1∶1∶1，性状分离比也为1∶1∶1∶1，C、D不符合题意。]
2．孟德尔通过豌豆杂交实验，发现了分离定律和自由组合定律，下列说法错误的是( )
A．若两对相对性状的遗传都符合分离定律，则这两对相对性状的遗传一定符合自由组合定律
B．若两对相对性状的遗传符合自由组合定律，则这两对相对性状的遗传一定都符合分离定律
C．孟德尔为了验证所提出的假说是否正确，设计并完成了测交实验
D．孟德尔发现问题采用的实验是先杂交再自交
A [若控制两对相对性状的非等位基因位于同一对同源染色体上，则不符合自由组合定律，A错误；若两对相对性状的遗传符合自由组合定律(位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的)，则这两对相对性状的遗传一定都符合分离定律，B正确；测交实验是对推理过程及结果进行的验证，孟德尔为了验证自己提出的假说是否正确，设计并完成了测交实验，C正确；孟德尔发现问题采用的实验是先杂交再自交，D正确。]
3．某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为①AATTdd，②AAttDD，③AAttdd，④aattdd。请完成下列问题。
(1)若采用花粉鉴定法验证分离定律，可以选择亲本③和________(填序号)杂交。
(2)若采用花粉鉴定法验证自由组合定律，可以选择亲本________(填序号)和________(填序号)杂交。
(3)若培育糯性抗病优良品种，应选用________(填序号)和________(填序号)亲本杂交。
(4)将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观察，将会看到__________种类型的花粉，且比例为______________。
[解析] (1)基因分离定律的实质是等位基因随着同源染色体的分开而分离，根据题干信息，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色，则用花粉鉴定法验证分离定律，杂交后代应该含有Aa，因此可以选择亲本③和④杂交。(2)由题意分析可知，花粉粒分为长形和圆形、非糯性和糯性，且非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色，利用花粉鉴定法验证自由组合定律，杂交后代要同时含有AaDd，应该选用②和④杂交。(3)若培育糯性抗病(aaT_)优良品种，杂交后代应该含有T和a，所以应该选择亲本①和④杂交。(4)②和④杂交后代的基因型是AattDd，其可以产生四种比例相等的配子，即AtD、Atd、atD、atd，所以将F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观察，将会看到四种类型的花粉，比例是1∶1∶1∶1。
[答案] (1)④ (2)② ④ (3)① ④ (4)4 1∶1∶1∶1
题组二 孟德尔遗传规律的再发现
4．以下关于表型和基因型的叙述正确的是( )
A．表型都能通过眼睛观察出来，如高茎和矮茎
B．基因型不能通过眼睛观察，必须使用电子显微镜
C．在相同环境下，表型相同，基因型一定相同
D．基因型相同，表型不一定相同
D [本题考查表型和基因型的概念及关系。表型是指生物体表现出来的性状，是可以观察和测量的，但不一定都能通过眼睛观察出来，A错误；基因型一般通过表型来推知，不能通过电子显微镜观察，B错误；在相同环境条件下，表型相同，基因型不一定相同，如高茎的基因型可能是DD或Dd，C错误；表型是基因型与环境条件共同作用的结果，因此，基因型相同，表型不一定相同，D正确。]
5．玉米幼苗绿色与白色是一对相对性状(基因用E和e表示)。现用两个杂合子杂交所产生的种子作为实验种子，将其中随机取到的400粒播种后置于黑暗处，另随机取400粒播种后置于有光处，统计种子萌发后幼苗的表型，结果如表所示。下列对实验结果的分析，错误的是( )
环境 绿色幼苗数 白色幼苗数
黑暗 0 387
有光 298 89
A．绿色是显性性状
B．光是叶绿素形成的必要条件
C．绿色幼苗的基因型都是EE
D．表型是基因型与环境共同作用的结果
C [有光条件下，子代绿色∶白色＝298∶89≈3∶1，说明绿色为显性性状，A正确；黑暗下幼苗全为白色，说明光是叶绿素形成的必要条件，B正确；亲本基因型是Ee，后代基因型及比例是EE∶Ee∶ee＝1∶2∶1，绿色幼苗的基因型是EE或Ee，C错误；两个杂合子杂交产生的某基因型后代在有光条件下能长成绿色幼苗，而在黑暗中不能，说明表型是基因型和环境共同作用的结果，D正确。]
题组三 基因自由组合定律的应用
6．家兔的黑色(B)对褐色(b)是显性，短毛(D)对长毛(d)是显性，这两对等位基因是独立遗传的。兔甲与一只黑色短毛兔(BbDd)杂交后产仔26只，其中黑色短毛9只、黑色长毛3只、褐色短毛10只、褐色长毛4只。按理论推算，兔甲的表型应为( )
A．黑色短毛 B．黑色长毛
C．褐色短毛 D．褐色长毛
C [可以利用分离定律进行分析，首先考虑毛色这一对相对性状，子代中黑(9＋3)∶褐(10＋4)≈1∶1，所以兔甲的毛色基因型应为bb，表型为褐色。再考虑毛长度这一对相对性状，子代中短毛(9＋10)∶长毛(3＋4)≈3∶1，兔甲毛长度的基因型应为Dd，表型为短毛。因此兔甲的表型是褐色短毛。]
7．豌豆子叶的黄色(Y)、种子的圆粒(R)均为显性性状，两亲本杂交的F1表型如图所示。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为( )
A．2∶2∶1∶1 B．1∶1∶1∶1
C．9∶3∶3∶1 D．3∶1∶3∶1
A [由F1中圆粒∶皱粒＝3∶1可知，亲本的相应基因型为Rr、Rr；由F1中黄色∶绿色＝1∶1可知，亲本的相应基因型为Yy、yy；故亲本基因型为YyRr、yyRr。F1中黄色圆粒豌豆的基因型为1/3YyRR、2/3YyRr，F1中绿色皱粒豌豆的基因型为yyrr。按如下方法计算：1/3YyRR×yyrr→1/6YyRr、1/6yyRr；2/3YyRr×yyrr→1/6YyRr、1/6Yyrr、1/6yyRr、1/6yyrr。综合考虑两项结果，得YyRr∶yyRr∶Yyrr∶yyrr＝2∶2∶1∶1。]
8．人体耳垂离生(A)对连生(a)为显性，眼睛棕色(B)对蓝色(b)为显性，两对基因自由组合。一个棕眼离生耳垂的男性与一个蓝眼离生耳垂的女性婚配，生了一个蓝眼连生耳垂的孩子。倘若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂、蓝眼连生耳垂的概率分别是( )
A．1/4，1/8 B．1/8，1/8
C．3/8，1/8 D．3/8，1/2
C [根据题意可知，父母的基因型为AaBb和Aabb，若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂的概率是1/2×3/4＝3/8，未来子女为蓝眼连生耳垂的概率是1/2×1/4＝1/8。]
9．已知牵牛花的花色受三对独立遗传的等位基因(A/a、B/b、C/c)控制，其作用途径如图所示，其中蓝色和红色混合后显紫色，蓝色和黄色混合后显绿色。现有某紫花植株自交子代出现白花和黄花，据此判断下列叙述错误的是( )
A．自然种群中红花植株的基因型有4种
B．用于自交的紫花植株的基因型为AaBbCc
C．自交子代出现黄花植株的概率为3/64
D．自交子代中绿花植株和红花植株所占的比例不同
D [根据题干信息可知，红花植株的基因型为A_B_cc，则自然种群中红花植株的基因型包括AABBcc、AABbcc、AaBBcc、AaBbcc，共4种，A正确；紫花植株的基因型为A_B_C_，且紫花植株自交，后代出现了白花(aa__cc)和黄花(A_bbcc)，从而可推出紫花植株的基因型一定是AaBbCc，B正确；该紫花植株(AaBbCc)自交，子代出现黄花植株(A_bbcc)的概率＝3/4×1/4×1/4＝3/64，C正确；子代中出现绿花植株(A_bbC_)的概率＝3/4×1/4×3/4＝9/64，出现红花植株(A_B_cc)的概率＝3/4×3/4×1/4＝9/64，二者所占的比例相同，D错误。]
10．控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。现有表型不同的4种植株：板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交，子代表型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表型。请回答下列问题。
(1)根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是________________。
(2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为________、________、________和________。
(3)若丙和丁杂交，则子代的表型为________________________________________________________________________。
(4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为3∶1、叶色的分离比为1∶1、能否抗病性状的分离比为1∶1，则植株X的基因型为________。
[解析] (1)甲(板叶紫叶抗病)与丙(花叶绿叶感病)杂交，子代表型都是板叶紫叶抗病，说明板叶对花叶为显性、紫叶对绿叶为显性、抗病对感病为显性。(2)丙的表型为花叶绿叶感病，说明丙的基因型为aabbdd。根据甲与丙杂交子代都是板叶紫叶抗病推断，甲的基因型为AABBDD。乙(板叶绿叶抗病)与丁(花叶紫叶感病)杂交，子代出现个体数相近的8(即2×2×2)种不同表型，可以确定乙的基因型为AabbDd，丁的基因型为aaBbdd。(3)若丙(基因型为aabbdd)与丁(基因型为aaBbdd)杂交，子代的基因型为aabbdd和aaBbdd，表型为花叶绿叶感病、花叶紫叶感病。(4)植株X与乙(基因型为AabbDd)杂交，统计子代个体性状。根据叶形的分离比为3∶1，确定是Aa×Aa的结果；根据叶色的分离比为1∶1，确定是Bb×bb的结果；根据能否抗病性状的分离比为1∶1，确定是dd×Dd的结果，因此植株X的基因型为AaBbdd。
[答案] (1)板叶、紫叶、抗病 (2)AABBDD AabbDd aabbdd aaBbdd (3)花叶绿叶感病、花叶紫叶感病 (4)AaBbdd
11．某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，红花(R)对黄花(r)为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是( )
A．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型
B．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有3种表型
C．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代中红色花瓣的植株占3/8
D．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表型有3种
B [根据题意可知，控制花瓣大小与颜色的基因独立遗传，因此可以按照自由组合定律分析，且aa为无花瓣，也就无颜色。据此，若基因型为AaRr的亲本自交，分别分析A、a和R、r两对基因，子代的基因型分别有3种，则子代的基因型种类为3×3＝9(种)，表型种类为2×2＋1＝5(种)，A正确，B错误。若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，子代中红色花瓣的植株所占的比例为3/4×1/2＝3/8，C正确。若基因型为AaRr的个体测交，则子代表型有红色小花瓣、黄色小花瓣与无花瓣3种，D正确。]
12．已知豌豆红花(A)对白花(a)为显性，高茎(B)对矮茎(b)为显性，子粒饱满(C)对子粒皱缩(c)为显性，控制它们的三对等位基因独立遗传。让纯合的红花高茎子粒皱缩植株与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交得到F1，F1自交得到F2，则F2中理论上( )
A．有27种基因型，16种表型
B．高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩＝15∶1
C．红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩＝9∶3∶3∶1
D．红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩＝27∶3
C [根据题意分析可知，三对基因位于三对染色体上，符合自由组合定律。亲本基因型为AABBcc和aabbCC，F1基因型为AaBbCc。F1自交所得后代中，表型种类数＝2×2×2＝8(种)，A项错误；F2中高茎子粒饱满(B_C_)∶矮茎子粒皱缩(bbcc)＝9∶1，B项错误；仅看两对相对性状的遗传，根据自由组合定律，F1中红花子粒饱满(AaCc)自交后代表型及比例为红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩＝9∶3∶3∶1，C项正确；F2中红花高茎子粒饱满所占的比例＝(3/4)×(3/4)×(3/4)＝27/64，白花矮茎子粒皱缩所占的比例＝1/4×1/4×1/4＝1/64，所以红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩＝27∶1，D项错误。]
13．(多选)某繁殖力超强的鼠的自然种群中，体色有黄色、黑色、灰色三种，体色色素的转化关系如图所示。已知控制色素合成的两对基因独立遗传，基因B能完全抑制基因b的表达，不含基因A的个体会因黄色素在体内过多积累而导致50%的个体死亡。下列叙述正确的是( )
A．黄色鼠个体可有4种基因型
B．若让一只黄色雌鼠与一只灰色雄鼠交配，F1全为黑色鼠，则双亲的基因型为aaBB和AAbb
C．两只黑色鼠交配，子代只有黄色鼠和黑色鼠，且比例接近1∶6，则双亲中一定有一只鼠的基因型是AaBB
D．基因型为AaBb的雌、雄鼠自由交配，子代个体表型及其比例为黄色鼠∶黑色鼠∶灰色鼠＝2∶9∶3
BCD [由题图可知，aa__表现为黄色，故黄色鼠个体的基因型有aaBB、aaBb、aabb三种，A错误；若让一只黄色雌鼠(aa__)与一只灰色雄鼠(A_bb)交配，F1全为黑色鼠(A_B_)，则双亲的基因型为aaBB和AAbb，B正确；两只黑色鼠(A_B_)交配，子代只有黄色鼠(aa__)和黑色鼠(A_B_)，说明亲本的第一对基因均为Aa，黄色鼠∶黑色鼠接近1∶6，没有灰色鼠(A_bb)，推测双亲中一定有一只鼠的基因型是AaBB，C正确；基因型为AaBb的雌雄鼠自由交配，子代中黑色鼠(A_B_)占3/4×3/4＝9/16，灰色鼠(A_bb)占3/4×1/4＝3/16，黄色鼠(aa__)占1/4，但由于黄色素在体内过多积累会导致50%的个体死亡，故黄色个体占1/4×50%＝1/8，子代表型及比例为黄色鼠∶黑色鼠∶灰色鼠＝2∶9∶3，D正确。]
14．(多选)某生物兴趣小组用已知基因型为AAbb和aaBB(两对基因独立遗传)的某种植物进行杂交育种实验，下列关于他们实验设计思路的叙述，合理的是( )
A．要获取aabb植株，可从F1中直接选育出表型符合要求的个体
B．要获取AABB植株，可从F2中选出表型符合要求的个体连续自交
C．要获取AaBb植株，可将亲代上所结的种子直接保存进行播种
D．要获取AaBb植株，可将亲本保留起来进行年年制种
BCD [亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，故不能得到aabb的个体，A错误；亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，要获取AABB植株，可让F1自交，从F2中选出表型符合要求的个体连续自交，最终得到纯合子，B正确；亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，故可将亲代上所结的种子直接保存进行播种，C正确；要获取AaBb植株，由于该个体属于双杂合，可将亲本保留起来进行年年制种，D正确。]
15．(2021·全国甲卷改编)植物的性状有的由一对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲乙丙丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表(实验②中F1自交得F2)。
实验 亲本 F1 F2
① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮1/4缺刻叶网皮1/4全缘叶齿皮1/4全缘叶网皮 /
② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮3/16缺刻叶网皮3/16全缘叶齿皮1/16全缘叶网皮
请回答下列问题：
(1)根据实验①可判断这两对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是___________________________________________________________________
____________________________________________________________________。
根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是________________。
(2)甲乙丙丁中属于杂合体的是________。
(3)实验②的F2中纯合体所占的比例为________。
(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由一对等位基因控制的是________，判断的依据是________________________。
[解析] (1)由实验①的F1中缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1可推断这两对性状的遗传符合分离定律。根据实验②的F2中缺刻叶∶全缘叶＝3∶1，齿皮∶网皮＝3∶1，可判断这两对相对性状中的显性性状是缺刻叶、齿皮。(2)假设控制叶形的基因为A/a，控制果皮的基因为B/b，已知甲、乙、丙、丁的基因型均不相同，且甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。根据实验①甲和乙杂交，所得F1中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮＝1∶1∶1∶1可推断，甲的基因型为Aabb，乙的基因型为aaBb，根据实验②丙和丁杂交，所得F1全是缺刻叶齿皮可推断，丙的基因型为AAbb，丁的基因型为aaBB，故甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是甲和乙。(3)实验②中F1的基因型为AaBb，F1自交得F2，F2中纯合体的基因型及比例为1/16AABB、1/16AAbb、1/16aaBB、1/16aabb，即F2中纯合体所占比例为1/4。(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则缺刻叶∶全缘叶＝15∶1，齿皮∶网皮＝3∶1，可知叶形这一性状由两对等位基因共同控制，果皮这一性状由一对等位基因控制。
[答案] (1)实验①的F1中缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1 缺刻叶、齿皮 (2)甲和乙 (3)1/4 (4)果皮 F2中缺刻叶∶全缘叶＝15∶1，齿皮∶网皮＝3∶1
10/10课时分层作业(6) 自由组合定律
题组一 对自由组合现象的验证和自由组合定律的理解
1．(2021·江苏盐城月考)孟德尔的两对相对性状的杂交实验中，不符合1∶1∶1∶1比例的是( )
A．F1产生的雌雄配子的数量的比例
B．F1产生的雌(或雄)配子的种类的比例
C．F1测交后代的遗传因子组成比例
D．F1测交后代的性状分离比
2．孟德尔通过豌豆杂交实验，发现了分离定律和自由组合定律，下列说法错误的是( )
A．若两对相对性状的遗传都符合分离定律，则这两对相对性状的遗传一定符合自由组合定律
B．若两对相对性状的遗传符合自由组合定律，则这两对相对性状的遗传一定都符合分离定律
C．孟德尔为了验证所提出的假说是否正确，设计并完成了测交实验
D．孟德尔发现问题采用的实验是先杂交再自交
3．某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为①AATTdd，②AAttDD，③AAttdd，④aattdd。请完成下列问题。
(1)若采用花粉鉴定法验证分离定律，可以选择亲本③和________(填序号)杂交。
(2)若采用花粉鉴定法验证自由组合定律，可以选择亲本________(填序号)和________(填序号)杂交。
(3)若培育糯性抗病优良品种，应选用________(填序号)和________(填序号)亲本杂交。
(4)将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观察，将会看到__________种类型的花粉，且比例为______________。
题组二 孟德尔遗传规律的再发现
4．以下关于表型和基因型的叙述正确的是( )
A．表型都能通过眼睛观察出来，如高茎和矮茎
B．基因型不能通过眼睛观察，必须使用电子显微镜
C．在相同环境下，表型相同，基因型一定相同
D．基因型相同，表型不一定相同
5．玉米幼苗绿色与白色是一对相对性状(基因用E和e表示)。现用两个杂合子杂交所产生的种子作为实验种子，将其中随机取到的400粒播种后置于黑暗处，另随机取400粒播种后置于有光处，统计种子萌发后幼苗的表型，结果如表所示。下列对实验结果的分析，错误的是( )
环境 绿色幼苗数 白色幼苗数
黑暗 0 387
有光 298 89
A．绿色是显性性状
B．光是叶绿素形成的必要条件
C．绿色幼苗的基因型都是EE
D．表型是基因型与环境共同作用的结果
题组三 基因自由组合定律的应用
6．家兔的黑色(B)对褐色(b)是显性，短毛(D)对长毛(d)是显性，这两对等位基因是独立遗传的。兔甲与一只黑色短毛兔(BbDd)杂交后产仔26只，其中黑色短毛9只、黑色长毛3只、褐色短毛10只、褐色长毛4只。按理论推算，兔甲的表型应为( )
A．黑色短毛 B．黑色长毛
C．褐色短毛 D．褐色长毛
7．豌豆子叶的黄色(Y)、种子的圆粒(R)均为显性性状，两亲本杂交的F1表型如图所示。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为( )
A．2∶2∶1∶1 B．1∶1∶1∶1
C．9∶3∶3∶1 D．3∶1∶3∶1
8．人体耳垂离生(A)对连生(a)为显性，眼睛棕色(B)对蓝色(b)为显性，两对基因自由组合。一个棕眼离生耳垂的男性与一个蓝眼离生耳垂的女性婚配，生了一个蓝眼连生耳垂的孩子。倘若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂、蓝眼连生耳垂的概率分别是( )
A．1/4，1/8 B．1/8，1/8
C．3/8，1/8 D．3/8，1/2
9．已知牵牛花的花色受三对独立遗传的等位基因(A/a、B/b、C/c)控制，其作用途径如图所示，其中蓝色和红色混合后显紫色，蓝色和黄色混合后显绿色。现有某紫花植株自交子代出现白花和黄花，据此判断下列叙述错误的是( )
A．自然种群中红花植株的基因型有4种
B．用于自交的紫花植株的基因型为AaBbCc
C．自交子代出现黄花植株的概率为3/64
D．自交子代中绿花植株和红花植株所占的比例不同
10．控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。现有表型不同的4种植株：板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交，子代表型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表型。请回答下列问题。
(1)根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是________________。
(2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为________、________、________和________。
(3)若丙和丁杂交，则子代的表型为________________________________________________________________________。
(4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为3∶1、叶色的分离比为1∶1、能否抗病性状的分离比为1∶1，则植株X的基因型为________。
11．某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，红花(R)对黄花(r)为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是( )
A．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型
B．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有3种表型
C．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代中红色花瓣的植株占3/8
D．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表型有3种
12．已知豌豆红花(A)对白花(a)为显性，高茎(B)对矮茎(b)为显性，子粒饱满(C)对子粒皱缩(c)为显性，控制它们的三对等位基因独立遗传。让纯合的红花高茎子粒皱缩植株与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交得到F1，F1自交得到F2，则F2中理论上( )
A．有27种基因型，16种表型
B．高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩＝15∶1
C．红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩＝9∶3∶3∶1
D．红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩＝27∶3
13．(多选)某繁殖力超强的鼠的自然种群中，体色有黄色、黑色、灰色三种，体色色素的转化关系如图所示。已知控制色素合成的两对基因独立遗传，基因B能完全抑制基因b的表达，不含基因A的个体会因黄色素在体内过多积累而导致50%的个体死亡。下列叙述正确的是( )
A．黄色鼠个体可有4种基因型
B．若让一只黄色雌鼠与一只灰色雄鼠交配，F1全为黑色鼠，则双亲的基因型为aaBB和AAbb
C．两只黑色鼠交配，子代只有黄色鼠和黑色鼠，且比例接近1∶6，则双亲中一定有一只鼠的基因型是AaBB
D．基因型为AaBb的雌、雄鼠自由交配，子代个体表型及其比例为黄色鼠∶黑色鼠∶灰色鼠＝2∶9∶3
14．(多选)某生物兴趣小组用已知基因型为AAbb和aaBB(两对基因独立遗传)的某种植物进行杂交育种实验，下列关于他们实验设计思路的叙述，合理的是( )
A．要获取aabb植株，可从F1中直接选育出表型符合要求的个体
B．要获取AABB植株，可从F2中选出表型符合要求的个体连续自交
C．要获取AaBb植株，可将亲代上所结的种子直接保存进行播种
D．要获取AaBb植株，可将亲本保留起来进行年年制种
15．(2021·全国甲卷改编)植物的性状有的由一对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲乙丙丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表(实验②中F1自交得F2)。
实验 亲本 F1 F2
① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮1/4缺刻叶网皮1/4全缘叶齿皮1/4全缘叶网皮 /
② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮3/16缺刻叶网皮3/16全缘叶齿皮1/16全缘叶网皮
请回答下列问题：
(1)根据实验①可判断这两对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是___________________________________________________________________
____________________________________________________________________。
根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是________________。
(2)甲乙丙丁中属于杂合体的是________。
(3)实验②的F2中纯合体所占的比例为________。
(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由一对等位基因控制的是________，判断的依据是________________________。
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