鞍山市一般高中协作校2022-2023（下）高一期末考试
本、亦小S接时，电容器充电且上极板电势牧低代只网.，澳户」
,B,S接2时电容器放电且放电电流从左往右经过定值电阻R,中次心小洲
物理试卷：安：
A“别C保持S接山，将上极板竖直向上平移少许，板间电压不变，场强减小，“.{
D.保持S接1，将上极板水平向左平移少许，板间电压不变，场强减小方
考试时间75分钟满分100分：签赞
5.天宫空问站是我国的中个空间站系统，：将在2022年完成空间站的在轨建造：天宫空间
站的轨道高度约为400km,地球同步卫星的轨道高度约为3600km。若天宫空问站及地球同
一、选择题（共10小题，共46分；其中17题只有”个正确答案，
步卫星的运行轨道均近似为圆轨道，则下列关于天宫空间站和地球同步卫星的说法正确的是
每题4分：8-10题有多个正确答案，每题6分，漏选得3分，错选不
2.
得分。)
A天宫空间站运行速度介于第一字由速度和第二字宙速度之间哈益
以：
s:B:天宫空问站及地球同步卫星的运行速度均小于第一字宙速度，：
1.在物理学的发展进程中，许多科学家做出了重要贡献，下列叙述符合史实的是（）
A.伽利略第一次在实验室里测出了万有引力常量G的数值
4C天宫空间站的运行周期大于地球同步卫星的运行周期，
…注
B.胡克总结出了行星运动的规徘，并发现了万有引力定使
0:天宫空间站的向心加速度小于地球同步卫星的向心加速度
C.法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场
6.将质量为0.5kg的小球以9s的速度从某一高度水平抛出，落地点距抛出点的水平距
离为10.8m。若不计一切阻力，重力加速度g取0m3,则米球从抛出至落地过程中重力做
D.华顿建立了真空中光速在不同惯性参考系中大小相同的假说
功的平均功率为(·)
2.·某区域电场线分布如图所示。将同一负的试探电荷先后置于、b两点，电势能分别为E
A.30W
B.45W
C.60w7n.75w
和E,电荷所受电场力大小分别为F,和B,则（口
a。
E
7.如图所示，质量为m的物块（视为质点）放囹在水平转盘上，物块与转轴的距离为L:
A.Epe>Ep,F物块与转轴之间用一根不可伸长、水平轻绳相连·（转盘静止时，轻绳刚好伸直但张力为零），
物块与转盘向的最大静摩擦力为物块重力的k倍；重力加速度为g。当物块与转盘共同以角
C.Ew3.将一个带电荷量为内+2.0×10C的点电荷从无限远处（电势为零）移动到P点，电场
速度
8均速转动时，绳的张力关术为。j,1度0
方做功0×10，期P点的电鹑为及)
冠中计激R对八g
甘大，区9小大3
A.1.5kmg
B.2kmg
A.35VB.-35VC.70VD.-70V
4.如图所示，E为电源，C为电容器，R为定值电阴，S为单刀双
C.3kmg
D.4kmg
掷开关则49“，行d
:8G：)-6
8。现在很多景区都有悬空大茶壶这一景观，如图甲所示，一把大茶壶不惭向下“倒
水)半端批
水”，大茶壶似乎没有任何支掠而悬空，小明参观后回到自己的Y实验工坊：尝试做
第1页共4页鞍山市一般高中协作校2022-2023学年高一下学期7月期末考试
物理答案
一、选择题（共10小题，共46分；其中1-7题只有一个正确答案，每题4分；8-10题有多个正确答案，每题6分，漏选得3分，错选不得分。）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C D A C B A B AD BC ACD
二、非选择题（共5小题，共54分）
11. （每空2分）（1） C （2） B （3） 3∶2
12. （每空2分）（1）A （2） ， （3）②
13. （12分）（1）根据题意，设物块到达C、D点时的速度分别为、，由牛顿第二定律有
从C到D的过程中，由机械能守恒定律有
在C点，由牛顿第二定律有
联立解得
方向竖直向上，由牛顿第三定律可知，物块运动至C点时对半圆轨道的压力为
方向竖直向下
（2）根据题意，由A到C运动过程中，由动能定理有
联立解得
14. （12分）(1)设带电微粒经加速电场加速后速度为v1,根据动能定理:
qU1=(2分)
解得:v1==1.0×104 m/s(2分)
(2)带电微粒在偏转电场中只受静电力作用,做类平抛运动。
水平方向有L=v1t,得t=(1分)
设电子在偏转电场中运动的加速度为a,射出电场时竖直方向的速度为v2,
则加速度a=(2分)
v2=at=(2分)
tan θ=(2分)
联立并代入数据解得:U2=100 V(1分)
15. （16分）(1)C刚滑上A时,设C的加速度大小为aC,
根据牛顿第二定律有mCaC=μmCg,(2分)
解得aC=5 m/s2,方向水平向左。(2分)
(2)C在A上滑动过程中,A、B、C三者组成的系统动量守恒,设C离开A时,A、B的速度大小为vAB,
则根据动量守恒定律有mCvC1=mCvC2+(mA+mB)vAB,(2分)
解得vAB=1 m/s。
设木板A的长度为L,
则根据能量守恒定律有μmCgL=mC-mC-(mA+mB),(2分)
解得L=0.8 m。(1分)
(3)假设C可以滑到B的顶端,易知此时B和C在水平方向上达到共同速度vBC,根据动量守恒定律有mCvC2+mBvAB=(mB+mC)vBC,(1分)
解得vBC=3 m/s。
设此时C在竖直方向的速度大小为vCy,则根据能量守恒定律有
mC+mB=mC(+)+mB+mCgR,(2分)
解得vCy=1 m/s。
由此可知C将先从B的顶端离开C,
且离开时的速度大小为v1== m/s,(1分)
C离开B后由于二者在水平方向的速度相等,故C又会回落到B上并沿圆弧滑下最终离开B,设C此次离开B时的速度大小为v2,则根据动量守恒定律有mCvC2+mBvAB=mBvB1+mCv2,(1分)
根据能量守恒定律有mC+mB=mC+mB(1分)
解得v2=2 m/s。(1分)
