高一考试物理试卷
如图所示，在水平地面上固定一倾角为37”的斜面体，一质量为m的物块（视为质点）自斜面
底端以某一初速度沿斜面匀诚速上滑，其加速度和重力加速度g大小相等。取sn37°=
0.6,c0s37°=0.8。物块上升高度h的过程中，其损失的机械能为
景财
B.mgh
本试卷满分100分，考试用时75分钟。
注意事项：
C号mgh
1,答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上，
D号mgh
2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
6一质量为1kg,可看成质点的物块做直线运动，运动过程中其动量的二次方与位置的关系如
黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择慰时，将答案写在
图所示。物块运动过程中受到的合力大小为
pg.m.s
答题卡上。写在本试卷上无效。
A.2N
B.4N
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4.本试卷主要考试内容：人教版必修第二册第六至八章，选择性必修第一册第一
C.8N
D.16N
1 r/m
至三章
7.一高铁从沈阳东站沿平直铁轨匀加速开出，当列车的速率为时，牵引力的功率为P,若列车
一、进择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1一7题只有一项符合题
所受的阻力大小与其速率成正比，则当列车的速率为2时，牵引力的功率可能为
目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部迷对的得6分，选
A.2P
B.3P
C.4P
D.5P
对但不全的得3分，有选错的得0分。
8有甲，乙两个简谐运动，甲的振动方程为=2asin《6xt+),乙的振动方程为x:=
1.有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断飞行的炮弹是接近还是远去，这里用到的物理
4asin(Axr+晋)。下列说法正确的是
长
原理是声波的
A.共振
B.干涉
C.衍射
D.多普勒效应
八甲，乙的振幅之比为1：2
B.甲、乙的振幅之比为211
2.体操运动员在空中完成动作后，落回地面时，为防止受伤，脚蝶着地后屈膝下蹲，这样做的目的是
C.甲，乙的周期之比为3：2
D.甲、乙的周期之比为2：3
A,延长脚草触地到身体完全静止的时间，增大地面对脚的作用力
9,如图所示，在某一均匀介质中，A,B是振动情况完全相同的两个波源，其周期均为0.23，介
B.延长脚掌触地到身体完全静止的时间，减小地面对脚的作用力
质中C点与A、B两波源间的距离分别为3m和4m,两波源形成的简谐波分别沿AC,BC方
C缩短脚掌触地到身体完全静止的时间，增大地面对脚的作用力
向传播，被速大小均为5m/5。下列说法正确的是
A+-.
D,缩短脚草触地到身体完全静止的时间，诚小地面对脚的作用力
A.该波的波长为2m
3.地球绕太阳公转的轨迹实际上是一个椭，太阳在椭圆的一个焦点上，如图所示，地球依次通
B该波的波长为1m
过A、B,C、D四点的过程中，速度最大的点为
C,C点是振动加强点
A.A点
D.C点是振动减弱点
B.B点
10.将一小球从地面上以大小为l0m/s的初速度竖直上地，若取重力加速度大小g=10m/s,以
C.C点
地面为参考平面，不计空气阻力，则从小球被抛出到小球的动能等于重力势能的时间可能为
D.D点
4.如图所示，甲，乙两人正在玩晓跷板游戏。若甲，乙质量的比值为力，到转轴的距离的比值为
A.0.5s
D1+号
q,则甲，乙的向心力大小的比值为
二，非选择题：共54分。
1L,(6分)某物理兴趣小组用如图所示的装置做用单摆测量重力加速度"”的实验。
(])图示装置中，角度盘需要固定在杆上的确定点O处，摆线在角度盘上所指
B.Z
的示数为摆角的大小。若将角度盘固定在O点的上方，则当摆线在角度
盘上所指的示数为5时，实际摆角
(填“大于”或“小于")5°。
C.p
(2)测得摆线的长度为工，摆球的直径为d,在单摆的偏角小于5°的情况下
n品
测得完成n次全振动的时问为t,则当地的重力加速度大小g=】
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【高一物理第2页（共4页）】
.23-559A1高一考试物理试卷参考答案
1.D2.B3.B4.C5.A6.D7.B8.AD9.BC10.BD
11.(1)大于(3分)
rv(+)
(2)
(3分)
12.(1)保证小车所受的合外力为零（其他说法只要合理，同样给分）(2分)
(2)x2(3分)
(3)m1x1=(1十2)x2(其他形式的结果只要正确，同样给分)(3分)
13.解：(1)设该卫星的质量为m,有G
Mm=mg
R
(3分)
解得M=8
G。
(2分)
GM
(2)对该卫星入轨后的运动，有R+=w(R+)(3分)
解得h=√等
gR
-R。(2分)
14.解：(1)从t=0时刻到质点P第一次到达波谷的过程中，该波传播的距离
x1=xp=6m(1分)
又v=,其中=12s(2分)
t
解得v=0.5m/s(1分)
根据题图可知，该波的波长λ=4m(1分)
又T=合1分)
解得T=8s。
(1分)
(2)从t=0时刻到质点P起振的时间t2=乡，其中x2=xp一3m=3m(2分)
解得t2=6s
014s内质点P振动的时间△1=14s一t2=8s(1分)
因为△t=T,所以s=4A=8cm。(2分)
15.解：(1)设甲、乙碰撞前瞬间甲的速度大小为，根据机械能守恒定律有
mgR-m
(1分)
解得o=3m/s
设碰撞后瞬间甲、乙的速度分别为凸和2，以水平向右为正方向，根据动量守恒定律有
11=m1U1十m22(2分)
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根据机械能守恒定律有2mw°-
2mn+号：
(1分)
解得y=一1m/s(“一”说明水平向左)，2=2m/s
设碰撞后瞬间甲所受圆弧轨道的支持力大小为F,在最低点有
F-mig=m R
(1分)
根据牛顿第三定律有V=F(1分)
解得N=号N。1分)
(2)因为2>，所以乙滑上传送带后先做匀减速直线运动，设加速度大小为a,根据牛顿第
二定律有
m2g=m2a(1分)
解得a=2m/s2
设乙在传送带上做匀减速直线运动至速度大小为)通过的距离为x1,有
2-22=-2ax1(1分）
解得x1=0.75m
因为xL,所以乙在传送带上做匀诚速直线运动的时间
t1=-0=0.5s(1分)
a
此后乙将做匀速直线运动至传送带的右端，乙在传送带上做匀速直线运动的时间
t2=L-4=0.5s
(1分)
又t=十t2(1分)
解得t=1s。(1分)
(3)经分析可知，若乙滑上传送带后一直做匀加速直线运动，则传送带的速度不小于乙滑离
传送带时的速度(2分)》
根据匀变速直线运动的规律有m2一22=2aL(2分)
解得min=3m/s。(1分)
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