2023-2024学年人教A版数学选择性必修第二册同步检测 5.3.3 利用导数解决与函数有关的问题(解析版)

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名称 2023-2024学年人教A版数学选择性必修第二册同步检测 5.3.3 利用导数解决与函数有关的问题(解析版)
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资源类型 教案
版本资源 人教A版(2019)
科目 数学
更新时间 2023-09-13 22:19:37

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文档简介

第5章5.3.3利用导数解决与函数有关的问题
A组·基础自测
一、选择题
1.炼油厂某分厂将原油精炼为汽油,需对原油进行冷却和加热,如果第x小时时,原油温度(单位:℃)为f(x)=x3-x2+8(0≤x≤5),那么,原油温度的瞬时变化率的最小值是( )
A.8 B.
C.-1 D.-8
2.做一个容积为256升的方底无盖水箱,当用料最省时,它的底面边长为( )
A.5分米 B.6分米
C.7分米 D.8分米
3.已知函数f(x)=(x2+a)ex有最小值,则函数y=f ′(x)的零点个数为( )
A.0 B.1
C.2 D.不确定
4.已知函数f(x)=ex-x-a,若函数y=f(x)有零点,则实数a的取值范围是( )
A.(1,+∞) B.[1,+∞)
C.(-∞,1) D.(-∞,1]
5.内接于半径为R的球且体积最大的圆柱体的高为( )
A.R B.R
C.R D.R
二、填空题
6.已知函数f(x)=+a在(0,+∞)上的最小值为2e,则实数a的值为___.
7.函数f(x)=x3-x2-2x+5,若对于任意x∈[-1,2],都有f(x)8.已知函数f(x)=ex(ln x-1),使得f(m)≥-e成立的实数m的取值范围为____..
三、解答题
9.某工厂生产某种产品,已知该产品的月产量x(吨)与每吨产品的价格P(元/吨)之间的关系为P=24 200-x2,且生产x吨的成本为R=50 000+200x元.问每月生产多少吨该产品才能使利润达到最大?最大利润是多少?(利润=收入-成本).
10.已知函数f(x)=aln x-,a∈R.
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)当a=1,且x≥2时,证明:f(x-1)≤2x-5.
B组·素养提升
一、选择题
1.函数f(x)=(x2+tx)ex(实数t为常数,且t<0)的图象大致是( )
2.(多选题)若f(x)是定义在(0,+∞)上的可导函数,且对于任意x∈(0,+∞),有xf ′(x)>f(x)>0,设a>b>0,则下列不等式一定成立的是( )
A.af(a)>bf(b) B.af(a)C.af(b)>bf(a) D.af(b)3.(多选题)已知不等式(x-2)ex≥a对任意的x∈R恒成立,则满足条件的整数a的可能值为( )
A.-4 B.-3
C.-2 D.-1
二、填空题
4.若函数f(x)=x2ex-a恰有三个零点,则实数a的取值范围是 .
5.某公司租地建仓库,每月土地占用费y1与仓库到车站的距离成反比,而每月库存货物的运费y2与仓库到车站的距离成正比.如果在距离车站10千米处建仓库,这两项费用y1和y2分别为2万元和8万元,那么,要使这两项费用之和最小,仓库应建在离车站___千米处.
三、解答题
6.已知函数f(x)=aex-bln x在点(1,f(1))处的切线方程为y=(e-1)x+1.
(1)求a,b的值;
(2)求证:f(x)>2.
C组·探索创新
已知函数f(x)=x(1-ln x).
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)设a,b为两个不相等的正数,且bln a-aln b=a-b,证明:2<+第5章5.3.3利用导数解决与函数有关的问题
A组·基础自测
一、选择题
1.炼油厂某分厂将原油精炼为汽油,需对原油进行冷却和加热,如果第x小时时,原油温度(单位:℃)为f(x)=x3-x2+8(0≤x≤5),那么,原油温度的瞬时变化率的最小值是( C )
A.8 B.
C.-1 D.-8
[解析] 瞬时变化率即为f′(x)=x2-2x,为二次函数,且f′(x)=(x-1)2-1,又x∈[0,5],
故x=1时,f′(x)min=-1.
2.做一个容积为256升的方底无盖水箱,当用料最省时,它的底面边长为( D )
A.5分米 B.6分米
C.7分米 D.8分米
[解析] 设底面边长为x分米,则高为h=,其表面积S=x2+4··x=x2+,S′=2x-,令S′=0,则x=8.当08时,S′>0,故x=8时S最小.
3.已知函数f(x)=(x2+a)ex有最小值,则函数y=f ′(x)的零点个数为( C )
A.0 B.1
C.2 D.不确定
[解析] f ′(x)=(x2+2x+a)ex,
若函数f(x)=(x2+a)ex有最小值,
则g(x)=x2+2x+a不能恒大于等于0,
故存在x使得g(x)<0,
即g(x)=x2+2x+a有2个不相等的实数根,
即函数y=f ′(x)的零点个数为2个,故选C.
4.已知函数f(x)=ex-x-a,若函数y=f(x)有零点,则实数a的取值范围是( B )
A.(1,+∞) B.[1,+∞)
C.(-∞,1) D.(-∞,1]
[解析] 函数y=f(x)有零点等价于方程ex-x=a有解,令g(x)=ex-x,g′(x)=ex-1,
当x>0时,g′(x)>0,函数g(x)单调递增;当x<0时,g′(x)<0,函数g(x)单调递减,又g(0)=1,所以a≥1.故选B.
5.内接于半径为R的球且体积最大的圆柱体的高为( A )
A.R B.R
C.R D.R
[解析] 作轴截面如图所示,设圆柱体高为2h,则底面半径为,圆柱体体积为V=π·(R2-h2)·2h=2πR2h-2πh3.
令V′=0得2πR2-6πh2=0,
∴h=R.即当2h=R时,圆柱体的体积最大.
二、填空题
6.已知函数f(x)=+a在(0,+∞)上的最小值为2e,则实数a的值为_e__.
[解析] f ′(x)=,当x>0时,令f ′(x)>0,解得x>1,令f ′(x)<0,解得07.函数f(x)=x3-x2-2x+5,若对于任意x∈[-1,2],都有f(x)[解析] f ′(x)=3x2-x-2,令f ′(x)=0,
得x=-或x=1.
可求得f(x)max=f(2)=7.
所以对于任意x∈[-1,2],f(x)7.
8.已知函数f(x)=ex(ln x-1),使得f(m)≥-e成立的实数m的取值范围为_[1,+∞)__.
[解析] f ′(x)=ex,
令g(x)=ln x+-1,
则g′(x)=-=,
当0当x>1时,g′(x)>0,函数单调递增,
故g(x)≥g(1)=0,即f ′(x)≥0恒成立,
从而f(x)在(0,+∞)上单调递增,且f(1)=-e,故m≥1.
三、解答题
9.某工厂生产某种产品,已知该产品的月产量x(吨)与每吨产品的价格P(元/吨)之间的关系为P=24 200-x2,且生产x吨的成本为R=50 000+200x元.问每月生产多少吨该产品才能使利润达到最大?最大利润是多少?(利润=收入-成本).
[解析] 每月生产x吨时的利润为
f(x)=x-(50 000+200x)
=-x3+24 000x-50 000 (x≥0).
由f′(x)=-x2+24 000=0,
解得x1=200,x2=-200(舍去).
因f(x)在[0,+∞)内只有一个点x=200使f′(x)=0,故它就是最大值点,且最大值为:f(200)=-×2003+24 000×200-50 000=3 150 000(元)
答:每月生产200吨产品时利润达到最大,最大利润为315万元.
10.已知函数f(x)=aln x-,a∈R.
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)当a=1,且x≥2时,证明:f(x-1)≤2x-5.
[解析] (1)由于f ′(x)=.
当a≥0时,对于x∈(0,+∞),有f ′(x)>0恒成立,
即f(x)在(0,+∞)上是增函数.
当a<0时,由f ′(x)=0,得x=-∈(0,+∞).
当x∈时,f ′(x)>0,f(x)单调递增;
当x∈时,f ′(x)<0,f(x)单调递减.
(2)证明:当a=1时,f(x-1)=ln(x-1)-,x∈[2,+∞).令g(x)=ln(x-1)--2x+5.
g′(x)=+-2=-.
当x>2时,g′(x)<0,g(x)在(2,+∞)单调递减.
又g(2)=0,所以g(x)在(2,+∞)恒为负.
所以当x∈[2,+∞)时,g(x)≤0,
即ln(x-1)--2x+5≤0.
故当a=1,且x≥2时,f(x-1)≤2x-5成立.
B组·素养提升
一、选择题
1.函数f(x)=(x2+tx)ex(实数t为常数,且t<0)的图象大致是( B )
[解析] 由f(x)=0得x2+tx=0,得x=0或x=-t,即函数f(x)有两个零点,排除A,C,函数的导数f ′(x)=(2x+t)ex+(x2+tx)ex=[x2+(t+2)x+t]ex,当x→-∞时,f ′(x)>0,即在x轴最左侧,函数f(x)为增函数,排除D.
2.(多选题)若f(x)是定义在(0,+∞)上的可导函数,且对于任意x∈(0,+∞),有xf ′(x)>f(x)>0,设a>b>0,则下列不等式一定成立的是( AD )
A.af(a)>bf(b) B.af(a)C.af(b)>bf(a) D.af(b)[解析] 因为x∈(0,+∞),有xf ′(x)>f(x)>0,令g(x)=,则g′(x)=>0,所以g(x)在(0,+∞)上单调递增,由a>b>0,可得g(a)>g(b),即>,所以bf(a)>af(b),故D正确;
因为xf ′(x)>f(x)>0,令h(x)=xf(x),则h′(x)=xf ′(x)+f(x)>0,所以h(x)在(0,+∞)上单调递增,由a>b>0,可得h(a)>h(b),即af(a)>bf(b),故A正确.
3.(多选题)已知不等式(x-2)ex≥a对任意的x∈R恒成立,则满足条件的整数a的可能值为( AB )
A.-4 B.-3
C.-2 D.-1
[解析] 令f(x)=(x-2)ex,则f ′(x)=(x-1)ex,易得当x>1时,f ′(x)>0,函数f(x)单调递增,当x<1时,f ′(x)<0,函数f(x)单调递减,
故当x=1时,函数f(x)取得最小值f(1)=-e,
故a≤-e,结合选项可知,A,B符合.
二、填空题
4.若函数f(x)=x2ex-a恰有三个零点,则实数a的取值范围是  .
[解析] 易知f ′(x)=2xex+x2ex=xex(x+2),x∈R.
令f ′(x)=0,解得x=0或x=-2,
分析易知f(x)在(-2,0)上单调递减,在(-∞,-2)和(0,+∞)上单调递增,
所以0和-2是函数f(x)的极值点,函数的极小值为f(0)=-a,极大值为f(-2)=4e-2-a=-a.
函数f(x)=x2ex-a恰有三个零点,则解得05.某公司租地建仓库,每月土地占用费y1与仓库到车站的距离成反比,而每月库存货物的运费y2与仓库到车站的距离成正比.如果在距离车站10千米处建仓库,这两项费用y1和y2分别为2万元和8万元,那么,要使这两项费用之和最小,仓库应建在离车站_5__千米处.
[解析] 依题意可设每月土地占用费y1=,每月库存货物的运费y2=k2x,其中x是仓库到车站的距离.
于是,由2=,得k1=20;
由8=10k2,得k2=.
因此两项费用之和为y=+.y′=-+.令y′=-+=0,得x=5(x=-5舍去),且当x>5时,y′>0;当0三、解答题
6.已知函数f(x)=aex-bln x在点(1,f(1))处的切线方程为y=(e-1)x+1.
(1)求a,b的值;
(2)求证:f(x)>2.
[解析] (1) 函数f(x)=aex-bln x的导数为f ′(x)=aex-,
函数f(x)=aex-bln x在点(1,f(1))处的切线斜率为k=ae-b,
由切线方程y=(e-1)x+1,可得ae-b=e-1,e=ae,解得a=1,b=1.
(2)f(x)=ex-ln x,
导数为f ′(x)=ex-,x>0,易知f ′(x)为增函数,
且f ′(1)>0,f ′<0.
所以存在m∈,有f ′(m)=0,即em=,
且x>m时,f ′(x)>0,f(x)递增;
0可得在x=m处f(x)取得最小值,
f(m)=em-ln m=+m>2,
可得f(x)>2成立.
C组·探索创新
已知函数f(x)=x(1-ln x).
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)设a,b为两个不相等的正数,且bln a-aln b=a-b,证明:2<+[解析] (1)由题意,得f ′(x)=1-ln x+x·=-ln x,所以当x∈(0,1)时,f ′(x)>0,此时f(x)单调递增;
当x∈(1,+∞)时,f ′(x)<0,此时f(x)单调递减.
(2)证明:由bln a-aln b=a-b,得+=+,即f=f.
设b>a>0,由(1)知01,
所以>1,0<<1,2-<1.
设g(x)=f(x)-f(2-x),1则g′(x)=f ′(x)+f ′(2-x)=-ln x-ln(2-x)=-ln[x(2-x)]>0,
所以g(x)在(1,2)上是增函数,所以g(x)>g(1)=0,
所以f>f,所以f>f.
因为x∈(0,1)时,f(x)单调递增,
所以>2-,即+>2.
同理,设h(x)=f(x)-f(e-x),0则h′(x)=f ′(x)+f ′(e-x)=-ln x-ln(e-x)=-ln[x(e-x)].
因为y=x(e-x)在(0,1)上是增函数,
所以h(x)在(0,1)上是减函数,所以h(x)>h(1)>0,
所以当x∈(1,+∞)时,f(x)>f(e-x).
所以f>f,所以f>f.
因为x∈(1,+∞)时,f(x)单调递减,
所以综上所述,2<+