华师大版九上第七单元《内能》达标检测卷（含解析）
文档属性
| 名称 | 华师大版九上第七单元《内能》达标检测卷（含解析） |  | |
| 格式 | doc | ||
| 文件大小 | 2.6MB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 华东师大版 | ||
| 科目 | 科学 | ||
| 更新时间 | 2023-09-18 09:08:30 | ||
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文档简介
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华师大版九上第七单元《内能》达标检测卷
姓名：__________ 班级：__________考号：__________
题号 一 二 三 四 总分
评分
一、选择题(每题2分；共30分)
1．下列事例中，通过做功来改变物体内能的是（ ）
A．金属勺放在热汤中 B．食品放入冰箱
C．取暖器旁的物体温度升高 D．反复弯折铁丝
2．2021年10月16日，“长征二号F遥十三”运载火箭托举“神舟十三号”载人飞船升空，开始了我国迄今为止时间最长的载人飞行。下列说法正确的是（ ）
A．火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的比热容较大
B．加速上升的过程中，飞船的动能增大，重力势能也增大
C．太空中的温度很低，飞船的内能可能为零
D．燃料燃烧放出的热量全部用来做功
3．科学应基于证据与逻辑得出结论。对于下列 4 个实验中，有关证据和结论的说法正确的是（ ）
A．①中生成黄色沉淀是结论，硝酸铅与碘化钾发生了化学反应是证据
B．②中根据生成物不能被磁铁吸引的证据，得出金属都能与非金属反应的结论
C．③中得出某血管是小动脉的结论，基于的证据是观察到血管中的血液是鲜红色的
D．④中能得出通过压缩气体能对外做功的结论，支持的证据是橡皮塞向上跳起
4．关于温度、热量、内能、比热容，以下说法正确的是（ ）
A．一块0℃的冰没有内能，它的分子不会运动
B．一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高
C．一个物体温度升高了，它的内能一定增加
D．物体的质量越大，温度越高，它的比热容就越大
5．图甲为油汀取暖器，当接通电源后，电热管周围的导热油被加热，通过腔体壁表面将热量辐射出去，从而起到取暖作用。因此导热油材料尤为关键，要求油汀通电后导热油能尽可能快地升温。现在有质量、初温相同的两种导热油材料甲、乙，在相同的加热条件下，甲、乙两种油的温度与加热时间关系如图乙所示。试比较甲、乙两种材料的比热容c甲、c乙大小，并判断用哪种材料更适合做导热油（ ）
A．c甲>c乙，选乙材料 B．c甲>c乙，选甲材料
C．c甲6．下列是对生活中一些事例的判断，其中正确的是（ ）
A．冰熔化时温度不变，内能也不变
B．用热水袋取暖利用了水的比热容小的特性
C．钻木取火利用热传递改变内能
D．饮料放入冰箱温度降低的过程伴随着内能的转移
7．如图所示，2只相同的烧瓶，瓶塞上各插入1支温度计，瓶内装有电阻丝，电阻丝的阻值分别为R1、R2，在烧瓶中装入煤油或水（水的比热容已知），两电阻丝接入相应的电路，无法完成的实验是（ )
A．烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2串联，探究电热与电阻大小的关系
B．烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且并联，探究电热与电流大小的关系
C．烧瓶中分别装入等质量的水和煤油，若R1＝R2且串联，比较水和煤油的吸热能力
D．烧瓶中分别装入等质量的水和煤油，若R1＝R2且串联，粗略测量煤油的比热容
8．C919大飞机是中国自行研制、具有自主知识产权的大型喷气式民用飞机（如图所示）。飞机发动机吸入的空气经压缩机压缩后进入燃烧室与燃料混合燃烧，产生的热气体被喷出，为飞机提供动力。气体被压缩的过程中能量转化与下列汽油机四个冲程中的相同的是（ ）
A． B．
C． D．
9．对于四冲程的柴油机和汽油机，下列说法正确的是（ ）
A．吸气冲程进入气缸里的都是燃料的混合物
B．压缩冲程末都需要点火，燃料才能燃烧
C．做功冲程都是燃气推动活塞做功
D．四个冲程两者没什么区别
10．如图是家庭、宾馆常用的无线电水壶（一种在倒水时导线脱离，用电加热的方便水壶），用规格“220V，1200W”这种电水壶在正常工作时烧开水，将质量为1千克、温度为18℃的水，经过一段时间加热把水烧开（在一个标准大气压下）．水的比热为4.2×103焦/千克 ℃，不考虑电水壶的散热。由上述已知条件，可求得的物理量是（ ）
①通过电水壶的电流②电水壶电热丝的电阻③加热的时间④电流做的功。
A．①② B．①②③ C．②③④ D．①②③④
11．小王周末和家人乘车去游玩，某一时刻她看到汽车转速表显示的转速为1800r/min，她向爸爸了解到汽车发动机为四缸四冲程发动机，则此时汽车在1s内完成了（ ）
A．240个冲程，做了60次功 B．60个冲程，做了15次功
C．120个冲程，做了30次功 D．240个冲程，做了30次功
12．某校科学兴趣小组做了以下四个实验，其中描述正确的是（ ）
A．如图中电压表的指针发生偏转，说明此装置能将电能转化为化学能
B．如图所示的贮存在反应物与生成物内的能量变化，说明该反应为放热反应
C．如图中干冷烧杯内壁出现了小水滴，说明该气体中一定有H、O元素
D．如图中液态水变成气态水的过程需要吸收能量，是一个化学反应
13．我国航天科技突飞猛进，下列对其中蕴含的科技知识的分析中正确的是（ ）
A．甲为太空授课中“浮力消失实验”，此时乒乓球仍受到地球的吸引力
B．乙为天和机械臂在水平方向转移货物，该过程中向上抓举力对货物做功
C．丙中载人飞船的太阳能电池翼将太阳能转化为化学能
D．丁中火箭喷气发动机把氢燃料的核能转化为火箭的机械能
14．自然界中能量的形式多种多样。下列物体所具有能量的形式表述正确的是（ ）
A．米饭中储存着化学能
B．被拉弯的弓具有电磁能
C．遥控器发出的电磁辐射具有声能
D．强度很大的爆炸声能将玻璃震碎，因为爆炸声具有光能
15．2022 年世界杯于北京时间11月21日凌晨零点揭幕。观赛时，小金看到运动员将足球贴着地面传给门将，门将开大脚将球踢飞过中场的情景，对此小金做出了以下分析，正确的是（ ）
A．贴地传球时，足球在平直的地上滚动，重力对足球做了功
B．门将用500 N的力将足球踢出80 m，则门将对足球做功40000 J
C．开大脚后足球由地面飞行到空中最高点的过程中，它的动能全部转化为重力势能
D．飞行的足球从最高点下落至地面，机械能是不守恒的
二、填空题(每题1分；共16分)
16．火柴是实验室常用的点火工具。引燃过程：划动火柴→擦火皮（含微量易燃物）产生火星→引发火柴头燃烧。A、B为两种常见的引燃方式，F1＝F2。火柴的引燃是通过 的方法来增大火柴头的内能，更易引燃的是 （选填“A”或“B”）方式。
17．如图为一款市售熔岩灯（一种工艺品)，其结构可以分为三部分，底部中含有一盏白炽灯，中部的密封玻璃瓶中装有一种蜡状物A和另一种液体B，顶部为一个装饰作用的盖子。白炽灯未通电时，蜡状物沉在底部；白炽灯通电后，蜡状物变为液态，在液体B中出现不断上浮、下沉的景象。
（1）白炽灯通电后，蜡状物通过 的方式获得物态变化所需的内能。
（2）制作熔岩灯所用的蜡状物应具备哪些物理性质
。 (至少答一种)
18．用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的图像如图所示。根据图像可知，甲液体的比热容 (选填“大于”、“等于”或“小于”)乙液体的比热容。质量为0.5千克、初温为20℃的甲液体温度升高到90℃，吸收的热量为 焦。[甲液体的比热容为2×103焦／(千克·℃)]
19．如图所示为我国古代发明的取火器的模型图，把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒立刻燃烧起来，这是通过 的方式，使筒内空气内能 ，温度升高，达到艾绒的着火点。单缸四冲程汽油机工作过程中“吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程”的四个冲程，
其中 冲程与上述套筒内空气温度升高过程中能量的转化是一致的。
20．小金用如图1所示实验装置，加热试管使水沸腾，发现试管上方的小风车开始不停地转动。由此引出以下问题，请利用所学的知识回答。
（1）图1实验中能量转化方式与图2中汽油机的哪个冲程相同？ 。
（2）若某四冲程汽油机的功率为36千瓦，做功冲程每次对外做功800焦耳，则该汽油机的飞轮的转速为 转/分。
（3）如图3所示的是等质量两种液体吸收的热量与温度变化情况的图象，请根据图中提供的信息，你认为选择 液体作为汽车冷却液效果更好。
21．某品牌电动车在我国电车行业处于领先地位，如图所示是该品牌某款电车，该车提供能量的装置为磷酸铁锂电池，当它给电动机供电时，电动机将驱动车轮行驶。
（1）传统汽车的发动机多为汽油机。汽油机的四个冲程中提供动力的是 冲程。
（2）为了能够提高电车的续航，电动汽车会添加能量回收装置，即在踩刹车或者下坡时，回收多余能量并为电池充电，此时的能量转换形式为 →电能一化学能。
22．2022年，工程师开发出一种“可穿戴微电网”，当人体运动时，穿戴设备通过摩擦发电，这些电可以收集并存储起来为小型电子设备供电。“可穿戴微电网”摩擦发电过程中的能量转化是 能转化成电能，该过程中能量 (填“守恒”或“不守恒”)。
实验探究题(每空2分；共26分)
23．能量转化和守恒定律是许多科学家经长期探索建立起来的，是科学史上的重大发现。
材料一：十七至十八世纪，多位科学家对能量的量度提出了不同的观点。1644年，笛卡尔用物体的质量和其速度的乘积来量度；1686年，莱布尼兹用物体的质量和其速度平方的乘积来量度；1743年，达朗贝尔用“活力”（即物体受力作用而通过一定距离）来量度。
材料二：温度计的不断改进给热与功研究的精确化准备了必要条件。焦耳通过400多次的实验，于1849年精确地测定了热功当量关系的数值，这一数值与现代公认值非常接近，为能量守恒定律的确立奠定了定量的实验基础。
（1）材料一中，哪位科学家的观点与“功”概念相符合？ 。
A．笛卡尔 B．莱布尼兹 C．达朗贝尔
（2）如图所示是焦耳研究热功当量关系的实验装置，通过重物的上下运动，带动叶片转动，通过做功使水的内能 (选填“增大”或“减小”)。
（3）结合材料分析，以下观点正确的是 。（可多选）
A．面对前人的观点要敢质疑
B．时间久远的理论是没有科学价值的
C．测量工具的发展有助于科学理论研究
D．对科学的认识是不断修正完善的过程
24．某同学在“探究不同物质吸热情况”的实验中，将相同体积的水和煤油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度。
加热的时间/min 0 2 4 6 8
水的温度/℃ 20 22 24 28 30
煤油的温度/℃ 20 24 28 32 37
如图所示的实验设计，其中有一处明显错误，请指出错误之处：___________________________
；
（2）该实验中加热相同时间，水吸收的热量 煤油吸收的热量； (选填 “大于”、“等于”或“小于”)
（3）改进实验后，得到表中数据。分析实验数据可以得出的初步结论_____________________________
。
（4）实验中让等质量的水和煤油升高相同的温度， 加热时间更长。
25．热机发明后，一直在持续的改进和发展中。
材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车（图甲），传统蒸汽机的燃
料在气缸外部燃烧（图乙），热效率为5%-8%之间。
材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机（内燃指燃料在气缸内燃烧）的四冲程循环理论：①气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；②通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩；③高压燃烧气体产生巨大爆发力；④将已经燃烧的废气从气缸中排出。
材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的煤气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复，内燃机的效率达到14%。
（1）老师在重复演示“做功改变内能”实验（如图丙），需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的与内燃机的 冲程的原理相似。
（2）德罗夏提到的内燃方式是基于 的猜想。
（3）分析上述科学史料，判断下列观点正确的有（ ）
A．科学与技术既有密切联系，又有重要区别
B．只有完全正确的理论才是科学理论
C．当前被人们认同的理论今后可能会被另一种理论取代
D．没有先进的科学技术将无法开展科学研究
26．如图甲所示是我们常见的按压式圆珠笔。小明利用圆珠笔开展了以下实验研究。
实验一：研究弹簧弹力与压缩量的关系，实验数据记录如下表：
序号 钩码质量（g） 弹簧压缩量x(mm) 弹簧弹力F(N) k
1 50 2 0.5 0.25
2 100 4 1 0.25
实验二：先将笔倒立向下按压然后放手，笔将向上弹起一定的高度。弹跳过程可以分为三个阶段：
①把笔竖直倒立于水平硬桌面，下压外壳使其下端接触桌面（见位置a）；
②由静止释放，外壳竖直上升，弹簧恢复到原长（见位置b）；
③笔继续上升到离桌面2cm的最高处（见位置c）开始下落。
（1）实验一表中的“k”应该填入的项目是： 。
（2）笔在上升过程中，笔的外壳的最大速度处于位置之间 。（选填“ab”或“bc”）
（3）若不计一切摩擦，请说明从a到b到c位置笔的内芯的机械能变化情况__________________
。
四、解答题(共28分)
27．（9分）碳排放一般指温室气体排放，造成温室效应，使全球气温上升。我国体现大国责任，推动以二氧化碳 为主的温室气体 减排。二氧化碳排放力争2030年前达到峰值，力争2060年前实现碳中和。
（1）植物的光合作用是自然界消耗二氧化碳的最重要途径之一，人们称其为地球上最重要的能量转化过程：
①写出植物光合作用的文字表达式： ；
②此转化过程是否遵守能量守恒定律？ （选填“遵守”或“不遵守”）；
（2）你能为实现“碳中和”目标做些什么？（至少2点） 。
（3）为实现“碳中和”目标，未来，风能、太阳能和生物质能将成为主要的能源来源。某小区路灯利用与太阳能电池板相连的蓄电池作电源，其电压为、容量为（表示安小时），若路灯的规格为“12V24W”。如果电池充满后给灯泡供电，电量下降至20%停止工作，电池充满一次可以供路灯工作多少小时？
28．（9分）电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能，某型号电压力锅的额定电压为220V，如图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R2是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触电a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾。
（1）电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值。
（2）在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kW h，求R2的阻值。
（3）解：用该压力锅对5L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度？已知消耗的电能有90%被有效利用，水的比热容为4.2×103J/（kg ℃)。
29．（10分）舟山正在创建“最美公路”项目，工地上有一辆空载时质量为12t的流动式混凝土搅拌车，轮胎与地面接触的总面积为9000cm2，搅拌车以54km/h的速度在平直公路上匀行驶时，发动机的输出功率为192kW。（燃油的热值取q=4×107J/kg）求：
（1）装有6t混凝土的搅拌车静止在水平地面上时，搅拌车对地面的压强。
（2）搅拌车以54km/h的速度匀速直线行驶时，受到的阻力。（拌筒旋转功率忽略不计）
（3）搅拌车行驶时发动机的效率为30%，以54km/h的速度匀速行驶27km，需要消耗多少千克燃油？
答案解析部分
1．D
做功改变物体内能的本质是能量的转化，热传递改变物体内能的本质是能量的转移。
A.金属勺放在热汤中，热汤将热量传递给金属勺，属于热传递，故A不合题意；
B.食品放入冰箱中，食品的热量被冰箱吸收，属于热传递，故B不合题意；
C.取暖器旁的物体温度升高，则取暖器的热量被物体吸收，属于热传递，故C不合题意；
D.反复弯折铁丝，通过做功的形式将机械能转化为内能，属于做功，故D符合题意。
故选D。
2．B
（1）热值是表示燃料放热本领大小的物理量；
（2）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；
（3）一切物体都有内能；
（4）注意能量的损失。
A.火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的热值较大，故A错误；
B.加速上升的过程中，飞船的质量不变，速度增大，则动能增大；质量不变，高度增大，则重力势能也增大 ，故B正确；
C.太空中的温度很低，飞船的内能很小，但是肯定不是零，故C错误；
D.燃料燃烧放出的热量会向外散失，不能全部用来做功，故D错误。
故选B。
3．D
证据也就是依据，它是得出一个结论的来源凭据，证据与结论是因果关系，是不可或缺的.某一理论结果的形成，也必需具备该理论的理论依据，即理论证据。
A. ①中生成黄色沉淀是证据，硝酸铅与碘化钾发生了化学反应是结论，A错误；
B. ②中根据生成物不能被磁铁吸引的证据，得出金属能与非金属反应的结论，B错误；
C. ③中得出某血管是小动脉的结论，基于的证据是看到血液在血管中的流动方向是分支状态，C错误；
D.④中能得出通过压缩气体能对外做功的结论，支持的证据是橡皮塞向上跳起，D正确；
故答案为：D.
4．C
根据温度、热量、内能等的关系判断即可。
A.一切物体都有内能，一切分子都在不停的做无规则运动，故A错误；
B.当冰块到达熔点后继续吸热，则它的温度不变，而开始熔化，故B错误；
C.物体温度升高，内能一定增大，故C正确；
D.比热容是物质的一种性质，只与物质的种类和状态有关，与质量无关，故D错误。
故选C。
5．D
根据图片分析两种液体的升温速度大小即可。
根据Q=cm△t可知，当质量相同的不同物质吸收相同热量时，升高的温度与比热容成反比。根据图乙可知，当加热时间相同时，两种液体吸收相同的热量，甲升高的温度大于乙升高的温度，即c甲＜ c乙，应该选甲材料。
故选D。
6．D
（1）根据内能和温度的关系判断；
（2）比热容是表示物质吸放热本领的物理量；
（3）根据改变物体内能的方式判断；
（4）根据对热传递的理解判断。
A. 冰熔化时温度不变，但是不断吸热，则它的内能增大，故A错误；
B.用热水袋取暖利用了水的比热容大的特性，可以保证相同质量的水在降低相同的温度时会放出更多的热量，故B错误；
C.钻木取火利用做功的方式改变内能，故C错误；
D.饮料放入冰箱温度降低的过程伴随着内能的转移，即向外放热，故D正确。
故选D。
7．B
（1）（2）电流通过导体产生的热量与电流的大小、电阻大小和通电时间有关，在研究电流产生的热量与其中一个因素的关系时，要利用好控制变量法；
（3）要比较不同物质的吸热能力，可以让相同质量的不同物质吸收相同的热量，观察温度变化，温度变化小的比热容大；
（4）要测量食用油的比热容，可以让相同质量的水和食用油吸收相同的热量，测量二者温度变化，根据吸收热量相同解方程求解食用油的比热容。A.要探究“电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系”，应控制电流相同、通电时间相同、液体的质量、种类相同，而电阻的大小不同，所以当烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且串联时，可以探究电热与电阻大小的关系，故A正确不合题意；
B.要探究“电流通过导体产生的热量与电流大小的关系”，应控制电阻相同、通电时间相同、液体种类和质量相同，而电流的大小不同，所以当烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且并联，不能探究电热与电流大小的关系，故B错误符合题意；
C.在探究水和煤油的吸热能力时，采用的是控制变量法，需要控制水和煤油的质量和初温相同，实验中需要将阻值相同的两电阻丝串联，这样保证电热丝在相同时间内放出的热量相同，通过比较升高的温度来比较水和煤油的吸热能力，故C正确不合题意；
D.若R1=R2且串联，两电阻的电流和电阻相同，根据Q=I2Rt知在相同时间内电流产生的热量相同，可以让相同质量的水和食用油吸收相同的热量，则能粗略测量食用油的比热容，故D正确不合题意。
故选B。
8．C
根据能量转化的知识，结合热机的工作过程分析判断。
飞机发动机吸入的空气经压缩机压缩后进入燃烧室与燃料混合燃烧，产生的热气体被喷出，从而为飞机提供动力，这个过程中将内能转化为机械能。
A.进气门打开，为吸气冲程，没有能量转化，故A不合题意；
B.两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，将机械能转化为内能，故B不合题意；
C.两个气门关闭，活塞向下运动，为做功冲程，将内能转化为机械能，故C符合题意；
D.排气门打开，为排气冲程，没有能量转化，故D不合题意。
故选C。
9．C
汽油机和柴油机的相同点：都是燃料在汽缸中燃烧，都是将内能转化为机械能的机器，都是由吸气、压缩、做功、排气四个冲程构成一个工作循环，曲轴和飞轮转动两周，活塞往复两次，对外做功一次，都是先靠外力使飞轮和曲轴转动起来，只有做功冲程对外做功，其余三个冲程靠飞轮惯性完成，排气冲程排出废气相同。
汽油机和柴油机的区别：汽油机气缸顶部有火花塞，燃料是汽油，吸气冲程吸入的是汽油和空气的混合气体，属于点燃式点火。柴油机气缸顶部有喷油嘴，燃料是柴油，吸气冲程只吸进空气，柴油机属压燃式点火。
A、吸气冲程吸入的物质不同，汽油机吸入空气和汽油的混合物，柴油机吸入的只有空气，空气不是燃料的混合物，故A错误；
B、压缩冲程点火方式不同，汽油机的点火方式是点燃式，柴油机的点火方式是压燃式，故B错误；
C、做功冲程中，燃气推动活塞做功使内能转化为机械能，故C正确；
D、吸气和压缩冲程两者都不一样，故D错误。
所以选：C。
10．D
电水壶烧水，电能转化成内能。不考虑电水壶的散热时 W=Q。根据电功率公式、热量公式分析即可.
根据“220V，1200W”已知电水壶的额定电压和额定功率，由 P=UI可得。所以①可求。
。所以②可求。
根据水升高的温度可以求出水吸收的热量，
因为不考虑电水壶的散热，所以 W=Q=3.444105焦，所以④可求。
根据W=Pt可知t=，所以③可求。
所以选：D。
11．A
发动机的四个冲程分别为：吸气冲程，压缩冲程，做功冲程和排气冲程。发动机每转动半圈完成一个冲程，每转动两圈完成四个冲程，为一个工作循环，做一次功，故转2圈做一次功。
A.汽车的转速为1800r/min，说明一分钟转了1800圈，1s转动30圈，因此每个缸1s内完成60个冲程，做了15此功，四个缸就完成240冲程，做60次功，A正确
B.C.D错误
故答案为：A
12．B
将每个图片描述的情景与文字进行对照，二者一致的就是正确选项。
A.电压表的指针发生偏转，说明此装置将电能转化为机械能，故A错误；
B.反应物的能量大，而生成物的能量少，说明该反应向外放热，故B正确；
C.气体燃烧出现了小水滴，因为有氧气参与反应，所以只能说明该气体一定含有氢元素，可能含有氧元素，故C错误；
D.液态水变成气态水的过程中，分子保持不变，改变的是分子之间的空隙，即发生物理变化，故D错误。
故选B。
13．A
（1）地球周围的一切物体都受到重力的作用；
（2）做功的两个要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
（3）（4）根据能量转化的知识判断。A.甲为太空授课中“浮力消失实验”，此时乒乓球仍受到地球的吸引力，故A正确；
B.乙为天和机械臂在水平方向转移货物，该过程中在抓举力的方向上没有移动距离，所以不做功，故B错误；
C.丙中载人飞船的太阳能电池翼将太阳能转化为电能，故C错误；
D.丁中火箭喷气发动机把氢燃料的化学能转化内能，再将内能转化为火箭的机械能，故D错误。
故选A。
14．A
根据能量定义和存在形式分析判断。
A.米饭中储存着化学能，故A正确；
B.被拉弯的弓具有弹性势能，故B错误；
C.遥控器发出的电磁辐射具有电磁能，故C错误；
D.强度很大的爆炸声能将玻璃震碎，因为爆炸声具有声能，故D错误。
故选A。
15．D
（1）（2）做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
（3）注意分析最高点时足球的动能是否为零；
（3）根据机械能和内能的转化判断。
A.重力的方向竖直向下，而足球在竖直方向上没有通过距离，因此重力对足球不做功，故A错误；
B.足球在飞行过程中，不再受到门将的力，因此门将对足球做的功肯定小于40000J，故B错误；
C.足球运动到最高点时，它在水平方向上速度不为零，因此动能不为零，那么它的动能没有全部转化为重力势能，故C错误；
D.飞行的足球从最高点下落至地面，由于空气摩擦，因此足球的机械能会转化为内能，即机械能是不守恒的，故D正确。
故选D。
16．做功；B
做功和热传递可以改变物体的内能。火柴引燃过程，克服摩擦做功，内能增大；火柴头与擦火皮之间的压力越大，产生的摩擦力越大，克服摩擦力做功越多，转变成内能越多，温度升高更快，更易达到着火点，更易引燃火柴。
火柴引燃过程，克服摩擦做功，使火柴头内能增大；图B火柴头与擦火皮之间的压力大，摩擦力大，克服摩擦做的功多，转化为的内能多，更易引燃火柴头。
故答案为：第1空、做功 第2空、B
17．（1）热传递
（2）熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B
（1）物体的内能可以通过做功和热传递来改变；
（2）物理性质指不需要通过化学变化就可以体现出来的性质。
（1） 白炽灯通电后 产生热量，通过热传递改变内能；
（2）由题干信息可知，其物理性质为： 熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B .
18．小于；70000
（1）根据公式Q=cm△t比较液体的比热容大小；
（2）根据Q=cm△t计算甲液体吸收的热量；
（1）根据图像可知，当都加热90min时，二者吸收的热量相等。甲升高温度：90℃-20℃=70℃，乙升高温度：50℃-20℃=30℃，即△t甲>△t乙。根据公式Q=cm△t可知，甲的比热容小于乙的比热容。
（2）甲吸收的热量为：Q=cm△t=2×103J/(kg·℃)×0.5kg×（90℃-20℃）=7×104J。
19．做功；增大；压缩冲程
本题考查改变物体内能的方法，包括做功和热传递，在效果这两者是等效的。
木质推杆往里推时，艾绒燃烧，即外力做功增大了物体的内能，温度升高，艾绒燃烧；在上述过程中是机械能转化为内能的过程，故与压缩冲程的能量转化是一致的。
故答案为：做功；增大；压缩冲程
20．（1）甲
（2）5400
（3）乙
热机工作的四个冲程为吸气冲程，压缩冲程，做功冲程和排气冲程。
（1）由图1可知加热使水沸腾，水蒸气推动小风车做功，即内能转化为机械能，故与甲做功冲程相同（气门关闭，活塞向下运动）；
（2）
又因为每一次循环飞轮转动2次，故共转动90转/秒=5400转/分；
（3）由Q=Cmt可知，升高相同温度时，乙吸收的热量更多，故选择乙液体作为冷却液；
故答案为：（1）甲；（2）5400；（3）乙
21．（1）做功
（2）机械能/动能和势能
（1）在四个冲程中，只有做功冲程，将燃气的内能转化为机械能，即获得能量，其它三个冲程都依靠惯性完成。
（2）根据能量转化的知识解答。
（1）汽油机的四个冲程中提供动力的是做功冲程。
（2）为了能够提高电车的续航，电动汽车会添加能量回收装置，即在踩刹车或者下坡时，回收多余能量并为电池充电，此时的能量转换形式为机械能→电能一化学能。
22．机械；守恒
（1）根据能量转化的知识解答；
（2）根据能量转化和守恒定律分析解答。
“可穿戴微电网”摩擦发电过程中的能量转化是机械能转化成电能，该过程中能量守恒。
23．（1）C
（2）增大
（3）A；C；D
（1）根据功的定义分析；
（2）外界对物体做功，则内能增大，温度升高；物体对外界做功，则内能减小，温度降低；
（3）根据自己对科学研究的认识判断。
（1）物体在力的作用下通过了一段距离，那么力对物体做功，据此可知，达朗贝尔的观点与“功”的概念相符合，故选C。
（2）如图所示是焦耳研究热功当量关系的实验装置，通过重物的上下运动，带动叶片转动，通过做功使水的内能增大。
（3）A.面对前人的观点要敢质疑，故A正确；
B.时间久远的理论仍然存在价值，故B错误；
C.测量工具的发展有助于科学理论研究，故C正确；
D.对科学的认识是不断修正完善的过程，故D正确。
故选ACD。
24．（1）没有控制水和煤油的质量相同
（2）等于
（3）相同质量的水和煤油，吸收相同 的热量，煤油比水升温更快
（4）水
（1）根据Q=cm△t可知，探究不同物质吸热情况的变化时，需要控制液体的初温和质量相同，且使用相同的酒精灯加热。根据图片可知，煤油和水的体积相同，根据m=ρV可知，二者的质量不等。
（2）当使用相同的酒精灯进行加热时，相同的时间内放出相同的热量，据此分析解答。
（3）根据表格数据，比较煤油和水升温的快慢，然后根据控制变量法的要求描述结论。
（4）根据表格数据分析解答。
（1）如图所示的实验设计，其中有一处明显错误，其中错误之处：没有控制水和煤油的质量相同。
（2）该实验中加热相同时间，水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
（3）根据表格可知，当加热8min时，水升高：30℃-20℃=10℃，煤油升高：37℃-20℃=17℃，那么得到结论：相同质量的水和煤油，吸收相同 的热量，煤油比水升温更快。
（4）根据表格可知，等质量的水升高到28℃需要6min，煤油升高到28℃需要4min，那么得到：让等质量的水和煤油升高相同的温度，水加热时间更长。
25．（1）AD
（2）燃料在气缸内燃烧，热量散失少，热效率高
（3）A；C
（1）拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，可将其中的废气排出，然后进入新鲜的空气，据此与内燃机的四个冲程比较即可。
（2）将燃料封闭在气缸内燃烧，热量散失少，做功的效率更高，据此分析解答；
（3）根据自己对科学研究的认识分析判断。
（1）内燃机的排气冲程排出废气，吸气冲程吸入新鲜的空气和汽油，因此拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的与内燃机的排气和吸气冲程类似，故选AD。
（2）德罗夏提到的内燃方式是基于燃料在气缸内燃烧，热量散失少，热效率高的猜想。
（3）A.科学与技术既有密切联系，又有重要区别，故A正确；
B.科学理论也有错误的，故B错误；
C.当前被人们认同的理论今后可能会被另一种理论取代，故C正确；
D.通过开展科学研究，往往可以获取更加先进的科学技术，故D错误。
故选AC。
26．（1）F/x（N/mm）
（2）ab
（3）a到b，机械能不变，b到c机械能增大
（1）将“k”列的数值与前面的数据比较，从而找到对应的项目；
（2）当物体受到的合力的方向与运动方向一致时，做加速运动；但合力为零时，加速停止，此时物体的速度达到最大。
（3）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能，据此分析判断。
（1）分析表格数据可知，k列的数值是弹力与弹簧压缩量的比值，因此填入的项目为：F/x（N/mm）；
（2）在开始的一段时间内，弹簧的弹力大于重力，此时合力向上，与运动方向一致，作加速运动。随着弹力的减小，当弹力与重力相等时，此时合力为零，加速停止，即此时速度最大。但是此时弹簧还没有恢复原长，因此外壳的最大速度在ab之间。
（3）若不计摩擦，从a到b时，笔壳保持静止状态，此时机械能不变。从b到c时，笔壳腾空而起，此时动能和重力势能都增大，则此时的机械能增大。
27．（1）二氧化碳+水有机物+氧气；遵守
（2）绿色出行、随手关灯。
（3）路灯的规格为“12V，24W”，路灯的额定电流是，
如果电池充满后给灯泡供电，电量下降至20%停止工作，电池充满一次可以供路灯工作的时间是：
。
（1）①根据二氧化碳和水在光照、叶绿体的作用下反应生成有机物和氧气进行分析；
②根据自然界的能量是守恒的进行分析；
（2）根据生活中常见的减少二氧化碳的排放的方法进行解答；
（3）根据P=UI，按路灯的规格计算出路灯的电流，然后计算工作的时间。
（1）①二氧化碳和水在光照、叶绿体的作用下反应生成有机物和氧气，文字表达式为：二氧化碳+水有机物+氧气 ；
②自然界的能量是守恒的，所以这个过程能量守恒；
（2）为实现“碳中和”目标的做法是：绿色出行、随手关灯、使用节能灯、不使用一次性的筷子和包装袋、节约用水和用粮、少开空调。
28．（1）由题可知L发绿光时通过它的电流是40mA，它两端的电压为2V，
根据电路图可得：L与R0串联在220V的电路中，
U0=U总-UL=220V-2V=218V.
R0=U0/I0=218V/0.04A=5450 Ω
（2）解：保压时，S与a、b断开，与c接通，此时电路R2所在支路与R0所在支路有电流通过。
此时加热器只有R2工作。
所以P=W/t=0.2kW·h/1h=0.2KW=200W
R2=U2/P=(220V)2/200W=242 Ω
（3）解：电压力锅工作时，电能转化成了内能。加热过程中R1R2都在工作
W=P1t1+p2t2=800W×35×60S+200W×35×60S=2.1×106J
m=1.0×103Kg/m3×5×10-3m3=5Kg
△ t=Q/Cm=2.1×106J×90%/ 4.2×103J/（kg ℃) ×5kg=90 ℃
t末=90 ℃ +20 ℃ =110 ℃ >105 ℃
所以最终的水温为105 ℃
电学题目首先根据电路图分析各用电器之间的连接方式。图中乍一看好像有四个用电器，但仔细分析可以发现，图中其实是三条电流路径的并联电路。L与R0串联成一条支路。R1，R2又是独立的两条支路。
29．（1）解：
（2）解：v=54km/h=15m/s
因为匀速直线运动，所以
（3）解：
J
本题考查的是压强公式、功率的公式、功的公式、重力公式的掌握和运用，要求灵活运用所学公式，还要注意计算中各物理量单位要统一。
（1）根据G=mg算出重力；水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，由计算车对地面的压强；
（2）根据公式求出牵引力，根据二力平衡的条件求出阻力。
（3）利用W=Fs求出做的有用功，利用发动机的效率求油完全燃烧放出的热量，再利用Q放=mq求需要完全燃烧油的质量。
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华师大版九上第七单元《内能》达标检测卷
姓名：__________ 班级：__________考号：__________
题号 一 二 三 四 总分
评分
一、选择题(每题2分；共30分)
1．下列事例中，通过做功来改变物体内能的是（ ）
A．金属勺放在热汤中 B．食品放入冰箱
C．取暖器旁的物体温度升高 D．反复弯折铁丝
2．2021年10月16日，“长征二号F遥十三”运载火箭托举“神舟十三号”载人飞船升空，开始了我国迄今为止时间最长的载人飞行。下列说法正确的是（ ）
A．火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的比热容较大
B．加速上升的过程中，飞船的动能增大，重力势能也增大
C．太空中的温度很低，飞船的内能可能为零
D．燃料燃烧放出的热量全部用来做功
3．科学应基于证据与逻辑得出结论。对于下列 4 个实验中，有关证据和结论的说法正确的是（ ）
A．①中生成黄色沉淀是结论，硝酸铅与碘化钾发生了化学反应是证据
B．②中根据生成物不能被磁铁吸引的证据，得出金属都能与非金属反应的结论
C．③中得出某血管是小动脉的结论，基于的证据是观察到血管中的血液是鲜红色的
D．④中能得出通过压缩气体能对外做功的结论，支持的证据是橡皮塞向上跳起
4．关于温度、热量、内能、比热容，以下说法正确的是（ ）
A．一块0℃的冰没有内能，它的分子不会运动
B．一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高
C．一个物体温度升高了，它的内能一定增加
D．物体的质量越大，温度越高，它的比热容就越大
5．图甲为油汀取暖器，当接通电源后，电热管周围的导热油被加热，通过腔体壁表面将热量辐射出去，从而起到取暖作用。因此导热油材料尤为关键，要求油汀通电后导热油能尽可能快地升温。现在有质量、初温相同的两种导热油材料甲、乙，在相同的加热条件下，甲、乙两种油的温度与加热时间关系如图乙所示。试比较甲、乙两种材料的比热容c甲、c乙大小，并判断用哪种材料更适合做导热油（ ）
A．c甲>c乙，选乙材料 B．c甲>c乙，选甲材料
C．c甲
A．冰熔化时温度不变，内能也不变
B．用热水袋取暖利用了水的比热容小的特性
C．钻木取火利用热传递改变内能
D．饮料放入冰箱温度降低的过程伴随着内能的转移
7．如图所示，2只相同的烧瓶，瓶塞上各插入1支温度计，瓶内装有电阻丝，电阻丝的阻值分别为R1、R2，在烧瓶中装入煤油或水（水的比热容已知），两电阻丝接入相应的电路，无法完成的实验是（ )
A．烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2串联，探究电热与电阻大小的关系
B．烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且并联，探究电热与电流大小的关系
C．烧瓶中分别装入等质量的水和煤油，若R1＝R2且串联，比较水和煤油的吸热能力
D．烧瓶中分别装入等质量的水和煤油，若R1＝R2且串联，粗略测量煤油的比热容
8．C919大飞机是中国自行研制、具有自主知识产权的大型喷气式民用飞机（如图所示）。飞机发动机吸入的空气经压缩机压缩后进入燃烧室与燃料混合燃烧，产生的热气体被喷出，为飞机提供动力。气体被压缩的过程中能量转化与下列汽油机四个冲程中的相同的是（ ）
A． B．
C． D．
9．对于四冲程的柴油机和汽油机，下列说法正确的是（ ）
A．吸气冲程进入气缸里的都是燃料的混合物
B．压缩冲程末都需要点火，燃料才能燃烧
C．做功冲程都是燃气推动活塞做功
D．四个冲程两者没什么区别
10．如图是家庭、宾馆常用的无线电水壶（一种在倒水时导线脱离，用电加热的方便水壶），用规格“220V，1200W”这种电水壶在正常工作时烧开水，将质量为1千克、温度为18℃的水，经过一段时间加热把水烧开（在一个标准大气压下）．水的比热为4.2×103焦/千克 ℃，不考虑电水壶的散热。由上述已知条件，可求得的物理量是（ ）
①通过电水壶的电流②电水壶电热丝的电阻③加热的时间④电流做的功。
A．①② B．①②③ C．②③④ D．①②③④
11．小王周末和家人乘车去游玩，某一时刻她看到汽车转速表显示的转速为1800r/min，她向爸爸了解到汽车发动机为四缸四冲程发动机，则此时汽车在1s内完成了（ ）
A．240个冲程，做了60次功 B．60个冲程，做了15次功
C．120个冲程，做了30次功 D．240个冲程，做了30次功
12．某校科学兴趣小组做了以下四个实验，其中描述正确的是（ ）
A．如图中电压表的指针发生偏转，说明此装置能将电能转化为化学能
B．如图所示的贮存在反应物与生成物内的能量变化，说明该反应为放热反应
C．如图中干冷烧杯内壁出现了小水滴，说明该气体中一定有H、O元素
D．如图中液态水变成气态水的过程需要吸收能量，是一个化学反应
13．我国航天科技突飞猛进，下列对其中蕴含的科技知识的分析中正确的是（ ）
A．甲为太空授课中“浮力消失实验”，此时乒乓球仍受到地球的吸引力
B．乙为天和机械臂在水平方向转移货物，该过程中向上抓举力对货物做功
C．丙中载人飞船的太阳能电池翼将太阳能转化为化学能
D．丁中火箭喷气发动机把氢燃料的核能转化为火箭的机械能
14．自然界中能量的形式多种多样。下列物体所具有能量的形式表述正确的是（ ）
A．米饭中储存着化学能
B．被拉弯的弓具有电磁能
C．遥控器发出的电磁辐射具有声能
D．强度很大的爆炸声能将玻璃震碎，因为爆炸声具有光能
15．2022 年世界杯于北京时间11月21日凌晨零点揭幕。观赛时，小金看到运动员将足球贴着地面传给门将，门将开大脚将球踢飞过中场的情景，对此小金做出了以下分析，正确的是（ ）
A．贴地传球时，足球在平直的地上滚动，重力对足球做了功
B．门将用500 N的力将足球踢出80 m，则门将对足球做功40000 J
C．开大脚后足球由地面飞行到空中最高点的过程中，它的动能全部转化为重力势能
D．飞行的足球从最高点下落至地面，机械能是不守恒的
二、填空题(每题1分；共16分)
16．火柴是实验室常用的点火工具。引燃过程：划动火柴→擦火皮（含微量易燃物）产生火星→引发火柴头燃烧。A、B为两种常见的引燃方式，F1＝F2。火柴的引燃是通过 的方法来增大火柴头的内能，更易引燃的是 （选填“A”或“B”）方式。
17．如图为一款市售熔岩灯（一种工艺品)，其结构可以分为三部分，底部中含有一盏白炽灯，中部的密封玻璃瓶中装有一种蜡状物A和另一种液体B，顶部为一个装饰作用的盖子。白炽灯未通电时，蜡状物沉在底部；白炽灯通电后，蜡状物变为液态，在液体B中出现不断上浮、下沉的景象。
（1）白炽灯通电后，蜡状物通过 的方式获得物态变化所需的内能。
（2）制作熔岩灯所用的蜡状物应具备哪些物理性质
。 (至少答一种)
18．用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的图像如图所示。根据图像可知，甲液体的比热容 (选填“大于”、“等于”或“小于”)乙液体的比热容。质量为0.5千克、初温为20℃的甲液体温度升高到90℃，吸收的热量为 焦。[甲液体的比热容为2×103焦／(千克·℃)]
19．如图所示为我国古代发明的取火器的模型图，把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒立刻燃烧起来，这是通过 的方式，使筒内空气内能 ，温度升高，达到艾绒的着火点。单缸四冲程汽油机工作过程中“吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程”的四个冲程，
其中 冲程与上述套筒内空气温度升高过程中能量的转化是一致的。
20．小金用如图1所示实验装置，加热试管使水沸腾，发现试管上方的小风车开始不停地转动。由此引出以下问题，请利用所学的知识回答。
（1）图1实验中能量转化方式与图2中汽油机的哪个冲程相同？ 。
（2）若某四冲程汽油机的功率为36千瓦，做功冲程每次对外做功800焦耳，则该汽油机的飞轮的转速为 转/分。
（3）如图3所示的是等质量两种液体吸收的热量与温度变化情况的图象，请根据图中提供的信息，你认为选择 液体作为汽车冷却液效果更好。
21．某品牌电动车在我国电车行业处于领先地位，如图所示是该品牌某款电车，该车提供能量的装置为磷酸铁锂电池，当它给电动机供电时，电动机将驱动车轮行驶。
（1）传统汽车的发动机多为汽油机。汽油机的四个冲程中提供动力的是 冲程。
（2）为了能够提高电车的续航，电动汽车会添加能量回收装置，即在踩刹车或者下坡时，回收多余能量并为电池充电，此时的能量转换形式为 →电能一化学能。
22．2022年，工程师开发出一种“可穿戴微电网”，当人体运动时，穿戴设备通过摩擦发电，这些电可以收集并存储起来为小型电子设备供电。“可穿戴微电网”摩擦发电过程中的能量转化是 能转化成电能，该过程中能量 (填“守恒”或“不守恒”)。
实验探究题(每空2分；共26分)
23．能量转化和守恒定律是许多科学家经长期探索建立起来的，是科学史上的重大发现。
材料一：十七至十八世纪，多位科学家对能量的量度提出了不同的观点。1644年，笛卡尔用物体的质量和其速度的乘积来量度；1686年，莱布尼兹用物体的质量和其速度平方的乘积来量度；1743年，达朗贝尔用“活力”（即物体受力作用而通过一定距离）来量度。
材料二：温度计的不断改进给热与功研究的精确化准备了必要条件。焦耳通过400多次的实验，于1849年精确地测定了热功当量关系的数值，这一数值与现代公认值非常接近，为能量守恒定律的确立奠定了定量的实验基础。
（1）材料一中，哪位科学家的观点与“功”概念相符合？ 。
A．笛卡尔 B．莱布尼兹 C．达朗贝尔
（2）如图所示是焦耳研究热功当量关系的实验装置，通过重物的上下运动，带动叶片转动，通过做功使水的内能 (选填“增大”或“减小”)。
（3）结合材料分析，以下观点正确的是 。（可多选）
A．面对前人的观点要敢质疑
B．时间久远的理论是没有科学价值的
C．测量工具的发展有助于科学理论研究
D．对科学的认识是不断修正完善的过程
24．某同学在“探究不同物质吸热情况”的实验中，将相同体积的水和煤油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度。
加热的时间/min 0 2 4 6 8
水的温度/℃ 20 22 24 28 30
煤油的温度/℃ 20 24 28 32 37
如图所示的实验设计，其中有一处明显错误，请指出错误之处：___________________________
；
（2）该实验中加热相同时间，水吸收的热量 煤油吸收的热量； (选填 “大于”、“等于”或“小于”)
（3）改进实验后，得到表中数据。分析实验数据可以得出的初步结论_____________________________
。
（4）实验中让等质量的水和煤油升高相同的温度， 加热时间更长。
25．热机发明后，一直在持续的改进和发展中。
材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车（图甲），传统蒸汽机的燃
料在气缸外部燃烧（图乙），热效率为5%-8%之间。
材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机（内燃指燃料在气缸内燃烧）的四冲程循环理论：①气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；②通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩；③高压燃烧气体产生巨大爆发力；④将已经燃烧的废气从气缸中排出。
材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的煤气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复，内燃机的效率达到14%。
（1）老师在重复演示“做功改变内能”实验（如图丙），需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的与内燃机的 冲程的原理相似。
（2）德罗夏提到的内燃方式是基于 的猜想。
（3）分析上述科学史料，判断下列观点正确的有（ ）
A．科学与技术既有密切联系，又有重要区别
B．只有完全正确的理论才是科学理论
C．当前被人们认同的理论今后可能会被另一种理论取代
D．没有先进的科学技术将无法开展科学研究
26．如图甲所示是我们常见的按压式圆珠笔。小明利用圆珠笔开展了以下实验研究。
实验一：研究弹簧弹力与压缩量的关系，实验数据记录如下表：
序号 钩码质量（g） 弹簧压缩量x(mm) 弹簧弹力F(N) k
1 50 2 0.5 0.25
2 100 4 1 0.25
实验二：先将笔倒立向下按压然后放手，笔将向上弹起一定的高度。弹跳过程可以分为三个阶段：
①把笔竖直倒立于水平硬桌面，下压外壳使其下端接触桌面（见位置a）；
②由静止释放，外壳竖直上升，弹簧恢复到原长（见位置b）；
③笔继续上升到离桌面2cm的最高处（见位置c）开始下落。
（1）实验一表中的“k”应该填入的项目是： 。
（2）笔在上升过程中，笔的外壳的最大速度处于位置之间 。（选填“ab”或“bc”）
（3）若不计一切摩擦，请说明从a到b到c位置笔的内芯的机械能变化情况__________________
。
四、解答题(共28分)
27．（9分）碳排放一般指温室气体排放，造成温室效应，使全球气温上升。我国体现大国责任，推动以二氧化碳 为主的温室气体 减排。二氧化碳排放力争2030年前达到峰值，力争2060年前实现碳中和。
（1）植物的光合作用是自然界消耗二氧化碳的最重要途径之一，人们称其为地球上最重要的能量转化过程：
①写出植物光合作用的文字表达式： ；
②此转化过程是否遵守能量守恒定律？ （选填“遵守”或“不遵守”）；
（2）你能为实现“碳中和”目标做些什么？（至少2点） 。
（3）为实现“碳中和”目标，未来，风能、太阳能和生物质能将成为主要的能源来源。某小区路灯利用与太阳能电池板相连的蓄电池作电源，其电压为、容量为（表示安小时），若路灯的规格为“12V24W”。如果电池充满后给灯泡供电，电量下降至20%停止工作，电池充满一次可以供路灯工作多少小时？
28．（9分）电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能，某型号电压力锅的额定电压为220V，如图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R2是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触电a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾。
（1）电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值。
（2）在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kW h，求R2的阻值。
（3）解：用该压力锅对5L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度？已知消耗的电能有90%被有效利用，水的比热容为4.2×103J/（kg ℃)。
29．（10分）舟山正在创建“最美公路”项目，工地上有一辆空载时质量为12t的流动式混凝土搅拌车，轮胎与地面接触的总面积为9000cm2，搅拌车以54km/h的速度在平直公路上匀行驶时，发动机的输出功率为192kW。（燃油的热值取q=4×107J/kg）求：
（1）装有6t混凝土的搅拌车静止在水平地面上时，搅拌车对地面的压强。
（2）搅拌车以54km/h的速度匀速直线行驶时，受到的阻力。（拌筒旋转功率忽略不计）
（3）搅拌车行驶时发动机的效率为30%，以54km/h的速度匀速行驶27km，需要消耗多少千克燃油？
答案解析部分
1．D
做功改变物体内能的本质是能量的转化，热传递改变物体内能的本质是能量的转移。
A.金属勺放在热汤中，热汤将热量传递给金属勺，属于热传递，故A不合题意；
B.食品放入冰箱中，食品的热量被冰箱吸收，属于热传递，故B不合题意；
C.取暖器旁的物体温度升高，则取暖器的热量被物体吸收，属于热传递，故C不合题意；
D.反复弯折铁丝，通过做功的形式将机械能转化为内能，属于做功，故D符合题意。
故选D。
2．B
（1）热值是表示燃料放热本领大小的物理量；
（2）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；
（3）一切物体都有内能；
（4）注意能量的损失。
A.火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的热值较大，故A错误；
B.加速上升的过程中，飞船的质量不变，速度增大，则动能增大；质量不变，高度增大，则重力势能也增大 ，故B正确；
C.太空中的温度很低，飞船的内能很小，但是肯定不是零，故C错误；
D.燃料燃烧放出的热量会向外散失，不能全部用来做功，故D错误。
故选B。
3．D
证据也就是依据，它是得出一个结论的来源凭据，证据与结论是因果关系，是不可或缺的.某一理论结果的形成，也必需具备该理论的理论依据，即理论证据。
A. ①中生成黄色沉淀是证据，硝酸铅与碘化钾发生了化学反应是结论，A错误；
B. ②中根据生成物不能被磁铁吸引的证据，得出金属能与非金属反应的结论，B错误；
C. ③中得出某血管是小动脉的结论，基于的证据是看到血液在血管中的流动方向是分支状态，C错误；
D.④中能得出通过压缩气体能对外做功的结论，支持的证据是橡皮塞向上跳起，D正确；
故答案为：D.
4．C
根据温度、热量、内能等的关系判断即可。
A.一切物体都有内能，一切分子都在不停的做无规则运动，故A错误；
B.当冰块到达熔点后继续吸热，则它的温度不变，而开始熔化，故B错误；
C.物体温度升高，内能一定增大，故C正确；
D.比热容是物质的一种性质，只与物质的种类和状态有关，与质量无关，故D错误。
故选C。
5．D
根据图片分析两种液体的升温速度大小即可。
根据Q=cm△t可知，当质量相同的不同物质吸收相同热量时，升高的温度与比热容成反比。根据图乙可知，当加热时间相同时，两种液体吸收相同的热量，甲升高的温度大于乙升高的温度，即c甲＜ c乙，应该选甲材料。
故选D。
6．D
（1）根据内能和温度的关系判断；
（2）比热容是表示物质吸放热本领的物理量；
（3）根据改变物体内能的方式判断；
（4）根据对热传递的理解判断。
A. 冰熔化时温度不变，但是不断吸热，则它的内能增大，故A错误；
B.用热水袋取暖利用了水的比热容大的特性，可以保证相同质量的水在降低相同的温度时会放出更多的热量，故B错误；
C.钻木取火利用做功的方式改变内能，故C错误；
D.饮料放入冰箱温度降低的过程伴随着内能的转移，即向外放热，故D正确。
故选D。
7．B
（1）（2）电流通过导体产生的热量与电流的大小、电阻大小和通电时间有关，在研究电流产生的热量与其中一个因素的关系时，要利用好控制变量法；
（3）要比较不同物质的吸热能力，可以让相同质量的不同物质吸收相同的热量，观察温度变化，温度变化小的比热容大；
（4）要测量食用油的比热容，可以让相同质量的水和食用油吸收相同的热量，测量二者温度变化，根据吸收热量相同解方程求解食用油的比热容。A.要探究“电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系”，应控制电流相同、通电时间相同、液体的质量、种类相同，而电阻的大小不同，所以当烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且串联时，可以探究电热与电阻大小的关系，故A正确不合题意；
B.要探究“电流通过导体产生的热量与电流大小的关系”，应控制电阻相同、通电时间相同、液体种类和质量相同，而电流的大小不同，所以当烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且并联，不能探究电热与电流大小的关系，故B错误符合题意；
C.在探究水和煤油的吸热能力时，采用的是控制变量法，需要控制水和煤油的质量和初温相同，实验中需要将阻值相同的两电阻丝串联，这样保证电热丝在相同时间内放出的热量相同，通过比较升高的温度来比较水和煤油的吸热能力，故C正确不合题意；
D.若R1=R2且串联，两电阻的电流和电阻相同，根据Q=I2Rt知在相同时间内电流产生的热量相同，可以让相同质量的水和食用油吸收相同的热量，则能粗略测量食用油的比热容，故D正确不合题意。
故选B。
8．C
根据能量转化的知识，结合热机的工作过程分析判断。
飞机发动机吸入的空气经压缩机压缩后进入燃烧室与燃料混合燃烧，产生的热气体被喷出，从而为飞机提供动力，这个过程中将内能转化为机械能。
A.进气门打开，为吸气冲程，没有能量转化，故A不合题意；
B.两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，将机械能转化为内能，故B不合题意；
C.两个气门关闭，活塞向下运动，为做功冲程，将内能转化为机械能，故C符合题意；
D.排气门打开，为排气冲程，没有能量转化，故D不合题意。
故选C。
9．C
汽油机和柴油机的相同点：都是燃料在汽缸中燃烧，都是将内能转化为机械能的机器，都是由吸气、压缩、做功、排气四个冲程构成一个工作循环，曲轴和飞轮转动两周，活塞往复两次，对外做功一次，都是先靠外力使飞轮和曲轴转动起来，只有做功冲程对外做功，其余三个冲程靠飞轮惯性完成，排气冲程排出废气相同。
汽油机和柴油机的区别：汽油机气缸顶部有火花塞，燃料是汽油，吸气冲程吸入的是汽油和空气的混合气体，属于点燃式点火。柴油机气缸顶部有喷油嘴，燃料是柴油，吸气冲程只吸进空气，柴油机属压燃式点火。
A、吸气冲程吸入的物质不同，汽油机吸入空气和汽油的混合物，柴油机吸入的只有空气，空气不是燃料的混合物，故A错误；
B、压缩冲程点火方式不同，汽油机的点火方式是点燃式，柴油机的点火方式是压燃式，故B错误；
C、做功冲程中，燃气推动活塞做功使内能转化为机械能，故C正确；
D、吸气和压缩冲程两者都不一样，故D错误。
所以选：C。
10．D
电水壶烧水，电能转化成内能。不考虑电水壶的散热时 W=Q。根据电功率公式、热量公式分析即可.
根据“220V，1200W”已知电水壶的额定电压和额定功率，由 P=UI可得。所以①可求。
。所以②可求。
根据水升高的温度可以求出水吸收的热量，
因为不考虑电水壶的散热，所以 W=Q=3.444105焦，所以④可求。
根据W=Pt可知t=，所以③可求。
所以选：D。
11．A
发动机的四个冲程分别为：吸气冲程，压缩冲程，做功冲程和排气冲程。发动机每转动半圈完成一个冲程，每转动两圈完成四个冲程，为一个工作循环，做一次功，故转2圈做一次功。
A.汽车的转速为1800r/min，说明一分钟转了1800圈，1s转动30圈，因此每个缸1s内完成60个冲程，做了15此功，四个缸就完成240冲程，做60次功，A正确
B.C.D错误
故答案为：A
12．B
将每个图片描述的情景与文字进行对照，二者一致的就是正确选项。
A.电压表的指针发生偏转，说明此装置将电能转化为机械能，故A错误；
B.反应物的能量大，而生成物的能量少，说明该反应向外放热，故B正确；
C.气体燃烧出现了小水滴，因为有氧气参与反应，所以只能说明该气体一定含有氢元素，可能含有氧元素，故C错误；
D.液态水变成气态水的过程中，分子保持不变，改变的是分子之间的空隙，即发生物理变化，故D错误。
故选B。
13．A
（1）地球周围的一切物体都受到重力的作用；
（2）做功的两个要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
（3）（4）根据能量转化的知识判断。A.甲为太空授课中“浮力消失实验”，此时乒乓球仍受到地球的吸引力，故A正确；
B.乙为天和机械臂在水平方向转移货物，该过程中在抓举力的方向上没有移动距离，所以不做功，故B错误；
C.丙中载人飞船的太阳能电池翼将太阳能转化为电能，故C错误；
D.丁中火箭喷气发动机把氢燃料的化学能转化内能，再将内能转化为火箭的机械能，故D错误。
故选A。
14．A
根据能量定义和存在形式分析判断。
A.米饭中储存着化学能，故A正确；
B.被拉弯的弓具有弹性势能，故B错误；
C.遥控器发出的电磁辐射具有电磁能，故C错误；
D.强度很大的爆炸声能将玻璃震碎，因为爆炸声具有声能，故D错误。
故选A。
15．D
（1）（2）做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
（3）注意分析最高点时足球的动能是否为零；
（3）根据机械能和内能的转化判断。
A.重力的方向竖直向下，而足球在竖直方向上没有通过距离，因此重力对足球不做功，故A错误；
B.足球在飞行过程中，不再受到门将的力，因此门将对足球做的功肯定小于40000J，故B错误；
C.足球运动到最高点时，它在水平方向上速度不为零，因此动能不为零，那么它的动能没有全部转化为重力势能，故C错误；
D.飞行的足球从最高点下落至地面，由于空气摩擦，因此足球的机械能会转化为内能，即机械能是不守恒的，故D正确。
故选D。
16．做功；B
做功和热传递可以改变物体的内能。火柴引燃过程，克服摩擦做功，内能增大；火柴头与擦火皮之间的压力越大，产生的摩擦力越大，克服摩擦力做功越多，转变成内能越多，温度升高更快，更易达到着火点，更易引燃火柴。
火柴引燃过程，克服摩擦做功，使火柴头内能增大；图B火柴头与擦火皮之间的压力大，摩擦力大，克服摩擦做的功多，转化为的内能多，更易引燃火柴头。
故答案为：第1空、做功 第2空、B
17．（1）热传递
（2）熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B
（1）物体的内能可以通过做功和热传递来改变；
（2）物理性质指不需要通过化学变化就可以体现出来的性质。
（1） 白炽灯通电后 产生热量，通过热传递改变内能；
（2）由题干信息可知，其物理性质为： 熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B .
18．小于；70000
（1）根据公式Q=cm△t比较液体的比热容大小；
（2）根据Q=cm△t计算甲液体吸收的热量；
（1）根据图像可知，当都加热90min时，二者吸收的热量相等。甲升高温度：90℃-20℃=70℃，乙升高温度：50℃-20℃=30℃，即△t甲>△t乙。根据公式Q=cm△t可知，甲的比热容小于乙的比热容。
（2）甲吸收的热量为：Q=cm△t=2×103J/(kg·℃)×0.5kg×（90℃-20℃）=7×104J。
19．做功；增大；压缩冲程
本题考查改变物体内能的方法，包括做功和热传递，在效果这两者是等效的。
木质推杆往里推时，艾绒燃烧，即外力做功增大了物体的内能，温度升高，艾绒燃烧；在上述过程中是机械能转化为内能的过程，故与压缩冲程的能量转化是一致的。
故答案为：做功；增大；压缩冲程
20．（1）甲
（2）5400
（3）乙
热机工作的四个冲程为吸气冲程，压缩冲程，做功冲程和排气冲程。
（1）由图1可知加热使水沸腾，水蒸气推动小风车做功，即内能转化为机械能，故与甲做功冲程相同（气门关闭，活塞向下运动）；
（2）
又因为每一次循环飞轮转动2次，故共转动90转/秒=5400转/分；
（3）由Q=Cmt可知，升高相同温度时，乙吸收的热量更多，故选择乙液体作为冷却液；
故答案为：（1）甲；（2）5400；（3）乙
21．（1）做功
（2）机械能/动能和势能
（1）在四个冲程中，只有做功冲程，将燃气的内能转化为机械能，即获得能量，其它三个冲程都依靠惯性完成。
（2）根据能量转化的知识解答。
（1）汽油机的四个冲程中提供动力的是做功冲程。
（2）为了能够提高电车的续航，电动汽车会添加能量回收装置，即在踩刹车或者下坡时，回收多余能量并为电池充电，此时的能量转换形式为机械能→电能一化学能。
22．机械；守恒
（1）根据能量转化的知识解答；
（2）根据能量转化和守恒定律分析解答。
“可穿戴微电网”摩擦发电过程中的能量转化是机械能转化成电能，该过程中能量守恒。
23．（1）C
（2）增大
（3）A；C；D
（1）根据功的定义分析；
（2）外界对物体做功，则内能增大，温度升高；物体对外界做功，则内能减小，温度降低；
（3）根据自己对科学研究的认识判断。
（1）物体在力的作用下通过了一段距离，那么力对物体做功，据此可知，达朗贝尔的观点与“功”的概念相符合，故选C。
（2）如图所示是焦耳研究热功当量关系的实验装置，通过重物的上下运动，带动叶片转动，通过做功使水的内能增大。
（3）A.面对前人的观点要敢质疑，故A正确；
B.时间久远的理论仍然存在价值，故B错误；
C.测量工具的发展有助于科学理论研究，故C正确；
D.对科学的认识是不断修正完善的过程，故D正确。
故选ACD。
24．（1）没有控制水和煤油的质量相同
（2）等于
（3）相同质量的水和煤油，吸收相同 的热量，煤油比水升温更快
（4）水
（1）根据Q=cm△t可知，探究不同物质吸热情况的变化时，需要控制液体的初温和质量相同，且使用相同的酒精灯加热。根据图片可知，煤油和水的体积相同，根据m=ρV可知，二者的质量不等。
（2）当使用相同的酒精灯进行加热时，相同的时间内放出相同的热量，据此分析解答。
（3）根据表格数据，比较煤油和水升温的快慢，然后根据控制变量法的要求描述结论。
（4）根据表格数据分析解答。
（1）如图所示的实验设计，其中有一处明显错误，其中错误之处：没有控制水和煤油的质量相同。
（2）该实验中加热相同时间，水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
（3）根据表格可知，当加热8min时，水升高：30℃-20℃=10℃，煤油升高：37℃-20℃=17℃，那么得到结论：相同质量的水和煤油，吸收相同 的热量，煤油比水升温更快。
（4）根据表格可知，等质量的水升高到28℃需要6min，煤油升高到28℃需要4min，那么得到：让等质量的水和煤油升高相同的温度，水加热时间更长。
25．（1）AD
（2）燃料在气缸内燃烧，热量散失少，热效率高
（3）A；C
（1）拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，可将其中的废气排出，然后进入新鲜的空气，据此与内燃机的四个冲程比较即可。
（2）将燃料封闭在气缸内燃烧，热量散失少，做功的效率更高，据此分析解答；
（3）根据自己对科学研究的认识分析判断。
（1）内燃机的排气冲程排出废气，吸气冲程吸入新鲜的空气和汽油，因此拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的与内燃机的排气和吸气冲程类似，故选AD。
（2）德罗夏提到的内燃方式是基于燃料在气缸内燃烧，热量散失少，热效率高的猜想。
（3）A.科学与技术既有密切联系，又有重要区别，故A正确；
B.科学理论也有错误的，故B错误；
C.当前被人们认同的理论今后可能会被另一种理论取代，故C正确；
D.通过开展科学研究，往往可以获取更加先进的科学技术，故D错误。
故选AC。
26．（1）F/x（N/mm）
（2）ab
（3）a到b，机械能不变，b到c机械能增大
（1）将“k”列的数值与前面的数据比较，从而找到对应的项目；
（2）当物体受到的合力的方向与运动方向一致时，做加速运动；但合力为零时，加速停止，此时物体的速度达到最大。
（3）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能，据此分析判断。
（1）分析表格数据可知，k列的数值是弹力与弹簧压缩量的比值，因此填入的项目为：F/x（N/mm）；
（2）在开始的一段时间内，弹簧的弹力大于重力，此时合力向上，与运动方向一致，作加速运动。随着弹力的减小，当弹力与重力相等时，此时合力为零，加速停止，即此时速度最大。但是此时弹簧还没有恢复原长，因此外壳的最大速度在ab之间。
（3）若不计摩擦，从a到b时，笔壳保持静止状态，此时机械能不变。从b到c时，笔壳腾空而起，此时动能和重力势能都增大，则此时的机械能增大。
27．（1）二氧化碳+水有机物+氧气；遵守
（2）绿色出行、随手关灯。
（3）路灯的规格为“12V，24W”，路灯的额定电流是，
如果电池充满后给灯泡供电，电量下降至20%停止工作，电池充满一次可以供路灯工作的时间是：
。
（1）①根据二氧化碳和水在光照、叶绿体的作用下反应生成有机物和氧气进行分析；
②根据自然界的能量是守恒的进行分析；
（2）根据生活中常见的减少二氧化碳的排放的方法进行解答；
（3）根据P=UI，按路灯的规格计算出路灯的电流，然后计算工作的时间。
（1）①二氧化碳和水在光照、叶绿体的作用下反应生成有机物和氧气，文字表达式为：二氧化碳+水有机物+氧气 ；
②自然界的能量是守恒的，所以这个过程能量守恒；
（2）为实现“碳中和”目标的做法是：绿色出行、随手关灯、使用节能灯、不使用一次性的筷子和包装袋、节约用水和用粮、少开空调。
28．（1）由题可知L发绿光时通过它的电流是40mA，它两端的电压为2V，
根据电路图可得：L与R0串联在220V的电路中，
U0=U总-UL=220V-2V=218V.
R0=U0/I0=218V/0.04A=5450 Ω
（2）解：保压时，S与a、b断开，与c接通，此时电路R2所在支路与R0所在支路有电流通过。
此时加热器只有R2工作。
所以P=W/t=0.2kW·h/1h=0.2KW=200W
R2=U2/P=(220V)2/200W=242 Ω
（3）解：电压力锅工作时，电能转化成了内能。加热过程中R1R2都在工作
W=P1t1+p2t2=800W×35×60S+200W×35×60S=2.1×106J
m=1.0×103Kg/m3×5×10-3m3=5Kg
△ t=Q/Cm=2.1×106J×90%/ 4.2×103J/（kg ℃) ×5kg=90 ℃
t末=90 ℃ +20 ℃ =110 ℃ >105 ℃
所以最终的水温为105 ℃
电学题目首先根据电路图分析各用电器之间的连接方式。图中乍一看好像有四个用电器，但仔细分析可以发现，图中其实是三条电流路径的并联电路。L与R0串联成一条支路。R1，R2又是独立的两条支路。
29．（1）解：
（2）解：v=54km/h=15m/s
因为匀速直线运动，所以
（3）解：
J
本题考查的是压强公式、功率的公式、功的公式、重力公式的掌握和运用，要求灵活运用所学公式，还要注意计算中各物理量单位要统一。
（1）根据G=mg算出重力；水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，由计算车对地面的压强；
（2）根据公式求出牵引力，根据二力平衡的条件求出阻力。
（3）利用W=Fs求出做的有用功，利用发动机的效率求油完全燃烧放出的热量，再利用Q放=mq求需要完全燃烧油的质量。
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