崇德实验中学2023-2024学年高二上学期9月月考
物理试题
单选题（每题只有一个正确选项，共7题，每题4分）
1．下列选项中的物理量是矢量且单位正确的是（ ）
A．磁通量 B．磁感应强度
C．电场强度 D．电势
2．关于磁感强度，下列说法中正确的是（ ）
A．磁感强度的方向，就是通电直导线在磁场中的受力方向
B．磁感强度大的地方，通电导线所受的力也一定大
C．磁感强度的方向是小磁针北极的受力方向
D．通电导线在某处所受磁场力为零，则该处的磁感强度一定为零
3．关于能量量子化，下列说法正确的是（ ）
A．能量子假设最早是由爱因斯坦提出来的
B．微观粒子的能量是不连续的，只能是某一最小能量值的整数倍
C．电磁波的波长越长，其能量子越大
D．能量子假说与宏观世界中对能量的认识相矛盾，因而它一定是错误的观点
4．如图所示，两直导线中通以相同的电流I，矩形线圈位于导线之间，将线圈由实线位置移到虚线位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是（ ）
A．向里，逐渐增大
B．向外，逐渐减小
C．先向里增大，再向外减小
D．先向外减小，再向里增大
5．如图所示直线A为某电源的U-I图线，曲线B为某小灯泡L
的U-I图线的一部分，用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时灯泡L恰能正常发光，则下列说法中正确的是（ ）
A．此电源的内阻为Ω
B．灯泡L的额定电压为3V，额定功率为6W
C．把灯泡L换成阻值恒为1Ω的纯电阻，电源的总功率将保持不变
D．小灯泡L的电阻随通过电流的增大而减小
6．某空间存在如图所示的电场，图中的虚线为电场的等势线。一带电荷量为2e的粒子（不考虑所受重力）以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹如图中实线所示，下列说法正确的是（ ）
A．该粒子带正电
B．粒子从a点运动到c点的过程中，电势能增大20eV
C．该粒子经过f点时的加速度为0
D．若粒子经过d点时的动能为12eV，则该粒子经过a点时的动能为2eV
7．在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则下列说法不正确的是（ ）
A．电路再次稳定时，电源效率减小
B．灯变暗，电流表的示数增大，电容器极板的带电量减少
C．灯变亮，电压表的示数减小，电源输出功率减小
D．电源的内部消耗功率增大
不定项选择题（每题多个正确选项，共3题，每题6分，部分对得3分）
8．如图所示是两个等量异种点电荷，周围有、、、、、各点，其中、之间距离与、之间距离相等，、之间距离与、之间距离相等。两条虚线互相垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的叙述正确的是（ ）
点电场强度为零
、两点电场强度相同
、两点电势相同
、两点电势相同
9．在如图所示的电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列比值正确的是（ ）
不变，不变
变大，变大
变大，变小
变大，不变
10．如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在z轴上，其中Qi位于原点O，a、b是它们连线延长线上的两点．现有一带负电的粒子q以一定的初速度沿z轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是
A．ab连线的中点电势最低
B．a点的电势比b点的电势高
C．x=3L处场强一定为零
D．Q2带负电且电荷量小于Q1
三、实验题
11．某同学在学习使用多用电表后欲对多用电表进行研究。
（1）该同学先用多用电表欧姆挡测量二极管的反向电阻，测量前观察到指针指在直流电流的零刻度线处，于是把选择开关拨到欧姆“”挡上，把红、黑表笔分别插入“+”“-”插孔中。先把两根表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零刻度线上，然后把两根表笔分别与待测二极管的两端相接，其中 表笔接在二极管正极，发现指针偏转角度过小，则需要换用欧姆 （填“”或“”）挡，之后 （填“需要”或“不需要”）重新进行欧姆调零。
（2）该同学了解原理后，准备把一电流表改装成欧姆表，器材有电源（电动势、内阻），电流表G（满偏电流，内阻）、滑动变阻器R。
①电路图如图1所示，先把红、黑表笔短接，调整滑动变阻器R接入电路的阻值，使电流表满偏。此时滑动变阻器接入电路的电阻为R= Ω，进行表盘标度时，20 mA处应标记的电阻值为 Ω。
②若测量电阻时，待测电阻接在电路（无电源）中，如图2所示，红、黑表笔分别接在a、b处，则待测电阻的测量值与真实值相比 （填“偏大”“偏小”或“不变”）。
③一段时间后，若电池电动势不变，内阻变大，仍能欧姆调零，按正确步骤操作时，待测电阻测量值与真实值相比 （填“偏大”“偏小”或“不变”）。
12．(9分)某兴趣小组测定某种新型导电物质的电阻率，如图所示。
（1）他们先用螺旋测微器测出样品直径为d， mm。
（2）然后用伏安法测这个样品的电阻，在样品两端引出两个接线柱，先用欧姆表粗测其电阻约为200Ω。再将其接入测量电路。在实验室里他们找到了以下实验器材：
A．电源E（电动势为4V，内阻约为0.5Ω）
B．电压表V（量程为15V，内阻约为5000Ω）
C．电流表（量程为300mA，内阻约为2Ω）
D．电流表（量程为250mA，内阻）
E.滑动变阻器（总阻值为，额定电流2A）
F.滑动变阻器（总阻值为，额定电流1A）
G.定值电阻
H.开关和导线若干
①要更好地调节和尽可能精确地测定其电阻，则以上不必要的器材有 （填器材前面的序号）；
②在方框内画出实验电路图 。
③测出的电阻为R，则其电阻为 （用所选用的器材的符号如U、、、、、表示）。
四、计算题
13．把一检验电荷q放在点电荷Q所形成的电场中的A点，若检验电荷的电荷量为q=－2.0×10－9C，它所受的电场力F=4.0×10－4N，方向背向Q，如图所示。
(1)求A点的场强大小及方向；
(2)若将检验电荷q从电场中的A点移到B点，电场力做功为4.0×10－7J，则A、B之间的电势差UAB是多少 检验电荷q的电势能变化了多少
14．将用电器按如图所示的方式连接，当开关闭合时，电动机M刚好能正常工作。已知电源的内阻，电动机的额定电压和额定功率分别为，电动机内阻为。求：
（1）流过电阻的电流；
（2）电源电动势E；
（3）电动机的输出功率。
15．如图所示，电源的电动势E=24V、内阻r=2Ω，电阻，电容器的电容C=6mF。
（1）当开关断开时，求R1两端的电压U1；
（2）当开关闭合时，求干路中的电流I；
（3）开关从断开到闭合直至电路稳定的过程中通过电阻R的电荷量Q。崇德实验中学2023-2024学年高二上学期9月月考
物理试题（答案）
选择题
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
B C B D B B C BC AD CD
1．B，【详解】A．磁通量是标量，A错误；B．磁感应强度是矢量，单位为，B正确；C．电场强度的单位为，C错误；D．电势是标量，D错误；故选B。
2．C ，【详解】A、通电导线在磁场中的受力方向由左手定则确定，安培力与磁场方向相互垂直；故A错误；B、根据B=可知，通电导线受力与磁场强度无关；故B错误．
C、磁感强度的方向是小磁针北极的受力方向；故C正确；D、通电导线在磁场中与磁场平行时，安培力为零；故通电导线在磁场中受磁场力为零时，该处的磁感应强度不一定为零；故D错误；故选C．
3．B ，【详解】A．能量子假设最早是由普朗克提出的，故A错误；
B．微观粒子的能量是不连续的，只能是某一最小能量值的整数倍，故B正确；
C．根据 ，可知，电磁波的波长越长，其能量子越小，故C错误；
D．能量子假说与宏观世界中对能量的认识相矛盾，而它的观点是正确的，故D错误。
4．D ，【详解】根据安培定则判断得知，两导线之间的磁场方向为：左侧导线产生的磁场垂直纸面向里，右侧导线产生的磁场方向垂直纸面向外，两导线之间的磁场是两个磁场叠加的结果，中线的磁感应强度为零，叠加后的结果是中线左侧磁场向里，右侧向外，因此先向外减小，后向里增大，ABC错误，D正确。故选D。
5．B ，【详解】A．由题图可知，电源的电动势E=4V，内阻 ，故A错误；B．两图线的交点表示小灯泡L与电源连接时的工作状态，由于灯泡正常发光，则知灯泡的额定电压U=3V，额定电流I=2A，则额定功率为P=UI=6W ，故B正确；C．正常发光时灯泡L的电阻 ，换成一个1Ω的定值电阻，可知电路的电流要增加，电源总功率变大，故C错误；
D．灯泡的温度随通过电流的增大而升高，电阻随温度的升高而增大，故D错误。故选B。
6．B ，【详解】A．根据两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面的特点可得，该图中的等势面中，正电荷在上方，负电荷在下方；从粒子运动轨迹看出，轨迹向上弯曲，可知带电粒子受到了向上的力的作用，所以粒子带负电，故A错误；B．粒子从a点运动到c点的过程中，电势能增大 ，故B正确；C．等量异种点电荷连线上f点的电场强度不为0，则该粒子经过f点时的加速度不为0，故C错误；D．粒子从a到d，电势能增大10eV，则粒子在d点的电势能为10eV，粒子的总能量为22eV，由于粒子在a点的电势能为0，则粒子经过a点时的动能为22eV，故D错误。故选B。
7．C ，【详解】A．由题可知，滑片P向下调节，滑动变阻器的阻值R减小，即电路中的总电阻R总减小，由部分电路欧姆定律可得，电路中的总电流I总增大，电路内压U内增大，路端电压U外减小，由电源的效率得 ，即电源效率减小，所以A正确，但不符合题意；
B．灯L1的电流增大，所以L1的电压U1增大，又路端电压U外减小，所以灯L2和电容器两端的电压U2都减小，所以灯L2变暗，L2的电流I2也减小。又总电流增大，所以电流表的示数增大。对于电容器来说，两端电压U2减小，由 ，可得，电容器极板的带电量减小，所以B正确，但不符合题意；C．由B选项分析可知，灯L1的电流增大，所以L1变亮，电压表测的是电路的路端电压，所以电压表示数减小，电源的输出功率为
路端电压U外减小，总电流I总增大，所以无法判断电源的输出功率变化，所以C错误，符合题意；
D．电源的内部消耗功率为 ，由于总电流I总增大，所以电源的内部消耗功率增大，所以D正确，但不符合题意。故选C。
8．BC ，【详解】A.负点电荷在点产生的电场强度方向向左，正点电荷在点产生的电场强度方向向左，由场强的矢量合成可知点合电场强度方向向左，不为零，A错误；
B．、之间距离与、之间距离相等，由场强的矢量合成可得、两点电场强度相同，B正确；
C．两个等量异种点电荷的中垂线是一条等势线，所以、两点电势相等，C正确；
D．顺着电场线的方向电势降低，则知点的电势低于点的电势，D错误。故选BC。
9．AD ，【详解】A．是定值电阻，有 ，可知都不变，故A正确；
BC．当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，变大，是可变电阻，有
所以变大，根据闭合电路欧姆定律得 ，则知
不变，故BC错误；D．根据 ，可知变大。又根据闭合电路欧姆定律得
则知保持不变，故D正确。 故选AD。
10．CD ，【详解】A.带电粒子在电场中只受电场力作用，电势能和动能之和不变，由图可知，在a、b连线的中点3L处，动能最大，电势能最小，因为粒子带负电荷，所以a、b连线的中点3L处电势最高，故A错误；B.根据A选项分析可知，a点动能比b点小，电势能比b点大，所以a点的电势比b点低，故B错误；C.在3L点前做加速运动，3L点后做减速运动，可见3L点的加速度为0，则x=3L处场强为零，故C正确；D.由于在x=3L点前做加速运动，所以Q2带负电，3L点的加速度为0，则有，故Q2带正电且电荷量小于Q1，故D正确．故选CD
11． 红 需要 274 450 偏小 不变
【详解】（1）[1]使用多用电表时，电流“红进黑出”，若测量二极管的反向电阻，则电流需要从二极管的负极流入，黑表笔应接在二极管的负极，红表笔接在二极管的正极。
[2]如果发现指针偏转角度过小，则对应的电阻值过大，需要换用更大的倍率，让指针指在刻度盘的中间附近，即需要换用欧姆“”挡。
[3]每次更换倍率，都需要重新进行欧姆调零。
（2）[4]由闭合电路欧姆定律有 ，解得
[5]进行表盘标度时，20 mA应标记的电阻值为
[6]测量电阻时，待测电阻未从电路中断开，实际测量的是与下侧电阻的并联电阻，测量值比真实值小；
[7]若电池电动势不变，内阻变大，进行欧姆调零后，欧姆表总内阻不变，不影响测量结果。
12． 0.360 BF 见解析
【详解】（1）[1]螺旋测微器读数为：。
（2）①[2]由于电源电压为4V，而电压表的量程为15V太大了，不利于读数，故电压表不需要；滑动变阻器（总阻值为1000Ω）阻值偏大，不利于调节，产生误差较大，故不需要，所以不需要的器材为BF。
②[3]将电流表与定值电阻串联改装成电压表，并将电流表外接，从而减小测量电流和电压的误差，同时采用滑动变阻器分压式接法，如图所示
③[4]若测出的电阻为R，可以得到
13．(1)2.0×105N/C，场强方向指向Q；(2)-200V；电势能减少了4×10－7J
【详解】(1)据场强公式N/C=2.0×105N/C
由负检验电荷所受的电场力方向与电场方向相反可得点的场强方向指向Q
(2)设A、B之间的电势差为UAB则=-200V
由△E=-WAB可解得△Ep=4×10－7J
即检验电荷的电势能减少了4×10－7J
14．（1）1A （2）12V （3）10W
【详解】（1）由欧姆定律得：
（2）通过电动机的电流为： ，总电流为
分压为： ，电动势为：.
（3）电动机的输出功率.
15．（1）10V；（2）4.5A；（3）0.105C
【详解】（1）开关断开时的等效电路图如图甲所示
解得
（2）开关闭合时的等效电路图如图乙所示，设与串联后再与并联的总电阻为，则有
，，
解得
（3）开关断开时，电容器与并联，与电压相等，则有
a端电势高，开关闭合时，电容器与并联，根据上述分析可得两端的电压为7.5V
b端电势高，通过电阻R的电荷量
试卷第1页，共3页
