人教生物(2019版)必修2教学案：1-2 孟德尔的豌豆杂交实验 第2课时 自由组合定律的应用及解题方法（含解析）

人教生物(2019版)必修2教学案
1-2 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
第2课时　自由组合定律的应用及解题方法
学有目标——课标要求必明 记在平时——核心语句必背
1.简述自由组合定律在实践中的应用。 2．运用自由组合定律解释一些遗传现象。 3．掌握自由组合定律的常见类型和解题思路。 1.生物的表型是基因型和环境共同作用的结果。 2．在杂交育种中，人们有目的地将具有不同优良性状的两个亲本杂交，使两个亲本的优良性状组合在一起，再筛选出所需要的优良品种。 3．在医学实践中，人们可以对某些遗传病在后代中的患病概率作出科学的推断，从而为遗传咨询提供理论依据。
题型(一)　由亲代求子代基因型或表型的种类及概率　　
【知能深化】
[典例]　 已知基因型为AaBbCc与AaBbCC的个体杂交，求：
(1)杂交后代的基因型与表型的种类数分别为________、________。
(2)杂交后代中AAbbCc与aaBbCC出现的概率分别是________、________。
(3)杂交后代中基因型为A_bbC_与aaB_C_的概率分别是________、________。
[解析]　(1)AaBbCc×AaBbCC，后代中有3×3×2＝18(种)基因型，有2×2×1＝4(种)表型。(2)AaBbCc与AaBbCC的个体杂交，后代中AAbbCc的概率为1/4×1/4×1/2＝1/32，aaBbCC的概率为1/4×1/2×1/2＝1/16。(3)杂交后代中A_bbC_的概率为3/4×1/4×1＝3/16，aaB_C_的概率为1/4×3/4×1＝3/16。
[答案]　(1)18种　4种　(2)1/32　1/16
(3)3/16　3/16
利用“拆分法”解答自由组合问题的一般思路
首先，将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对等位基因就可分解为几组分离定律问题。如AaBb×Aabb，可分解为两组：Aa×Aa，Bb×bb。然后，按分离定律进行逐一分析。最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。举例如下(完全显性情况下)：
问题举例 计算方法
AaBbCc×AabbCc，求其杂交后代可能的表型种类数 可分解为三个分离定律： Aa×Aa→后代有2种表型(3A_∶1aa) Bb×bb→后代有2种表型(1Bb∶1bb) Cc×Cc→后代有2种表型(3C_∶1cc) 所以，AaBbCc×AabbCc的后代中有2×2×2＝8(种)表型
AaBbCc×AabbCc，后代中表型同A_bbcc个体的概率计算 　Aa×Aa　Bb×bb　Cc×Cc 　 　↓　　 　↓　　　↓ 3/4(A_)×1/2(bb)×1/4(cc)＝3/32
AaBbCc×AabbCc，求子代中不同于亲本的表型(基因型) 不同于亲本的表型＝1－亲本的表型＝1－(A_B_C_＋A_bbC_)，不同于亲本的基因型＝1－亲本的基因型＝1－(AaBbCc＋AabbCc)
【针对训练】
1．已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是(　　)
A．表型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16
B．基因型有18种，aaBbCc个体的比例为1/16
C．表型有4种，Aabbcc个体的比例为1/32
D．基因型有8种，aaBbcc个体的比例为1/16
解析：答案：B　AaBbCc×AabbCc，每一种性状的表型是2种，因此杂交后代的表型是2×2×2＝8(种)，后代中AaBbCc个体的比例是1/2×1/2×1/2＝1/8，A、C错误；杂交后代基因型的种类是3×2×3＝18(种)，后代中aaBbCc个体的比例是1/4×1/2×1/2＝1/16，aaBbcc个体的比例是1/4×1/2×1/4＝1/32，B正确，D错误。
2．假定某植物5对等位基因是相互自由组合的，杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的后代中，两对等位基因杂合、三对等位基因纯合的个体所占的比例是(　　)
A．1/2　　　　　　　　　 B．1/4
C．1/16 D．1/64
解析：答案：B　根据基因分离定律，把等位基因分对计算，其中DD×dd一定得到Dd，在剩下的4对基因组合中，出现杂合子和纯合子的概率都是1/2；要满足题意，则需要除D、d之外的4对基因组合中，有一对为杂合子，另外三对均为纯合子，其概率为4×1/2×1/2×1/2×1/2＝1/4；其中4是指“在4对基因组合(Aa×Aa，Bb×BB，Cc×CC，Ee×Ee)中，有且只有一对出现杂合子的情况有4种”，每次出现一对杂合子、三对纯合子的概率是1/2×1/2×1/2×1/2。故选B。
题型(二)　由子代推亲代基因型及表型
【知能深化】
[典例]　豌豆种子黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性。黄色圆粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交，F1出现黄圆、绿圆、黄皱、绿皱四种表型，其比例为3∶3∶1∶1，推知其亲代杂交组合基因型是(　　)
A．YyRr×yyRr　　　 　 B．YyRR×yyRr
C．YYRr×yyRR D．YYRr×yyRr
[解析]　黄色圆粒豌豆和绿色圆粒豌豆进行杂交的后代中，圆粒∶皱粒＝3∶1，说明亲本的基因组成为Rr和Rr；黄色∶绿色＝1∶1，说明亲本的基因组成为Yy和yy。因此可以判断亲本的基因型为YyRr和yyRr。故选A。
[答案]　A
利用“逆向组合法”推断亲本基因型的一般思路
(1)方法：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法原理进行逆向组合。
(2)题型示例
①9∶3∶3∶1 (3∶1)(3∶1) (Aa×Aa)(Bb×Bb)；
②1∶1∶1∶1 (1∶1)(1∶1) (Aa×aa)(Bb×bb)；
③3∶3∶1∶1 (3∶1)(1∶1) (Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)；
④3∶1 (3∶1)×1 (Aa×Aa)(BB×_ _)或(Aa×Aa)(bb×bb)或(AA×_ _)(Bb×Bb)或(aa×aa)(Bb×Bb)。
【针对训练】
1．已知豌豆的黄粒对绿粒为显性，受一对遗传因子Y、y控制；圆粒对皱粒为显性，受另一对遗传因子R、r控制；两对遗传因子独立遗传。现有黄色皱粒与绿色圆粒两品种杂交，其后代出现黄色圆粒70株、绿色圆粒68株、黄色皱粒73株和绿色皱粒71株。则两亲本的遗传因子组成是(　　)
A．YYrr×yyRr B．YYrr×yyRR
C．Yyrr×yyRR D．Yyrr×yyRr
解析：答案：D　后代黄粒∶绿粒＝(70＋73)∶(68＋71)≈1∶1，可推知亲本的相应遗传因子组成为黄粒Yy×绿粒yy；同理，后代圆粒∶皱粒＝(70＋68)∶(73＋71)≈1∶1，可推知亲本的相应遗传因子组成为圆粒Rr×皱粒rr；结合亲本性状表现为黄色皱粒与绿色圆粒，所以亲本的遗传因子组成为Yyrr×yyRr。
2．某种哺乳动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性，体色黑色(C)对白色(c)为显性(这两对基因分离和组合互不干扰)。基因型为BbCc的个体与“个体X”交配，子代的表型及比例为直毛黑色∶卷毛黑色∶直毛白色∶卷毛白色＝3∶3∶1∶1。则“个体X”的基因型为(　　)
A．BbCC B．BbCc
C．bbCc D．Bbcc
解析：答案：C　由题干分析可知，子代中直毛∶卷毛＝1∶1，故亲本相关基因型为Bb×bb；黑色∶白色＝3∶1，亲本相关基因型为Cc×Cc。已知一方亲本基因型为BbCc，则“个体X”的基因型为bbCc。
题型(三)　子代患病概率的计算
【知能深化】
[典例]　一个正常的女人与一个并指(Bb)的男人结婚，他们生了一个白化病且手指正常的孩子。若他们再生一个孩子：
(1)只患并指的概率是________。
(2)只患白化病的概率是________。
(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是________。
(4)只患一种病的概率是________。
(5)患病的概率是________。
[解析]　由题意可知，第1个孩子的基因型应为aabb(与白化病相关的基因用a表示)，则该夫妇基因型应分别为妇：Aabb；夫：AaBb。依据该夫妇基因型可知，孩子中并指的概率应为1/2(非并指概率为1/2)，白化病的概率应为1/4(非白化病概率应为3/4)，则：(1)再生一个只患并指孩子的概率为并指概率－并指又白化概率＝1/2－1/2×1/4＝3/8。(2)只患白化病孩子的概率为白化病概率－白化又并指的概率＝1/4－1/2×1/4＝1/8。(3)生一个既患白化又患并指的男孩的概率为男孩出生率×白化病概率×并指概率＝1/2×1/4×1/2＝1/16。(4)后代只患一种病的概率为并指概率×非白化病概率＋白化病概率×非并指概率＝1/2×3/4＋1/4×1/2＝1/2。(5)后代中患病的概率为1－全正常(非并指、非白化)＝1－1/2×3/4＝5/8。
[答案]　(1)3/8　(2)1/8　(3)1/16　(4)1/2　(5)5/8
用“十字交叉法”解答两病概率计算问题
(1)当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率分析如下：
(2)根据序号所示进行相乘得出相应概率再进一步拓展，如下表：
序号 类型 计算公式
① 同时患两病概率 mn
② 只患甲病概率 m(1－n)
③ 只患乙病概率 n(1－m)
④ 不患病概率 (1－m)(1－n)
拓展 求解 患病概率 ①＋②＋③或1－④
只患一种病概率 ②＋③或1－(①＋④)
【针对训练】
1．多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，这两种遗传病的基因独立遗传。一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是(　　)
A．1/2、1/4、1/8　　　　 B．1/4、1/8、1/2
C．1/8、1/2、1/4 D．1/4、1/2、1/8
解析：答案：A　假设手指形状决定基因用A、a表示，听力基因用B、b表示，根据亲子代表型，可推出亲代基因型，父：AaBb，母：aaBb，他们再生一个孩子的情况是：手指正常(aa)为1/2，多指(Aa)为1/2；听觉正常(B_)为3/4，先天性聋哑(bb)为1/4；既多指又先天性聋哑的概率为1/2×1/4＝1/8。故选A。
2．人的眼睛散光(A)对不散光(a)为显性；直发(B)和卷发(b)杂合时表现为波浪发，两对基因分别位于两对常染色体上。一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性，与一个无散光症的波浪发男性婚配。下列叙述正确的是(　　)
A．基因B、b的遗传不符合基因的分离定律
B．卵细胞(雌配子)中同时含A、B的概率为1/2
C．所生孩子中最多有6种不同的表型
D．生出一个无散光症直发孩子的概率为3/8
解析：答案：C　基因B、b的遗传符合基因的分离定律，A错误；一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性的基因型是AaBb，卵细胞中同时含A、B的概率为1/4，B错误；一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性的基因型是AaBb，一个无散光症的波浪发男性的基因型是aaBb，二者婚配，所生孩子中最多有2[散光(Aa)、不散光(aa)]×3[直发(BB)、波浪发(Bb)、卷发(bb)]＝6种不同的表型，其中生出一个无散光症直发孩子(aaBB)的概率为1/2×1/4＝1/8，C正确，D错误。
题型(四)　基因自由组合现象的特殊分离比问题
【知能深化】
1．基因互作
类型 F1(AaBb) 自 交后代比例 F1测交 后代比例
Ⅰ 存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现 9∶6∶1 1∶2∶1
Ⅱ 两种显性基因同时存在时，表现为一种性状，否则表现为另一种性状 9∶7 1∶3
Ⅲ 当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现 9∶3∶4 1∶1∶2
Ⅳ 只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现 15∶1 3∶1
2．显性基因累加效应
(1)表现：
(2)原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。
[典例1]　控制某动物体长的三对等位基因A、a，B、b和C、c分别位于不同对的染色体上，其中显性基因A/B/C对体长的作用相等，且显性基因越多会使该种动物体长越长。让基因型为AABBCC(体长14 cm)和基因型为aabbcc(体长8 cm)的该种动物交配产生F1，F1的雌雄个体随机交配获得F2。如果F2个体数量足够多，则下列叙述错误的是(　　)
A．这三对等位基因的遗传符合自由组合定律
B．F1的雌雄配子结合方式有64种
C．F2中体长为13 cm的基因型有6种
D．F2个体的体长最大值是14 cm
[解析]　由于三对等位基因A、a，B、b和C、c分别位于不同对的染色体上，所以这三对等位基因的遗传符合自由组合定律，A正确；由题意可知，F1的基因型为AaBbCc，且三对等位基因分别位于不同对的染色体上，所以F1产生的雌雄配子种类各有23＝8(种)，雌雄配子结合方式有8×8＝64(种)，B正确；体长为13 cm的个体中含有5个显性基因，所以F2中体长为13 cm的基因型有AABBCc、AABbCC、AaBBCC共3种，C错误；根据F1的基因型为AaBbCc，F1自交产生的F2的基因型中含显性基因最多的个体(基因型为AABBCC)其体长最长，为14 cm，D正确。
[答案]　C
[典例2]　家蚕结黄茧和白茧分别由一对等位基因Y、y控制，并受另一对等位基因I、i影响。当基因I存在时，基因Y的作用不能显现出来。现有下面两组杂交实验，下列分析错误的是(　　)
A．基因Y与基因I遵循自由组合定律
B．实验二两亲本的基因型可能是YYIi×YyIi
C．若实验一的F2中结黄茧个体自由交配，后代中纯合子占5/9
D．若实验一的F1与F2中结黄茧杂合子杂交，理论上后代结白茧家蚕中纯合子占2/5
[解析]　实验一显示，F2中白茧∶黄茧＝13∶3(是9∶3∶3∶1的变式)，因此两对等位基因遵循自由组合定律，所以F1白茧的基因型是YyIi，A正确。Y_I_、yyI_、yyii都表现为白茧，Y_ii表现为黄茧，因此实验一中亲本黄茧的基因型是YYii，白茧基因型是yyII；实验二中，白茧与白茧杂交，F1中白茧∶黄茧＝3∶1，因此两亲本的基因型可能是YYIi×YyIi，也可能是YyIi×yyii或YYIi×YYIi或YYIi×yyIi，B正确。实验一的F2中，结黄茧个体的基因型及概率为1/3YYii、2/3Yyii，产生的配子为2/3Yi、1/3yi，这些结黄茧个体自由交配，后代中纯合子占2/3Yi×2/3Yi＋1/3yi×1/3yi＝5/9，C正确；实验一的F1基因型为YyIi，F2中结黄茧杂合子基因型为Yyii，二者杂交后代结黄茧家蚕(Y_ii)的概率为3/4×1/2＝3/8，则结白茧家蚕的概率为5/8，后代结白茧家蚕纯合子(yyii)的概率为1/4×1/2＝1/8，因此理论上后代结白茧家蚕中纯合子占1/5，D错误。
[答案]　D
性状分离比9∶3∶3∶1的变式题解题步骤
【针对训练】
1．香豌豆的花色有紫花和白花2种表型，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花，F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析错误的是(　　)
A．两个白花亲本的基因型为ccPP与CCpp
B．F2中白花的基因型有5种
C．F2紫花中纯合子的比例为1/9
D．F1测交结果紫花与白花的比例为1∶1
解析：答案：D　根据题意分析可知，两个纯合白花亲本的基因型为CCpp与ccPP，A正确；F2中白花的基因型有5种，即CCpp、Ccpp、ccPP、ccPp、ccpp，紫花的基因型有4种，即CCPP、CCPp、CcPP、CcPp，B正确；F1(CcPp)自交所得F2中紫花植株(C_P_)占9/16，紫花纯合子(CCPP)占总数的1/16，所以F2紫花中纯合子的比例为1/9，C正确；由以上分析可知，F1的基因型是CcPp，其测交后代CcPp(紫花)∶Ccpp(白花)∶ccPp(白花)∶ccpp(白花)＝1∶1∶1∶1，则紫花∶白花＝1∶3，D错误。
2．荠菜果实形状——三角形和卵圆形由位于两对同源染色体上的基因A、a和B、b决定。基因型为AaBb的个体自交，F1中三角形∶卵圆形＝301∶20。在F1的三角形果实荠菜中，部分个体无论自交多少代，其后代均为三角形果实，这样的个体在F1的三角形果实荠菜中所占的比例为(　　)
A．1/15　　　　　　　 B．7/15
C．3/16 D．7/16
解析：答案：B　由F1中三角形∶卵圆形＝301∶20≈15∶1可知，只要有基因A或基因B存在，荠菜果实就表现为三角形，无基因A和基因B则表现为卵圆形。基因型为AaBb、aaBb、Aabb的个体自交均会出现aabb，因此无论自交多少代，后代均为三角形果实的个体在F1的三角形果实荠菜中占7/15。
题型(五)　　致死现象导致的性状分离比改变
【知能深化】
1．显性纯合致死
(1)AA和BB致死
(2)AA(或BB)致死
2．隐性纯合致死
[典例1]　某种鼠中，黄鼠基因Y对灰鼠基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立分配的。两只黄色短尾鼠交配后所生的子代表型比例为(　　)
A．3∶1∶3∶1　　　　　 B．9∶3∶3∶1
C．4∶2∶2∶1 D．1∶1∶1∶1
[解析]　正常情况下黄色短尾鼠的基因型为YYTT、YYTt、YyTT或YyTt，但由于“基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死”，所以交配的两只黄色短尾鼠的基因型只能为YyTt。这两只鼠交配后正常情况下子代的基因型及比例为Y_T_∶Y_tt∶yyT_∶yytt＝9∶3∶3∶1，但根据题意可知，Y_T_中致死的基因型有YYTT(1/16)、YyTT(2/16)、YYTt(2/16)，能够存活的只有基因型为YyTt的个体，其比例为4/16；Y_tt中基因型为YYtt的个体胚胎致死(1/16)，基因型为Yytt的个体能够存活(2/16)；yyT_中基因型为yyTT的个体胚胎致死(1/16)，基因型为yyTt的个体能够存活(2/16)；基因型为yytt的个体全部存活，所以两只黄色短尾鼠交配后所生的子代表型比例为4∶2∶2∶1。
[答案]　C
[典例2]　果蝇的体色和翅形由基因控制。已知黑身残翅果蝇与灰身长翅果蝇交配，F1为黑身长翅和灰身长翅，比例为1∶1。当F1的黑身长翅果蝇自由交配时，其后代表型及比例为黑身长翅∶黑身残翅∶灰身长翅∶灰身残翅＝6∶2∶3∶1。下列分析错误的是(　　)
A．果蝇的两对相对性状，显性性状分别是黑身和长翅
B．F1的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死个体占1/3
C．F1的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死基因型有3种
D．F2中黑身残翅果蝇个体测交后代表型比例为1∶1
[解析]　由题中数据分析可知，果蝇这两对相对性状中，显性性状分别为黑身和长翅，A正确；关于果蝇体色和翅形的基因分别用A/a、B/b表示。F1的黑身长翅果蝇自由交配时，其后代表型比例为6∶2∶3∶1，属于9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型为AaBb，其相互交配后代中致死个体(AA)占1/4，B错误；F1的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死基因型有3种，即AABB、AABb、AAbb，C正确；由于AA致死，所以F2中的黑身残翅果蝇的基因型为Aabb，其测交后代表型比例为1∶1，D正确。
[答案]　B
解答致死类问题的方法技巧
(1)从每对相对性状分离比角度分析，如：
6∶3∶2∶1 (2∶1)(3∶1) 一对显性基因纯合致死。
4∶2∶2∶1 (2∶1)(2∶1) 两对显性基因纯合致死。
(2)从F2每种性状的基因型种类及比例分析，如BB致死：
【针对训练】
1．某观赏植物的白花对紫花为显性，花瓣一直为单瓣，但经人工诱变后培育出一株重瓣白花植株，研究发现重瓣对单瓣为显性，且含重瓣基因的花粉致死。以新培育出的重瓣白花植株做母本与单瓣紫花植株杂交，F1中出现1/2重瓣白花，1/2单瓣白花，让F1中的重瓣白花自交，所得F2中各表型之间的比例为(　　)
A．9∶3∶3∶1 B．3∶3∶1∶1
C．6∶3∶2∶1 D．4∶2∶1∶1
解析：答案：B　设决定白花和紫花的基因分别为A、a，控制重瓣和单瓣的基因分别为B和b，亲代中重瓣白花植株的基因型为AABb，单瓣紫花植株的基因型为aabb，F1中重瓣白花植株的基因型为AaBb，单瓣白花植株的基因型为Aabb。由于重瓣白花植株(AaBb)产生的花粉只有Ab和ab两种，产生的雌配子有四种：AB、Ab、aB、ab，随机结合后，F2的表型及比例为重瓣白花∶单瓣白花∶重瓣紫花∶单瓣紫色＝3∶3∶1∶1。
2．致死基因的存在可影响后代性状分离比。现有基因型为AaBb的个体，两对等位基因独立遗传，但具有某种基因型的配子或个体致死，不考虑环境因素对表型的影响，若该个体自交，下列说法不正确的是(　　)
A．后代分离比为5∶3∶3∶1，则推测原因可能是基因型为AB的雄配子或雌配子致死
B．后代分离比为7∶3∶1∶1，则推测原因可能是基因型为Ab的雄配子或雌配子致死
C．后代分离比为9∶3∶3，则推测原因可能是基因型为ab的雄配子或雌配子致死
D．后代分离比为4∶2∶2∶1，则推测原因可能是A基因和B基因显性纯合致死
解析：答案：C　后代分离比为5∶3∶3∶1，基因型为A_B_ 的双显性状中有4份死亡，可推测可能是基因型为AB的雄配子或雌配子致死，A正确；后代中A_B_∶aaB_(或A_bb)∶A_bb(或aaB_)∶aabb＝7∶3∶1∶1，与9∶3∶3∶1相比，A_B_少了2份，A_bb(或aaB_)少了2份，最可能的原因是Ab(或aB)的雄配子或雌配子致死，B正确；后代分离比为9∶3∶3，没有出现双隐性个体，说明aabb的合子或个体死亡，C错误；若A基因和B基因显性纯合致死，则A_B_少5份，A_bb和aaB_中各少1份，即出现后代分离比为4∶2∶2∶1，D正确。
[课时跟踪检测]
[理解·巩固·落实]
1．位于常染色体上的A、B、C三个基因分别对a、b、c完全显性。用隐性性状个体与显性纯合个体杂交得F1，F1测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1，则下列F1基因型正确的是(　　)
解析：答案：B　由题意分析可知，F1的基因型为AaBbCc，F1测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1，其中a与c始终在一起，A与C始终在一起，说明A、C基因位于同一条染色体上，a、c基因位于另一条染色体上；AC或ac都会和B或b随机组合，说明B和b基因位于另外一对同源染色体上，即B正确。
2．让基因型为AaBbCc和AAbbCc的向日葵杂交，按基因自由组合定律推算，后代中表型不同于亲本的个体所占的比例应为(　　)
A．1/8　　　　　　　　 B．1/4
C．1/32 D．1/16
解析：答案：B　亲本的基因型为AaBbCc和AAbbCc，可先求后代与亲本表型相同的概率，与AaBbCc亲本表型相同的概率为1×1/2×3/4＝3/8，与AAbbCc亲本表型相同的概率为1×1/2×3/4＝3/8，故与亲本表型不同的概率为1－3/8－3/8＝1/4。
3．在家蚕遗传中，蚁蚕(刚孵化的蚕)体色的黑色与淡赤色是一对相对性状，黄茧和白茧是一对相对性状(控制这两对相对性状的基因自由组合)。两个杂交组合得到的子代(足够多)数量比见下表，下列叙述错误的是(　　)
子代 黄茧黑蚁 白茧黑蚁 黄茧淡赤蚁 白茧淡赤蚁
组合一 9 3 3 1
组合二 0 1 0 1
A.黑色对淡赤色为显性，黄茧对白茧为显性
B．组合一中两个亲本的基因型和表型都相同
C．组合二中亲本的基因型和子代的基因型相同
D．组合一和组合二的子代中白茧淡赤蚁的基因型不完全相同
解析：答案：D　由于组合一后代黄茧∶白茧＝3∶1，黑色∶淡赤色＝3∶1，则黄茧对白茧为显性(相关基因用A、a表示)，黑色对淡赤色为显性(相关基因用B、b表示)。由组合一后代比例为9∶3∶3∶1，可知两亲本均为黄茧黑蚁，基因型为AaBb。组合二后代全部为白茧，黑色∶淡赤色＝1∶1，可知亲本基因型组合为aaBb×aabb，根据遗传图解可知后代基因型为aaBb、aabb。白茧淡赤蚁个体的基因型均为aabb。
4．黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交得到的F1再自交，F2的表型及比例为黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝9∶15∶15∶25。则亲本的基因型为(　　)
A．YYRR、yyrr B．YyRr、yyrr
C．YyRR、yyrr D．YYRr、yyrr
解析：答案：B　根据F2中黄∶绿＝3∶5可知，对于黄色、绿色这对相对性状来说，F1中一种个体自交后代全部是绿色，基因型为yy，另一种个体自交后代中黄∶绿＝3∶1，基因型为Yy；同理，对于圆粒、皱粒这对相对性状来说，F1中一种个体的基因型为rr，另一种个体的基因型为Rr，综上所述，亲本的基因型应为YyRr、yyrr。
5．某雌雄同株植物的花色性状形成的代谢途径如图所示，两对基因独立遗传。将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，F1自交得到F2的表型及比例为(　　)
A．紫色∶红色∶白色＝9∶3∶4
B．紫色∶红色∶白色＝9∶4∶3
C．紫色∶白色＝15∶1
D．紫色∶红色＝15∶1
解析：答案：A　两对基因独立遗传，遵循自由组合定律。基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1(AaBb)，F1自交后代的基因型及其比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，表型及其比例为紫色∶红色∶白色＝9∶3∶4，A正确。
6．在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，基因Y和y都不能表达。两对基因独立遗传。现有基因型为WwYy的个体自交，其后代的表型种类及比例是(　　)
A．4种，9∶3∶3∶1 B．2种，13∶3
C．3种，12∶3∶1 D．3种，10∶3∶3
解析：答案：C　由于两对基因独立遗传，所以基因型为WwYy的个体自交，符合自由组合定律，产生的后代可表示为9W_Y_∶3wwY_∶3W_yy∶1wwyy，由于W存在时，Y和y都不能表达，所以W_Y_和W_yy个体都表现为白色，占12/16；wwY_个体表现为黄色，占3/16；wwyy个体表现为绿色，占1/16。
7．玉米的株高是一对相对性状，现将株高70 cm和50 cm的植株杂交得到F1，F1自交得到F2，F2中株高70 cm∶65 cm∶60 cm∶55 cm∶50 cm的比例约为1∶4∶6∶4∶1。若取F2中的60 cm植株随机授粉产生的F3中60 cm 纯合植株的比例为(　　)
A．1/36 B．2/9
C．1/2 D．3/16
解析：答案：B　F2中60 cm植株(4/6AaBb、1/6AAbb、1/6aaBB)产生的配子为1/6AB、1/3Ab、1/3aB、1/6ab，随机授粉后代中60 cm纯合植株(AAbb、aaBB)的比例为1/3×1/3＋1/3×1/3＝2/9。
8．(2021·威海高一联考)某种蛙眼色的表型与基因型的对应关系如下表(两对基因独立遗传)，现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1有蓝眼和绿眼两种表型，理论上F1蓝眼蛙∶绿眼蛙为(　　)
表型 蓝眼 绿眼 紫眼
基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_
A.3∶1 B．3∶2
C．9∶7 D．13∶3
解析：答案：A　蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)杂交，F1有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb)两种表型，据此推断亲本蓝眼蛙的基因型为AABb，紫眼蛙的基因型为aaBb。AABb×aaBb后代的表型及比例为AaB_(蓝眼蛙)∶Aabb(绿眼蛙)＝3∶1。
9．家蚕有结黄茧与结白茧之分，由两对等位基因E与e、F与f控制，将纯合结黄茧的品种甲与纯合结白茧的品种乙杂交，F1均结白茧。F1雌雄个体随机交配，F2中结白茧个体与结黄茧个体(e纯合，且含基因F)的比值约为13∶3，仅考虑茧色性状和相关基因，下列叙述正确的是(　　)
A．基因E与e、F与f的遗传不遵循自由组合定律
B．F1测交子代结黄茧与结白茧之比为1∶1
C．F2结黄茧的家蚕随机交配，子代杂合子占2/3
D．F2结白茧群体中纯合子占3/13
解析：答案：D　F2中结白茧个体与结黄茧个体(e纯合，且含基因F)的比值约为13∶3，说明控制结黄茧与结白茧的基因为独立遗传的两对等位基因，遵循自由组合定律，A错误；F1的基因型是EeFf，测交子代的基因型及比例是EeFf∶Eeff∶eeFf∶eeff＝1∶1∶1∶1，结黄茧与结白茧之比为1∶3，B错误；F2结黄茧的家蚕基因型是eeF－，其中eeFF∶eeFf＝1∶2，随机交配，相当于FF∶Ff＝1∶2的群体随机交配，产生雌配子的类型及比例为F∶f＝2∶1，产生雄配子的类型及比例为F∶f＝2∶1，所以子代杂合子Ff的比例是2/3×1/3×2＝4/9，C错误；理论上，F2结白茧群体的基因型是E_F_∶E_ff∶eeff＝9∶3∶1，其中纯合子有EEFF、EEff、eeff，占3/13，D正确。
10．某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。
实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶。
实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3。
回答下列问题：
(1)甘蓝叶色中隐性性状是________，实验①中甲植株的基因型为________。
(2)实验②中乙植株的基因型为__________，子代中有________种基因型。
(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，则丙植株所有可能的基因型是____________；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是______________________________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，则丙植株的基因型为________。
解析：(1)根据实验①②很容易判断甘蓝的绿叶是隐性性状，紫叶是显性性状。由题干信息可知，两对基因都为隐性的个体表现为隐性性状，结合实验①可判断出甲植株的基因型是aabb。(2)根据实验②子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3，可推知乙植株的基因型是AaBb，基因型为AaBb、aabb的植株杂交，子代中有4种基因型，分别是AaBb、Aabb、aaBb、aabb。(3)若丙植株与甲植株(aabb)杂交，子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，可推出紫叶丙植株只能产生两种配子，且有一种配子是ab，进而推出丙的基因型是Aabb或aaBb；若丙植株与甲植株杂交得到的子代均为紫叶，说明丙植株产生的配子中只能含一个隐性基因或全是显性基因，可利用分离定律列出丙植株可能的基因型，符合要求的丙植株的基因型是AABB、AABb、AAbb、aaBB、AaBB；若丙植株与甲植株杂交得到的子代均为紫叶，且该子代自交后代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，这是自由组合定律9∶3∶3∶1性状分离比的变形，推出子代紫叶植株的基因型是AaBb，由此推出丙植株的基因型是AABB。
答案：(1)绿色　aabb　(2)AaBb　4　(3)Aabb、aaBb　AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb　AABB
[迁移·应用·发展]
11．某二倍体植物的抗虫与不抗虫性状受两对独立遗传的等位基因M/m和N/n控制。已知两对等位基因中只要存在一个显性基因植物就表现出抗虫性状，基因M会使花粉育性降低50%，基因N存在纯合致死现象。现用若干植株甲(Mmnn，♀)与植株乙(mmNn，♂)杂交得到F1。下列说法错误的是(　　)
A．该植物中抗虫植株有5种基因型
B．F1抗虫植株中同时含有两种抗虫基因的个体占1/3
C．让F1中同时含两种抗虫基因的植株杂交，F2中不抗虫植株占1/12
D．欲利用一次杂交实验验证含基因M的花粉育性降低50%，可选择基因型为Mmnn的植株作父本与基因型为mmnn的植株杂交
解析：答案：C　已知两对等位基因中只要存在一个显性基因植物就表现出抗虫性状，由于基因N存在纯合致死现象，所以该植物中抗虫植株有MMNn、MmNn、MMnn、Mmnn、mmNn共5种基因型，A正确；根据题意可知，植株甲(Mmnn，♀)产生的雌配子为Mn∶mn＝1∶1，植株乙(mmNn，♂)产生的雄配子为mN∶mn＝1∶1，F1中MmNn(抗虫)∶mmNn(抗虫)∶Mmnn(抗虫)∶mmnn(不抗虫)＝1∶1∶1∶1，抗虫植株中同时含有两种抗虫基因的个体占1/3，B正确；让F1中同时含两种抗虫基因的植株(MmNn)杂交，由于基因M会使花粉育性降低50%，所以F1产生的雌配子及比例为MN∶Mn∶mN∶mn＝1∶1∶1∶1，产生的雄配子种类及比例为MN∶Mn∶mN∶mn＝1∶1∶2∶2，F2中不抗虫植株(mmnn)所占比例为2/6×1/4＝1/12，由于基因N存在纯合致死现象，所以致死个体的比例为1/6×1/4＋2/6×1/4＋1/6×1/4＋2/6×1/4＝1/4，所以F2中不抗虫植株占1/12÷(1－1/4)＝1/9，C错误；欲利用一次杂交实验验证含基因M的花粉育性降低50%，可选择基因型为Mmnn的植株作父本与基因型为mmnn的植株杂交，若后代出现抗虫∶不抗虫＝1∶2，可说明基因M的花粉育性降低50%，D正确。
12．鸡的羽毛颜色由两对独立遗传的等位基因A和a、B和b控制，B是有色羽基因，b是白色羽基因。已知A_B_、aabb、A_bb均表现为白色羽，aaB_表现为有色羽。下列说法不合理的是(　　)
A．A基因对B基因的表达可能有抑制作用
B．若一白色羽个体测交后代全表现为白色羽，则该白色羽个体的基因型一定为aabb
C．若一有色羽个体测交后代中有色羽∶白色羽＝1∶1，说明该有色羽个体的基因型为aaBb
D．两个基因型为AaBb的个体杂交，后代中表现为有色羽的个体占3/16
解析：答案：B　分析题意可知，只有在B基因存在、A基因不存在时才表现为有色羽，而当B基因和A基因同时存在时表现为白色羽，由此可推测A基因对B基因的表达可能有抑制作用，A正确；基因型为AAB_、aabb、A_bb 的个体测交，后代全都表现为白色羽，B错误；有色羽个体的基因型为aaBB或aaBb，其中只有基因型为aaBb的个体测交，后代才会出现有色羽∶白色羽＝1∶1，C正确；两个基因型为AaBb的个体杂交，后代中表现为有色羽(aaB_)的个体占1/4×3/4＝3/16，D正确。
13．玉米为二倍体植物。甜玉米的玉米籽粒中蔗糖含量高，受1个或多个隐性基因控制，
这些基因有a、b和d。玉米的糯性受隐性基因e控制，含支链淀粉多时呈糯性。如图为玉米籽粒中蔗糖合成淀粉的生化路径，回答下列问题：
(1)在基因 A/a中，对玉米糯性基因E/e起上位(抑制)作用的是________，基因型为 aaee的玉米籽粒表现为“甜而不糯”，从生化角度的解释是__________________________________________________。
(2)某非甜非糯型玉米，其控制基因型只涉及 A/a 及 E/e两对等位基因。该玉米自交后代(F1)中，非甜非糯∶糯而非甜∶甜而非糯＝9∶3∶4。此杂交结果说明上述两对等位基因__________(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律。将F1中玉米单株自交，单株统计果穗上的玉米籽粒，发现有的玉米植株所结的全部玉米籽粒要么糯、要么甜，这样的F1植株占________，该植株的每个果穗上，甜玉米籽粒与糯玉米籽粒的数目比约为__________。
(3)某品系甜玉米由 B/b、D/d 两对等位基因控制，两株甜玉米杂交，母本结出玉米籽粒(F1)均不甜，推测亲本的基因型为________________。欲确定基因B/b 与D/d是否遵循自由组合定律，请利用上述玉米材料设计实验予以确定(写出杂交方案并预期实验结果)。
解析：(1)分析题图可知，当A、B、D、E基因同时表达时，玉米籽粒可以合成直链淀粉，但只要存在aa，即使有E基因存在也不会表现为直链淀粉，所以对E/e起上位(抑制)作用的是a基因；aaee的植株不能合成酶1，蔗糖不能合成支链淀粉，造成蔗糖积累，玉米籽粒表现为甜而不糯。(2)非甜非糯型玉米自交后代中非甜非糯∶糯而非甜∶甜而非糯＝9∶3∶4，为9∶3∶3∶1的变式，所以这两对等位基因遵循自由组合定律；该非甜非糯玉米的基因型是AaEe，如果F1玉米单株自交，有的玉米植株所结的全部玉米籽粒要么糯、要么甜，由于糯玉米的基因型是A_ee，甜玉米的基因型是aa__，因此F1中该植株的基因型是Aaee，所占比例为1/2×1/4＝1/8；该植株自交，子代的基因型及比例为A_ee(糯玉米)∶aaee(甜玉米)＝3∶1，所以甜玉米∶糯玉米＝1∶3。(3)两株甜玉米杂交，母本结出玉米籽粒(F1)均不甜，根据图示，说明亲代不会同时含有B和D基因，而F1表现为不甜，因此同时含有B和 D基因，合成酶2，进而催化淀粉的形成，所以亲本基因型是BBdd和bbDD。要判断B、b和D、d两对基因是否遵循自由组合定律，只有B_D_才表现为非甜，所以实验杂交方案：将F1自交，统计F2的表型及比例；若二者遵循自由组合定律，则F1自交子代中B_D_∶B_dd∶bbD_∶bbdd＝9∶3∶3∶1，非甜∶甜＝9∶7。
答案：(1)a　缺少酶1，蔗糖不能合成支链淀粉，造成蔗糖积累，玉米籽粒表现为甜而不糯　(2)遵循　1/8　1∶3　(3)BBdd、bbDD　杂交方案：将F1自交，统计F2的表型及比例。预期实验结果：若子代的表型及比例为非甜∶甜＝9∶7，则基因B/b 与D/d 遵循自由组合定律，否则就不遵循。
阶段验收评价(一)　第1章　遗传因子的发现
(时间：60分钟　满分：100分)
一、选择题(共16小题，每小题3分，共48分)
1．利用“假说—演绎法”，孟德尔发现了两大遗传定律。下列关于孟德尔分离定律研究过程的分析，正确的是(　　)
A．孟德尔假说的核心内容是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”
B．孟德尔作出的“演绎”是F1与隐性纯合子杂交，预测后代产生1∶1的性状分离比
C．为验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了正反交实验
D．运用“假说—演绎法”验证的实验结果总与预期相符
解析：答案：B　孟德尔假说的核心内容是“生物的性状是由遗传因子决定的”，A错误；孟德尔作出的“演绎”是让F1与隐性纯合子杂交，预测后代产生1∶1的性状分离比，B正确；为验证作出的假说是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，C错误；运用“假说—演绎法”验证的实验结果不一定与预期相符，如在子代数目较少的情况下，实验结果不一定与预期相符，D错误。
2．人类A、 B、 AB和O血型是由复等位基因控制的。一名A型血男子与一位B型血的女子结婚，生了一个小孩。以下关于这个小孩血型的说法正确的是(　　)
A．只可能是A型
B．可以是A、 B、 AB、O型中的任一种
C．只能是AB型
D．不可能是O型
解析：答案：B　一个血型为A型的男子(IAIA或IAi)与B型血的女子(IBIB或IBi)婚配，生了一个小孩，由于亲本的基因型不确定，根据分离定律可知，该小孩的基因型可能为IAIB、IAi、ii、IBi，即该小孩的血型可能为A、 B、 AB、O型中的任一种，B正确。
3．在香水玫瑰的花色遗传中，红花、白花为一对相对性状，受一对等位基因的控制(用R、r表示)。从下面的杂交实验中可以得出的正确结论是(　　)
杂交组合 后代性状
一 红花A×白花B 全为红花
二 红花C×红花D 红花与白花之比约为3∶1
A.红花C与红花D的基因型不同
B．红花A的基因型为Rr
C．白花为隐性性状
D．白花B的基因型为Rr
解析：答案：C　红花C和D的基因型都是Rr，A错误；杂交组合一的亲本为红花和白花，而杂交后代只有红花，说明红花为显性性状，白花为隐性性状，且亲本均为纯合子，所以红花A的基因型是RR，白花B的基因型是rr，C正确，B、D错误。
4．鼠的毛色有黑色和棕色(由基因B、b控制)，两只黑鼠交配，生了3只棕鼠和1只黑鼠，下列说法正确的是(　　)
A．棕色为显性性状
B．子代黑鼠中基因型为BB的概率是1/4
C．若检测子代黑鼠的基因型，最好选用棕鼠与其交配
D．若亲代黑鼠再生4只小鼠，则应为3只黑鼠和1只棕鼠
解析：答案：C　亲本只有黑色一种表型，后代出现两种表型，则新出现的性状为隐性性状，即棕色为隐性性状，A错误；亲本基因型均为Bb，子代黑鼠中基因型为BB的概率是1/3，B错误；若检测子代黑鼠的基因型，最好选用棕鼠与其交配，即用测交法，C正确；若亲代黑鼠再生4只小鼠，可能为3只黑鼠和1只棕鼠，也可能是其他情况，如全部为黑色等，D错误。
5．普通小麦中有高秆抗病和矮秆易感病两个品种，控制两对相对性状的基因独立遗传。现用显性纯合子高秆抗病小麦和矮秆易感病小麦杂交得F1，F1自交或测交，预期结果错误的是(　　)
A．自交结果中高秆抗病与矮秆抗病比例为9∶1
B．自交结果中高秆与矮秆比例为3∶1，抗病与易感病比例为3∶1
C．测交结果为矮秆抗病∶矮秆易感病∶高秆抗病∶高秆易感病比例为1∶1∶1∶1
D．自交和测交后代出现四种相同的表现类型
解析：答案：A　F1自交后代表现类型及比例为高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆易感病∶矮秆易感病＝9∶3∶3∶1，所以高秆抗病∶矮秆抗病＝3∶1，高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶易感病＝3∶1。F1测交后代表现类型及比例为高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆易感病∶矮秆易感病＝1∶1∶1∶1。故选A。
6．豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒种子(R)均为显性。两种豌豆杂交的子一代表型如图所示。让子一代中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，子二代的性状分离比为(　　)
A．2∶1∶2∶1 B．9∶3∶3∶1
C．1∶1∶1∶1 D．3∶1∶3∶1
解析：答案：A　由子一代圆粒∶皱粒＝3∶1可知亲代的基因型均为Rr；由子一代黄色∶绿色＝1∶1可知亲代的基因型为Yy、yy，故亲代的基因型组合为YyRr×yyRr，则子一代中黄色圆粒的基因型有1/3YyRR和2/3YyRr两种，绿色皱粒的基因型为yyrr，则F2的性状分离比为2∶1∶2∶1。故选A。
7．以基因型为AABB和aabb的个体为亲本用杂交育种的方法培育基因型为aaBB的个体，需要选择的子代为(　　)
A．F1和F2 B．F1和F3
C．F2和F3 D．F2和F4
解析：答案：C　以基因型为AABB和aabb的个体为亲本杂交，F1的基因型是AaBb，不会出现aaBB，F2开始发生性状分离，有4种表型，可出现aaB_，由于F2中还存在aaBb的类型发生性状分离，因此必须将F2中aaB_的个体单独自交，并观察F3是否发生性状分离，不发生性状分离的F3个体即为纯种。故选C。
8．如图为孟德尔两对相对性状的遗传学实验的图解，下列有关判断错误的是(　　)
―→F1：黄圆F2：黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱
A．F1表现出来的性状黄圆是显性性状
B．F2中黄皱种子中纯合子占1/2
C．F2中相关表型的比例是9∶3∶3∶1
D．F1只有1种基因型，F2中有9种基因型
解析：答案：B　在两对相对性状杂交实验中，F2中黄皱种子的基因型有2种，其中纯合子与杂合子的比例为1∶2，即纯合子所占比例为1/3。故选B。
9．人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的，二者缺一，个体即聋。这两对基因自由组合。下列有关说法错误的是(　　)
A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子
B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子
C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为7/16
D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子
解析：答案：B　若一方只有耳蜗管正常，其基因型为D_ee，另一方只有听神经正常，其基因型为ddE_，两者所生孩子的基因型可能为DdEe，该孩子正常。故选B。
10．两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是(　　)
A．1∶3、1∶2∶1和3∶1
B．3∶1、4∶1和3∶1
C．1∶2∶1、4∶1和3∶1
D．3∶1、3∶1和1∶4
解析：答案：A　由F2的分离比可推知，F1的基因型为双杂合(AaBb)。9∶7的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，其他的表现为另一种性状，则F1与双隐性个体测交，子代的分离比为1∶3；9∶6∶1的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，有单显性基因的表现为一种性状，无显性基因的表现为一种性状，则F1与双隐性个体测交，子代的分离比为1∶2∶1；15∶1的比例说明只要有显性基因的就表现为同一种性状，无显性基因的表现为另一种性状，则F1与双隐性个体测交，子代的分离比为3∶1。故A项正确。
11．山羊胡子的有无由常染色体上的遗传因子BL和BS决定，其中BL和BS分别对应无胡子和有胡子，不过BS在雄性中为显性，在雌性中为隐性。有胡子纯合雌羊与无胡子纯合雄羊杂交产生F1，F1的雌雄个体相互交配得到F2。下列判断正确的是(　　)
A．F1中雌性表现为有胡子
B．F1中雄性50%表现为有胡子
C．F2中50%表现为有胡子
D．F2中雌山羊无胡子的占1/4
解析：答案：C　根据题意分析可知，BS在雄性中为显性，在雌性中为隐性，则亲代中无胡子纯合雄羊与有胡子纯合雌羊的遗传因子组成分别是BLBL、BSBS，杂交产生的F1的遗传因子组成为BSBL，雌性全部表现为无胡子，雄性全部表现为有胡子；遗传因子组成为BSBL的雌雄羊相互交配，F2的遗传因子组成及比例为BSBS∶BSBL∶BLBL＝1∶2∶1，其中有胡子的山羊所占比例为1/4(BSBS)＋1/2×1/2(BSBL)＝1/2，其中雌山羊中无胡子的所占比例为1/2×1/2(BSBL)＋1/2×1/4(BLBL)＝3/8。故选C。
12．两对独立遗传的等位基因(A－a和B－b，且两对基因完全显隐性)分别控制豌豆的两对相对性状。植株甲与植物乙进行杂交，下列相关叙述正确的是(　　)
A．若子二代出现9∶3∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型组合为AABB×aabb
B．若子一代出现1∶1∶1∶1的性状分离比，则两亲本的基因型组合为AaBb×aabb
C．若子一代出现3∶1∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型组合为AaBb×aaBb
D．若子二代出现3∶1的性状分离比，则两亲本可能的杂交组合有4种情况
解析：答案：D　基因型组合为AABB×aabb或AAbb×aaBB的两亲本杂交，子二代均出现9∶3∶3∶1的性状分离比；基因型组合为AaBb×aabb或Aabb×aaBb的两亲本杂交，子一代均出现1∶1∶1∶1的性状分离比；基因型组合为AaBb×aaBb或AaBb×Aabb的两亲本杂交，子一代均出现3∶1∶3∶1的性状分离比；若子二代出现3∶1的性状分离比，则两亲本可能的杂交组合有AABB×AAbb、aaBB×aabb、AABB×aaBB、AAbb×aabb 4种情况。故选D。
13．(2021·山东实验中学月考)某植物有雄株、雌株和两性植株，基因G决定雄株，基因g决定两性植株，基因g－决定雌株。G对g、g－是显性，g对g－是显性。如：基因型为Gg的植株是雄株，基因型为gg－的植株是两性植株，基因型为g－g－的植株是雌株。下列分析正确的是(　　)
A．基因型为Gg和Gg－的植株杂交产生的子代基因型有GG、Gg－、Gg、gg－
B．一株两性植株最多可产生雄配子和雌配子各四种
C．若不考虑基因突变，雄株和雌株的杂交组合方式有两种
D．两性植株自交不可能产生雌株
解析：答案：C　基因型为Gg和Gg－的植株均为雄株，不能进行杂交，A错误；一株两性植株的基因型为gg或gg－，若为gg，产生一种雌雄配子g，若为gg－，产生2种雌雄配子g和g－，B错误；不考虑基因突变，雄株的基因型若为GG，说明双亲都要有一个G，实际雌性个体无G，所以雄株的基因型不可能为GG，则雄株(Gg－、Gg)和雌株(g－g－)的杂交组合方式有两种，C正确；两性植株(gg－)自交可以产生雌株(g－g－)，D错误。
14．豌豆灰种皮(G)对白种皮(g)为显性，黄子叶(Y)对绿子叶(y)为显性，两对基因独立遗传。现将基因型为GGyy与ggYY的豌豆植株杂交，再让F1自交得F2。下列相关结论，错误的是(　　)
A．F1植株上所结的种子，种皮细胞的基因组成是GgYy
B．F1植株上所结的种子，子叶颜色的分离比为1∶3
C．若F2自交，F2植株上所结的种子，种皮颜色的分离比为5∶3
D．若F2自交，F2植株上所结的种子，灰种皮绿子叶与白种皮黄子叶的比为9∶5
解析：答案：C　F1植株上所结种子的种皮是母本的珠被发育来的，基因组成与F1植株相同，故种皮细胞的基因组成为GgYy，A正确；Yy自交后代基因型及比例为YY∶Yy∶yy＝1∶2∶1，所以F1种子子叶的颜色及比例是黄色∶绿色＝3∶1，B正确；F2植株所结种子种皮颜色分离比为3∶1，C错误；F2自交，F2植株上所结种子种皮颜色基因型与母本相同，灰种皮∶白种皮＝3∶1；其子叶颜色由F3的基因型控制，F2自交后代(F3)中绿子叶(yy)占1/4＋1/2×1/4＝3/8，黄子叶占1－3/8＝5/8，所以灰种皮绿子叶与白种皮黄子叶比为[(3/4)×(3/8)]∶[(1/4)×(5/8)]＝9∶5，D正确。
15．果蝇的灰身(B)与黑身(b)、大脉翅(D)与小脉翅(d)是两对相对性状，相关基因位于常染色体上且独立遗传。灰身大脉翅的雌蝇和灰身小脉翅的雄蝇杂交，F1中47只为灰身大脉翅，49只为灰身小脉翅，17只为黑身大脉翅，15只为黑身小脉翅。下列说法错误的是(　　)
A．亲本中雌雄果蝇的基因型分别为BbDd和Bbdd
B．亲本雌蝇产生卵细胞的基因组成种类数为4种
C．F1中体色和翅型的表型比例分别为3∶1和1∶1
D．F1中表型为灰身大脉翅个体的基因型为BbDd
解析：答案：D　由题中数据可知，子代中灰身∶黑身＝(47＋49)∶(17＋15)＝3∶1，可推知亲本基因型是Bb和Bb；大脉翅∶小脉翅＝(47＋17)∶(49＋15)＝1∶1，可推知亲本基因型是Dd和dd，所以亲本灰身大脉翅雌蝇基因型是BbDd，灰身小脉翅雄蝇基因型是Bbdd，A、C正确。由上述分析可知亲本灰身大脉翅雌蝇基因型是BbDd，其产生的卵细胞基因型有BD、Bd、bD、bd共4种类型，B正确。由亲本基因型可知，F1中表型为灰身大脉翅个体的基因型为BBDd、BbDd，D错误。
16．拉布拉多犬个性忠诚，智商极高，深受人们的喜爱。其毛色有黑、黄、棕3种，分别受B、b和E、e两对等位基因控制。为选育纯系黑色犬，育种工作者利用纯种品系进行了杂交实验，结果如下图所示。相关叙述错误的是(　　)
A．B、b和E、e的遗传遵循基因分离定律和自由组合定律
B．F2黑色犬中基因型符合育种要求的个体占1/9
C．F2黄色犬与棕色犬随机交配，子代中可获得纯系黑色犬
D．F2黑色犬进行测交，测交后代中不能获得纯系黑色犬
解析：答案：C　由于F1黑色个体自由交配产生的后代中有三种毛色，并且符合9∶3∶3∶1的性状分离比的变形，因此两对基因B、b和E、e的遗传符合基因的分离定律和自由组合定律，A正确；F2中黑色犬的基因型有BBEE、BbEe、BBEe、BbEE四种，其中黑色纯合子BBEE占1/9，B正确；F2中黄色犬(B_ee或bbE_、bbee)与棕色犬(bbE_或B_ee)随机交配，其后代中不会出现BB和EE的个体，因此不能获得黑色纯种个体，C错误；F2黑色犬测交(与bbee杂交)，其后代都含有b和e基因，因此不会出现BBEE个体，D正确。
二、非选择题(共4小题，共52分)
17．(10分)豌豆的紫花和白花是一对相对性状，这对相对性状由一对遗传因子B、b控制。如表是豌豆花色的三个组合的遗传实验结果。请根据实验结果分析并回答下列问题：
实验 组合 亲本性状表现 F1的性状表现和植株数目
紫花 白花
1 紫花×白花 405 411
2 紫花×白花 807 0
3 紫花×紫花 1 240 420
(1)根据实验组合__________(填序号)可以判断豌豆的________花为显性性状。
(2)请写出实验组合3的亲本的基因型：_______________________________________。
(3)实验组合________(填序号)为测交实验。
(4)实验组合3的F1紫花植株中，杂合子占________。若取实验组合2中的F1紫花植株与实验组合3中的F1紫花植株杂交，后代出现白花植株的概率为________。
解析：(1)由于组合2是紫花×白花，后代只有紫花，可以判断紫花是显性性状；由于组合3是紫花×紫花，后代有紫花和白花，出现性状分离，也能判断紫花是显性性状。(2)由于紫花是显性性状，白花是隐性性状，组合1紫花×白花→后代紫花∶白花≈1∶1，因此组合1亲本的基因型为Bb、bb。组合2后代全为紫花，因此组合2亲本的基因型为BB、bb。组合3紫花×紫花→后代紫花∶白花≈3∶1，因此组合3亲本的基因型为Bb、Bb。(3)实验组合1中，紫花×白花→后代中紫花∶白花＝1∶1，该比例为测交的结果。(4)实验组合3的后代出现性状分离，说明亲本都是杂合子，其基因型都是Bb。F1基因型为BB、Bb和bb，比例为1∶2∶1，所以F1显性类型紫花植株中，杂合子占2/3。若取组合2中的F1紫花植株(Bb)与组合3中的F1紫花植株(1/3BB、2/3Bb)杂交，后代出现白花植株的概率＝2/3×1/4＝1/6。
答案：(1)2、3　紫　(2)Bb×Bb　(3)1　(4)2/3　1/6
18．(14分)小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(由基因D、d控制)，抗锈病与感锈病是另一对相对性状(由基因R、r控制)，这两对性状的遗传遵循自由组合定律。以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)。再用F1与丁进行杂交得F2，F2有四种表型，对每对相对性状的植株数目进行统计，结果如图所示。回答下列问题：
(1)两对相对性状中，显性性状分别是________、________。
(2)亲本甲、乙的基因型分别是________、________，丁的基因型是________。
(3)F1形成的配子有________种，产生这几种配子的原因是F1在形成配子的过程中________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
(4)F2中基因型为ddRR的个体所占的比例为________，光颖抗锈病植株所占的比例是__________。
(5)F2中表型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部F2的比例是__________。
解析：(1)由于纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)，所以毛颖、抗锈病为显性性状，光颖、感锈病为隐性性状。(2)甲、乙为纯种，它们的基因型分别为DDrr、ddRR，所以F1的基因型为DdRr，与丁杂交后，抗锈病与感锈病之比为3∶1，毛颖与光颖之比为1∶1，所以丁的基因型为ddRr。(3)由于控制这两对性状的基因(D/d、R/r)的遗传遵循自由组合定律，F1的基因型为DdRr，因此可以形成4种配子。(4)F1(DdRr)×丁(ddRr)产生的F2中，ddRR的个体占1/2×1/4＝1/8，光颖抗锈病植株(ddR_)占1/2×3/4＝3/8。(5)F2中，与甲(DDrr)表型相同的个体占1/2×1/4＝1/8，与乙(ddRR)表型相同的个体占1/2×3/4＝3/8，所以F2中表型不同于双亲的个体占1/2。
答案：(1)毛颖　抗锈病(两空可互换)　(2)DDrr　ddRR　ddRr　(3)4　决定同一性状的等位基因彼此分离，决定不同性状的非等位基因自由组合
(4)1/8　3/8
(5)1/2
19．(15分)杂交水稻的推广大大提高了水稻的产量，产生了巨大的经济效益和社会效益。已知水稻是自花传粉植物，请回答下列问题：
(1)在没有发现良好的雄性不育系之前，对水稻杂交之前需要对母本进行________，育种环节较复杂，工作量较大；发现了雄性不育品系以后，可将其作为________，简化了育种环节。
(2)现选用高秆抗病水稻植株(甲)和矮秆感病水稻植株(乙)为亲本进行杂交，已知高秆对矮秆为显性，相关基因用A、a表示，抗病对感病为显性，相关基因用B、b表示。若杂交产生的子一代(F1)有四种表型，且比例为1∶1∶1∶1，则亲本甲、乙的基因型分别为______________。两对等位基因的遗传遵循________________定律。
(3)让上述F1中的高秆抗病植株自交得F2，F2的表型及其比例为____________________________________________________，F2中出现矮秆感病类型的比例是________，F2与甲表型相同的植株中，纯合子的比例为________。
解析：(1)水稻是自花传粉植物，在没有发现良好的雄性不育系之前，对水稻进行杂交实验时，需要先对母本去雄，然后套袋，防止自花传粉和外来花粉干扰，雄性不育系不能产生正常的雄配子，只能作为母本。(2)由题意可知，植株甲的基因型为A_B_，植株乙的基因型为aabb，若杂交产生的子一代(F1)有四种表型，且比例为1∶1∶1∶1，可推知植株甲产生了四种配子，且比例为1∶1∶1∶1，因此植株甲的基因型为AaBb，并且这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律。(3)让(2)中F1的高秆抗病植株(AaBb)自交得F2，根据自由组合定律可推知，F2的表型及其比例为高秆抗病∶高秆感病∶矮秆抗病∶矮秆感病＝9∶3∶3∶1，F2中出现矮秆感病类型(aabb)的比例是1/4×1/4＝1/16，F2与甲表型相同的植株占9/16，其中纯合子(AABB)的比例为1/9。
答案：(1)去雄　母本　(2)AaBb、aabb　自由组合　(3)高秆抗病∶高秆感病∶矮秆抗病∶矮秆感病＝9∶3∶3∶1　1/16　1/9
20．(13分)南江黄羊是我国培育的第一个肉用山羊新品种，在育种过程中常用纯繁供种、杂交配种、通过体型外貌选种。将基因型分别为GGhh、ggHH两品种(这两种基因型的个体6个月体重为中等，简称中产)杂交得到F1产量明显高于两亲本(此现象称为杂种优势)，关于杂种优势的原理现有两种假说：
①显性假说：通过基因间的互补，同时含有多种显性基因的个体，能发挥出超过亲本的强大生长势。G_H_ (高产) >G_ hh、 ggH_ (中产) >gghh (低产)
②超显性假说：每对等位基因的杂合子贡献要大于纯合子，使多对杂合的个体表现出远超过亲本的强大生长势。Gg> GG＝gg，Hh > HH＝hh
关于控制南江黄羊体重的G、g和H、h两对等位基因独立遗传，请回答下列问题：
(1)依据超显性假说原理，在南江黄羊自然种群中由G、g和H、h控制的关于体重这一性状的表型会出现高产、次高产、中产三种情况，其中次高产基因型为________________________________________________________________________。
(2)拟探究上述南江黄羊F1体重表现出杂种优势的原理，请从题干中亲本和F1中任选实验材料，设计可行的实验方案，并预测实验结果。
实验方案：________________________________________________________________________ ，
统计后代表型及比例。
预期结果：
①若表型及比例为________________________________________________________________________，
说明该杂种优势的原理为显性假说原理。
②若表型及比例为________________________________________________________________________，
说明该杂种优势的原理为超显性假说原理。
解析：(1)依据超显性假说原理，Gg> GG＝gg，Hh > HH＝hh，G、g和H、h控制的关于体重这一性状的表型中，表现为次高产的个体中应包含一对杂合子和一对纯合子，即基因型为Gghh、GgHH、GGHh、ggHh。(2)从题干中亲本和F1中任选实验材料探究南江黄羊F1体重表现出杂种优势的原理，设计方案有两种：实验方案一：将F1雌雄个体相互交配，产生的F2基因型及比例为9G_H_∶3G_hh∶3ggH_∶1gghh，若该杂种优势的原理为显性假说原理，即G_H_ (高产) >G_ hh、 ggH_ (中产) >gghh (低产)，则F2表型及比例为高产∶中产∶低产＝9∶6∶1；若该杂种优势的原理为超显性假说原理，即Gg> GG＝gg，Hh > HH＝hh，则个体中含有两对杂合子的表现为高产，只有一对杂合子的表现为次高产，两对都是纯合子的表现为中产，即高产(GgHh)∶次高产(Gghh、GgHH、GGHh、ggHh)∶中产(GGHH、GGhh、ggHH、gghh)＝1∶2∶1。实验方案二：将F1个体与异性亲本(如GGhh)相互交配，产生的F2基因型及比例为GgHh∶GGHh∶Gghh∶GGhh＝1∶1∶1∶1，若该杂种优势的原理为显性假说原理，则F2表型及比例为高产∶中产＝1∶1；若该杂种优势的原理为超显性假说原理，则高产(GgHh)∶次高产(GGHh、Gghh)∶中产(GGhh)＝1∶2∶1。
答案：(1)Gghh、GgHH、GGHh、ggHh
(2)实验方案一：将F1雌雄个体相互交配　预期结果： ①高产∶中产∶低产＝9∶6∶1　②高产∶次高产∶中产＝1∶2∶1
实验方案二：将F1个体与异性亲本相互交配　预期结果：①高产∶中产＝1∶1　②高产∶次高产∶中产＝1∶2∶1