高中数学人教A版(2019)必修2 第六章 余玄定理 选择题专项章节综合练习题(答案+解析)

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名称 高中数学人教A版(2019)必修2 第六章 余玄定理 选择题专项章节综合练习题(答案+解析)
格式 docx
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资源类型 试卷
版本资源 人教A版(2019)
科目 数学
更新时间 2023-10-27 21:17:28

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余玄定理 选择题专项
一、选择题
1.在中,若,,,则(  )
A. B. C. D.
2.在中,角所对的边分别为,若,则角(  )
A. B. C. D.
3.(2023高一下·莲湖期末)已知△ABC的内角A,B,C的对边分别是a,b,c,若,,则(  )
A. B.3 C.6 D.
4.(2023高一下·汕尾期末)在中,内角,,所对的边分别为,,,,,则(  )
A. B. C. D.
5.(2023高一下·房山期末)在中,已知,,,则等于(  )
A. B.7 C. D.19
6.(2023高一下·浙江期中)在中,,则边的长为(  )
A.3 B.5 C.3或5 D.以上都不对
7.(2023高一下·浙江期中)在中,角,,所对的边为,,,,,,那么的大小是(  )
A. B.4 C. D.3
8.(2023高一下·天津市期中)在中,角 ,,所对的边分别为,,.若,,,则(  )
A. B. C. D.
9.(2023高一下·光明期中)在中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知,,,则b的取值是(  )
A. B. C. D.3
10.(2023高一下·淮安期中)已知三角形的三边长分别为则最大的角为多少(  )
A. B. C. D.
11.(2023高一下·南京期中)在中,若,则(  )
A. B. C. D.
12.(2023高一下·平阳月考)在中,,则(  )
A.1 B. C. D.3
13.在中,内角,,所对的边分别为,,,的面积为,,,则(  )
A. B. C.4 D.
14.(2023高一下·余姚期末)在中,内角,,所对的边分别为,,.已知,若,则角的大小为(  )
A. B. C. D.
15.(2023高一下·金华期末)已知的内角的对边分别是,面积满足,则(  )
A. B. C. D.
16.(2023高一下·深圳期中)在中,已知,则一定成立的是(  )
A. B. C. D.
17.(2023高一下·深圳期中)在中,角,,的对边分别是,,,,,,则(  ).
A.2 B. C. D.
18.(2023高一下·安徽期中)锐角△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若,则sinA的取值范围是(  )
A. B. C. D.
19.(2023高一下·太原期中)已知的面积为,,,则(  )
A. B. C. D.2
20.(2023高一下·重庆市期中)在中,已知角所对边长分别为,且满足,为的中点,,则(  )
A. B.3 C. D.4
21.(2023高一下·承德期中)已知的三边长分别为,,,且最大内角是最小内角的2倍,则最小内角的余弦值为(  )
A. B. C. D.
22.在中,,AD是的角平分线,,,E是AC的中点,则DE的长度为(  )
A. B. C. D.
23.(2023高一下·苏州期中)在中,,边上的高等于,则的值为(  )
A. B. C. D.
24.(2023·商洛模拟)在中,已知为的中点,,则的最小值为(  )
A. B. C. D.
25.(2023·千阳模拟)在中,若,,,则的面积是(  ).
A.1 B. C. D.
26.(2023高一下·金华月考)在中,三个内角所对的边为,若,,,则(  )
A. B. C.4 D.
27.(2023高一下·南山月考)在中,内角A,B,C的对边分别是a,b,c,,,,则线段CD长度的最小值为(  )
A.2 B. C.3 D.
28.(2022·南阳模拟)锐角是单位圆的内接三角形,角的对边分别为,且,则等于(  )
A.2 B. C. D.1
29.(2023·河北会考)在中,若,,,则(  )
A. B. C. D.
30.(2023·巴中模拟)在中,若,则(  )
A. B. C. D.
答案解析部分
1.【答案】D
【解析】【解答】解:由题意可知: ,
.
故答案为:D.
【分析】根据数量积的定义结合余弦定理运算求解.
2.【答案】B
【解析】【解答】解:因为 ,则,
由余弦定理可得,
且,所以.
故答案为:B.
【分析】根据题意利用余弦定理运算求解.
3.【答案】B
【解析】【解答】解: 由A+C=2B结合A+C+B=π,可得,

化简整理得
由余弦定理可得,

故答案为:B.
【分析】 由A+C=2B可得,进而求出,再利用余弦定理可求出b的值.
4.【答案】D
【解析】【解答】解:因为,由正弦定理可得:,
又因为,可得,
由余弦定理可得:.
故答案为:D.
【分析】根据正弦定理进行角化边可得,再结合余弦定理运算求解.
5.【答案】A
【解析】【解答】 在中,已知,,
由余弦定理得
则.
故选:A.
【分析】利用余弦定理即可求出c的值,可得答案.
6.【答案】C
【解析】【解答】根据余弦定理可知,,
则,整理为,
解得:或
故答案为:C
【分析】利用已知条件结合余弦定理得出AC的长。
7.【答案】D
【解析】【解答】因为,,,
所以有,或舍去,
故答案为:D
【分析】利用余弦定理进行求解,即可得b的值.
8.【答案】A
【解析】【解答】由余弦定理可得,
由于,故,
故答案为:A
【分析】利用余弦定理可求出答案.
9.【答案】D
【解析】【解答】由题意,即,解得(舍去),
故答案为:D.
【分析】利用余弦定理可求出b的值.
10.【答案】C
【解析】【解答】由大边对大角知:边长为对应角最大,,
所以.
故答案为:C
【分析】由边角关系知边长为对应角最大,应用余弦定理求其大小.
11.【答案】D
【解析】【解答】因为,所以;
因为,所以.
故答案为:D.
【分析】利用余弦定理可求出答案.
12.【答案】C
【解析】【解答】由余弦定理,得,
.
故答案为:C.
【分析】利用已知条件结合余弦定理得出b的值。
13.【答案】D
【解析】【解答】解:

故答案为:D.
【分析】先由三角形面积公式和已知得到ab的积,再根据余弦定理得出c的值。
14.【答案】A
【解析】【解答】解:∵b2+c2-a2=bc,
∴由余弦定理可得,
∴A=60°.
又∵sin2A+sin2B=sin2C,
∴由正弦定理可得:a2+b2=c2.
∴cosC=0,∴C=90°,∴B=30°.
故选:A.
【分析】本题考查正余弦定理在解三角形中的应用,考查运算求解能力,根据已知条件,出现较多边的平方项,自然选择余弦定理,第一个式子解出∠A的值,第二个式子运用正余弦定理可求出∠C,即可求解∠B.
15.【答案】D
【解析】【解答】由 得
则,即,故
又A∈(0,π),

故选: D.
【分析】 由已知条件结合三角形面积公式和余弦定理化简可得,进而求出A的值.
16.【答案】D
【解析】【解答】 由 得 即
由正弦定理得
由余弦定理得
又,得
故选: D.
【分析】由二倍角的余弦公式化简已知表达式,再结合余弦定理可求出cosC的值,结合C的范围可求出C的值,即可得答案.
17.【答案】B
【解析】【解答】由题意得sinAcosB+sinBcosA=2sinCcosC,即sinC=2sinCcosC,
由sinC≠0,可得,
又a=1,b= 4,
由余弦定理可得
故选:B.
【分析】利用正弦定理化简得sinAcosB+sinBcosA=2sinCcosC,再利用两角和的正弦公式化简整理求得cosC,再根据余弦定理即可求解出答案.
18.【答案】C
【解析】【解答】由,得,由余弦定理得,
∴,即,
由正弦定理得,
∵,
∴,
即.
∵,∴,∴,
又为锐角三角形,∴,
∴,解得,
又,,,
∴,
∴.
故答案为:C.
【分析】 根据余弦定理和正弦定理化简得C=2A,再求出A的范围,即可得 sinA的取值范围 .
19.【答案】A
【解析】【解答】由可得,,
所以.
由余弦定理可得,,
所以.
由正弦定理可得,.
故答案为:A.
【分析】 先由三角形的面积公式可得BC=4,再由余弦定理可得,最后由正弦定理求解出答案.
20.【答案】C
【解析】【解答】因为,为的中点,,如图,
在中,根据余弦定理可得,,
在中,根据余弦定理可得,,
又因为,所以
故有,得到,即,所以,
故答案为:C.
【分析】利用,为的中点,,结合余弦定理和,所以,故有,进而得出a的值。
21.【答案】B
【解析】【解答】设的最小内角为,
由正弦定理得,整理得,
又余弦定理得,
所以,解得,则.
故答案为:B.
【分析】设的最小内角为,利用正弦定理得到,再利用余弦定理得到,进而即可求解.
22.【答案】A
【解析】【解答】方法一:因为,,,所以的面积为;
因为AD是的角平分线,
所以,
解得.
在中,,,
所以

即.
故答案为:A.
方法二:因为,所以,
如图,以为坐标原点,分别以,所在直线为轴,轴建立直角坐标系,
则,,,
由是的角平分线可知,直线的方程为:,
因为,,则,
所以直线的方程为:,
联立方程组,可得,
所以,
因为E是AC的中点,所以,
所以,由两点间距离公式得,,
则DE的长度为.
故答案为:A.
【分析】 利用角平分线的性质结合面积公式可求得AD,在中,由余弦定理可得AE,进而求出DE的值.
23.【答案】B
【解析】【解答】
由题意,设,那么边上的高,
,,,
则,

在中,由余弦定理可得:
.
故答案为:B.
【分析】设,根据题意可得,再由余弦定理可得,再利用余弦定理即可求得cosA的值.
24.【答案】A
【解析】【解答】在中,由余弦定理得,
在中,由余弦定理得,
又,所以,所以,
所以,当且仅当时,等号成立,
在中,
由余弦定理得,
所以的最小值为.
故答案为:A.
【分析】在△ABE和△DCE中,利用余弦定理结合B+C=π求出AE2+DE2,再利用基本不等式可求得的最大值,再在△ADE中,利用余弦定理即可求解出答案.
25.【答案】D
【解析】【解答】由余弦定理得,代入,得,
因为,所以,即
所以,解得,
因为,则,
所以,.
故答案为:D.
【分析】利用余弦定理解出边长a,再利用面积公式,即可求出 的面积.
26.【答案】B
【解析】【解答】因为,所以,又,所以.
因为=,所以.
因为,
所以=,
所以,
故答案为:B.
【分析】利用已知条件结合两角和的正弦公式、三角形中角的取值范围,进而得出角C的值,再利用三角形的面积公式得出ab的值,再结合和余弦定理得出c的值。
27.【答案】D
【解析】【解答】解:由及正弦定理,
得,即,
由余弦定理得,,∵,∴.
由,,
两边平方,得


当且仅当,即时取等号,即,
∴线段CD长度的最小值为.
故答案为:D.
【分析】先通过正弦定理得到,再通过余弦定理得到,对向量式整理得,通过平方,将向量关系转化为数量关系即,利用基本不等式即可求解出线段CD长度的最小值 .
28.【答案】C
【解析】【解答】由,
得,
由余弦定理,可得,
又由正弦定理,可得,
所以,
得,又,所以,所以.
又,所以,
故答案为:C
【分析】由已知结合余弦定理及正弦定理及和差角公式进行化解可求cosA,进而可求A ,然后结合正弦定理表示出a, b,c,然后求解即可得答案.
29.【答案】A
【解析】【解答】由题意可得,,,
由余弦定理可得,即
又可得;
利用正弦定理可知,所以.
故答案为:A
【分析】根据余弦定理可计算出,再利用正弦定理即可得出.
30.【答案】B
【解析】【解答】因为,
所以,
则,
整理得:
由正弦定理可得:,再由余弦定理得,
因为,故.
故答案为:B.
【分析】利用平方关系化简得,再利用正弦定理与余弦定理转化可得答案.
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