2023-2024 学年 浙教版科学九年级上册 第三章 能量的转化与守恒 复习
一、选择题
1．（2023九上·慈溪月考）小科用如图所示的电路测小灯泡功率。电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器的规格为”20Ω1A”，灯泡标有”2.5V1.25W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（ ）
A．该电路的最大功率是2.7W
B．灯泡的最小功率是0.162W
C．电流表示数的变化范围是0~0.5A
D．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是2.5~20Ω
2．（2023九上·慈溪月考）某科学小组用L1、L2两个小灯泡及其它必要元件，设计了如图甲、乙、丙三个电路，电源电压相同且恒定不变，闭合开关后电路消耗的总功率P甲、P乙、P丙的关系是（ ）
A．P乙
P乙>P丙
C．P甲=P乙=P丙 D．P甲3．（2023·杭州模拟）小科在吃烤串时，发现工作人员调节后，烤串机的显示屏上显示3000，但没看到单位，你觉得该单位应该是（ ）
A．安培 B．焦耳 C．伏特 D．瓦特
4．（2022九下·杭州模拟）甲、乙两台塔吊机器的功率分别为P甲＝25kW和P乙＝40kW。则下列判断正确的是（ ）
A．乙一定比甲做功快
B．乙一定比甲做功多
C．相同时间内两机器做功一样多
D．做同样多的功，甲所用时间更少
5．（2023九下·义乌模拟）如图所示的电路中，电源电压不变，R0=10Ω。当S1、S2、S3闭合时，定值电阻R0消耗的电功率为3.6W，灯泡L恰好正常发光。下列说法中正确的是（ ）
A．断开开关S1，小灯泡会变亮
B．向右移动滑片P，小灯泡会变暗
C．小灯泡的额定电压是6V
D．把灯泡换成电压表，此电路可以探究一段电路中电流与电压的关系
6．（2023·宁波模拟）图中的每个滑轮重0.5N，物体A重6N，托板重1N。为了提升重物A，在2s的时间内，拉力F的作用点沿竖直方向匀速升高了1.2m，这个过程中，不计滑轮轴摩擦和绳重，则下列分析正确的是（ ）
A．拉力F的大小为1.5N
B．天花板对定滑轮拉力大小为4.5N
C．物体A上升的速度为0.6m/s
D．滑轮组的机械效率为80%
7．（2023·湖州）机械的发明和使用，极大提高了人们的工作效率。下列四种简单机械，一定不能省力的是（ ）
A．杠杆 B．动滑轮 C．定滑轮 D．斜面
8．（2023·金华）中国是茶文化之乡，中国茶文化是世界非物质文化遗产。”煮茶”过程中蕴含着丰富的科学知识。下列说法正确的是（ ）
A．茶水沸腾时，吸收热量，温度升高
B．茶水升温是通过做功的方式改变内能
C．壶嘴冒出的”白气”是汽化形成的现象
D．茶香扑鼻，表明分子在不停地做无规则运动
9．（2023·温州模拟）“加拿大一枝黄花"再现浙江，为了拔除这一外来物种。农业专家自制如图轻质拔草器，将投草器左下端的叉子插入植株根部，用手对拔草器施力，可将植株连根拔起。若拔同一植株。手施力最小的是（ )
A． B．
C． D．
10．（2023·杭州）如图所示为多档位加热器的电路图，电热丝R1的电阻小于电热丝R2的电阻。闭合S1和S2时，对电路的分析正确的是（ ）
A．R1和R2串联
B．R1两端的电压小于R2两端的电压
C．流过R1的电流大于流过R2的电流
D．如果R1断了，R2也不能工作
11．（2023·舟山）功是能量转化的量度。下列实例中力对物体没有做功的是（ ）
A．人用力搬石头，没有搬动
B．叉车把货物从地面抬升到一定高度
C．人拎着书包沿楼梯走上二楼
D．人推小车通过一段距离
12．（2022·萧山模拟）关于四冲程汽油机的工作过程描述，正确的是（ ）
A．做功冲程中，气缸内物质内能增加
B．压缩冲程中，内能转化为机械能
C．加热水后热水瓶塞弹起与排气冲程原理相同
D．飞轮转速6000转/分，则每秒钟做功50次
13．（2023·慈溪模拟）如图甲是某同学“探究定值电阻R0的发热功率P0、滑动变阻器R消耗的电功率PR和电源总功率PU随电流I变化的关系"的实验电路图，通过实验得到的数据用描点法在同一坐标系中作出a、b、c三条图线（如图乙）。下列叙述正确的是（ ）
A．曲线a为定值电阻R0的发热功率曲线
B．电源电压为4.5V
C．滑动变阻器接入电路的最大阻值为6Ω
D．滑动变阻器消耗的最大功率为2.25W
14．（2023九下·龙湾模拟）千年商港，幸福温州。温州朔门古港遗址发现的宋代古沉船是温州作为海上丝绸之路的绝佳阐释。打捞沉船时，电动机将沉船以相同的速度从水下竖直吊起至水面上方一定高度，下列表示此过程中绳子拉力的功率Р随沉船上升高度h变化的大致曲线，其中合理的是（ ）
A． B．
C． D．
15．（2023九下·宁波月考）如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为16W。设灯丝电阻不变，下列说法中不正确的是（ ）
A．甲、乙两图中灯L1两端的电压之比是1：2
B．甲、乙两图电路消耗的总功率之比为1：2
C．L1、L2两灯电阻之比为1：1
D．甲、乙两图中灯L2的功率之比为1：4
二、填空题
16．（2023九上·杭州月考）跳绳是一种简便易行的锻炼方式。如图所示描绘了小明同学某次跳绳时重心移动的高度h随时间t变化的图象。按图象中的规律跳绳，小明1min能完成的跳绳个数为 个，若他质量为50kg，则他每跳一次绳克服重力做功的平均功率为 W。(g取10N/kg)
17．（2023·杭州模拟）火柴是实验室常用的点火工具。引燃过程：划动火柴→擦火皮（含微量易燃物）产生火星→引发火柴头燃烧。A、B为两种常见的引燃方式，F1＝F2。火柴的引燃是通过 的方法来增大火柴头的内能，更易引燃的是 （选填“A”或“B”）方式。
18．（2022九下·杭州模拟）用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的图像如图所示。根据图像可知，甲液体的比热容 (选填“大于”、“等于”或“小于”)乙液体的比热容。质量为0.5千克、初温为20℃的甲液体温度升高到90℃，吸收的热量为 焦。[甲液体的比热容为2×103焦／(千克·℃)]
19．（2023·宁波模拟）如图，是古人在“钻木取火”。木头内能增加是通过 (填“做功”或“热传递”)的途径实现的。该过程中能的转化与四冲程汽油机工作时 冲程能的转化相同。
20．（2023·湖州）新能源汽车因绿色低碳逐渐取代燃油汽车，电动汽车是常见的一种新能源汽车。
（1）内燃机为燃油车提供动力，其一个工作循环一般包括吸气、 压缩、做功、排气四个冲程，其中 冲程使汽车获得动力。
（2）电动机为电动汽车提供动力。下列实验可以演示电动机工作原理的是 。(填选项)
21．（2023·镇海模拟）如图为一款市售熔岩灯（一种工艺品)，其结构可以分为三部分，底部中含有一盏白炽灯，中部的密封玻璃瓶中装有一种蜡状物A和另一种液体B，顶部为一个装饰作用的盖子。白炽灯未通电时，蜡状物沉在底部；白炽灯通电后，蜡状物变为液态，在液体B中出现不断上浮、下沉的景象。
（1）白炽灯通电后，蜡状物通过 的方式获得物态变化所需的内能。
（2）制作熔岩灯所用的蜡状物应具备哪些物理性质 。 (至少答一种)
22．（2023·慈溪模拟）太阳能属于新能源，清洁、无污染，是地球所需能量的主要来源。
（1）太阳能来自于太阳内部的 (选填“核裂变”或“核聚变”)
（2）如图所示正午遮阳棚内太阳光射入后，棚内照亮面积S，若S 、S 、S 代表二分(春分、秋分)二至(夏至、冬至)日正午时棚内的照亮面积，且 S >S >S 。则S 是 日正午时棚内的照亮面积
（3）地形缓慢变化的外部力量主要是太阳能引起的，如气温变化、流水、风力等，下列地形的形成与太阳能无关的是 (填字母)
A.岩浆的喷发 B.风蚀蘑菇 C.长江三角洲
23．（2023·鹿城模拟）将制作好的水火箭竖直立于地面如图甲所示。用打气筒向瓶内打气，瓶内压强足够大时，瓶内的水向下喷出，水火箭竖直向上飞起。
（1）瓶内的水向下喷出而水火箭向上运动，这是因为 。
（2）水火箭瓶体质量为0.5千克。当水火箭竖直上升至15米高时，瓶体克服自身重力做功 。
（3）图乙是水火箭发射后的速度随时间变化的图像，请选出水火箭发射后受到平衡力的时刻 。（选填“t1”、“t2”或“t3”）
24．（2023·丽水）如图是电热液体蚊香器，工作时内部的发热部件对蚊香液加热，一段时间后，其项部有“白雾”飘出，房间里弥漫着蚊香液的清香，起到驱蚊和灭蚊的作用。
（1）发热部件使蚊香液温度升高，该过程主要通过 ，使蚊香掖的内能增加(填“做功"或“热传递”)；
（2）“白雾”是蚊香液先汽化后 形成的(填物态变化名称)；
（3）房间里弥漫着清香说明分子在不停地做 。
25．（2023·温州模拟）如图是为研究焦耳定律的实验装置。在两个相同的烧瓶中装满初温相同的煤油，插入两个相同的温度计，瓶中电阻丝为定值电阻，分别为R甲和R乙。
（1）本实验用到了控制变量法，请列举一个课本中用到该方法的实验： 。
（2）若R甲为10欧姆，R乙为5欧姆，实验中电流表示数为0.2A，若通电1分钟，R甲产生的热量为 焦耳。
三、实验探究题
26．（2023·杭州模拟）小科利用两节新干电池、滑动变阻器(1安20欧)、电压表(0~3V)、电流表(0~0.6A)、额定电压为2.5V的小灯泡、定值电阻(5欧、10欧、15欧)各一个、开关和导线若于进行电学实验。
（1）为了测量小灯泡的电阻，小科根据电路图(图甲)连接电路，当连接好最后一根导线时，小灯泡立即发光。请你指出他在实验操作中的不当之处 。
（2）小科掌握正确操作后，闭合开关，移动滑片，进行了多次实验测得数据如下表。通过数
据分析，此小灯泡的额定功率为 。
序号 1 2 3 4 5
U/V 1.0 1.5 2.0 2.5 2.8
I/A 0.2 0.21 0.22 0.25 0.26
灯泡亮度 不亮 微光 微亮 亮 很亮
（3）小科认为根据提供的器材还可以探究电流与电阻的关系。于是他将小灯泡换成5欧的定值电阻，闭合开关，滑动滑片，此时，电流表读数如图乙所示。然后分别换上10欧、15欧的定值电阻，滑动滑片至适当位置，重复上述操作。其中的“适当位置”是指 。
27．（2023·杭州模拟）某小组同学猜想电流通过导体产生的热量跟下列因素有关：
猜想A：与电流大小有关； 猜想B：与电阻大小有关；猜想C：与通电时间长短有关于是他想用如图1和图2所示的实验装置进行探究
（1）图1实验烧瓶中装的煤油是 （选填“导体”或“绝缘体”）。
（2）小金同学设计并连接了如图2所示的电路，则他是为了探究猜想： （填字母即可）
（3）通过焦耳定律的学习，小金知道：图中 装置（填“甲”、“乙”、“丙”）U形管两边液面高度差最小。
28．（2023·杭州模拟）某同学利用如图1所示的电路来测量小灯泡的电功率（电源电压3V，小灯泡的额定电压2.5V）。
（1）闭合开关发现两电表指针处于图2所示位置，此时灯泡 （选填“不发光”“微弱发光”或“比正常亮”）
（2）故障排除后，从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图3所示，则小灯泡的额定功率是 W。
（3）他做完以上实验后，又想测出一个未知电阻Rx的阻值，连接电路时发现电压表已损坏，于是他又设计了如图4所示的电路，也测出了电阻的阻值（R0是已知阻值的定值电阻）。请你帮他完成下列步骤。
①只闭合开关S1，电流表的示数为I1； ②开关S1、S2闭合后，电流表的示数为I2；
③请写出未知电阻Rx的阻值表达式：Rx＝ （用I1、I2和R0表示）。
29．（2023·宁波）图甲是小宁的哥哥测定小灯泡额定功率的电路，小灯泡上标有“3.8V”字样。
（1）测小灯泡电压的电压表有“0-3V”、“0-15V”两个量程，小宁的哥哥正确选用了“ ”量程。
（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为3.8V，此时，电流表的示数如图乙所示。实验测得的该小灯泡的额定功率为 。
（3）小宁发现，与我们教材中测小灯泡电功率的电路相比，哥哥的实验电路多了一根导线这根导线是 。（用图甲中导线旁的字母表示）
四、解答题
30．（2023·衢州）在学校生态种植园，同学们经历了“挖地→种植→管理→收获”的劳动过程。
（1）挖地：用挖入土壤的锄头翻起土块时（如图甲），锄头属于 杠杆，在答题纸相应位置上画出锄头翻土时动力F1的力臂。
（2）种植：如图乙，种苗基地的菜苗带土出售，是为了减少对菜苗 （填器官名称）的损伤，提高移栽成活率。
（3）管理：①在种植时节，常用能遮光和反光、保温和增温、保水和防水、保肥和增肥、防草和防虫的可降解塑料地膜覆盖在菜地表面（如图丙），使作物生长所需的光、热、水、肥、气等条件得到优化，达到早熟、高产的效果。请综合所学知识，结合地膜的作用，围绕“光、热、水、肥、气”五个条件中的任意两个，解释覆盖地膜能促进作物早熟、高产的科学道理。
从“气”的角度答题示例：地膜可以避免大雨天过多的水分渗入土壤，防止土壤板结，提高土壤的透气性，有利于作物根的呼吸作用，促进水和无机盐的吸收。
②配制100千克质量分数为5%的尿素溶液进行施肥，需尿素多少千克 ？
⑷收获：……
31．（2023·杭州模拟） 2022年杭州亚运会的场馆建设体现了“绿色、智能、节俭、文明”的理念。
（1）亚运场馆将实现光伏全覆盖，当阳光照射到光电半导体上，光能将转化成 ，使电器工作。预计亚运期间光伏发电量将达到4000万kW·h，相当于减少焦炭燃烧 吨释放的能量。（已知焦炭的热值q=3.0×107J/kg)；
（2）亚运城餐厅的餐具采用微生物降解材料生产，自然界某些微
生物通过呼吸作用，可将该材料分解成CO2和H2O。以下生产微
生物呼吸作用类型与上述不相同的是 。(填序号，可多选)；
①鲜奶中添加乳酸菌后制作酸奶②葡萄中添加酵母菌后酿葡萄酒
（3）为迎接2022年亚运会的召开，倾力打造绿色城市，大力植绿、造绿。园林工人为使灌木围城的绿篱长得茂密、整齐，需要对篱笆的顶芽进行定期修剪，其目的是 。
（4）比赛期间，场馆内产生的垃圾需分类投放，以下垃圾可以和废弃矿泉水瓶投放在一起的是 (选填“纸盒”、“铝合金衣架”、“鱼骨头”)。
32．（2023·杭州模拟）为延长食物保质期，可对食物进行真空包装。真空包装机（如图甲）先抽出塑料袋内的气体，再利用电热丝加热塑料袋口进行密封。图乙是模拟该真空包装机功能的简易电路图，已知电热丝的电阻为800Ω。
（1）抽气机将塑料袋内空气抽出，使袋子变瘪，这是由于受到 作用；
（2）已知该真空包装机在家庭电路中正常使用，已知电热丝的加热功率为32w，求滑动变阻器的阻值。
（3）密封时温度过高导致袋口破损。为降低电热丝温度，应将滑动变阻器滑片向 移动。
33．（2023·杭州模拟）灯泡L标有“20V10W”的字样，当把L和定值电阻R分别按甲图、乙图连接电路，灯泡均正常发光，甲图电源电压为30V，求：
（1）通过甲图R的电流
（2）定值电阻R的阻值。
（3）通电10s，乙图R产生的热量。
34．（2023·杭州模拟）如图甲是一款无人水下航行器，其内部装有控制系统、推进系统、摄像模块、电池模块，总质量为8千克，采用全封闭结构。它的底部还有一个活塞式浮力系统调节装置（如图乙），活塞位置可上下调节，从而改变航行器排开水的体积，以实现航行器在水中的上下运动或停留。某次测试时，航行器竖直上升并停留在水中的某个位置，该过程中速度随时间的变化关系如图丙所示。
（1）航行器在测试过程中停留在水中的某个位置时排开水的体积是多少？
（2）航行器在水中匀速上升这段时间内克服重力做功多少焦？
（3）当航行器在水下运动时，会受到水的阻力，根据丙图分析，航行器在第9秒时受到的浮力与重力的大小关系如何，请作出判断并说明理由。
35．（2023·宁波模拟）两个班级正在进行拔河比赛，场上参赛同学的体重都较大。他们的身体会适当地向后倾斜，如图所示，这样比赛时他们的脚下不易打滑，身体(相当于杠杆)也不易向前倾倒。请分析其中的原因。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】A.根据计算灯泡的额定电流，再与电流表的量程进行比较，从而确定电路的最大电流，最后根据P大=UI大计算电路的最大功率。
B.根据计算灯泡的电阻，再根据计算电路中的最小电流，最后根据P小=I小2RL计算灯泡的最小功率。
C.根据前面的分析确定电流表的示数变化范围；
D.电路中电流最大时，变阻器的阻值最小，根据计算变阻器接入的最小电阻，从而确定变阻器接入的阻值范围。
【解答】A..灯泡的额定电流，电流表的量程为0~0.6A，所以电路中电流最大值为I大=IL=0.5A，该电路的最大功率是 P大=UI大=4.5×0.5W=2.25W，故A错误；
B.灯泡的电阻为，
当阻器接入电路的电阻最大，电路中电流最小，灯泡的功率最小，
电路中电流最小值为 ，
灯泡的最小功率是 P小=I小2RL=（0.18A）2×5Ω=0.162W，故B正确；
C.根据前面的分析可知，电流表的变化范围为0.3A~0.5A，故C错误；
D.当电路中电流最大时，变阻器的阻值最小，
则变阻器接入的最小值为
所以滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～20Ω．故D错误。
故选B。
2．【答案】A
【知识点】电功率计算公式的应用
【解析】【分析】根据公式分析判断。
【解答】根据图片可知，甲中只有灯泡L1，电阻为R1；
乙中两个灯泡串联，总电阻为R串；
丙中两个灯泡并联，总电阻为R并；
则总电阻R丙根据可知，总功率P丙>P甲>P乙。
故选A。
3．【答案】D
【知识点】常用电热器
【解析】【分析】从家庭电路的电压及人体安全电压、安全电流分析解答。家庭电路电压为220伏。人体安全电压≤36伏，安全电流30毫安以下。
【解答】A.3000安培远超安全电流，不安全，所以不正确
B.焦耳是电功单位，电功与功率和用电时间有关，所以不正确
C.伏特是电压单位，3000伏远超家庭电路或工厂用电电压，所以不正确
D.瓦特是电功率单位，显示用电器工作时的电功率，符合实际情况，所以正确
4．【答案】A
【知识点】功率；功率计算公式的应用
【解析】【分析】AB根据功率的定义判断；
CD根据W=Pt分析判断。
【解答】AB.功率是表示物体做功快慢的物理量，则乙的功率大，说明乙做功比甲快，故A正确，B错误；
C.乙的功率大于甲的功率，根据W=Pt可知，相同时间内，乙做功一定比甲少，故C错误；
D.乙的功率大于甲的功率，根据W=Pt可知，做同样多的功，甲用的时间多，乙用的时间少，故D错误。
故选A。
5．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）（2）根据开关的开合情况，确定电路的串并联关系，根据欧姆定律确定通过灯泡的电流大小变化即可；
（3）已知电功率和电阻，根据计算出R1的电压，最后根据并联电路的电压规律计算电源电压；
（4）根据探究电流与电阻关系的实验过程分析判断。
【解答】A.当S1、S2、S3闭合时，R0和灯泡并联，滑动变阻器R被短路。当开关S1断开时，灯泡两端的电压仍然等于电源电压，即电压不变，那么通过灯泡的电流不变，那么灯泡的亮度不变，故A错误；
B.因为滑动变阻器被短路，所以向右移动滑片P，小灯泡的亮度不变，故B错误；
C.根据得到：，解得：U0=6V。根据并联电路电压的规律知，灯泡两端的电压UL=U0=6V，此时灯泡正常发光，所以小灯泡的额定电压是6V，故C正确；
D.探究一段电路中电流与电压的关系，此段电路中的电阻必须保持不变，而不断改变它两端的电压，并记下电流表的示数。根据图片可知，将灯泡换成电压表后，由于没有电流表，因此无法完成实验，故D错误。
故选C。
6．【答案】B
【知识点】滑轮组及其工作特点；机械效率
【解析】【分析】由图知，n=4，拉力端移动距离s=4h，据此求物体A、动滑轮和托板上升高度，利用W=Gh求滑轮组做的有用功，利用W总=Fs求总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；天花板对定滑轮的拉力F拉=2F+G定。
【解答】A.提升总重力G总=GA+G动+G托=6N+0.5N+0.5N+1N=8N，F=G总=
故A错误；
B.定滑轮对天花板的拉力等于两股绳对定滑轮的拉力加上定滑轮的重力，即T=2N+2N+0.5N=4.5N
根据力的作用是相互的，天花板对定滑轮拉力大小也等于4.5N。故B正确；
C.绳端移动的距离s和物体上升的距离h的关系是s=nh，物体上升的高度h=
v=，故C错误；
D.滑轮组的机械效率故D错误。
故选：B。
7．【答案】C
【知识点】定滑轮及其工作特点
【解析】【分析】根据对常见简单机械的认识判断。
【解答】A.杠杆分省力杠杆、等臂杠杆和费力杠杆，故A不合题意；
B.动滑轮最多可以省一半的力，故B不合题意；
C.定滑轮不省力不费力，只能改变拉力方向，故C符合题意；
D.斜面肯定省力，故D不合题意。
故选C。
8．【答案】D
【知识点】分子的热运动；沸腾及沸腾条件；物体内能的改变方法
【解析】【分析】液体沸腾的特点是：继续吸热，温度不变；改变内能的方式有两种，做功和热传递；
【解答】A. 茶水沸腾时，吸收热量，温度不变，A错误；
B. 茶水升温是通过热传递的方式改变内能，B错误；
C.壶嘴冒出的”白气”是水蒸气液化形成的现象，C错误；
D. 茶香扑鼻，表明分子在不停地做无规则运动 ，D正确；
故答案为：D.
9．【答案】A
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力问题
【解析】【分析】由杠杆的平衡条件可知，动力x动力臂=阻力x阻力臂。
【解答】若要使所施加的力最小，则应使动力臂最大；
故答案为：A
10．【答案】C
【知识点】基本电路与电路图；电功率计算公式的应用；电功率
【解析】【分析】如图所示电路中，当开关S1和S2均闭合时，电热丝R1和R2为并联关系，此时电路中的总电阻最大，相同时间内产生的热量最多。
【解答】A.由图可知R1和R2为并联关系；
B.R1和R2为并联关系，故两端电压相等；
C.电压相同时，电阻越大，电流越小，故其正确；
D.并联电路两条支路不会相互影响。
故答案为：C
11．【答案】A
【知识点】力是否做功的判断
【解析】【分析】做功的概念是物体受到力的作用，并在力的方向上移动一段距离。
【解答】做功的概念是物体受到力的作用，并在力的方向上移动一段距离；所以A中只有力，没有在力的方向上移动一段距离，A不做功；
故答案为：A.
12．【答案】D
【知识点】内能；物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】汽油机工作过程：
1、吸气：此时进气门打开，活塞下行，汽油和空气的混合起被吸进汽缸内
2、压缩：此时进气门和排气门同时关闭，活塞上行，混合气被压缩。
3、做功：当混合器被压缩到最小时火花塞跳火点燃混和气，燃烧产生的压力推动活塞下行并带动曲轴转动。
4、排气：当活塞下行到最低点时排气门打开，废气排出，活塞继续上行把多余的废气排出。
【解答】A.做功冲程使内能转化为机械能，故内能减小；
B.压缩冲程中， 机械能转化为内能；
C.加热水后热水瓶塞弹起为内能转化为机械能，与做功冲程相同；
D.飞轮100转/分，又由于每做功一次，飞轮转2次，故每秒做功50次。
故答案为：D
13．【答案】D
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】电功率P=UI=I2R，电压不变时，电功率与电流成正比。电阻不变时，电功率与电流平方成正比，串联电路中，各用电器两端的电压之和等于总电压。
【解答】A.由P=I2R可知：定值电阻的电功率与电流的平方成正比，应该是曲线b符合题意。曲线a表示P与I 成正比，电路中电源电压保持不变，所以曲线a应该表示电路中消耗的总功率与电流的关系图像。故A错误。
B.电源电压保持不变，由P=UI可知，电路中消耗的总功率与电流成正比，由曲线a可知，电源电压U=P/I=9W/3A=3W，故B错误。
C.由AB可知，曲线C为滑动变阻器R消耗的电功率与电流的关系图。当滑动变阻器接入胡电阻最大时，电路中的电流最小，此时I=0.5A，R总=U/I=3V/0.5A=6 Ω ，根据曲线a可知，定值电阻的阻值R=P/I2=9W/(3A)2=1Ω，所以滑动变阻器的最大电阻=R总-R=6Ω-1Ω-5Ω，故C错误。
D.滑动变阻器消耗的电功率PR0=P总-PR=3V*I-I2*1Ω=-I2+3I，根据二次函数的特点可知，当I=1.5A时，PR0最大，最大值为3V*1.5A-(1.5A)2*1Ω=2.25W，故D正确。
14．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；功率计算公式的应用
【解析】【分析】首先根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排分析这个过程中浮力的变化，再根据F拉=G-F浮分析绳子上的拉力变化，最后根据P=Fv分析绳子上拉力的功率变化即可。
【解答】①在沉船露出水面前，它排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排可知，它受到的浮力不变。根据F拉=G-F浮可知，它受到的拉力不变。根据P=Fv可知，拉力的功率不变；
②当沉船完全出水后，它排开水的体积为零，即不受浮力，此时拉力等于重力，即拉力保持不变。根据P=Fv可知，拉力的功率不变；
③从沉船开始露出水面到完全露出水面时，它排开水的体积不断增大，则它受到的浮力不断增大。根据阿基米德原理F拉=G-F浮可知，它受到的拉力不断增大。
此时绳子上的拉力F拉=G-F浮=G-ρ液体gV排，根据图片可知，沉船上大下小，则升高相同的高度时，它排开水的体积的增大速度逐渐减小，那么浮力的减下量也逐渐减小，那么绳子上拉力的增大量也逐渐减小。根据P=Fv可知，上升过程中功率的增大量也逐渐减小。
故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
15．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）（3）根据可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，可得出灯L1在两个图中的电压之比，因电源电压不变，在甲图中，根据分压原理确定两灯的电阻之比；
（2）根据串联电阻的规律和并联电阻的规律，分别用R2表示出两个电路的总电阻，
在甲、乙两个电路中，根据，在电压不变时，电功率与电阻成反比，分别得出甲、乙两图电路消耗的总功率之比；
（4）根据算出甲、乙两图中灯L2的功率之比。【解答】（1）根据P=UI=可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，
则有：；
解得：；
，其中L1并=U（U为电源电压），
即甲、乙两图中灯L1两端的电压之比是1：2，故A正确不合题意；
因电源电压U不变，
在甲图中，L1的电压是电源电压的，
根据U总=U1+U2可知，L2的电压是电源电压的，
所以在甲图中，L1两端的电压等于L2两端的电压，
即L1、L2两灯电阻之比为1：1，故C正确不合题意；
根据串联电阻的规律和并联电阻的规律可得，
甲中电路的总电阻：R串联=R1+R2=2R2，
乙中电路的总电阻：，
根据可知，在电源电压不变时，总功率与总电阻成反比，
故甲、乙两图电路消耗的总功率之比为：，
故B错误符合题意；
甲、乙两图中灯L2的功率之比为：，
故D正确不合题意。
故选B。
16．【答案】150；75
【知识点】功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据图像确定完成一次跳绳需要的时间，再用总时间除以这个时间得到1min内跳绳的次数；
（2）根据计算跳绳的平均功率。
【解答】（1）根据图片可知，从第一次起跳到第二次起跳所用的时间为0.4s，那么1min内跳绳个数为：次；
（2）1min内克服重力做功W=Gh=50kg×10N/kg×（0.06m×150）=4500J；
则克服重力做功的功率：。
17．【答案】做功；B
【知识点】影响摩擦力大小的因素；物体内能的改变方法；燃烧与灭火
【解析】【分析】做功和热传递可以改变物体的内能。火柴引燃过程，克服摩擦做功，内能增大；火柴头与擦火皮之间的压力越大，产生的摩擦力越大，克服摩擦力做功越多，转变成内能越多，温度升高更快，更易达到着火点，更易引燃火柴。
【解答】火柴引燃过程，克服摩擦做功，使火柴头内能增大；图B火柴头与擦火皮之间的压力大，摩擦力大，克服摩擦做的功多，转化为的内能多，更易引燃火柴头。
故答案为：第1空、做功 第2空、B
18．【答案】小于；70000
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】（1）根据公式Q=cm△t比较液体的比热容大小；
（2）根据Q=cm△t计算甲液体吸收的热量；
【解答】（1）根据图像可知，当都加热90min时，二者吸收的热量相等。甲升高温度：90℃-20℃=70℃，乙升高温度：50℃-20℃=30℃，即△t甲>△t乙。根据公式Q=cm△t可知，甲的比热容小于乙的比热容。
（2）甲吸收的热量为：Q=cm△t=2×103J/(kg·℃)×0.5kg×（90℃-20℃）=7×104J。
19．【答案】做功；压缩
【知识点】物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】做功改变内能是通过能量转化实现的，热传递改变内能是通过能量转移实现的。四冲程汽油机工作过程中，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化成机械能，进气、出气冲程没有能量转化。
【解答】古人在“钻木取火”过程中，木头克服摩擦力做功，将机械能转化为内能；在四冲程汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，将机械能转化为内能，与“钻木取火”的能量转化相同。
20．【答案】（1）做功
（2）乙
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；热机的工作原理
【解析】【分析】（1）内燃机的做功冲程，将燃料的内能转化为活塞的机械能，其余三个冲程全靠飞轮的惯性完成；
（2）根据电动机的工作原理分析解答。
【解答】（1）内燃机为燃油车提供动力，其一个工作循环一般包括吸气、 压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程使汽车获得动力。
（2）甲：闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计的指针摆动，产生了感应电流，为发电机的工作原理；
乙：闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，为电动机的工作原理；
故选乙。
21．【答案】（1）热传递
（2）熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B
【知识点】物体内能的改变方法
【解析】【分析】（1）物体的内能可以通过做功和热传递来改变；
（2）物理性质指不需要通过化学变化就可以体现出来的性质。
【解答】（1） 白炽灯通电后 产生热量，通过热传递改变内能；
（2）由题干信息可知，其物理性质为： 熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B .
22．【答案】（1）核聚变
（2）冬至
（3）A
【知识点】核裂变与核聚变；核电站及其工作原理
【解析】【分析】（1）太阳内部中的氢氦等元素在发生反应；
（2）由图可知，太阳高度角越小，其照亮面积就越大；
（3）火山和地震的动力来自于地球内部能量；
【解答】（1）太阳能来自于太阳内部的氢元素的核裂变；
（2）太阳高度角越小，其照亮面积就越大，故为冬至日；
（3）BC分别为风力侵蚀和流水沉积，A岩浆喷发的能量来自于地球内部。
23．【答案】（1）力的作用是相互的
（2）75焦
（3）t1
【知识点】力的作用是相互的；平衡力的辨别；功的计算公式的应用
【解析】【分析】（1） 力的作用是相互的。只要一个物体对另一个物体施加了力，受力物体反过来也肯定会给施力物体施加一个力；
（2）功=力x在力的方向上移动的距离；
（3）物体处在平衡状态下（静止或匀速直线运动）所收到的力为平衡力；
【解答】（1） 瓶内的水向下喷出而水火箭向上运动 ，说明火箭受到一个水对它向上的反作用力，故原因为： 力的作用是相互的 ；
（2）W=GH=0.5kg·10N/kg·15m=75J；
（3） 一开始的时候推力大于其重力，先加速，后推力逐渐变小，当推力等于重力时，此时速度最大为平衡状态，受到平衡力，故时刻为： t1
24．【答案】（1）热传递
（2）液化
（3）无规则运动(热运动)
【知识点】液化及液化现象；物体内能的改变方法
【解析】【分析】改变内能的方式有做功和热传递，同时还考查了分子的动理论的相关知识。
【解答】（1） 发热部件使蚊香液温度升高 ，该过程为热传递；
（2）白雾为液态，故是液化的结果；
（3） 房间里弥漫着清香说明分子在不停地做无规则运动(热运动) 。
故答案为：（1）热传递；（2）液化；（3） 无规则运动(热运动)
25．【答案】（1）探究电流与电压、电阻的关系（其他合理答案也可以）
（2）24
【知识点】焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】
电流热效应的影响因素——用控制变量法进行研究
(1)在电流相同，通电时间相同的情况下，电阻越大，这个电阻产生的热量越多。
(2)在电阻相同，通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，这个电阻产生的热量越多。
【解答】
（1）考查控制变量。
（2）由焦耳定律可知，R甲产生的热量：Q甲=I2R甲t=（0.2A）2×10Ω×60s=24J。
26．【答案】（1）连接电路时未断开开关
（2）0.625w
（3）电压表示数为2V
【知识点】电功率计算公式的应用；电功率
【解析】【分析】（1）在连接电路时，为了避免电路时通时断造成短路，要求开关必须断开；
（2）根据表格确定灯泡的额定电压和额定功率，然后跟机P=UI计算灯泡的额定功率；
（3）根据乙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数，根据U=IR计算出电压表保持不变的示数即可。
【解答】（1）根据“小灯泡立即发光”可知，他在实验中的不足之处为：连接电路时未断开开关。
（2）根据表格可知，当电压为额定电压2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，那么灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W。
（3）根据乙图可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.4A，那么电压表的示数为：U=IR=0.4A×5Ω=2V。
探究电流与电阻关系时，需要控制电阻两端的电压相等，因此：“适当位置”是指电压表示数为2V。
27．【答案】（1）绝缘体
（2）A
（3）乙
【知识点】影响电流热效应的因素（焦耳定律）
【解析】【分析】（1）容易导电的物体为导体，不容易导电的物体为绝缘体；
（2）根据图2确定哪个因素不同即可；
（3）根据Q=I2Rt分析哪个电阻产生的热量最少即可。
【解答】（1）烧瓶中的煤油不容易导电，属于绝缘体。
（2）在并联电路中，干路电流大于支路电流。在并联电路中，如果一个支路电路变大，那么总电阻变大。
根据图2可知，三个电阻阻值相等，且甲在干路上，而乙和丙都在支路上，因此通过电流甲的电流最大，即通过它们的的电流大小不同，那么实验探究电流产生的热量与电流的关系，即探究猜想A。
（3）电阻乙和5Ω的电阻并联，电阻丙与10Ω的电阻并联，则乙部分的总电阻小于丙部分的总电阻，而串联电路中电压与电阻成正比，因此乙两端的电压肯定小于丙两端的电压。根据可知，通过乙电阻的电流小于通过丙电阻的电流。比较可知，通过乙的电流是最小的。根据Q=I2Rt可知，相同时间内乙产生的热量最少，则U形管两边液面高度差最小。
28．【答案】（1）不发光
（2）0.75
（3）
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）根据图2确定电压表和电流表的示数，从而推测电路故障，进而判断灯泡的发光情况；
（2）根据图3确定灯泡的额定电流，然后根据P=UI计算灯泡的额定功率；
（3）电源电压不变，根据U总=I总R总列出两个方程，联立计算即可。
【解答】（1）根据图2可知，电压表的示数等于电源电压，电流表的示数几乎为零。根据图1可知，当灯泡发生断路时，电压表串联在电路中。由于电压表的内阻很大，因此电流表的示数几乎为零。在串联电路中，电压与电阻成正比，因此电压表的示数接近电源电压。综上所述，此时灯泡不发光。
（2）根据图3可知，当灯泡的电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，那么灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。
（3）①只闭合开关S1，电流表的示数为I1；
此时两个电阻串联，根据U总=I总R总得到： U总=I1×（Rx+R0） ①；
②开关S1、S2闭合后，电流表的示数为I2；
此时只有R0自己工作，根据U总=I总R总得到： U总=I2R0 ②；
①②联立解得： 。
29．【答案】（1）0~15V
（2）1.14
（3）b
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）根据灯泡的额定电压选择电压表的量程；
（2）根据图乙确定电流表的量程和分度值，然后根据指针的位置读出灯泡的额定电流，最后根据P=UI计算灯泡的额定功率。
（3）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，注意电表的量程和接线柱，以及变阻器接线“一上一下”。
【解答】（1）根据题意可知，灯泡的额定电压为3.8V，即电压表的最大示数为3.8V，则电压表选择量程0~15V；
（2）根据乙图可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.3A，那么灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W。
（3）在测量小灯泡额定功率的实验中，除了电压表与灯泡并联外，其它的都是串联。根据图甲可知，滑动变阻器应该接2根线，现在却接了3根，肯定存在问题。观察发现，只要将开关与变阻器之间的b导线去掉即可恢复正常。
30．【答案】（1）省力；
（2）根
（3）答题要点：A．遮光抑制杂草的光合作用，达到除草的目的；B．覆盖地膜抑制杂草的呼吸作用，达到除草的目的；C．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于作物根的生长；D．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于土壤微生物生活及分解残枝落叶；E．减少土壤水分的蒸发，减少浇水，节约人工成本；F．地膜能防止雨天过多水分下渗，减少土壤板结和水肥流失，有利于根的呼吸；G．覆盖地膜后，能阻止许多在害虫生长的繁殖，从而减少虫害；H．地膜反光，为植物中下部叶片提供充足光照，利于作物光合作用。；尿素的质量：100kg×5%=5kg
【知识点】植物的根系及其结构与功能；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系；杠杆的分类；土壤的污染与保护
【解析】【分析】溶质的质量=溶液的质量×溶质的质量分数；根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂；当动力臂大于阻力臂时，动力小于阻力是省力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，动力等于阻力是等臂杠杆；当动力臂小于阻力臂时，动力大于阻力是费力杠杆；
【解答】（1）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂；因为该图中动力臂大于阻力臂，所以动力小于阻力，属于省力杠杆；力臂是指力的作用线到支点的距离；作图如下：；
（2）植物的根能够吸收水分和无机盐，如图乙，种苗基地的菜苗带土出售，是为了减少对菜苗根的损伤，提高移栽成活率。
（3） ①A．遮光抑制杂草的光合作用，达到除草的目的；B．覆盖地膜抑制杂草的呼吸作用，达到除草的目的；C．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于作物根的生长；D．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于土壤微生物生活及分解残枝落叶；E．减少土壤水分的蒸发，减少浇水，节约人工成本；F．地膜能防止雨天过多水分下渗，减少土壤板结和水肥流失，有利于根的呼吸；G．覆盖地膜后，能阻止许多在害虫生长的繁殖，从而减少虫害；H．地膜反光，为植物中下部叶片提供充足光照，利于作物光合作用。
②尿素的质量=溶液的质量×溶液中尿素的质量分数-100kg×5%=5kg；
故答案为：（1）省力（2）根（3） A．遮光抑制杂草的光合作用，达到除草的目的；B．覆盖地膜抑制杂草的呼吸作用，达到除草的目的；C．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于作物根的生长；D．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于土壤微生物生活及分解残枝落叶；E．减少土壤水分的蒸发，减少浇水，节约人工成本；F．地膜能防止雨天过多水分下渗，减少土壤板结和水肥流失，有利于根的呼吸；G．覆盖地膜后，能阻止许多在害虫生长的繁殖，从而减少虫害；H．地膜反光，为植物中下部叶片提供充足光照，利于作物光合作用。②尿素的质量：100kg×5%=5kg
31．【答案】（1）电能；4800
（2）①②
（3）去除顶端优势，促进侧芽生长
（4）AB
【知识点】芽的发育；电功的实质；电功计算公式的应用；常见物质的分类
【解析】【分析】热值：单位质量某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。公式：燃料完全燃烧放出的热量Q=mq；符号和单位：q J/kg；热值的影响因素：热值只与燃料的种类有关； 顶端优势指植物的主茎顶端生长占优势，同时抑制着它下面邻近的侧芽生长，使侧芽处于休眠状态的现象。 有氧呼吸需要在有氧气的条件下进行，无氧呼吸不需要氧气参与。其次，反应场所不同，真核细胞中有氧呼吸需要线粒体的参与，（原核细胞中则只需要相应的酶的参与）。再然后，氧化程度和产物不同，有氧呼吸是彻底地氧化分解生成CO2和水，无氧呼吸是不彻底地氧化分解生成酒精和CO2或者乳酸。最后是释放能量的多少不同，有氧呼吸释放的能量多，无氧呼吸释放的能量少。
【解答】（1） 亚运场馆将实现光伏全覆盖，当阳光照射到光电半导体上，光能将转化成电能，使电器工作。预计亚运期间光伏发电量将达到4000万kW·h，相当于减少焦炭燃烧的质量为4800吨释放的能量；m=Q/q=40000000×3.6×105J/ 3.0×107J/kg =4800000kg=4800吨；
（2）自然界某些微生物通过呼吸作用，可将该材料分解成CO2和H2O属于有氧呼吸，所以生物呼吸作用类型与上述不相同的是①②，①②属于微生物的无氧呼吸；
（3）顶端优势是指顶芽的优先生长会抑制侧芽的生长，所以园林工人为使灌木围城的绿篱长得茂密、整齐，需要对篱笆的顶芽进行定期修剪，其目的是去除顶端优势，促进侧芽生长；
（4）废弃的矿泉水瓶属于可回收的垃圾，所以可以和他放一起的是纸盒和铝合金衣架；
故答案为：（1）电能；4800（2）①②（3） 去除顶端优势，促进侧芽生长 （4）AB
32．【答案】（1）大气压
（2）根据乙图可知，变阻器与电热丝串联。
根据P=I2R得到：32W=I2×800Ω，解得：I=0.2A；
那么总电阻为：；
则变阻器接入的阻值为：R变=R总-R=1100Ω-800Ω=300Ω；
（3）左
【知识点】大气压强的存在；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据大气压强的知识解答；
（2）首先根据P=I2R计算通过电热丝的电流，再根据计算总电阻，最后根据串联电路电阻特点R变=R总-R计算变阻器的阻值；
（3）首先根据Q=I2Rt分析通过电热丝电流的变化，再根据欧姆定律确定总电阻的变化，进而确定变阻器的阻值变化，最终确定滑片的移动方向。
【解答】（1）抽气机将塑料袋内空气抽出，使袋子变瘪，这是由于受到大气压作用；
（3）根据Q=I2Rt可知，药降低电热丝的温度，就要减小通过电热丝的电流，根据可知，就药增大总电阻。根据R总=R+R变可知，就要增大变阻器的阻值，即滑片向左移动。
33．【答案】（1）解：
（2）解：；
（3）解：
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用；焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】（1）灯泡正常发光，通过灯泡的电流可由额定电压和额定功率计算，IL=PL/UL，串联电路电流处处相等，所以IR=IL 。
（2）由串联电路电压特点，可得UR=U－UL，再由R=UR/IR计算出定值电阻R的阻值。
（3）灯泡正常发光，说明乙图电源电压为20V，由I=U/R计算出通过R的电流，再由Q=I2Rt计算出通电10s，乙图R产生的热量。
34．【答案】（1）解：航行器在测试过程中停留在水中的某个位置时处于平衡状态，所受的浮力
F浮＝G＝mg＝8kg×10N/kg＝80N，
根据阿基米德原理可知V排＝8×10﹣3m3；
（2）解：航行器在水中匀速上升这段时间内运动的路程h＝vt＝0.2m/s×（15s﹣6s）＝1.8m，
克服重力做功W＝Gh＝80N×1.8m＝144J；
（3）当航行器在水下运动时，会受到水的阻力。根据丙图分析，航行器在第9秒时处于平衡状态，受到竖直向上的浮力、阻力和竖直向下的重力的作用，受到的浮力小于重力。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；功的计算公式的应用
【解析】【分析】（1）当航行器在水中悬浮时，它受到的浮力等于重力，然后根据阿基米德原理的变形式 V 计算排开时的体积；
（2）首先根据s=vt计算航行器匀速上升通过的路程，再根据W=Gh计算航行器克服重力做的功；
（3）根据丙图确定第9s时航行器的运动状态，然后根据平衡力的知识列出平衡关系式，最后再比较浮力和重力的大小。
35．【答案】①拔河队员鞋子与所接触的地面粗糙程度一定，同学的质量越大、重力越大，对地面的压力越大，产生的摩擦力越大，比赛时他们的脚下不易打滑； ②把人看做杠杆，以脚为支点，身体后倾，重心落在脚掌后面，增大阻力(重力)的力臂，此时动力臂变小，阻力不变，由杠杆平衡条件F动L动=F阻L阻可知，动力变大，从而增加对方拉动向前转动的动力，身体不易向前倾倒
【知识点】影响摩擦力大小的因素；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】①滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，即压力越大，接触面越粗糙，则受到的摩擦力越大；
②根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
1 / 12023-2024 学年 浙教版科学九年级上册 第三章 能量的转化与守恒 复习
一、选择题
1．（2023九上·慈溪月考）小科用如图所示的电路测小灯泡功率。电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器的规格为”20Ω1A”，灯泡标有”2.5V1.25W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（ ）
A．该电路的最大功率是2.7W
B．灯泡的最小功率是0.162W
C．电流表示数的变化范围是0~0.5A
D．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是2.5~20Ω
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】A.根据计算灯泡的额定电流，再与电流表的量程进行比较，从而确定电路的最大电流，最后根据P大=UI大计算电路的最大功率。
B.根据计算灯泡的电阻，再根据计算电路中的最小电流，最后根据P小=I小2RL计算灯泡的最小功率。
C.根据前面的分析确定电流表的示数变化范围；
D.电路中电流最大时，变阻器的阻值最小，根据计算变阻器接入的最小电阻，从而确定变阻器接入的阻值范围。
【解答】A..灯泡的额定电流，电流表的量程为0~0.6A，所以电路中电流最大值为I大=IL=0.5A，该电路的最大功率是 P大=UI大=4.5×0.5W=2.25W，故A错误；
B.灯泡的电阻为，
当阻器接入电路的电阻最大，电路中电流最小，灯泡的功率最小，
电路中电流最小值为 ，
灯泡的最小功率是 P小=I小2RL=（0.18A）2×5Ω=0.162W，故B正确；
C.根据前面的分析可知，电流表的变化范围为0.3A~0.5A，故C错误；
D.当电路中电流最大时，变阻器的阻值最小，
则变阻器接入的最小值为
所以滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～20Ω．故D错误。
故选B。
2．（2023九上·慈溪月考）某科学小组用L1、L2两个小灯泡及其它必要元件，设计了如图甲、乙、丙三个电路，电源电压相同且恒定不变，闭合开关后电路消耗的总功率P甲、P乙、P丙的关系是（ ）
A．P乙P乙>P丙
C．P甲=P乙=P丙 D．P甲【答案】A
【知识点】电功率计算公式的应用
【解析】【分析】根据公式分析判断。
【解答】根据图片可知，甲中只有灯泡L1，电阻为R1；
乙中两个灯泡串联，总电阻为R串；
丙中两个灯泡并联，总电阻为R并；
则总电阻R丙根据可知，总功率P丙>P甲>P乙。
故选A。
3．（2023·杭州模拟）小科在吃烤串时，发现工作人员调节后，烤串机的显示屏上显示3000，但没看到单位，你觉得该单位应该是（ ）
A．安培 B．焦耳 C．伏特 D．瓦特
【答案】D
【知识点】常用电热器
【解析】【分析】从家庭电路的电压及人体安全电压、安全电流分析解答。家庭电路电压为220伏。人体安全电压≤36伏，安全电流30毫安以下。
【解答】A.3000安培远超安全电流，不安全，所以不正确
B.焦耳是电功单位，电功与功率和用电时间有关，所以不正确
C.伏特是电压单位，3000伏远超家庭电路或工厂用电电压，所以不正确
D.瓦特是电功率单位，显示用电器工作时的电功率，符合实际情况，所以正确
4．（2022九下·杭州模拟）甲、乙两台塔吊机器的功率分别为P甲＝25kW和P乙＝40kW。则下列判断正确的是（ ）
A．乙一定比甲做功快
B．乙一定比甲做功多
C．相同时间内两机器做功一样多
D．做同样多的功，甲所用时间更少
【答案】A
【知识点】功率；功率计算公式的应用
【解析】【分析】AB根据功率的定义判断；
CD根据W=Pt分析判断。
【解答】AB.功率是表示物体做功快慢的物理量，则乙的功率大，说明乙做功比甲快，故A正确，B错误；
C.乙的功率大于甲的功率，根据W=Pt可知，相同时间内，乙做功一定比甲少，故C错误；
D.乙的功率大于甲的功率，根据W=Pt可知，做同样多的功，甲用的时间多，乙用的时间少，故D错误。
故选A。
5．（2023九下·义乌模拟）如图所示的电路中，电源电压不变，R0=10Ω。当S1、S2、S3闭合时，定值电阻R0消耗的电功率为3.6W，灯泡L恰好正常发光。下列说法中正确的是（ ）
A．断开开关S1，小灯泡会变亮
B．向右移动滑片P，小灯泡会变暗
C．小灯泡的额定电压是6V
D．把灯泡换成电压表，此电路可以探究一段电路中电流与电压的关系
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）（2）根据开关的开合情况，确定电路的串并联关系，根据欧姆定律确定通过灯泡的电流大小变化即可；
（3）已知电功率和电阻，根据计算出R1的电压，最后根据并联电路的电压规律计算电源电压；
（4）根据探究电流与电阻关系的实验过程分析判断。
【解答】A.当S1、S2、S3闭合时，R0和灯泡并联，滑动变阻器R被短路。当开关S1断开时，灯泡两端的电压仍然等于电源电压，即电压不变，那么通过灯泡的电流不变，那么灯泡的亮度不变，故A错误；
B.因为滑动变阻器被短路，所以向右移动滑片P，小灯泡的亮度不变，故B错误；
C.根据得到：，解得：U0=6V。根据并联电路电压的规律知，灯泡两端的电压UL=U0=6V，此时灯泡正常发光，所以小灯泡的额定电压是6V，故C正确；
D.探究一段电路中电流与电压的关系，此段电路中的电阻必须保持不变，而不断改变它两端的电压，并记下电流表的示数。根据图片可知，将灯泡换成电压表后，由于没有电流表，因此无法完成实验，故D错误。
故选C。
6．（2023·宁波模拟）图中的每个滑轮重0.5N，物体A重6N，托板重1N。为了提升重物A，在2s的时间内，拉力F的作用点沿竖直方向匀速升高了1.2m，这个过程中，不计滑轮轴摩擦和绳重，则下列分析正确的是（ ）
A．拉力F的大小为1.5N
B．天花板对定滑轮拉力大小为4.5N
C．物体A上升的速度为0.6m/s
D．滑轮组的机械效率为80%
【答案】B
【知识点】滑轮组及其工作特点；机械效率
【解析】【分析】由图知，n=4，拉力端移动距离s=4h，据此求物体A、动滑轮和托板上升高度，利用W=Gh求滑轮组做的有用功，利用W总=Fs求总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；天花板对定滑轮的拉力F拉=2F+G定。
【解答】A.提升总重力G总=GA+G动+G托=6N+0.5N+0.5N+1N=8N，F=G总=
故A错误；
B.定滑轮对天花板的拉力等于两股绳对定滑轮的拉力加上定滑轮的重力，即T=2N+2N+0.5N=4.5N
根据力的作用是相互的，天花板对定滑轮拉力大小也等于4.5N。故B正确；
C.绳端移动的距离s和物体上升的距离h的关系是s=nh，物体上升的高度h=
v=，故C错误；
D.滑轮组的机械效率故D错误。
故选：B。
7．（2023·湖州）机械的发明和使用，极大提高了人们的工作效率。下列四种简单机械，一定不能省力的是（ ）
A．杠杆 B．动滑轮 C．定滑轮 D．斜面
【答案】C
【知识点】定滑轮及其工作特点
【解析】【分析】根据对常见简单机械的认识判断。
【解答】A.杠杆分省力杠杆、等臂杠杆和费力杠杆，故A不合题意；
B.动滑轮最多可以省一半的力，故B不合题意；
C.定滑轮不省力不费力，只能改变拉力方向，故C符合题意；
D.斜面肯定省力，故D不合题意。
故选C。
8．（2023·金华）中国是茶文化之乡，中国茶文化是世界非物质文化遗产。”煮茶”过程中蕴含着丰富的科学知识。下列说法正确的是（ ）
A．茶水沸腾时，吸收热量，温度升高
B．茶水升温是通过做功的方式改变内能
C．壶嘴冒出的”白气”是汽化形成的现象
D．茶香扑鼻，表明分子在不停地做无规则运动
【答案】D
【知识点】分子的热运动；沸腾及沸腾条件；物体内能的改变方法
【解析】【分析】液体沸腾的特点是：继续吸热，温度不变；改变内能的方式有两种，做功和热传递；
【解答】A. 茶水沸腾时，吸收热量，温度不变，A错误；
B. 茶水升温是通过热传递的方式改变内能，B错误；
C.壶嘴冒出的”白气”是水蒸气液化形成的现象，C错误；
D. 茶香扑鼻，表明分子在不停地做无规则运动 ，D正确；
故答案为：D.
9．（2023·温州模拟）“加拿大一枝黄花"再现浙江，为了拔除这一外来物种。农业专家自制如图轻质拔草器，将投草器左下端的叉子插入植株根部，用手对拔草器施力，可将植株连根拔起。若拔同一植株。手施力最小的是（ )
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力问题
【解析】【分析】由杠杆的平衡条件可知，动力x动力臂=阻力x阻力臂。
【解答】若要使所施加的力最小，则应使动力臂最大；
故答案为：A
10．（2023·杭州）如图所示为多档位加热器的电路图，电热丝R1的电阻小于电热丝R2的电阻。闭合S1和S2时，对电路的分析正确的是（ ）
A．R1和R2串联
B．R1两端的电压小于R2两端的电压
C．流过R1的电流大于流过R2的电流
D．如果R1断了，R2也不能工作
【答案】C
【知识点】基本电路与电路图；电功率计算公式的应用；电功率
【解析】【分析】如图所示电路中，当开关S1和S2均闭合时，电热丝R1和R2为并联关系，此时电路中的总电阻最大，相同时间内产生的热量最多。
【解答】A.由图可知R1和R2为并联关系；
B.R1和R2为并联关系，故两端电压相等；
C.电压相同时，电阻越大，电流越小，故其正确；
D.并联电路两条支路不会相互影响。
故答案为：C
11．（2023·舟山）功是能量转化的量度。下列实例中力对物体没有做功的是（ ）
A．人用力搬石头，没有搬动
B．叉车把货物从地面抬升到一定高度
C．人拎着书包沿楼梯走上二楼
D．人推小车通过一段距离
【答案】A
【知识点】力是否做功的判断
【解析】【分析】做功的概念是物体受到力的作用，并在力的方向上移动一段距离。
【解答】做功的概念是物体受到力的作用，并在力的方向上移动一段距离；所以A中只有力，没有在力的方向上移动一段距离，A不做功；
故答案为：A.
12．（2022·萧山模拟）关于四冲程汽油机的工作过程描述，正确的是（ ）
A．做功冲程中，气缸内物质内能增加
B．压缩冲程中，内能转化为机械能
C．加热水后热水瓶塞弹起与排气冲程原理相同
D．飞轮转速6000转/分，则每秒钟做功50次
【答案】D
【知识点】内能；物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】汽油机工作过程：
1、吸气：此时进气门打开，活塞下行，汽油和空气的混合起被吸进汽缸内
2、压缩：此时进气门和排气门同时关闭，活塞上行，混合气被压缩。
3、做功：当混合器被压缩到最小时火花塞跳火点燃混和气，燃烧产生的压力推动活塞下行并带动曲轴转动。
4、排气：当活塞下行到最低点时排气门打开，废气排出，活塞继续上行把多余的废气排出。
【解答】A.做功冲程使内能转化为机械能，故内能减小；
B.压缩冲程中， 机械能转化为内能；
C.加热水后热水瓶塞弹起为内能转化为机械能，与做功冲程相同；
D.飞轮100转/分，又由于每做功一次，飞轮转2次，故每秒做功50次。
故答案为：D
13．（2023·慈溪模拟）如图甲是某同学“探究定值电阻R0的发热功率P0、滑动变阻器R消耗的电功率PR和电源总功率PU随电流I变化的关系"的实验电路图，通过实验得到的数据用描点法在同一坐标系中作出a、b、c三条图线（如图乙）。下列叙述正确的是（ ）
A．曲线a为定值电阻R0的发热功率曲线
B．电源电压为4.5V
C．滑动变阻器接入电路的最大阻值为6Ω
D．滑动变阻器消耗的最大功率为2.25W
【答案】D
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】电功率P=UI=I2R，电压不变时，电功率与电流成正比。电阻不变时，电功率与电流平方成正比，串联电路中，各用电器两端的电压之和等于总电压。
【解答】A.由P=I2R可知：定值电阻的电功率与电流的平方成正比，应该是曲线b符合题意。曲线a表示P与I 成正比，电路中电源电压保持不变，所以曲线a应该表示电路中消耗的总功率与电流的关系图像。故A错误。
B.电源电压保持不变，由P=UI可知，电路中消耗的总功率与电流成正比，由曲线a可知，电源电压U=P/I=9W/3A=3W，故B错误。
C.由AB可知，曲线C为滑动变阻器R消耗的电功率与电流的关系图。当滑动变阻器接入胡电阻最大时，电路中的电流最小，此时I=0.5A，R总=U/I=3V/0.5A=6 Ω ，根据曲线a可知，定值电阻的阻值R=P/I2=9W/(3A)2=1Ω，所以滑动变阻器的最大电阻=R总-R=6Ω-1Ω-5Ω，故C错误。
D.滑动变阻器消耗的电功率PR0=P总-PR=3V*I-I2*1Ω=-I2+3I，根据二次函数的特点可知，当I=1.5A时，PR0最大，最大值为3V*1.5A-(1.5A)2*1Ω=2.25W，故D正确。
14．（2023九下·龙湾模拟）千年商港，幸福温州。温州朔门古港遗址发现的宋代古沉船是温州作为海上丝绸之路的绝佳阐释。打捞沉船时，电动机将沉船以相同的速度从水下竖直吊起至水面上方一定高度，下列表示此过程中绳子拉力的功率Р随沉船上升高度h变化的大致曲线，其中合理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；功率计算公式的应用
【解析】【分析】首先根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排分析这个过程中浮力的变化，再根据F拉=G-F浮分析绳子上的拉力变化，最后根据P=Fv分析绳子上拉力的功率变化即可。
【解答】①在沉船露出水面前，它排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排可知，它受到的浮力不变。根据F拉=G-F浮可知，它受到的拉力不变。根据P=Fv可知，拉力的功率不变；
②当沉船完全出水后，它排开水的体积为零，即不受浮力，此时拉力等于重力，即拉力保持不变。根据P=Fv可知，拉力的功率不变；
③从沉船开始露出水面到完全露出水面时，它排开水的体积不断增大，则它受到的浮力不断增大。根据阿基米德原理F拉=G-F浮可知，它受到的拉力不断增大。
此时绳子上的拉力F拉=G-F浮=G-ρ液体gV排，根据图片可知，沉船上大下小，则升高相同的高度时，它排开水的体积的增大速度逐渐减小，那么浮力的减下量也逐渐减小，那么绳子上拉力的增大量也逐渐减小。根据P=Fv可知，上升过程中功率的增大量也逐渐减小。
故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
15．（2023九下·宁波月考）如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为16W。设灯丝电阻不变，下列说法中不正确的是（ ）
A．甲、乙两图中灯L1两端的电压之比是1：2
B．甲、乙两图电路消耗的总功率之比为1：2
C．L1、L2两灯电阻之比为1：1
D．甲、乙两图中灯L2的功率之比为1：4
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）（3）根据可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，可得出灯L1在两个图中的电压之比，因电源电压不变，在甲图中，根据分压原理确定两灯的电阻之比；
（2）根据串联电阻的规律和并联电阻的规律，分别用R2表示出两个电路的总电阻，
在甲、乙两个电路中，根据，在电压不变时，电功率与电阻成反比，分别得出甲、乙两图电路消耗的总功率之比；
（4）根据算出甲、乙两图中灯L2的功率之比。【解答】（1）根据P=UI=可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，
则有：；
解得：；
，其中L1并=U（U为电源电压），
即甲、乙两图中灯L1两端的电压之比是1：2，故A正确不合题意；
因电源电压U不变，
在甲图中，L1的电压是电源电压的，
根据U总=U1+U2可知，L2的电压是电源电压的，
所以在甲图中，L1两端的电压等于L2两端的电压，
即L1、L2两灯电阻之比为1：1，故C正确不合题意；
根据串联电阻的规律和并联电阻的规律可得，
甲中电路的总电阻：R串联=R1+R2=2R2，
乙中电路的总电阻：，
根据可知，在电源电压不变时，总功率与总电阻成反比，
故甲、乙两图电路消耗的总功率之比为：，
故B错误符合题意；
甲、乙两图中灯L2的功率之比为：，
故D正确不合题意。
故选B。
二、填空题
16．（2023九上·杭州月考）跳绳是一种简便易行的锻炼方式。如图所示描绘了小明同学某次跳绳时重心移动的高度h随时间t变化的图象。按图象中的规律跳绳，小明1min能完成的跳绳个数为 个，若他质量为50kg，则他每跳一次绳克服重力做功的平均功率为 W。(g取10N/kg)
【答案】150；75
【知识点】功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据图像确定完成一次跳绳需要的时间，再用总时间除以这个时间得到1min内跳绳的次数；
（2）根据计算跳绳的平均功率。
【解答】（1）根据图片可知，从第一次起跳到第二次起跳所用的时间为0.4s，那么1min内跳绳个数为：次；
（2）1min内克服重力做功W=Gh=50kg×10N/kg×（0.06m×150）=4500J；
则克服重力做功的功率：。
17．（2023·杭州模拟）火柴是实验室常用的点火工具。引燃过程：划动火柴→擦火皮（含微量易燃物）产生火星→引发火柴头燃烧。A、B为两种常见的引燃方式，F1＝F2。火柴的引燃是通过 的方法来增大火柴头的内能，更易引燃的是 （选填“A”或“B”）方式。
【答案】做功；B
【知识点】影响摩擦力大小的因素；物体内能的改变方法；燃烧与灭火
【解析】【分析】做功和热传递可以改变物体的内能。火柴引燃过程，克服摩擦做功，内能增大；火柴头与擦火皮之间的压力越大，产生的摩擦力越大，克服摩擦力做功越多，转变成内能越多，温度升高更快，更易达到着火点，更易引燃火柴。
【解答】火柴引燃过程，克服摩擦做功，使火柴头内能增大；图B火柴头与擦火皮之间的压力大，摩擦力大，克服摩擦做的功多，转化为的内能多，更易引燃火柴头。
故答案为：第1空、做功 第2空、B
18．（2022九下·杭州模拟）用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的图像如图所示。根据图像可知，甲液体的比热容 (选填“大于”、“等于”或“小于”)乙液体的比热容。质量为0.5千克、初温为20℃的甲液体温度升高到90℃，吸收的热量为 焦。[甲液体的比热容为2×103焦／(千克·℃)]
【答案】小于；70000
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】（1）根据公式Q=cm△t比较液体的比热容大小；
（2）根据Q=cm△t计算甲液体吸收的热量；
【解答】（1）根据图像可知，当都加热90min时，二者吸收的热量相等。甲升高温度：90℃-20℃=70℃，乙升高温度：50℃-20℃=30℃，即△t甲>△t乙。根据公式Q=cm△t可知，甲的比热容小于乙的比热容。
（2）甲吸收的热量为：Q=cm△t=2×103J/(kg·℃)×0.5kg×（90℃-20℃）=7×104J。
19．（2023·宁波模拟）如图，是古人在“钻木取火”。木头内能增加是通过 (填“做功”或“热传递”)的途径实现的。该过程中能的转化与四冲程汽油机工作时 冲程能的转化相同。
【答案】做功；压缩
【知识点】物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】做功改变内能是通过能量转化实现的，热传递改变内能是通过能量转移实现的。四冲程汽油机工作过程中，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化成机械能，进气、出气冲程没有能量转化。
【解答】古人在“钻木取火”过程中，木头克服摩擦力做功，将机械能转化为内能；在四冲程汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，将机械能转化为内能，与“钻木取火”的能量转化相同。
20．（2023·湖州）新能源汽车因绿色低碳逐渐取代燃油汽车，电动汽车是常见的一种新能源汽车。
（1）内燃机为燃油车提供动力，其一个工作循环一般包括吸气、 压缩、做功、排气四个冲程，其中 冲程使汽车获得动力。
（2）电动机为电动汽车提供动力。下列实验可以演示电动机工作原理的是 。(填选项)
【答案】（1）做功
（2）乙
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；热机的工作原理
【解析】【分析】（1）内燃机的做功冲程，将燃料的内能转化为活塞的机械能，其余三个冲程全靠飞轮的惯性完成；
（2）根据电动机的工作原理分析解答。
【解答】（1）内燃机为燃油车提供动力，其一个工作循环一般包括吸气、 压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程使汽车获得动力。
（2）甲：闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计的指针摆动，产生了感应电流，为发电机的工作原理；
乙：闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，为电动机的工作原理；
故选乙。
21．（2023·镇海模拟）如图为一款市售熔岩灯（一种工艺品)，其结构可以分为三部分，底部中含有一盏白炽灯，中部的密封玻璃瓶中装有一种蜡状物A和另一种液体B，顶部为一个装饰作用的盖子。白炽灯未通电时，蜡状物沉在底部；白炽灯通电后，蜡状物变为液态，在液体B中出现不断上浮、下沉的景象。
（1）白炽灯通电后，蜡状物通过 的方式获得物态变化所需的内能。
（2）制作熔岩灯所用的蜡状物应具备哪些物理性质 。 (至少答一种)
【答案】（1）热传递
（2）熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B
【知识点】物体内能的改变方法
【解析】【分析】（1）物体的内能可以通过做功和热传递来改变；
（2）物理性质指不需要通过化学变化就可以体现出来的性质。
【解答】（1） 白炽灯通电后 产生热量，通过热传递改变内能；
（2）由题干信息可知，其物理性质为： 熔点低；不溶于液体B；固态时密度大于液体B，液态时密度小于液体B .
22．（2023·慈溪模拟）太阳能属于新能源，清洁、无污染，是地球所需能量的主要来源。
（1）太阳能来自于太阳内部的 (选填“核裂变”或“核聚变”)
（2）如图所示正午遮阳棚内太阳光射入后，棚内照亮面积S，若S 、S 、S 代表二分(春分、秋分)二至(夏至、冬至)日正午时棚内的照亮面积，且 S >S >S 。则S 是 日正午时棚内的照亮面积
（3）地形缓慢变化的外部力量主要是太阳能引起的，如气温变化、流水、风力等，下列地形的形成与太阳能无关的是 (填字母)
A.岩浆的喷发 B.风蚀蘑菇 C.长江三角洲
【答案】（1）核聚变
（2）冬至
（3）A
【知识点】核裂变与核聚变；核电站及其工作原理
【解析】【分析】（1）太阳内部中的氢氦等元素在发生反应；
（2）由图可知，太阳高度角越小，其照亮面积就越大；
（3）火山和地震的动力来自于地球内部能量；
【解答】（1）太阳能来自于太阳内部的氢元素的核裂变；
（2）太阳高度角越小，其照亮面积就越大，故为冬至日；
（3）BC分别为风力侵蚀和流水沉积，A岩浆喷发的能量来自于地球内部。
23．（2023·鹿城模拟）将制作好的水火箭竖直立于地面如图甲所示。用打气筒向瓶内打气，瓶内压强足够大时，瓶内的水向下喷出，水火箭竖直向上飞起。
（1）瓶内的水向下喷出而水火箭向上运动，这是因为 。
（2）水火箭瓶体质量为0.5千克。当水火箭竖直上升至15米高时，瓶体克服自身重力做功 。
（3）图乙是水火箭发射后的速度随时间变化的图像，请选出水火箭发射后受到平衡力的时刻 。（选填“t1”、“t2”或“t3”）
【答案】（1）力的作用是相互的
（2）75焦
（3）t1
【知识点】力的作用是相互的；平衡力的辨别；功的计算公式的应用
【解析】【分析】（1） 力的作用是相互的。只要一个物体对另一个物体施加了力，受力物体反过来也肯定会给施力物体施加一个力；
（2）功=力x在力的方向上移动的距离；
（3）物体处在平衡状态下（静止或匀速直线运动）所收到的力为平衡力；
【解答】（1） 瓶内的水向下喷出而水火箭向上运动 ，说明火箭受到一个水对它向上的反作用力，故原因为： 力的作用是相互的 ；
（2）W=GH=0.5kg·10N/kg·15m=75J；
（3） 一开始的时候推力大于其重力，先加速，后推力逐渐变小，当推力等于重力时，此时速度最大为平衡状态，受到平衡力，故时刻为： t1
24．（2023·丽水）如图是电热液体蚊香器，工作时内部的发热部件对蚊香液加热，一段时间后，其项部有“白雾”飘出，房间里弥漫着蚊香液的清香，起到驱蚊和灭蚊的作用。
（1）发热部件使蚊香液温度升高，该过程主要通过 ，使蚊香掖的内能增加(填“做功"或“热传递”)；
（2）“白雾”是蚊香液先汽化后 形成的(填物态变化名称)；
（3）房间里弥漫着清香说明分子在不停地做 。
【答案】（1）热传递
（2）液化
（3）无规则运动(热运动)
【知识点】液化及液化现象；物体内能的改变方法
【解析】【分析】改变内能的方式有做功和热传递，同时还考查了分子的动理论的相关知识。
【解答】（1） 发热部件使蚊香液温度升高 ，该过程为热传递；
（2）白雾为液态，故是液化的结果；
（3） 房间里弥漫着清香说明分子在不停地做无规则运动(热运动) 。
故答案为：（1）热传递；（2）液化；（3） 无规则运动(热运动)
25．（2023·温州模拟）如图是为研究焦耳定律的实验装置。在两个相同的烧瓶中装满初温相同的煤油，插入两个相同的温度计，瓶中电阻丝为定值电阻，分别为R甲和R乙。
（1）本实验用到了控制变量法，请列举一个课本中用到该方法的实验： 。
（2）若R甲为10欧姆，R乙为5欧姆，实验中电流表示数为0.2A，若通电1分钟，R甲产生的热量为 焦耳。
【答案】（1）探究电流与电压、电阻的关系（其他合理答案也可以）
（2）24
【知识点】焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】
电流热效应的影响因素——用控制变量法进行研究
(1)在电流相同，通电时间相同的情况下，电阻越大，这个电阻产生的热量越多。
(2)在电阻相同，通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，这个电阻产生的热量越多。
【解答】
（1）考查控制变量。
（2）由焦耳定律可知，R甲产生的热量：Q甲=I2R甲t=（0.2A）2×10Ω×60s=24J。
三、实验探究题
26．（2023·杭州模拟）小科利用两节新干电池、滑动变阻器(1安20欧)、电压表(0~3V)、电流表(0~0.6A)、额定电压为2.5V的小灯泡、定值电阻(5欧、10欧、15欧)各一个、开关和导线若于进行电学实验。
（1）为了测量小灯泡的电阻，小科根据电路图(图甲)连接电路，当连接好最后一根导线时，小灯泡立即发光。请你指出他在实验操作中的不当之处 。
（2）小科掌握正确操作后，闭合开关，移动滑片，进行了多次实验测得数据如下表。通过数
据分析，此小灯泡的额定功率为 。
序号 1 2 3 4 5
U/V 1.0 1.5 2.0 2.5 2.8
I/A 0.2 0.21 0.22 0.25 0.26
灯泡亮度 不亮 微光 微亮 亮 很亮
（3）小科认为根据提供的器材还可以探究电流与电阻的关系。于是他将小灯泡换成5欧的定值电阻，闭合开关，滑动滑片，此时，电流表读数如图乙所示。然后分别换上10欧、15欧的定值电阻，滑动滑片至适当位置，重复上述操作。其中的“适当位置”是指 。
【答案】（1）连接电路时未断开开关
（2）0.625w
（3）电压表示数为2V
【知识点】电功率计算公式的应用；电功率
【解析】【分析】（1）在连接电路时，为了避免电路时通时断造成短路，要求开关必须断开；
（2）根据表格确定灯泡的额定电压和额定功率，然后跟机P=UI计算灯泡的额定功率；
（3）根据乙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数，根据U=IR计算出电压表保持不变的示数即可。
【解答】（1）根据“小灯泡立即发光”可知，他在实验中的不足之处为：连接电路时未断开开关。
（2）根据表格可知，当电压为额定电压2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，那么灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W。
（3）根据乙图可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.4A，那么电压表的示数为：U=IR=0.4A×5Ω=2V。
探究电流与电阻关系时，需要控制电阻两端的电压相等，因此：“适当位置”是指电压表示数为2V。
27．（2023·杭州模拟）某小组同学猜想电流通过导体产生的热量跟下列因素有关：
猜想A：与电流大小有关； 猜想B：与电阻大小有关；猜想C：与通电时间长短有关于是他想用如图1和图2所示的实验装置进行探究
（1）图1实验烧瓶中装的煤油是 （选填“导体”或“绝缘体”）。
（2）小金同学设计并连接了如图2所示的电路，则他是为了探究猜想： （填字母即可）
（3）通过焦耳定律的学习，小金知道：图中 装置（填“甲”、“乙”、“丙”）U形管两边液面高度差最小。
【答案】（1）绝缘体
（2）A
（3）乙
【知识点】影响电流热效应的因素（焦耳定律）
【解析】【分析】（1）容易导电的物体为导体，不容易导电的物体为绝缘体；
（2）根据图2确定哪个因素不同即可；
（3）根据Q=I2Rt分析哪个电阻产生的热量最少即可。
【解答】（1）烧瓶中的煤油不容易导电，属于绝缘体。
（2）在并联电路中，干路电流大于支路电流。在并联电路中，如果一个支路电路变大，那么总电阻变大。
根据图2可知，三个电阻阻值相等，且甲在干路上，而乙和丙都在支路上，因此通过电流甲的电流最大，即通过它们的的电流大小不同，那么实验探究电流产生的热量与电流的关系，即探究猜想A。
（3）电阻乙和5Ω的电阻并联，电阻丙与10Ω的电阻并联，则乙部分的总电阻小于丙部分的总电阻，而串联电路中电压与电阻成正比，因此乙两端的电压肯定小于丙两端的电压。根据可知，通过乙电阻的电流小于通过丙电阻的电流。比较可知，通过乙的电流是最小的。根据Q=I2Rt可知，相同时间内乙产生的热量最少，则U形管两边液面高度差最小。
28．（2023·杭州模拟）某同学利用如图1所示的电路来测量小灯泡的电功率（电源电压3V，小灯泡的额定电压2.5V）。
（1）闭合开关发现两电表指针处于图2所示位置，此时灯泡 （选填“不发光”“微弱发光”或“比正常亮”）
（2）故障排除后，从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图3所示，则小灯泡的额定功率是 W。
（3）他做完以上实验后，又想测出一个未知电阻Rx的阻值，连接电路时发现电压表已损坏，于是他又设计了如图4所示的电路，也测出了电阻的阻值（R0是已知阻值的定值电阻）。请你帮他完成下列步骤。
①只闭合开关S1，电流表的示数为I1； ②开关S1、S2闭合后，电流表的示数为I2；
③请写出未知电阻Rx的阻值表达式：Rx＝ （用I1、I2和R0表示）。
【答案】（1）不发光
（2）0.75
（3）
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）根据图2确定电压表和电流表的示数，从而推测电路故障，进而判断灯泡的发光情况；
（2）根据图3确定灯泡的额定电流，然后根据P=UI计算灯泡的额定功率；
（3）电源电压不变，根据U总=I总R总列出两个方程，联立计算即可。
【解答】（1）根据图2可知，电压表的示数等于电源电压，电流表的示数几乎为零。根据图1可知，当灯泡发生断路时，电压表串联在电路中。由于电压表的内阻很大，因此电流表的示数几乎为零。在串联电路中，电压与电阻成正比，因此电压表的示数接近电源电压。综上所述，此时灯泡不发光。
（2）根据图3可知，当灯泡的电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，那么灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。
（3）①只闭合开关S1，电流表的示数为I1；
此时两个电阻串联，根据U总=I总R总得到： U总=I1×（Rx+R0） ①；
②开关S1、S2闭合后，电流表的示数为I2；
此时只有R0自己工作，根据U总=I总R总得到： U总=I2R0 ②；
①②联立解得： 。
29．（2023·宁波）图甲是小宁的哥哥测定小灯泡额定功率的电路，小灯泡上标有“3.8V”字样。
（1）测小灯泡电压的电压表有“0-3V”、“0-15V”两个量程，小宁的哥哥正确选用了“ ”量程。
（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为3.8V，此时，电流表的示数如图乙所示。实验测得的该小灯泡的额定功率为 。
（3）小宁发现，与我们教材中测小灯泡电功率的电路相比，哥哥的实验电路多了一根导线这根导线是 。（用图甲中导线旁的字母表示）
【答案】（1）0~15V
（2）1.14
（3）b
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）根据灯泡的额定电压选择电压表的量程；
（2）根据图乙确定电流表的量程和分度值，然后根据指针的位置读出灯泡的额定电流，最后根据P=UI计算灯泡的额定功率。
（3）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，注意电表的量程和接线柱，以及变阻器接线“一上一下”。
【解答】（1）根据题意可知，灯泡的额定电压为3.8V，即电压表的最大示数为3.8V，则电压表选择量程0~15V；
（2）根据乙图可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.3A，那么灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W。
（3）在测量小灯泡额定功率的实验中，除了电压表与灯泡并联外，其它的都是串联。根据图甲可知，滑动变阻器应该接2根线，现在却接了3根，肯定存在问题。观察发现，只要将开关与变阻器之间的b导线去掉即可恢复正常。
四、解答题
30．（2023·衢州）在学校生态种植园，同学们经历了“挖地→种植→管理→收获”的劳动过程。
（1）挖地：用挖入土壤的锄头翻起土块时（如图甲），锄头属于 杠杆，在答题纸相应位置上画出锄头翻土时动力F1的力臂。
（2）种植：如图乙，种苗基地的菜苗带土出售，是为了减少对菜苗 （填器官名称）的损伤，提高移栽成活率。
（3）管理：①在种植时节，常用能遮光和反光、保温和增温、保水和防水、保肥和增肥、防草和防虫的可降解塑料地膜覆盖在菜地表面（如图丙），使作物生长所需的光、热、水、肥、气等条件得到优化，达到早熟、高产的效果。请综合所学知识，结合地膜的作用，围绕“光、热、水、肥、气”五个条件中的任意两个，解释覆盖地膜能促进作物早熟、高产的科学道理。
从“气”的角度答题示例：地膜可以避免大雨天过多的水分渗入土壤，防止土壤板结，提高土壤的透气性，有利于作物根的呼吸作用，促进水和无机盐的吸收。
②配制100千克质量分数为5%的尿素溶液进行施肥，需尿素多少千克 ？
⑷收获：……
【答案】（1）省力；
（2）根
（3）答题要点：A．遮光抑制杂草的光合作用，达到除草的目的；B．覆盖地膜抑制杂草的呼吸作用，达到除草的目的；C．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于作物根的生长；D．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于土壤微生物生活及分解残枝落叶；E．减少土壤水分的蒸发，减少浇水，节约人工成本；F．地膜能防止雨天过多水分下渗，减少土壤板结和水肥流失，有利于根的呼吸；G．覆盖地膜后，能阻止许多在害虫生长的繁殖，从而减少虫害；H．地膜反光，为植物中下部叶片提供充足光照，利于作物光合作用。；尿素的质量：100kg×5%=5kg
【知识点】植物的根系及其结构与功能；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系；杠杆的分类；土壤的污染与保护
【解析】【分析】溶质的质量=溶液的质量×溶质的质量分数；根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂；当动力臂大于阻力臂时，动力小于阻力是省力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，动力等于阻力是等臂杠杆；当动力臂小于阻力臂时，动力大于阻力是费力杠杆；
【解答】（1）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂；因为该图中动力臂大于阻力臂，所以动力小于阻力，属于省力杠杆；力臂是指力的作用线到支点的距离；作图如下：；
（2）植物的根能够吸收水分和无机盐，如图乙，种苗基地的菜苗带土出售，是为了减少对菜苗根的损伤，提高移栽成活率。
（3） ①A．遮光抑制杂草的光合作用，达到除草的目的；B．覆盖地膜抑制杂草的呼吸作用，达到除草的目的；C．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于作物根的生长；D．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于土壤微生物生活及分解残枝落叶；E．减少土壤水分的蒸发，减少浇水，节约人工成本；F．地膜能防止雨天过多水分下渗，减少土壤板结和水肥流失，有利于根的呼吸；G．覆盖地膜后，能阻止许多在害虫生长的繁殖，从而减少虫害；H．地膜反光，为植物中下部叶片提供充足光照，利于作物光合作用。
②尿素的质量=溶液的质量×溶液中尿素的质量分数-100kg×5%=5kg；
故答案为：（1）省力（2）根（3） A．遮光抑制杂草的光合作用，达到除草的目的；B．覆盖地膜抑制杂草的呼吸作用，达到除草的目的；C．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于作物根的生长；D．减少土壤向外散热，能提高土壤温度，有利于土壤微生物生活及分解残枝落叶；E．减少土壤水分的蒸发，减少浇水，节约人工成本；F．地膜能防止雨天过多水分下渗，减少土壤板结和水肥流失，有利于根的呼吸；G．覆盖地膜后，能阻止许多在害虫生长的繁殖，从而减少虫害；H．地膜反光，为植物中下部叶片提供充足光照，利于作物光合作用。②尿素的质量：100kg×5%=5kg
31．（2023·杭州模拟） 2022年杭州亚运会的场馆建设体现了“绿色、智能、节俭、文明”的理念。
（1）亚运场馆将实现光伏全覆盖，当阳光照射到光电半导体上，光能将转化成 ，使电器工作。预计亚运期间光伏发电量将达到4000万kW·h，相当于减少焦炭燃烧 吨释放的能量。（已知焦炭的热值q=3.0×107J/kg)；
（2）亚运城餐厅的餐具采用微生物降解材料生产，自然界某些微
生物通过呼吸作用，可将该材料分解成CO2和H2O。以下生产微
生物呼吸作用类型与上述不相同的是 。(填序号，可多选)；
①鲜奶中添加乳酸菌后制作酸奶②葡萄中添加酵母菌后酿葡萄酒
（3）为迎接2022年亚运会的召开，倾力打造绿色城市，大力植绿、造绿。园林工人为使灌木围城的绿篱长得茂密、整齐，需要对篱笆的顶芽进行定期修剪，其目的是 。
（4）比赛期间，场馆内产生的垃圾需分类投放，以下垃圾可以和废弃矿泉水瓶投放在一起的是 (选填“纸盒”、“铝合金衣架”、“鱼骨头”)。
【答案】（1）电能；4800
（2）①②
（3）去除顶端优势，促进侧芽生长
（4）AB
【知识点】芽的发育；电功的实质；电功计算公式的应用；常见物质的分类
【解析】【分析】热值：单位质量某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。公式：燃料完全燃烧放出的热量Q=mq；符号和单位：q J/kg；热值的影响因素：热值只与燃料的种类有关； 顶端优势指植物的主茎顶端生长占优势，同时抑制着它下面邻近的侧芽生长，使侧芽处于休眠状态的现象。 有氧呼吸需要在有氧气的条件下进行，无氧呼吸不需要氧气参与。其次，反应场所不同，真核细胞中有氧呼吸需要线粒体的参与，（原核细胞中则只需要相应的酶的参与）。再然后，氧化程度和产物不同，有氧呼吸是彻底地氧化分解生成CO2和水，无氧呼吸是不彻底地氧化分解生成酒精和CO2或者乳酸。最后是释放能量的多少不同，有氧呼吸释放的能量多，无氧呼吸释放的能量少。
【解答】（1） 亚运场馆将实现光伏全覆盖，当阳光照射到光电半导体上，光能将转化成电能，使电器工作。预计亚运期间光伏发电量将达到4000万kW·h，相当于减少焦炭燃烧的质量为4800吨释放的能量；m=Q/q=40000000×3.6×105J/ 3.0×107J/kg =4800000kg=4800吨；
（2）自然界某些微生物通过呼吸作用，可将该材料分解成CO2和H2O属于有氧呼吸，所以生物呼吸作用类型与上述不相同的是①②，①②属于微生物的无氧呼吸；
（3）顶端优势是指顶芽的优先生长会抑制侧芽的生长，所以园林工人为使灌木围城的绿篱长得茂密、整齐，需要对篱笆的顶芽进行定期修剪，其目的是去除顶端优势，促进侧芽生长；
（4）废弃的矿泉水瓶属于可回收的垃圾，所以可以和他放一起的是纸盒和铝合金衣架；
故答案为：（1）电能；4800（2）①②（3） 去除顶端优势，促进侧芽生长 （4）AB
32．（2023·杭州模拟）为延长食物保质期，可对食物进行真空包装。真空包装机（如图甲）先抽出塑料袋内的气体，再利用电热丝加热塑料袋口进行密封。图乙是模拟该真空包装机功能的简易电路图，已知电热丝的电阻为800Ω。
（1）抽气机将塑料袋内空气抽出，使袋子变瘪，这是由于受到 作用；
（2）已知该真空包装机在家庭电路中正常使用，已知电热丝的加热功率为32w，求滑动变阻器的阻值。
（3）密封时温度过高导致袋口破损。为降低电热丝温度，应将滑动变阻器滑片向 移动。
【答案】（1）大气压
（2）根据乙图可知，变阻器与电热丝串联。
根据P=I2R得到：32W=I2×800Ω，解得：I=0.2A；
那么总电阻为：；
则变阻器接入的阻值为：R变=R总-R=1100Ω-800Ω=300Ω；
（3）左
【知识点】大气压强的存在；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据大气压强的知识解答；
（2）首先根据P=I2R计算通过电热丝的电流，再根据计算总电阻，最后根据串联电路电阻特点R变=R总-R计算变阻器的阻值；
（3）首先根据Q=I2Rt分析通过电热丝电流的变化，再根据欧姆定律确定总电阻的变化，进而确定变阻器的阻值变化，最终确定滑片的移动方向。
【解答】（1）抽气机将塑料袋内空气抽出，使袋子变瘪，这是由于受到大气压作用；
（3）根据Q=I2Rt可知，药降低电热丝的温度，就要减小通过电热丝的电流，根据可知，就药增大总电阻。根据R总=R+R变可知，就要增大变阻器的阻值，即滑片向左移动。
33．（2023·杭州模拟）灯泡L标有“20V10W”的字样，当把L和定值电阻R分别按甲图、乙图连接电路，灯泡均正常发光，甲图电源电压为30V，求：
（1）通过甲图R的电流
（2）定值电阻R的阻值。
（3）通电10s，乙图R产生的热量。
【答案】（1）解：
（2）解：；
（3）解：
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用；焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】（1）灯泡正常发光，通过灯泡的电流可由额定电压和额定功率计算，IL=PL/UL，串联电路电流处处相等，所以IR=IL 。
（2）由串联电路电压特点，可得UR=U－UL，再由R=UR/IR计算出定值电阻R的阻值。
（3）灯泡正常发光，说明乙图电源电压为20V，由I=U/R计算出通过R的电流，再由Q=I2Rt计算出通电10s，乙图R产生的热量。
34．（2023·杭州模拟）如图甲是一款无人水下航行器，其内部装有控制系统、推进系统、摄像模块、电池模块，总质量为8千克，采用全封闭结构。它的底部还有一个活塞式浮力系统调节装置（如图乙），活塞位置可上下调节，从而改变航行器排开水的体积，以实现航行器在水中的上下运动或停留。某次测试时，航行器竖直上升并停留在水中的某个位置，该过程中速度随时间的变化关系如图丙所示。
（1）航行器在测试过程中停留在水中的某个位置时排开水的体积是多少？
（2）航行器在水中匀速上升这段时间内克服重力做功多少焦？
（3）当航行器在水下运动时，会受到水的阻力，根据丙图分析，航行器在第9秒时受到的浮力与重力的大小关系如何，请作出判断并说明理由。
【答案】（1）解：航行器在测试过程中停留在水中的某个位置时处于平衡状态，所受的浮力
F浮＝G＝mg＝8kg×10N/kg＝80N，
根据阿基米德原理可知V排＝8×10﹣3m3；
（2）解：航行器在水中匀速上升这段时间内运动的路程h＝vt＝0.2m/s×（15s﹣6s）＝1.8m，
克服重力做功W＝Gh＝80N×1.8m＝144J；
（3）当航行器在水下运动时，会受到水的阻力。根据丙图分析，航行器在第9秒时处于平衡状态，受到竖直向上的浮力、阻力和竖直向下的重力的作用，受到的浮力小于重力。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；功的计算公式的应用
【解析】【分析】（1）当航行器在水中悬浮时，它受到的浮力等于重力，然后根据阿基米德原理的变形式 V 计算排开时的体积；
（2）首先根据s=vt计算航行器匀速上升通过的路程，再根据W=Gh计算航行器克服重力做的功；
（3）根据丙图确定第9s时航行器的运动状态，然后根据平衡力的知识列出平衡关系式，最后再比较浮力和重力的大小。
35．（2023·宁波模拟）两个班级正在进行拔河比赛，场上参赛同学的体重都较大。他们的身体会适当地向后倾斜，如图所示，这样比赛时他们的脚下不易打滑，身体(相当于杠杆)也不易向前倾倒。请分析其中的原因。
【答案】①拔河队员鞋子与所接触的地面粗糙程度一定，同学的质量越大、重力越大，对地面的压力越大，产生的摩擦力越大，比赛时他们的脚下不易打滑； ②把人看做杠杆，以脚为支点，身体后倾，重心落在脚掌后面，增大阻力(重力)的力臂，此时动力臂变小，阻力不变，由杠杆平衡条件F动L动=F阻L阻可知，动力变大，从而增加对方拉动向前转动的动力，身体不易向前倾倒
【知识点】影响摩擦力大小的因素；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】①滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，即压力越大，接触面越粗糙，则受到的摩擦力越大；
②根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
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