物理
全卷满分110分，考试时间90分钟。
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改
的
动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷
让无效
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符
合题目要求的。
1.2023年诺贝尔物理学奖授予皮埃尔·阿戈斯蒂尼、费伦茨·克劳斯和安妮·吕利耶三位科学
家，以表彰他们将产生阿秒光脉冲的实验方法用于研究物质中的电子动力学。阿秒是一个极小
的时间单位。已知1阿秒=10-18秒，光在真空中的传播速度为3×108m/s,则光在真空中传播
1阿秒的距离为
()
A.30 nm
B.3 nm
C.0.3 nm
D.0.03nm
2.如图所示为地球仪绕地轴做匀速转动的示意图。P点和Q点位于同一条“经线”上，Q点位于
“赤道”上，P点位于北纬60°，地球仪可认为是正球体。将质量相等的甲、乙两质点分别固定于
P点和Q点，下列说法正确的是
()
A.甲、乙的线速度大小相等
B.甲、乙的向心加速度大小相等
如
C.甲、乙随地球仪做圆周运动的向心力大小之比为1：√3行学，，
D.甲、乙随地球仪做圆周运动的向心力大小之比为1：2
物理试题第1页（共8页）
3,用DS研究通电螺线管的磁感应强度，得到通电螺线管轴线上M、N两点间的磁感应强度大小
与位置关系的图像，如图所示，M、N两点到螺线管中心的距离相等。把该螺线管水平放置，一
个闭合金属圆环套在水平光滑绝缘杆（图中未画出）上自螺线管右侧N点以初速度。向左运
动，最终穿过螺线管。忽略空气阻力的影响，金属圆环在螺线管中可沿螺线管轴线做直线运动
且金属圆环平面始终与螺线管轴线垂直，从金属环释放到穿过螺线管的整个过程中，下列说法
正确的是
A在x,位置时穿过金属圆环的磁通量的变化率为零
B.在x,位置时金属圆环中有电流产生
C.金属圆环从x,至x2和从x5至x6的过程中穿过金属圆环的磁通量变化量相同
D.金属圆环从xs至x。的过程中的机械能一定增加
4.在黑箱内有一个由三个阻值相同的定值电阻构成的电路，黑箱面板上有三个接线柱1、2,3。用
欧姆表测得任意两个接线柱之间的电阻均为2。如果把1、2接线柱用导线连接起来，则1,3
接线柱之间的电阻为
10
30
2财
A.30
B.2.5n
C.2.0n
D.1.5n
5.探测火星过程中某火星探测器绕火星做圆周运动的轨道半径为？，周期为T。火星半径为R,忽
略火星自转的影响，地球表面重力加速度为g,宇航员在火星表面上受到的重力与宇航员在地球
表面上受到的重力之比为
()
4π2r3
4π2r3
A.TR'8
B.TR'8
4π2r
C.TR8
4x'r
D.TRg
6.某同学携带测高仪乘坐电梯下楼，记录下了距离地面的高度h与时间：的关系。如图所示，0一
t1时间内和t2~t,时间内图线是曲线，11一4：时间内图线为直线。已知该同学的质量为m,电
物理试题第2页（共8页）(高三)参考答案
物
理
1.C解析：光在真空中传播1阿秒的距离为s=t=
6.C解析：电梯下行，0~t,速度增加，加速度向下，
3×10-1"m=0.3nm,C正确。故选C。
处于失重状态，F￥2.D解析：甲乙两质点随地球或做圆周运动的角速
度减小，加速度向上，处于超重状态，F、>mg,B错
度相等，设甲质点轨道半径为Rm,乙质点的轨道半
误；电梯下降的整个过程中支持力始终做负功，所以
R
径R。一cos60=2Rm,由公式v=rcr可知线速
该同学的机械能一直诚小，C正确，D错误。故选C。
7.B解析：开关S闭合后，根据“串反并同”法判断可
度大小之比等于轨道半径之比，A错误；由公式a=
知，在滑动变阻器R。的滑片向上滑动的过程中，滑
w2rcr可知向心加速度大小之比等于轨道半径之
动变阻器接人电路中的电阻增大，电流表与之间接
比，B错误由公式F=m@2rcr,可知向心力大小
串联示数诚小，电压表与之间接并联示数增大，R
之比等于轨道半径之比，F甲：F乙=1：2，C错误，
与R。并联，电阻R:所消耗的电功率增大，A,D错
D正确。故选D
误；电压表示数与电流表示数的比值为外电路总阻
3.A解析：根据磁感应强度图像可知x:位置至x
位置磁感应强度不变，穿过金属圆环的磁通量变化
值，外电路总阻值变大，则了变大，B正确：电压表示
率为零，不产生感应电流，A正确，B错误；x1至x
数变化量大小与电流表示数变化量大小之比为电源
穿过金属圆环的磁通量增加，自x5至x6穿过金属
内阻，所以不变，C错误。故选B。
圆环的磁通量诚少，均有感应电流产生，有机械能转
8.B解析：小球静止时悬线与竖直方向成0角，对小
化为电能，C,D错误。故选A。
球受力分析，小球受重力、拉力和电场力，三力平衡，
4.D解析：黑箱内为三个阻值相等的电阻，三个接线
柱之间电阻均相等，均为22，所以内部电路如图1
根据平衡条件，有ng tan9=gE,解得E=mgtan0
或图2所示，图1中每个电阻阻值为12，当把1、2
A错误；
接线柱连接，两个电阻并联后与另一个电阻申联，阻
值为1.5n:图2中每个电阻阻值为32，当把1、2
接线柱连起来，1,3接线柱之间阻值为1.5。D正
确，故选D
1
02
小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在等效
最高点A速度最小，根据牛顿第二定律，有mg
c080
2
图1
图2
m工则最小动能E=
2os0B正确：小
5.B解析：忽略火星自转，mg'=GMm
R:,周期T
球的机械能和电势能之和守恒，则小球运动至电势
2xV解得g可形父'
4x2r8
能最大的位置机械能最小，小球带负电，则小球运动
TRg
到圆周轨迹的最左端点时机械能最小，C错误：小球
B正确。故选B。
从初始位置开始，在竖直平面内运动一周的过程中，
·物理答案（第1页，共4页）·(高三)评分细则
物
理
13.(1)
(2分)
16.1)粒子在电场中加速，由动能定理可知U,=2
1
v。,
(2分)
:2eU
解得。=
m
(1分)
(2)粒子在偏转电场中做类平抛运动，垂直于电场
方向L=vt
沿电场方向ea=ma
(1分)
E
速度u=十(at)
(2)最右(1分)小灯泡(1分)
1
(3)26.7(26.3-27.0均给分)(2分)
侧移量y=2at
(1分)
0.600(0.592-0.608均给分)(2分)
2eU UeL
14.(1)35.87(35.86-35.89均给分)(2分)
联立解得人m
(1分)
2d'mU
(2)1,十1，一1：一12(2分)
U:L:
y
4dU,
(1分)
mg
mg
11+l,-l2-12
(2分)，-1
(2分)
(2分)
15.(1)物体从起重机上脱落前，对重物进行受力分析
可知
F-mg=ma
(1分)
2
(1分)
根据运动学公式
由儿何关系可知。
2
v=2ah
(1分)
得Y=
UL()
2U d2
(1分)
解得v=
2(F-mg)h
(1分)
(1分)
(2)重物脱落前的平均速度=0十”
(8)该示放器的灵敏度D-式
2
(1分)
L
拉力的平均功率P=F。
解得D=
(1分)
U:4dU
(1分)
（F-m1g)h
则增加L、或者减小d以及减小U1均可增加灵敏
解得P=F
2m
(1分)
度（写出任意2种方法均可得分）。
(1分)
(3)重物从起重机上脱落后由动能定理得
17.(1)小球落在P点，根据几何关系，竖直位移为y=
1
mgh=E4一2mu
(1分)
一之三毛多士—之么
h
(1分)
解得E。=Fh
(1分)
由平抛运动规律x=vot
(1分)
·物理评分细则（第1页，共2页）·
y-iar
(1分)
3
水平方向位移
h=c0sa·t
(1分)
解得u。=Y3gh
(1分)
2
6
小球在空中飞行时间t=
(1分)
(2)设B球下落高度h1所用时间为t,
Va COS a
有A=名知
h
1
(1分)
竖直方向位移2=，sina·t一281
(1分)
此时设A球竖直上升高度A:=1一方1分
3gh
代人飞行时间得4=
cos 30'sin 2a-sin 30cos 2
1
因h=h,十h:,解得1=五
(1分)
UI
(1分)
由于A球上升到最大高度的时间'=，由此可
3gh
进一步整理：=
g
2
(2分)
sin(2a-30)-
1
2
知≥1时，A球在上升过程中可与B球相遇，解
当2a一30°=90°时t2最小，因为a<90°，所以a=
得v1≥√gh(,>√gh也得分)
(1分)
609
(1分)
(3)设抛出时小球的速度为2，方向与水平方向夹
1
此时v:=2y6gh
(1分)
角为a,则速度在水平方向分量v.=w:cosa
速度在竖直方向分量v,=v:sin a
·物理评分细则（第2页，共2页）·
